2024.2025學(xué)年貴州省畢節(jié)市大方一中高二（下）期末考試

物理試卷

一、單選題：本大題共8小題，共32分。

1.下列說法正確的是（）

A.液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)

B.液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)

C.物體溫度降低，其內(nèi)能一定增大

D.物體溫度不變，其內(nèi)能一定不變

2.隨著科技的發(fā)展，大量的科學(xué)實(shí)驗(yàn)促進(jìn)了人們對微觀領(lǐng)域的認(rèn)識。下列說法正確的是（）

A.原子核輻射光子后回到低能級時(shí)，其動(dòng)能變大

B.a粒子散射現(xiàn)象說明原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)

C.在原子核中，比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固

D.光電效應(yīng)現(xiàn)象中逸出的電子是原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的

3.Ha、Hp、%,、%是氫原子光譜在可見光部分的4條光譜線，它們分別是從〃=3、4、5、6能級向九二2

能級躍遷產(chǎn)生的。4條光譜線中，波長最長的是（）

A.￡B.%C.HyD.Hs

4.如圖所示，取裝有少量水的燒瓶，用裝有導(dǎo)管的橡膠塞塞緊瓶口，并向瓶內(nèi)打氣.當(dāng)橡膠塞跳出時(shí)，瓶

內(nèi)出現(xiàn)白霧。橡膠塞跳出后，瓶內(nèi)氣體（）

A.為能迅速增大

B.溫度迅速升高

C.壓強(qiáng)迅速增大

D.體積迅速膨脹

5.如圖所示，一定質(zhì)后的理想氣體從狀態(tài)a開始，先經(jīng)等壓變化到達(dá)狀態(tài)b，再經(jīng)等容變化到達(dá)狀態(tài)c。下列

判斷正確的是（）

A.從a到b,氣體溫度不變

B.從Q到從氣體向外界放熱

C.從b到c,氣體內(nèi)能改變

D.從8到c,氣體對外界做功

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6.圖像能夠直觀描述物理過程，能形象表述物理規(guī)律，能有效處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。如圖所示為物體做直線運(yùn)動(dòng)

的圖像，下列說法正確的是（）

A.中圖中，4、8、C三物體做直線運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖像如圖所示，則G時(shí)刻，三物體的速度相等

B.乙圖中,在石-2血內(nèi)物體的加速度大小為舞

C.內(nèi)圖中，陰影面積表示￡1~4時(shí)間內(nèi)物體的平均速度

D.丁圖中，該物體的初速度為2m/s,加速度為2m/s2,做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

7.用如圖所示的裝置觀察光的干涉和偏振現(xiàn)象。狹縫Si、S2關(guān)于。。'軸對稱，光屏垂直于。?！S放置。將

偏振片Pi垂直于0。'軸置于雙縫左側(cè)，單色平行光沿。。,軸方向入射、在屏上觀察到干涉條紋，再將偏振

片戶2置于雙縫右側(cè)，Pi、P2透振方向平行。保持Pi不動(dòng)，將P2繞。。'軸轉(zhuǎn)動(dòng)90。的過程中，關(guān)于光屏上的

干涉條紋，下列說法正確的是（）

光屏

卦一"I....歹

A.條紋間距不變，亮度減小B.條紋間距增大，亮度不變

C.條紋間距減小，亮度減小D.條紋間距不變，亮度增大

8.甘肅武威修建的全球首個(gè)社基熔鹽反應(yīng)堆以針為燃料。鉆233的半衰期僅為22.3分鐘，會(huì)經(jīng)過兩次0衰

變變成鈾233。下列說法正確的是（）

A./衰變中放出的電子來自于核外電子

B.鈾233的比結(jié)合能比牡233的大

C.100個(gè)社233原子核經(jīng)過44.6分鐘后一定還剩25個(gè)

D.通過升溫、加用可減小針的半衰期

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二、多選題：本大題共4小題，共16分。

9.如圖所示，一交流發(fā)電機(jī)，其中矩形線圈abed的邊長ab=cd=40cm,be=ad=25cm,匝數(shù)九=200

匝，線圈的總電阻廠=0.20/2,線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=上7的勻強(qiáng)破場中繞垂直于磁場的轉(zhuǎn)軸。。'勻速轉(zhuǎn)動(dòng),

角速度3=1004ad/s。線圈兩端通過電刷E、/與阻值R=4.80的定值電阻連接，不計(jì)其他電阻。下列選

項(xiàng)中正確的是（）

A.線圈平面與磁感線垂直時(shí)，磁通量變化率最大

B.在1s內(nèi)該交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流的電流方向改變50次

C.從線圈經(jīng)過中性面開始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的函數(shù)表

達(dá)式為e=100sinl007rt（I/）

D.此發(fā)電機(jī)在上述工作狀態(tài)下的輸出功率為960W

10.以下實(shí)驗(yàn)中，說法正確的是（）

A.“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，充電時(shí)電流逐漸減小，放電時(shí)電流逐漸增大

B."探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，需用重垂線來調(diào)整軌道末端的水平

C.“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，需先知曉線圈的繞向

D.“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈

接入10V的交流電時(shí)，副線圈輸出電壓不為零

11.為了診斷病人的心臟功能和動(dòng)脈中血液黏滯情況，可使用圖電磁流量計(jì)測量血管中血液的流速和流量。

如圖所示是電磁流量計(jì)測量血管中血液流速的示意圖，使血管處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場中，測得血管

兩側(cè)電壓為U。已知血管的直徑為d,假定血管中各處液體的流速穩(wěn)定時(shí)恒為小忽略重力影響（）

A.血液中的帶電粒子只受到洛倫茲力的作用B.b處電勢比a處電勢高_(dá)_x_^x_x

XXgX

C.當(dāng)時(shí)，流速趨于穩(wěn)定D.血管兩側(cè)電壓為U=IIT-）

x6xx

12.如圖（a）所示，兩根間距為L、足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置并固定，頂端接有阻值為R的電阻，

垂直導(dǎo)軌平面存在變化規(guī)律如圖（b）所示的勻強(qiáng)磁場，t=0時(shí)磁場方向垂直紙面向里。在t=0至肛=24

的時(shí)間內(nèi)，金屬棒水平固定在距導(dǎo)軌頂端L處；t=2t0時(shí)，釋放金屬棒。整個(gè)過程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好,

導(dǎo)軌與金屬棒的電阻不計(jì)，則（）

圖3)圖(b)

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C.利用復(fù)寫紙與臼紙記錄小球的落點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)過程中不可移動(dòng)白紙的位置

(3)如圖甲所示，多次釋放4球后，取各落點(diǎn)位置的平均值，記錄紙上一共有三個(gè)落地點(diǎn)：M、P、N,步驟②

中未放B球時(shí)，力球落地點(diǎn)是記錄紙上的______(填M、P或者N)點(diǎn)。

(4)測得各落點(diǎn)M、P、N到。點(diǎn)的距離分別為％1、%2、33，碰撞前后滿足(用血1、加2、％1、為2、％3表

示)，即可驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。

(5)某小組通過上述步驟成功驗(yàn)證動(dòng)量守恒后，用B球碰撞4球重復(fù)以上操作步驟，為實(shí)驗(yàn)結(jié)果有沒有影響？

簡述理由o

五、簡答題：本大題共2小題，共26分。

15.一個(gè)質(zhì)量為1.67x10-27kg、電荷量為1.6x10-19c的帶電粒子，以5xl()5m/s的初速度沿與磁場垂直

的方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.2T的勻強(qiáng)磁場。

(1)求粒子所受的重力和洛倫茲力的大小之比。

(2)求粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑。

(3)求粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，

16.如圖所示，水平面上有三個(gè)滑塊48和C,mA=mc=lkg,mB=2kg,C物塊的右側(cè)光滑，左側(cè)粗糙,

物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.2,力和B間夾有一壓縮輕彈簧(彈簧與4、B不相連)，開始時(shí)在外力

作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，撤除外力后，彈簧恢復(fù):原長時(shí)4剛好和C碰撞后粘在?起，4和C向左滑行l(wèi)zn后靜止,

己知力、B和C均可看作質(zhì)點(diǎn)，g=10m/s2,求:

(1)4和C碰撞后的瞬間速度的大小;

(2)開始時(shí)彈簧的彈性勢能為多大：

(3)若彈簧的勁度系數(shù)k=^N/m,彈簧的彈性勢能表達(dá)式為號=；依2,X為彈簧的形變量，求初始時(shí)/

和C之間的距離。

,nH

回

六、計(jì)算題：本大題共1小題，共13分。

17.2022年6月，我國首艘完全自主設(shè)計(jì)建造的航母“福建艦”下水亮相，除了引人注目的電磁彈射系統(tǒng)

外，電磁阻攔索也是航母的“核心戰(zhàn)斗力”之一，其原理是利用電磁感應(yīng)產(chǎn)生的阻力快速安全地降低艦載

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機(jī)著艦的速度。如圖所示為電磁阻攔系統(tǒng)的簡化原理：艦載機(jī)著艦時(shí)關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)，通過絕緣阻攔索拉住

軌道上的一根金屬棒必，金屬棒Q。瞬間與艦載機(jī)共速并與之一起在磁場中減速滑行至停下。已知艦載機(jī)質(zhì)

量為M,金屬棒質(zhì)量為接入導(dǎo)軌間電阻為r,兩者以共同速度為為進(jìn)入磁場。軌道端點(diǎn)MP間電阻為R,

不計(jì)其它電阻。平行導(dǎo)軌MN與PQ間距3軌道間有豎直方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。除安培力外艦

載機(jī)系統(tǒng)所受其它阻力均不計(jì)。求：

(1)艦載機(jī)和金屬棒一起運(yùn)動(dòng)的最大加速度a：

(2)艦載機(jī)減速過程電阻R上產(chǎn)生的熱量；

(3)艦載機(jī)減速過程通過的位移工的大小。

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答案解析

1.【答案】A

【解析】解：AB.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體當(dāng)中的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映,

故,4正確，8錯(cuò)誤；

CD.物體的內(nèi)能與物體的體積、溫度、摩爾數(shù)等因素都有關(guān)，所以溫度降低，其內(nèi)能不一定增大；溫度不

變，其內(nèi)能不一定不變，故8錯(cuò)誤。

故選:Ao

布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體當(dāng)中的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，溫度越高，懸浮

微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈；內(nèi)能與物體的體積、溫度、摩爾數(shù)等因素有關(guān)，結(jié)合這些知識進(jìn)行分析。

掌握布朗運(yùn)動(dòng)的概念和內(nèi)能的決定因素，明確內(nèi)能與物體的體積、溫度、摩爾數(shù)等因素有關(guān)。

2.【答案】A

【解析】解：4原子核輻射光子后回到低能級時(shí)，電子圓周運(yùn)動(dòng)半徑變小，根據(jù)女腎=6日

解得a=1?nv2=絳

可知，電子的動(dòng)能變大，故月正確；

8”粒子散射現(xiàn)象說明原子具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，原子能夠再分，天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故

8錯(cuò)誤；

。.在原子核中，比結(jié)合能越小表明原子核越不穩(wěn)定，即表示原子核中的核子結(jié)合得越不牢固，故。錯(cuò)誤；

D光電效應(yīng)現(xiàn)象中逸出的電子是核外電子吸收光子能量后脫離原子核束縛產(chǎn)生的，故。錯(cuò)誤。

故選：A.

根據(jù)原子核外電子躍遷、a粒子散射實(shí)驗(yàn)、比結(jié)合能、光電效應(yīng)原理正確判斷每個(gè)選項(xiàng)的正誤。

本題的關(guān)鍵在于理解原子物理中的基本概念和實(shí)驗(yàn)，在實(shí)際解題中，需要對這些概念有深入的理解，才能

準(zhǔn)確判斷每個(gè)選項(xiàng)的正誤。

3.【答案】A

【解析】解：光子能量￡=成=力原子從高能級向低能級躍遷，以光子的形式向外輻射能量，所輻射的

1A

光子能量恰等于發(fā)生躍遷時(shí)的兩能級間的能量差，可得

應(yīng)=%一%

即

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A=7；---=r-

En-E2

所以當(dāng)九最小時(shí)對應(yīng)的波長最長，即氫原子從71=3能級向71=2能級躍遷時(shí)產(chǎn)生的光譜波長最長，所以波

長最長的是Ha，故力正確，4CQ錯(cuò)誤。

故選：Ao

光子能量與頻率成正比，與波長成反比，利用公式=次結(jié)合題意從而分析判斷。

本題考查玻爾躍遷理論，解決本題的關(guān)鍵是知道能級間躍遷輻射的光子能量與能級差的關(guān)系。

4.【答案】D

【解析】解：瓶塞跳出的過程中，瓶內(nèi)的氣體對外做功，則氣體體積迅速膨脹，由于該過程的時(shí)間比較短,

故氣體來不及吸收熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體的內(nèi)能減小，則溫度降低，根據(jù)

py_

T~Cr

可知，體積增大，溫度減小,則氣體壓強(qiáng)減小，故。正確，,仍。錯(cuò)誤。

故選：Do

氣體對外做功，體積膨脹，時(shí)間關(guān)系，不吸收熱量；再根據(jù)熱力學(xué)第一定律進(jìn)行判斷得出內(nèi)能的變化，再

得出溫度的變化，再結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程得出壓強(qiáng)變化。

本題考查的是熱力學(xué)的知識，其中涉及到了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，以及理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，題型

為基礎(chǔ)題，考查知識點(diǎn)為?？贾R點(diǎn)。

5.【答案】C

【解析】解：A先經(jīng)等壓變化到達(dá)狀態(tài)b,即從a到b,氣體的壓強(qiáng)不變，體積變大，則氣體溫度升高，故力

錯(cuò)誤：

正從a到從氣體對外做功，內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱，故4錯(cuò)誤；

C.再經(jīng)等容變化到達(dá)狀態(tài)c,即從b到c,氣體體積不變，壓強(qiáng)減小，則溫度降低，可知?dú)怏w內(nèi)能減小，故。

正確；

。.從匕到c,氣體體積不變，不對外界做功，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

從G到匕的過程中，氣體做等壓變化，根據(jù)一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析；從8到C的

過程中，氣體做等容變化，壓強(qiáng)減小，根據(jù)W=pdV分析氣體做功情況。

本題主要是考查一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)方程之圖像問題，關(guān)鍵是弄清楚圖像表示的物理意義、根據(jù)一定

質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行析。

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6.【答案】B

【解析】解：力、圖甲是s—t圖像，由圖中可知切線的斜率表示速度，可得門時(shí)刻以＞為＞么，故力錯(cuò)誤；

B、根據(jù)/一詔=2ax

可得/=2ax4-VQ

可知/一》圖像的斜率k=2Q,故甲圖中勺?2必物體的加速度大小為Q=煤=篇

故B正確：

。、丙圖中，根據(jù)公式。=穿可得，Av=aAt,可知陰影面積表示￡i?匕時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量，故。錯(cuò)

誤：

。、根據(jù)丁圖可知：=2t+2

整理得％=2t2+2t

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移一時(shí)間公式工=vQt十:砒2

可知物體的初速度為2m/s,加速度大小為4m/s2,故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)題意明確各種圖像的斜率表示的物理最，面積表示的物理房然后根據(jù)各個(gè)物理展判斷問題。

本跑主要考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像問題，對于圖像要明卻斜率或者面積的意義。

7.【答案】A

【解析】解：根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式=可知，當(dāng)P2旋轉(zhuǎn)時(shí)，L，d,入均不變，故條紋間距力工不變;

但隨著P2的旋轉(zhuǎn)，由于透振方向與轉(zhuǎn)過P2后的方向互相垂直，則透過P2的光強(qiáng)在減小，干涉條紋的亮度在

減小，故片正確，88錯(cuò)誤。

故選：4。

根據(jù)雙縫干涉相鄰亮紋的間距公式結(jié)合偏振片的透振方向知識正行分析解答。

考查雙縫干涉相鄰亮紋的間距公式以及偏振片的透振方向知識，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。

8.【答案】B

【解析】解:力、夕衰變移放電子，來源于原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變而夾，故/錯(cuò)誤；

8、衰變過程中釋放能量，則生成的新核鈾233更加穩(wěn)定，則新核鈾233的比結(jié)合能大于杜233的比結(jié)合

能，故8正確；

C、半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對少數(shù)幾個(gè)原子核無意義，故C錯(cuò)誤：

。、半衰期的大小由原子核內(nèi)部氏素決定，與外界因素?zé)o關(guān)，不隨溫度和壓強(qiáng)的變化發(fā)生變化，故。錯(cuò)誤。

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故選：Bo

夕衰變中的電子是因?yàn)楹藘?nèi)的中子轉(zhuǎn)變過來的；份衰變過程中釋放能量，則生.成的新核鈾233更加穩(wěn)定，比

結(jié)合能大；半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對少數(shù)幾個(gè)原子核無意義；半衰期的大小由原子核內(nèi)部

因素決定，與外界因素?zé)o關(guān)。

考查原子核的衰變和半衰期問題，知道結(jié)合能的概念，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。

9.【答案】CD

【解析】解：4當(dāng)線圈平面與磁感線垂直時(shí)，磁通量變化率為零，故/錯(cuò)誤；

8.因電流方向在一個(gè)周期內(nèi)改變2次，.角速度3=IOOTTrad/s,可知周期T=0.02s,頻率為f=50Hz,可

知在1s內(nèi)該交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流的電流方向改變100次，故8錯(cuò)誤；

C因Em=7lBSM解得Em=100匕從線圈經(jīng)過中性面開始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的函數(shù)表達(dá)

式為e=Emsinu)t=100sinl007r(V),故C正確；

D電動(dòng)勢有效值E=桀，電流有效值/=言，此發(fā)電機(jī)在上述工作狀態(tài)下的輸出功率

v2K+r

P=IR,解得P=960W,故。正確。

故選：CD。

中性面位置磁通量變化率為零，每個(gè)周期電流方向改變2次，從線圈經(jīng)過中性面開始計(jì)時(shí)，電動(dòng)勢e=

Emsina)t,根據(jù)有效值求解電功率。

正弦式交變電流一個(gè)周期電流方向改變2次，計(jì)算交流電路中的電功、電功率和焦耳熱時(shí)，需要用有效值

進(jìn)行計(jì)算。

10.【答案】CD

【解析】【分析】

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)操作分析即可。

本題考查電容器、平拋運(yùn)動(dòng)、楞次定律、變壓器相關(guān)實(shí)驗(yàn)，解題關(guān)鍵是掌握實(shí)驗(yàn)原理.

【解答】

A.“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，充電時(shí)和放電時(shí)電流均逐漸減小，故彳錯(cuò)誤；

8、“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，借助重垂線確定豎直方向并建立直角坐標(biāo)系，調(diào)整軌道末端的水平時(shí)

不用重垂線，故8錯(cuò)誤；

C、“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，判斷感應(yīng)電流的方向時(shí)，需要知道線圈流過電流時(shí)產(chǎn)生的磁

場方向，則需要先確定線圈的繞向，故C正確；

。、“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈

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接入10P的交流電時(shí)，副線圈中仍會(huì)發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，副線圈輸出電壓不為零，故。正確。

故選：C。。

11.【答案】BD

【解析】【分析】熟悉粒子的受力分析，結(jié)合電場力和洛倫茲力的等量關(guān)系得出穩(wěn)定時(shí)的速度和電勢差；

根據(jù)左手定則分析出粒子的受力方向，結(jié)合電性得出電勢的高低。

本題主要考查了霍爾效應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，利用左手定則得出粒子的運(yùn)動(dòng)方向，從而分析出電勢的高低，再結(jié)

合電場力和洛倫茲力的等量關(guān)系即可完成分析。

【解答】4、血液中的帶電粒子同時(shí)受到了洛倫茲力和電場力的作用，故4錯(cuò)誤；

B、根據(jù)左手定則可知，帶正電的粒子向下偏轉(zhuǎn)，所以b處電勢匕Q處的電勢高，故8正確；

C、根據(jù)電場力和洛倫茲力的等量關(guān)系可得：

qU

解得…=卷故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)上述分析可知，U=Bdv,故。正確；

故選：BD。

12.【答案】BD

【脩析】解：48.由圖可知在0?%時(shí)間段內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為石=黑=竽t根據(jù)閉合電路歐姆定律有

此時(shí)間段的電流均為/=5=警；

1\ntQ

在細(xì)■的磁感應(yīng)強(qiáng)度為學(xué)，此時(shí)安培力為尸=^X誓乂4=罌，故4錯(cuò)誤，8正確：

。?日圖可知在1=當(dāng)時(shí)，磁場方向垂直紙面向外并逐漸增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，再

由左手定則，可知金屬棒受到的安培力方向豎直向上，故C錯(cuò)誤；

。由圖可知在￡=當(dāng)時(shí)，磁場方向垂直紙面向外，金屬棒受重力向下掉的過程中，閉合線圈內(nèi)的磁通量增加,

根據(jù)楞次定律，可知金屬棒中的感應(yīng)電流方向向左，故。正確。

故選:BD.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可計(jì)算2時(shí)間段內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢，結(jié)合閉合電路歐姆定律，可計(jì)算感

應(yīng)電流；由圖可知，在與時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)安培力公式，可計(jì)算此時(shí)金屬棒受到的安培力；由圖可知在

七=竽時(shí)，磁場方向即變化情況，結(jié)合楞次定律，即可判斷金屬棒的感應(yīng)電流方向，再根據(jù)左手定則，可分

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析金屬棒受到的安培力方向；由圖可知在￡=當(dāng)時(shí)，閉合線圈內(nèi)的磁場方向，結(jié)合金屬棒的運(yùn)動(dòng)方向，可分

析閉合線圈內(nèi)的磁通量變化情況，根據(jù)楞次定律，可判斷金屬棒的感應(yīng)電流方向。

本題考查電磁感應(yīng)與圖像的結(jié)合，在分析玲時(shí)刻之后的磁場時(shí)，注意磁場方向與圖示方向相反。

13」答案】期總

【解析】解：由題意可知，一滴油酸的物質(zhì)的量為九=常

則有分子數(shù)為N=nN八=^NA

一滴油酸酒精溶液含油酸的體積為V=-

P

一滴純油酸油膜最大面積為S,則油酸分子直徑為d=(=￡

故答案為：鄂A；

分「數(shù)等十摩爾數(shù)乘以阿伏加德羅常數(shù)；油酸溶液滴在水面上獷散后形成的純油酸油膜最大面枳時(shí)，形成

單分子油膜，油膜的厚度等于分子直徑，由油酸的體枳與面積之比求出分子直徑。

本題考查對單分子油膜法測定分子直徑原理的理解和應(yīng)用，建立模型是基礎(chǔ)，屬于基礎(chǔ)題。

14.【答案】bACPm1X2=m.x,+m2x3不再滿足入射小球質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量，入射球碰撞后會(huì)

反彈，軌道摩擦力的沖量對系統(tǒng)的動(dòng)量影響變大

【解析】解：(1)由游標(biāo)卡尺用途可知游標(biāo)卡尺a測量爪測量小球內(nèi)徑，游標(biāo)卡尺b測量爪測量小球外徑，所

以應(yīng)選用匕測量爪測量小球的直徑，故a錯(cuò)誤，b正確：

故選:b；

(2)4鉛垂線的作用是使斜槽末端水平，讓碰撞過程中系統(tǒng)在斜槽末端的切線方向合力為零，滿足動(dòng)量守恒

條件，故力正確：

8.小球從斜槽末端拋出做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相同，得兩球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，不用測量小球釋放點(diǎn)到斜槽末端水平

的高度，故8錯(cuò)誤；

。.實(shí)驗(yàn)中白紙上鋪復(fù)寫紙的目的是描繪落點(diǎn)的位置，復(fù)寫紙的位置可以移動(dòng)，但白紙的位置不可以移動(dòng)，

故C正確。

故選:AC.

(3)兩球碰撞后4球速度會(huì)變小，8球速度會(huì)變大，所以未放B球時(shí)，A球速度會(huì)在大于碰撞后4球速度，小于

B球速度，根據(jù)平運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可得A球落地點(diǎn)應(yīng)是記錄紙上的P點(diǎn)，故選尸：

(4)設(shè)入射小球碰撞前瞬間的速度為孫，碰撞后瞬間入射小球的速度為火,被碰小球的速度為攻，兩小球在

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空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為￡；規(guī)定向右的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒知血1%=+m2V2，等式兩邊同時(shí)乘以

時(shí)間3則有租14)￡=血1%亡+機(jī)2口2￡，得機(jī)62=m/1+抽2%3，故填77162=m61+巾2無3；

(5)驗(yàn)證動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)中為了保證碰后入射小球不反彈，入射小球A質(zhì)量需要大于被碰小球B質(zhì)量，如果用B

球碰撞A球重復(fù)以上操作步驟，不再滿足入射小球質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；入射球碰撞后會(huì)反彈；軌道摩

擦力的沖量對系統(tǒng)的動(dòng)量影響變大，無法成功驗(yàn)證動(dòng)量守恒。故填不再滿足入射小球質(zhì)量大于被碰小球的

質(zhì)量，入射球碰撞后會(huì)反彈，軌道摩擦力的沖量對系統(tǒng)的動(dòng)量影響變大。

故答案為：(l)d；(2)C；(3)P；(4)加逐2=血送1+巾2%3；(5)不再滿足入射小球質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量,

入射球碰撞后會(huì)反彈.，軌道摩擦力的沖量對系統(tǒng)的動(dòng)量影響變大。

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺內(nèi)外測量爪的功能和作用進(jìn)行分析解答；

(2)根據(jù)平拋的實(shí)驗(yàn)要求結(jié)合記錄小球落點(diǎn)的需要進(jìn)行分析判斷；

(3)根據(jù)碰撞時(shí)碰撞小球和被碰小球的速度大小關(guān)系判斷落點(diǎn)的位置；

(4)根據(jù)動(dòng)最守恒定律及其變式講行解答：

(5)根據(jù)質(zhì)量大小關(guān)系判斷是否反彈，結(jié)合反彈中出現(xiàn)的影響進(jìn)行分析解答。

考查動(dòng)量的守恒問題以及平拋運(yùn)動(dòng)的知識，會(huì)分析實(shí)驗(yàn)中誤差產(chǎn)生的原因，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。

6【答案】解⑴重力與洛倫茲力大小之比1能=瑞粽照謾=1.04X10"

(2)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=

代人數(shù)據(jù)解得，粒子軌道半徑：r=2.61xl0-27n

(3)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期7=年

代入數(shù)據(jù)解得：T=3.28X10-7S

答：(1)粒子所受的重力和洛倫茲力的大小之比是1.04XIO.。

(2)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑是2.61X10-2加。

(3)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期是3.28x10-7So

【解析】(1)根據(jù)重力與洛倫茲力公式求出重力與洛倫茲力大小之比。

(2)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出軌道半徑。

(3)根據(jù)周期公式求出粒子的周期,

粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用洛倫茲力公式與牛頓第二定律即可解題。

16.【答案】解：(1)設(shè)4和。碰后的速度為以A和C碰撞后向左滑行過程，根據(jù)動(dòng)能定理有

2

一〃(如+mcMs=0-1(^+mc)v

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解得：v=2m/s

(2)設(shè)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，力、8的速度大小分別為外、如，力和C作用的過程，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒

定律有

7幾科=g+mc)v

A和B作用的過程，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律有

m—A4--%)=。

開始時(shí)彈簧的彈性勢能為

3級源+加詔

解得：Ep=12/

(3)設(shè)初始時(shí)彈簧的壓縮量為總

根據(jù)S=*

解得：x=0.3m

在4和8相互作用的過程中，每時(shí)每刻都有

機(jī)加=m/s

故肛4S/I=mBSB

又因〃+sB=X

解得初始時(shí)力和。之間的距離為：〃=0.2m

答：(1)4和。碰撞后的瞬間速度的大小為2