高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年蘇錫常鎮(zhèn)物理二模考前模擬試卷一、單選題：本大題共11小題，共41分。1.關(guān)于熱學(xué)現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.液體有表面張力，原因是液體表面分子間的平均距離比液體內(nèi)部大B.物體內(nèi)熱運動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度無關(guān)C.不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功D.給莊稼松土有助于將地下的水分引上來【答案】A【解析】A．液體有表面張力，原因是液體表面分子間的平均距離比液體內(nèi)部大，分子間作用力表現(xiàn)為引力，故A項正確；B．物體內(nèi)熱運動速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例與溫度有關(guān)，故B項錯誤；C．熱力學(xué)第二定律的開爾文表述為：不可能從單一熱源吸取熱量，并將這熱量變?yōu)楣?，而不產(chǎn)生其他影響，故C項錯誤；D．給莊稼松土破壞了土壤里面的毛細(xì)管，不利于將地下的水分引上來，故D項錯誤。故選A。2.2023年9月21日，“天宮課堂”第四課開講。神舟十六號航天員景海鵬、朱楊柱、桂海潮將面向全國青少年進行太空科普授課，展示介紹中國空間站夢天實驗艙工作生活場景，演示了各種奇妙的在失重狀態(tài)下的實驗，例如蠟燭火焰、動量守恒定律等實驗，并與地面課堂進行互動交流。下面四幅蠟燭火焰圖是在太空實驗室中演示的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】在地球上，由于受到重力的影響，燃燒后會使旁邊空氣形成上下對流，于是我們看到的火焰向上。在太空失重的情況下，這種上下對流消失，點燃后的蠟燭沒有所謂的向上或向左等等的方向，氧氣由于對流向火焰靠攏，形成球形火焰。故選B。3.嫦娥七號將配置能在月面上空飛行的“飛躍探測器”，其中六足構(gòu)型如圖所示。對稱分布的六條輕質(zhì)“腿”與探測器主體通過鉸鏈連接，當(dāng)探測器靜止在水平地面上時，六條“腿”的上臂與豎直方向夾角均為，探測器的質(zhì)量為，重力加速度為。則每條“腿”的上臂對測器的彈力大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】每條“腿”的上臂對測器的彈力大小為F，由共點力的平衡可知可得故選A。4.某同學(xué)參加“筷子夾玻璃珠”游戲。如圖所示，夾起玻璃珠后，兩筷子始終在同一豎直平面內(nèi)，右側(cè)筷子豎直，左側(cè)筷子與豎直方向的夾角為θ。保持玻璃珠靜止，忽略筷子與玻璃珠間的摩擦。下列說法正確的是（）A.兩側(cè)筷子對玻璃珠的合力比重力大B.若逐漸減小θ的大小，則兩側(cè)筷子對玻璃珠的彈力也逐漸減小C.左側(cè)筷子對玻璃珠的彈力一定比玻璃珠的重力大D.右側(cè)筷子對玻璃珠的彈力一定比玻璃球的重力大【答案】C【解析】A．對玻璃珠受力分析如圖所示，受到重力G、左側(cè)筷子對玻璃珠的彈力，右側(cè)筷子對玻璃珠的彈力，在三個力的作用下處于平衡狀態(tài)，根據(jù)力的平衡可知，兩側(cè)筷子對玻璃珠的合力與重力等大反向，則兩側(cè)筷子對玻璃珠的合力等于重力，故A錯誤；BCD．玻璃珠保持靜止，根據(jù)平衡條件可得故若逐漸減小θ的大小，則左側(cè)筷子對玻璃珠的彈力逐漸變大，右側(cè)筷子對玻璃珠的彈力逐漸增大，左側(cè)筷子對玻璃珠的彈力一定比玻璃珠的重力大，右側(cè)筷子對玻璃珠的彈力不一定比玻璃球的重力大，故BD錯誤，C正確。故選C。5.下列有關(guān)光電效應(yīng)的說法錯誤的是（）A.愛因斯坦提出了光電效應(yīng)理論B.甲圖實驗中讓鋅板帶負(fù)電，光照后，驗電器張角會變小C.乙圖中光電子到達A板的速度越大，則光電流越大D.乙圖光電流的大小與入射光束的光強有關(guān)【答案】C【解析】A．愛因斯坦提出了光子說理論，并成功地解釋了光電效應(yīng)實驗，故A正確；B．由于事先使鋅板帶負(fù)電，驗電器張開一定的角度，鋅板表面的自由電子溢出后，驗電器的指針張角變小，故B正確；C．當(dāng)達到飽和光電流以后，繼續(xù)增加光電管兩端的電壓，即增加光電子到達A板的速度，光電流不變，故C錯誤；D．當(dāng)光電管兩端的電壓不變，即光電子到達A板的速度不變，入射光越強，光子數(shù)越多，光電流越大，則光電流的大小與入射光束的光強有關(guān)，故D正確。本題選錯誤的，故選C。6.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始依次經(jīng)過狀態(tài)B到狀態(tài)C再回到狀態(tài)A，其圖像如圖所示，其中C到A的曲線為雙曲線的一部分。下列說法正確的是（）A.從A到B的過程中，氣體對外做功，內(nèi)能減少B.從B到C過程中，氣體吸收熱量，內(nèi)能減少C.從C到A的過程中，氣體的壓強不變，內(nèi)能增加D.從C到A的過程中，氣體在單位時間、單位面積上與器壁碰撞的分子數(shù)變多【答案】D【解析】A．由題圖可知，從A到B的過程中，氣體的體積增大，氣體對外做功，氣體的溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變，A錯誤；B．從B到C的過程中，氣體做等容變化，氣體對外不做功，外界對氣體也不做功，即，氣體的溫度增大，則氣體的內(nèi)能增大，即，即由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量，B錯誤；C．C到A的曲線為雙曲線的一部分，因此從C到A的過程中，氣體的壓強不變，氣體的溫度降低，內(nèi)能減小，C錯誤；D．從C到A的過程中，氣體的壓強不變，氣體的體積減小，因此氣體在單位時間、單位面積上與器壁碰撞的分子數(shù)變多，D正確。故選D。7.2021年10月16日，神舟十三號載人飛船采用自主快速交會對接方式，首次徑向靠近空間站，如圖所示。兩者對接后所繞軌道視為圓軌道，繞行角速度為ω，距地高度為kR，R為地球半徑，萬有引力常量為G。下列說法中正確的是（）A.神舟十三號在低軌只需沿徑向加速可以直接與高軌的天宮空間站實現(xiàn)對接B.地球表面重力加速度為C.對接后的組合體的運行速度應(yīng)大于7.9km/sD.地球的密度為【答案】B【解析】A．神舟十三號在低軌只沿徑向加速不可以直接與高軌的天宮空間站實現(xiàn)對接，一般對接需要進行二次以上的速度調(diào)整，A錯誤；B．地球表面重力加速度為g，則有聯(lián)立解得，B正確；C．對接后的組合體的運行速度應(yīng)小于7.9km/s，第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度，C錯誤；D．地球的密度為D錯誤。故選B。8.如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10:1，A、V均為理想電表，R是光敏電阻(其阻值隨光強增大而減小)、L是理想線圈、D是燈泡．原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電，下列說法正確的是()A.交流電的頻率為100HzB.電壓表的示數(shù)為C.當(dāng)光照增強時，A的示數(shù)變小D.若用一根導(dǎo)線來代替線圈L，則燈D變亮【答案】D【解析】A．因交流電的周期是0.02s，所以頻率為故A錯誤；B．原線圈接入電壓的最大值是，所以原線圈接入電壓的有效值是U1=220V，根據(jù)理想變壓器變壓比代入數(shù)據(jù)解得副線圈的電壓為電壓表的示數(shù)為22V，故B錯誤；C．有光照增強時，R阻值隨光強增大而減小，則次級電阻減小，根據(jù)得副線圈輸出功率增大，所以原線圈輸入功率增大，所以A的示數(shù)變大，故C錯誤；D．用導(dǎo)線代替線圈，對電流的阻礙減小，所以D變亮，故D正確。故選D。9.如圖一足夠大的“”形導(dǎo)軌固定在水平面，導(dǎo)軌左端接一靈敏電流計G，兩側(cè)導(dǎo)軌平行?？臻g中各處的磁感應(yīng)強度大小均為B且隨時間同步變化，時刻，在電流計右側(cè)某處放置一導(dǎo)體棒，并使之以速度向右勻速運動，發(fā)現(xiàn)運動過程中電流計讀數(shù)始終為零，已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，則磁感應(yīng)強度隨時間變化的關(guān)系可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】設(shè)導(dǎo)體棒開始運動時，距離導(dǎo)軌左端為x，磁場的磁感應(yīng)強度為，依題意，導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌內(nèi)部始終無電流，可得整理得故與t為一次函數(shù)關(guān)系。故選C。10.如圖所示為接地金屬球殼，O點為球心，電荷量為2q和-q（q>0）的兩個點電荷分別位于M、N兩點，其延長線過球心，P為MN連線上球殼外一點，取無窮處電勢為零，T為金屬球殼外附近一點，下列說法正確的是（）A.T點電場強度方向背離O點B.若移去M點的電荷，則P點的電勢降低C.將正試探電荷q0從T點移到P點，靜電力做正功D.若移去接地金屬球殼，MN附近還存在兩個電場強度為零的點【答案】B【解析】A．設(shè)等勢圓的半徑為，AN距離為，MN距離為L，如圖所示，根據(jù)結(jié)合電勢疊加原理，、滿足解得，由于電場強度方向垂直等勢面，可知T點場強方向必過等勢面的圓心，點電勢可知T點電場方向指向點，故A錯誤；B．M點的電荷電荷在P點產(chǎn)生的電勢為正，若移去M點的電荷，則P點的電勢降低，故B正確；C．左邊正電荷在M右側(cè)電場強度水平向右，右邊負(fù)電荷在MN間電場強度水平向右，根據(jù)電場的疊加可知MN間的電場強度水平向右，沿著電場線電勢逐漸降低，可知P點電勢高于等勢面與MN交點處電勢，則P點電勢高于T點電勢，將正試探電荷q0從T點移到P點，電勢升高，靜電力做負(fù)功，故C錯誤；D．由于正電荷的電荷量大于負(fù)電荷電荷量，可知在N左側(cè)電場強度不可能為零，假設(shè)N右側(cè)與N距離為d處電場強度為零，設(shè)，有方程有唯一解，可知除無窮遠處外，MN附近電場強度為零的點只有一個，故D錯誤。故選B。11.一種離心測速器的簡化工作原理如圖所示。光滑細(xì)桿的一端固定在豎直轉(zhuǎn)軸上的O點，并可隨軸一起轉(zhuǎn)動。桿上套有一輕質(zhì)彈簧，彈簧一端固定于O點，另一端與套在桿上的圓環(huán)相連。當(dāng)測速器穩(wěn)定工作時，通過圓環(huán)的位置可以確定細(xì)桿勻速轉(zhuǎn)動的角速度。桿與豎直轉(zhuǎn)軸的夾角始終為60°，重力加速度為g。則（）A.角速度越大，圓環(huán)受到的桿的支持力越大B.角速度越大，圓環(huán)受到的彈簧彈力越大C.彈簧處于原長狀態(tài)時，圓環(huán)的向心加速度為D.突然停止轉(zhuǎn)動后，圓環(huán)下滑過程中重力勢能和彈簧彈性勢能之和一直減小【答案】A【解析】C．若彈簧處于原長，則圓環(huán)僅受重力和支持力，其合力使得圓環(huán)沿水平方向做勻速圓周運動。設(shè)此時角速度為，根據(jù)牛頓第二定律得設(shè)彈簧原長為l，圓環(huán)此時轉(zhuǎn)動的半徑為解得此時的向心加速度為故C錯誤；AB．設(shè)彈簧的長度為x，則圓環(huán)做圓周運動的半徑為圓環(huán)受到的桿的支持力為N，圓環(huán)受到的彈簧的支持力為T，則當(dāng)時，圓環(huán)受力分析如圖對圓環(huán)，根據(jù)平衡條件可得解得當(dāng)時，圓環(huán)受力分析如圖對圓環(huán)，根據(jù)平衡條件可得解得當(dāng)角速度增大時，彈簧的長度變大，則角速度越大時，圓環(huán)受到的桿的支持力也越大；當(dāng)時，圓環(huán)受到的彈簧彈力隨角速度變大在變小，當(dāng)時，圓環(huán)受到的彈簧彈力隨角速度變大在變大，即圓環(huán)受到的彈簧彈力隨角速度變大在先變小后變大，故A正確，B錯誤；D．突然停止轉(zhuǎn)動后，圓環(huán)下滑過程中，圓環(huán)先加速下滑后減速下滑，即圓環(huán)的動能先增大后減小，根據(jù)圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，則重力勢能和彈簧彈性勢能之和先減小后增大，故D錯誤。故選A。二、實驗題：本大題共1小題，共15分。12.磁敏電阻是一種對磁敏感、具有磁阻效應(yīng)的電阻元件。物質(zhì)在磁場中電阻發(fā)生變化的現(xiàn)象稱為磁阻效應(yīng)。某實驗小組利用伏安法測量一磁敏電阻的阻值（約幾千歐）隨磁感應(yīng)強度的變化關(guān)系。所用器材：電源E（5V）、滑動變阻器R（最大阻值為20Ω），電壓表（量程為0~3V，內(nèi)阻為3kΩ）和毫安表（量程為，內(nèi)阻不計）。定值電阻、開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）為了使磁敏電阻兩端電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大，實驗小組設(shè)計了電路圖甲，請用筆代替導(dǎo)線在乙圖中將實物連線補充完整______。（2）某次測量時電壓表的示數(shù)如圖丙所示，電壓表的讀數(shù)為______V，電流表讀數(shù)為0.5mA，則此時磁敏電阻的阻值為______（保留3位有效數(shù)字）。（3）實驗中得到該磁敏電阻阻值R隨磁感應(yīng)強度B變化的曲線如圖丁所示，某同學(xué)利用該磁敏電阻制作了一種報警器，其電路的一部分如圖戊所示。圖中E為直流電源（電動勢為5.0V，內(nèi)阻可忽略），當(dāng)圖中的輸出電壓達到或超過2.0V時，便觸發(fā)報警器（圖中未畫出）報警。若要求開始報警時磁感應(yīng)強度為0.2T，則圖中______（填“”或“”）應(yīng)使用磁敏電阻，另一固定電阻的阻值應(yīng)為______kΩ（保留2位有效數(shù)字）。（4）在圖戊所示電路中，如果要提高此裝置靈敏度（即在磁感應(yīng)強度更小時就能觸發(fā)報警），應(yīng)該______（填“增大”或“減小”）磁敏電阻之外的定值電阻。【答案】（1）（2）1.30##1.29##1.31（3）2.1（4）減小【解析】【小問1詳析】實物連線如圖所示?！拘?詳析】[1]電壓表的讀數(shù)為[2]根據(jù)部分電路的歐姆定律解得磁敏電阻的阻值為【小問3詳析】[1]根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得可得輸出電壓為要求輸出電壓達到或超過2.0V時報警，即要求磁感應(yīng)強度增大時，磁敏電阻的阻值增大，輸出電壓增大，由于需增大阻值才能實現(xiàn)此功能，故為磁敏電阻。[2]開始報警時磁感應(yīng)強度為0.2T，此時電壓為根據(jù)電路關(guān)系解得另一固定電阻的阻值應(yīng)為【小問4詳析】在磁感應(yīng)強度更小時就能觸發(fā)報警，此時磁敏電阻的阻值減小，根據(jù)電路關(guān)系故需減小磁敏電阻之外的定值電阻。三、計算題：本大題共4小題，共44分。13.一列簡諧橫波在同一均勻介質(zhì)中沿x軸方向傳播，時刻的波形圖如圖甲所示，質(zhì)點M的平衡位置在處，質(zhì)點N的平衡位置在處，質(zhì)點N的振動圖像如圖乙所示。求（1）自時刻起，質(zhì)點N的振動方程；（2）自時刻起，質(zhì)點M到達波峰的最短時間?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）由乙圖知，時質(zhì)點向上振動，，自時刻起，質(zhì)點的振動方程為（2）時質(zhì)點向上振動，根據(jù)同側(cè)法，該波沿軸負(fù)方向傳播，根據(jù)甲圖像可知波長為，則波速為在時，質(zhì)點右邊最近的波峰的平衡位置為，質(zhì)點M到達波峰的最短時間為14.如圖所示，在豎直向下的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，MN、PQ是固定在水平面內(nèi)間距為L的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌光滑且足夠長，電阻不計。MP間接電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源。金屬桿ab垂直于MN、PQ放在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好，通過光滑的定滑輪以速度v勻速提升重物，電路中的電流為I。金屬桿ab相當(dāng)于“電動機”。求：（1）電源兩端電壓；（2）“電動機”輸出的功率?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）根據(jù)閉合電路的歐姆定律，電源兩端電壓為（2）“電動機”輸出功率為15.如圖所示，豎直光滑半圓弧軌道的下端B點固定在高的豎直墻壁上端，O為半圓的圓心，BC為豎直直徑，一質(zhì)量的小球b靜置在B點。現(xiàn)將一質(zhì)量的小球a從水平地面上的A點以初速度斜向上拋出，拋射角。小球a剛好能沿水平方向擊中小球b，兩小球碰撞過程時間極短且沒有能量損失，碰撞結(jié)束后小球b在半圓弧軌道上運動的過程不脫離軌道（小球b從圓弧軌道最高點C和最低點B離開不算脫離軌道）。已知，，重力加速度，空氣阻力不計，求：（1）小球a從A點拋出時的初速度；（2）碰撞結(jié)束瞬間小球b的速度；（3）半圓弧軌道的半徑R的取值范圍。【答案】（1）10m/s；（2）4m/s（3）或者【解析】（1）設(shè)水平方向上向右正方向，小球a從A點拋出，在豎直方向上做勻減速直線運動，水平方向做勻速直線運動，剛好能沿水平方向擊中小球b，則有聯(lián)立解得（2）小球a剛好能沿水平方向擊中小球b時，其速度為根據(jù)動量守恒定律可得根據(jù)能量守恒定律可得聯(lián)立解得（3）假設(shè)小球b恰好能運動至C點，則在C點滿足又根據(jù)動能定理可得聯(lián)立解得故半圓弧軌道的半徑R取值范圍是。如果小球恰好運動到和圓心等高的位置，此時的最小速