第PAGE"pagenumber"pagenumber頁，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁第PAGE"pagenumber"pagenumber頁，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁暑期綜合提高試卷（十九）——2025-2026年高中物理新高三年級暑期強化綜合提高訓練一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．下列關于衰變與核反應的說法正確的是（）A．放射性元素的半衰期隨著外界條件（如溫度、壓強等）的改變而改變B．核聚變反應方程中的X表示中子C．β衰變所釋放的電子是原子核外的電子電離形成的D．高速α粒子轟擊氮核可產生中子，其核反應方程為2．直升機參與空投救災。若直升機沿水平方向勻速飛行，到達山坡底端正上方時釋放一物資包，垂直落在山坡上的A點。已知A點高度為h，山坡傾角為θ，忽略空氣阻力，根據以上信息不能算出（

）A．直升機的飛行高度 B．直升機的飛行速度C．物質包落地時的動能 D．物資包的飛行時間3．模擬我國志愿者王躍曾與俄羅斯志愿者一起進行“火星500”的實驗活動。假設王躍登陸火星后，測得火星的半徑是地球半徑的，質量是地球質量的。已知地球表面的重力加速度是g，地球的半徑為R，王躍在地面上能向上豎直跳起的最大高度是h，忽略自轉的影響，下列說法錯誤的是（）A．火星的密度為B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的D．王躍以與在地球上相同的初速度在火星上起跳后,能達到的最大高度是4．如圖所示為兩列沿繩傳播的（虛線表示甲波，實線表示乙波）簡諧橫波在某時刻的波形圖，M為繩上x=0.2m處的質點，則下列說法中正確的是A．這兩列波將發(fā)生干涉現(xiàn)象；質點M的振動始終加強B．由圖示時刻開始，再經甲波周期的，M將位于波峰C．甲波的速度v1比乙波的速度v2大D．因波的周期未知，故兩列波波速的大小無法比較5．如圖所示，ABC是兩帶電量均為Q的正點電荷連線的中垂線上的三點，B是兩線段的交點，A點固定有一帶電量同為Q的負點電荷，現(xiàn)將一電子從B點由靜止釋放，電子運動中會經由C點繼續(xù)向前運動，則（）A．從B到C，電場力對該電子一直不做功B．電子從B到C做加速度變大的加速運動C．電子在B、C兩點時的電勢能大小關系是EPBEPCD．若電子可回到B點，則回到B點時速度不為零6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向下(與紙面平行)，磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域(區(qū)域Ⅱ)內存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入區(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運動的粒子才能進入區(qū)域Ⅱ。若區(qū)域Ⅰ中電場強度大小為E、磁感應強度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應強度大小為B2，則粒子從CF的中點射出，它們在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t0。若改變電場或磁場強弱，能進入區(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t，不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，下列說法正確的是()A．若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應強度大小變?yōu)?B1，則t＞t0B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則t＞t0C．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應強度大小變?yōu)?4B2，則t＝D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應強度大小變?yōu)?4B2，則t＝2t二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖一輕彈簧一端固定在豎直檔板上，另一端處于自由狀態(tài)。質量為m的物塊與彈簧相接觸而不連接，物塊在水平力F作用下將彈簧由自由狀態(tài)O點緩慢壓縮x0后將物體由靜止釋放，物塊被彈簧彈出后又在水平面上運動的距離為L，物塊與水平面間的動摩擦因數為μ，重力加速度這g，則有（）

A．物塊在運動的過程中所受到外力的合力先減小后增大B．物塊在運動中具有的最大速度為C．彈簧的最大彈性勢能為D．水平力F對物塊所做的功為8．人們常用“井底之蛙”形容見識短淺的人。如圖所示，在一口較淺的枯井的正中間居住著一只青蛙（看成質點），設井深為h且可視為圓柱體，井口的直徑為，水的折射率，當井水灌滿時，青蛙能夠看到整個天空，則下列說法正確的是（）A．井深B．青蛙能夠看到整片天空，是因為光通過井口時發(fā)生了衍射C．當井水灌滿時，地面上的人看到的井深比實際要更淺D．當井水灌滿時，地面上的人看到的井深比實際要更深9．有一種游戲，游戲者手持乒乓球拍托球移動，距離大者獲勝。若某人在游戲中沿水平面做勻加速直線運動，球拍與球保持相對靜止且球拍平面和水平面之間的夾角為θ，如圖所示．設球拍和球質量分別為M、m，不計球拍和球之間的摩擦，不計空氣阻力，則（）A．運動員的加速度大小為gtanθ B．球拍對球的作用力大小為mgC．球拍對球的作用力大小為mgcosθ D．運動員對球拍的作用力大小為10．如圖所示的交變電流圖像為某一正弦式交變電流更換正值后的圖像,下列說法正確的是（）A．該交變電流的有效值是B．該交變電流的有效值是C．若該電流通過一個阻值為的電阻，則1分鐘內電阻上產生的熱量為90JD．若該電流通過一個阻值為的電阻，則1分鐘內電阻上產生的熱量為120J三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．使用如圖甲所示的裝置驗證機械能守恒定律，打出一條紙帶如圖乙所示．圖乙中O是打出的第一個點跡，A、B、C、D、E、F……是依次打出的點跡，量出OE間的距離為l，DF間的距離為s，已知打點計時器打點的周期是T＝0.02s。(1)上述物理量如果在實驗誤差允許的范圍內滿足關系式，即驗證了重物下落過程中機械能是守恒的。(2)如果發(fā)現(xiàn)圖乙中OA距離大約是4mm，則出現(xiàn)這種情況的原因可能是，如果出現(xiàn)這種情況，上述的各物理量間滿足的關系式可能是。12．為了測量某一未知電阻Rx的阻值，某實驗小組找來以下器材：電壓表(0～3V，內阻約3kΩ)、電流表(0～0.6A，內阻約0.5Ω)、滑動變阻器( 甲 乙 丙（1）請按圖甲所示的電路圖將圖乙中實物連線圖補齊.（2）圖乙中，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片P置于______端（填“a”或“b”）.（3）閉合開關，緩慢調節(jié)滑動變阻器，得到多組電壓表與電流表的讀數，根據實驗數據在圖丙坐標系中描出了坐標點，請完成U?I（4）根據U?I圖像可得，該未知電阻的阻值Rx=____（5）由于實驗中使用的電表不是理想電表，會對實驗結果造成一定的影響，則該小組同學實驗測出的電阻值____Rx的真實值（填“大于”“小于”或“等于（6）利用現(xiàn)有的儀器，為了更加精確地測量這個電阻的阻值，請你給該實驗小組提出建議并說明理由：________________________________________________________________.13．如圖所示，閥門K1關閉，K2打開時，汽缸A中封閉有一定量的氣體，汽缸B與大氣連通，汽缸A、B內氣體的溫度均為，連接A、B汽缸的細導管中左管水銀面比右管水銀面高H125cm；再關閉閥門K2，使汽缸A、B內氣體的溫度緩慢降低至。已知外界大氣壓p0=75cmHg，汽缸A、B的體積分別為3V和2V，忽略導管中氣體的體積。（1）求降溫至時左管水銀面與右管水銀面的高度差H2；（2）保持汽缸A、B內氣體的溫度不變，打開閥門K1，求氣體混合均勻后的壓強p。14．某試驗列車按照設定的直線運動模式，利用計算機控制制動裝置，實現(xiàn)安全準確地進站停車。制動裝置包括電氣制動和機械制動兩部分。圖1所示為該列車在進站停車過程中設定的加速度大小a車隨速度v的變化曲線。圖1圖2(1)求列車速度從20m/s降至3m/s經過的時間t及行進的距離x。(2)有關列車電氣制動，可以借助圖2模型來理解。圖中水平平行金屬導軌處于豎直方向的勻強磁場中，回路中的電阻阻值為R，不計金屬棒MN及導軌的電阻。MN沿導軌向右運動的過程，對應列車的電氣制動過程，可假設MN棒運動的速度與列車的速度、棒的加速度與列車電氣制動產生的加速度成正比。列車開始制動時，其速度和電氣制動產生的加速度大小對應圖1中的P點。論證電氣制動產生的加速度大小隨列車速度變化的關系，并在圖1中畫出圖線。(3)制動過程中，除機械制動和電氣制動外，列車還會受到隨車速減小而減小的空氣阻力。分析說明列車從100m/s減到3m/s的過程中，在哪個速度附近所需機械制動最強？(注意：解題過程中需要用到、但題目沒有給出的物理量，要在解題時做必要的說明)15．如圖所示，半徑為的半圓形光滑軌道固定在豎直平面內，，兩點為軌道的最高點且與圓心在同一水平線上，點為最低點，均可視為質點的物塊甲、乙質量之比為，物塊甲從處無初速度釋放，滑到最低點與靜止在處的物塊乙發(fā)生第一次彈性碰撞，碰后物塊甲立即反向，恰能回到軌道上點，重力加速度大小為，不計空氣阻力，求：（1）第一次碰撞前物塊甲的速度大?。唬?）第一次碰撞后物塊甲、乙的速度大小和、之間的豎直高度；（3）判斷在以后的運動中，物塊甲能不能回到點。

參考答案1．【知識點】原子核的衰變及半衰期、核反應的反應方程及能量計算【答案】B【詳解】A．放射性元素的半衰期由原子核決定，與外界的溫度無關，故A錯誤；B．根據電荷數和質量數守恒，核聚變反應方程中的X表示中子，故B正確；C．β衰變所釋放的電子是原子核內中子轉化而來的，不是原子核外的電子電離形成的，故C錯誤；D．高速α粒子轟擊氮核可從氮核中打出中子，核反應方程為，故D錯誤。2．【知識點】平拋運動與斜面、圓軌道相結合問題【答案】C【詳解】設直升機的飛行高度的高度為，飛行速度為，物資包的飛行時間；物資包從釋放到垂直落在山坡上的A點做平拋運動，則有，，又幾何關系可得聯(lián)立解得，，由于不知道物質包的質量，故無法求出物質包落地時的動能。故選C。3．【知識點】萬有引力定律問題的分析與計算、天體密度的計算【答案】C【詳解】AB．由萬有引力等于重力，得，即，已知火星半徑是地球半徑的，質量是地球質量的，則火星表面的重力加速度是地球表重力加速度的，即為，設火星質量為M′，由萬有引力等于重力可得，解得，密度，AB正確；C．由萬有引力提供向心力得，根據，火星的第一宇宙速度與地球第一宇宙速度之比為，即火星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的倍，C錯誤；D．王躍以v0在地球起跳時，根據豎直上拋的運動規(guī)律得出可跳的最大高度是，由于火星表面的重力加速度是g，王躍以相同的初速度在火星上起跳時，可跳的最大高度，D正確。選C。4．【知識點】波的干涉【答案】A【詳解】CD．由于兩列波都是在繩子中傳播的同性質的機械波，所以它們的波速大小相等，則CD錯誤；A．從波形圖可知，兩列波的波長相等，根據可知，兩列波的頻率相等，所以這兩列波將發(fā)生干涉現(xiàn)象，在圖中的時刻，甲波是向右傳播，那么這時它引起質點M的振動方向是向下的，乙波是向左傳播的，這時它引起質點M的振動方向也是向下的，所以兩列波對質點M的作用是同一方向的振動，則M點的振動是加強的，所以A正確；B．因為圖中時刻質點M的振動方向是向下的，所以再經過四分之一周期，它是在波谷位置，則B錯誤；故選A。5．【知識點】幾種常見的電場、電勢能與靜電力做功、電場的疊加

【答案】C【詳解】A.從B到C，合場強不會一直為零，電場力對該電子要做功，故A錯誤；B.從B到C，產生的場強變小，但兩個產生的合場強變化情況不能確定，所以B、C間電場的分布情況不能確定，電場強度的變化不能確定，電場力的變化不能確定，所以加速度不一定一直變大，故B錯誤；C.從B到C，電子的動能增大，則電勢能減小，則有，故C正確；D.若電子可回到B點，則回到B點前，電場力對電子做負功，動能減小，速度減小，根據對稱性可知，回到B點時的速度一定為零，故D錯誤。故選C。6．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】D【解析】設沿AC做直線運動的粒子的速度大小為v，有qvB1＝qE，即v＝EB1，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運動，如圖中軌跡1，由幾何關系可知運動軌跡所對的圓心角為90°，則運動時間為14周期，又qvB2＝mv2r，可得r＝mvqB2，時間t0＝14·2πmqB2，根據幾何關系可知OC＝2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應強度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子在區(qū)域Ⅱ內做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，如圖中軌跡2，軌跡對應的圓心角依然為90°，時間t＝14·2πmqB2＝t0，A錯誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點離開磁場，對應的圓心角依然為90°，時間t＝14·2πmqB2＝t0，B錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應強度大小變?yōu)?4B2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)?33r＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡4，由幾何關系可知，軌跡對應的圓心角θ滿足sinθ＝OC433r＝2r433r＝32，則θ＝60°，則t＝16·2πmq·34B2＝839t0，C錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應強度大小變?yōu)?4B2，粒子在區(qū)域7．【知識點】功能原理、能量守恒與曲線運動的綜合【答案】CD【詳解】A．設物體在運動過程中，且在彈簧恢復原長的過程中，彈簧的彈力為，則在此過程中，根據牛頓第二定律有彈簧恢復原長過程中彈簧的彈力在逐漸減小，而當彈簧彈力大于摩擦力時，物塊運動過程中所受合力減小，當彈簧彈力小于摩擦力時，物塊運動過程中所受合力反向增大，當彈簧恢復原長，物塊運動過程中所受合力為摩擦力，大小不變，故A錯誤；B．當彈簧恢復原長時，設此刻物塊速度為，根據動能定理有解得而物塊在運動中，當摩擦力大小等于彈簧彈力大小時，物塊所受合外力為零，加速度為零，物塊有最大速度，此時彈簧仍處于壓縮狀態(tài)，顯然，物塊的最大速度故B錯誤；C．設彈簧的最大彈性勢能為，根據能量守恒有故C正確；D．設水平力對物塊做的功為，則由功能關系有可得故D正確。故選CD。8．【知識點】全反射與折射的綜合應用【答案】AC【詳解】A．由全反射由光的可逆性可知，當青蛙上發(fā)出的光射到井的邊緣時發(fā)生全反射，此時青蛙恰能看見整個天空，則，解得，A正確；B．青蛙能夠看到整片天空，是因為光通過井口時發(fā)生了折射，從而射到青蛙眼睛里，不是衍射，B錯誤；CD．根據光的折射定律，結合光路圖可知，當井水灌滿時，地面上的人看到的井深比實際要更淺，C正確，D錯誤。選AC。9．【知識點】利用牛頓定律進行受力分析、牛頓第二定律的簡單計算【答案】AD【詳解】A．球和運動員具有相同的加速度，對小球分析如圖所示則小球所受的合力為mgtanθ，根據牛頓第二定律得故A正確；BC．根據平行四邊形定則知，球拍對球的作用力故BC錯誤；D．對球拍和球整體分析，整體的合力為（M+m）a，根據平行四邊形定則知，運動員對球拍的作用力為故D正確。故選AD。10．【知識點】幾種常見的交變電流的圖像及其變化規(guī)律【答案】BC【詳解】AB．根據代入數據解得所以該交變電流的有效值是，則A錯誤；B正確；CD．若該電流通過一個阻值為的電阻，則1分鐘內電阻上產生的熱量為所以C正確；D錯誤；故選BC。11．【知識點】實驗：驗證機械能守恒定律【答案】gl=；先釋放紙帶，后接通電源；gl<【詳解】(1)[1]E點的速度為，根據機械能守恒有，代入得(2)[2]如果打第一個點時開始自由落體運動，則有，圖乙中OA距離大約是4mm，則打第一個點時，紙帶具有一定的初速度了，出現(xiàn)這種情況的原因可能是先釋放紙帶，再接通電源。[3]根據機械能守恒有，即有12．【知識點】實驗：電阻的測量【答案】（1）見解析（2）a（3）見解析（4）5.3（5）大于（6）由于待測電阻阻值相對較小,所以建議電流表采用外接法【解析】（1）根據電路圖連接實物圖,實物圖如圖1所示.圖1（2）由電路圖可知,為使電壓從零開始變化,閉合開關前,滑動變阻器的滑片P應置于a端.（3）將偏離較遠的點舍掉,連成直線，如圖2所示.圖2（4）由U?I圖像可知,該未知電阻的阻值（5）由電路圖可知,電流表采用內接法,由于電流表的分壓作用,所測電壓偏大,由Rx=UI（6）因為RVRx>R13．【知識點】氣體等溫變化與玻意耳定律【答案】（1）22.5cm；（2）54cmHg【詳解】（1）設開始時A中的氣體壓強為pA，有容器A中的密封氣體發(fā)生等容變化，有容器B中的密封氣體也發(fā)生等容變化，有設降溫至時左管水銀面與右管水銀面的高度差為H2，則解得（2）K1打開后，對A和B中的氣體，由玻意耳定律解得14．【知識點】電磁感應現(xiàn)象中的功能問題【答案】(1)24.3s；2