2021年遼寧省朝陽市高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng).如果僅減小光的強(qiáng)度而頻率保持

不變，下列說法正確的是（）

A.光電效應(yīng)現(xiàn)象消失B.金屬的逸出功減小

C.光電子的最大初動能變小D.光電流減小

2.如圖所示，輕繩一端系在小球A上，另一端系在圓環(huán)B上，B套在固定粗ft.azag

糙水平桿P。上?，F(xiàn)用水平力尸作用在A上，使A從圖中實(shí)線位置（輕繩

豎直）級慢上升到虛線位置，但B仍保持在原來位置不動。則在這一過程

F

中，桿對8的摩擦力Fi、桿對8的支持力尸2、繩對B的拉力F3的變化情況

分別是（）

A.&逐漸增大，尸2逐漸增大，尸3逐漸增大

B.F1保持不變，尸2逐漸增大，F(xiàn)逐漸減小

C.F1逐漸增大，尸2保持不變，尸3逐漸增大

D.&逐漸減小，尸2逐漸減小，尸3保持不變

3.下列說法中，正確的是（）

A.變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場

B.LC振蕩回路電容C增加時，振蕩頻率減小

C.機(jī)械波能在空氣中傳播，但不能在液體和固體中傳播

D.在一個周期內(nèi)，介質(zhì)中的振動質(zhì)點(diǎn)通過的路程為一個波長

4.2013年12月15日4時35分，嫦娥三號著陸器與巡視器分離，“玉兔號”

巡視器順利駛抵月球表面.如圖所示是嫦娥三號探測器攜“玉兔號”奔月過

程中某階段運(yùn)動示意圖，關(guān)閉動力的嫦娥三號探測器在月球引力作用下向月

球靠近，并將沿橢圓軌道在B處變軌進(jìn)入圓軌道，已知探測器繞月球做圓周

運(yùn)動的軌道半徑為廣，周期為T,引力常量為G,下列說法中正確的是（）

A.根據(jù)題中條件可以算出月球質(zhì)量

B.圖中嫦娥三號探測器正減速飛向8處

C.嫦娥三號在8處由橢圓軌道進(jìn)入圓軌道必須點(diǎn)火加速

D.根據(jù)題中條件可以算出嫦娥三號受到月球引力的大小

已知單色光“照射一金屬板時，金屬板上有光電子逸出；單色光b照射同一金屬板時，金屬板

上沒有光電子逸出.現(xiàn)讓光束“和匕沿相同的方向從空氣進(jìn)入水中，如圖所示，則可判斷（）

A.光束。的頻率小于光束b的頻率

B.光束。的折射角小于光束6的折射角

C.光束。在水中的速率大于光束6在水中的速率

D.同時增大兩束光的入射角i,光束a先發(fā)生全反射

6.如圖所示，在真空中有兩個點(diǎn)電荷q1、勺2分別置于“、N兩點(diǎn)，A、B

為M、N連線的中垂線上的兩點(diǎn)?，F(xiàn)將一負(fù)點(diǎn)電荷由B點(diǎn)沿中垂線移

動到A點(diǎn)，電荷的電勢能升高，則關(guān)于q］、勺2的下列說法中，可能的

是（）0'

A.>0>q2>0、Qi>q2B.qr<0、q2>0、<q2

C.Qi>0>q2<0,q1>\q2\D.qr<0,q2<0、Q|<\q2\

7.如圖所示，兩帶電的金屬球在絕緣的光滑水平面上沿同一直線相向運(yùn)動，A帶電荷量為-q,B

帶電荷量為+2q,下列說法正確的是（）

A.相碰前兩球運(yùn)動中動量不守恒

B.相碰前兩球的總動量隨距離的減小而增大

C.兩球相碰分離后的總動量不等于相碰前的總動量，因?yàn)榕銮白饔昧橐?，碰后為斥?/p>

D.兩球相碰分離后的總動量等于碰前的總動量，因?yàn)閮汕蚪M成的系統(tǒng)合外力為零

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖，200匝矩形閉合導(dǎo)線框處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=今7的水平勻強(qiáng)磁場中，線框面積

S=0.2m2,線框電阻不計，線框繞垂直于磁場的軸。。'以角速度3=100rad/s勻速轉(zhuǎn)動，并與

理想變壓器原線圈相連，副線圈接入一只“220V,60W”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，熔斷器允許

通過的最大電流為104下列說法正確的是（）

A.在圖示位置穿過線框的磁通量為零

B.線框中產(chǎn)生變電壓的有效值為40近1/

C.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為20：11

D.允許變壓器輸出的最大功率為4000W

9.如圖所示電路中，當(dāng)滑動變阻器的滑片尸從a端向〃端滑動時，以下判

斷正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)變大，通過燈G的電流變大，燈G變亮

B.電壓表讀數(shù)變小，通過燈人的電流變小，燈G變亮

C.電壓表讀數(shù)變小，通過燈G的電流變大，燈〃變暗

D.電壓表讀數(shù)變大，通過燈G的電流變小，燈刀變暗

10.質(zhì)量為m的小球在直線MN的左方受到&作用（m可視為質(zhì)點(diǎn)），在MN的右方除受&外還受到與

F1在同一條直線上的恒力尸2作用，現(xiàn)設(shè)小球由A點(diǎn)靜止開始運(yùn)動如圖。所示，小球運(yùn)動的u-t圖

A.在的左方加速度為自

B.F2的大小為準(zhǔn)

C.小球在MN的右方運(yùn)動的時間為匕-ti

D.小球在t=0到"t4這段時間離A點(diǎn)最遠(yuǎn)距離為等

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

11.（1）如圖1是利用重物自由下落驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置.質(zhì)量m=1.00kg的重物自由

下落，打點(diǎn)計時器在紙帶上打出一系列點(diǎn).如圖所示為選取的一條符合實(shí)驗(yàn)要求的紙帶，。為

第一個點(diǎn)，4B、C為從合適位置開始選取的三個連續(xù)點(diǎn)（其他點(diǎn)未畫出）.已知打點(diǎn)計時器每

隔0.02s打一次點(diǎn)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2

①某位同學(xué)做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，下列操作步驟中錯誤的是

A.把電磁打點(diǎn)計時器固定在鐵架臺上，用導(dǎo)線連接到低壓交流電源

員將連有重錘的紙帶穿過限位孔，將紙帶和重錘提升到一定高度

C.先釋放紙帶，再接通電源

D更換紙帶，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，根據(jù)記錄處理數(shù)據(jù)

②選取。點(diǎn)到B點(diǎn)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，重物重力勢能減少量AEp=J；動能增加量

△/上=/.（結(jié)果取三位有效數(shù)字）實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是.

~OA~C

????

:-?—15.55cm—

r---------19.20cm------

-------------23.23cm------------j

Si

（2）如圖2某小燈泡上標(biāo)有“6V3W”字樣，現(xiàn)要測量其正常發(fā)光時的實(shí)際電阻，實(shí)驗(yàn)室提供下列器

材：

A、電壓表量程（0?3U,內(nèi)阻約2kO）

B、電壓表量程（0?/5U,內(nèi)阻約6kO）

C電流表量程（0?0.6A,內(nèi)阻約0.50）

。、電流表量程量程2（0?34,內(nèi)阻約0.10）

E、滑動變阻器（200,24）

F、學(xué)生電源（直流10V）及開關(guān)、導(dǎo)線等

①實(shí)驗(yàn)中電壓表量程應(yīng)選擇（填或“B”），

電流表量程應(yīng)選擇（填“C”或“。”）；

②按照實(shí)驗(yàn)電路圖在圖甲中把實(shí)驗(yàn)的實(shí)物連線圖補(bǔ)充完整；

③準(zhǔn)確連接電路后，在閉合開關(guān)前滑動變阻器的滑片應(yīng)該移到端（填“最左”或“最右”）；

④閉合開關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動變阻器使小燈泡達(dá)到其正常發(fā)光所需電壓，此時電流表示數(shù)如圖乙所示，

則小燈泡的電阻的測量值為.

12.某同學(xué)對實(shí)驗(yàn)室的多用電表頗感興趣，想用學(xué)過的知識來測量內(nèi)部干電池的電動勢和內(nèi)阻。

（1）說明書給出的歐姆擋“xl”的內(nèi)部電路圖如圖甲所示，該同學(xué)將電阻箱和電壓表并聯(lián)后接在兩

表筆a、匕上，欲用圖示的電路測量多用電表內(nèi)部的電阻r（遠(yuǎn)小于電壓表丫的內(nèi)阻）和電池的電

動勢反

①表筆。為（填“紅表筆”或“黑表筆”）.將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)至歐姆檔“X1”，將紅黑表筆短接，

調(diào)節(jié),使指針指在（填“左”或“右”）側(cè)零刻度處。

②通過改變電阻箱電阻R,得出對應(yīng)的電壓表讀數(shù)U,為了得出多用表內(nèi)部的電阻r和電池的電動

勢E,他采用圖象法來處理數(shù)據(jù)，你認(rèn)為應(yīng)該作出的圖象是

AU-RB.

（2）該同學(xué)對多用電表中的電池進(jìn)行更換時發(fā)現(xiàn)，表內(nèi)除了一節(jié)1.5V的干電池外，還有一個方形的電

池（層疊電池）.為了測定該電池的電動勢和內(nèi)電阻，實(shí)驗(yàn)室中提供如下器材：電流表&（滿偏電流

10mA,內(nèi)阻很?。?、電流表4（。一0.6—34內(nèi)阻較?。?、滑動變阻器&（0?100014）、定值電

阻R（阻值10000）、開關(guān)與導(dǎo)線若干。

①根據(jù)現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)器材，為測出多組數(shù)據(jù)得到如圖2的-12圖線a為電流表4的示數(shù)，4為電流

表4的示數(shù)），請將相應(yīng)的電路圖畫在圖1的方框內(nèi)，并標(biāo)出器材相應(yīng)的符號；

②根據(jù)電路圖及圖線可以得到被測電池的電動勢E=V,內(nèi)阻r=_____2（結(jié)果保留兩位有效

數(shù)字）

//ill\

四、計算題(本大題共3小題，共40.0分)

13.某醫(yī)院使用的一只氧氣瓶，容積為32dm3,在溫度為27。(2時，瓶內(nèi)壓強(qiáng)為150atm.按規(guī)定當(dāng)使

用到17汽，壓強(qiáng)降為10。皿，便應(yīng)重新充氣

①這一瓶氧氣自由膨脹到17T,10的〃時體積為多少？

②若這個醫(yī)院在27久時，平均每天要用壓強(qiáng)為1“帆的氧氣439山砂，則這一瓶氧氣能用多少天？

14.如圖所示,傾角。=30。的光滑斜面上MN底端固定一輕彈簧,輕彈簧的上端與滑塊A固定連接，

彈簧勁度系數(shù)k=100/V/m,A靜止且距斜面頂端N點(diǎn)相距x=0.10m.另一小滑塊3在N點(diǎn)以加

速度%=5V^n/s沿斜面向下運(yùn)動，A、B碰撞后具有相同速度但不粘連.8與A分離后，8恰

水平進(jìn)入停放在光滑水平地面上的小車最左端，小車右端與墻壁足夠遠(yuǎn)，小車上表面與半圓軌

道最低點(diǎn)尸的切線水平，小車與墻壁碰撞時即被粘在墻壁上.已知水平地面和半圓軌道面均光

滑，滑塊A、8可視為質(zhì)點(diǎn)且質(zhì)量均為m=2kg,被A壓縮時彈簧存儲的彈性勢能0=0.5/,

小車質(zhì)量M=1kg,長L=1.0m,滑塊B與小車上表面間的動摩擦因數(shù)〃=0.2,g取lOm/sz.求：

(1)滑塊8與A碰撞結(jié)束瞬間的速度；

(2)小車與墻壁碰撞前瞬間的速度；

(3)為使滑塊B能沿圓軌道運(yùn)動而不脫離圓軌道，對軌道半徑R有何要求？

15.如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy中，0cx<d區(qū)域?yàn)榇嬖谘貀軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，x>d區(qū)域

內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場,〉軸左側(cè)存在一圓形磁場區(qū)域，磁場方向垂直坐標(biāo)平面向外,

圓形磁場與y軸相切于原點(diǎn)0。一質(zhì)量為機(jī)、帶電量為q的帶正電粒子從P(0,d)點(diǎn)以平行于x

軸的初速度火射入電場，經(jīng)過一段時間粒子從M(d,§點(diǎn)離開電場進(jìn)入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后，從

N?,-§點(diǎn)返回電場。當(dāng)粒子返回電場時，電場強(qiáng)度大小不變，方向反向。粒子經(jīng)電場和圓形

磁場后到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)。，到。點(diǎn)時速度方向與y軸負(fù)方向夾角為。=30。，不計粒子重力，求:

(1)電場強(qiáng)度大小E及x>d區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小當(dāng)；

(2)圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小％以及圓形磁場區(qū)域半徑r；

(3)粒子從P點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)所用時間t.

【答案與解析】

1.答案:D

解析：解：A。、光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，能否發(fā)生光電效應(yīng)，與入射

光的強(qiáng)度無關(guān)，與光照時間也無關(guān)，當(dāng)發(fā)生光電效應(yīng)時.，減小入射光的強(qiáng)度，則光電流會減小.故

A錯誤，￡＞正確；

8、金屬的逸出功與最大初動能成正比，因頻率不變，則金屬的逸出功不變，故8錯誤；

C、在光電效應(yīng)中，根據(jù)光電效應(yīng)方程知，Ekm=hv-W0,入射光的頻率不變，光電子最大初動能

也不變，故C錯誤；

故選：D.

光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，根據(jù)光電效應(yīng)方程判

斷影響光電子最大初動能的因素.

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運(yùn)用，注意逸出功與最大

初動能的關(guān)系.

2.答案：C

解析：解：以A為研究對象，小球受到重力、水平

力廠和輕繩的拉力尸3,如圖1所示，由平衡條件得：

F=mgtana,&=懸a增大，則F增大，F(xiàn)?增

大

再以整體為研究對象，力圖如圖2所示。根據(jù)平衡條

件得：

(M+m)g

Fi=F,則Fi逐漸增大。鹵2

尸2=(M+m)g,F2保持不變，故ABD錯誤C正確。

故選：C。

先以A為研究對象，分析在小球上升的過程中F如何變化，再以整體為研究對象，分析摩擦力可

和支持力力尸N如何變化

本題是動態(tài)平衡問題，由平衡條件采用隔離法和整體法相結(jié)合進(jìn)行研究即可。

3.答案：B

解析：解：4均勻變化的磁場產(chǎn)生穩(wěn)定的電場，周期性變化磁場產(chǎn)生周期性變化的電場，故A錯誤;

B、根據(jù)振蕩電路的頻率計算公式可得：f=表，所以LC振蕩回路電容C增加時，振蕩頻率減小，

故B正確；

C、機(jī)械波能在空氣中傳播，也能在液體和固體中傳播，故C錯誤；

。、質(zhì)點(diǎn)不會隨波遷移，只會在自己的平衡位置附近振動，故。錯誤。

故選：B。

均勻變化的磁場產(chǎn)生穩(wěn)定的電場；

根據(jù)振蕩電路的頻率計算公式f=梟立分析頻率；

機(jī)械波的傳播需要介質(zhì)；

質(zhì)點(diǎn)不會隨波遷移。

本題主要是考查電磁場理論、LC振蕩電路的頻率、機(jī)械波的傳播等，關(guān)鍵是掌握機(jī)械波的概念和

LC振蕩電路頻率的計算公式。

4.答案：A

解析：

根據(jù)萬有引力提供向心力可以計算嫦娥三號的質(zhì)量；嫦娥三號探測器在飛向8處的過程中，月球引

力做正功；嫦娥三號在B處由橢圓軌道進(jìn)入圓軌道必須點(diǎn)火減速，做近心運(yùn)動才能進(jìn)入圓軌道；要

計算嫦娥三號受到月球引力的大小，必須要知道嫦娥三號的質(zhì)量。

該題考查萬有引力與航天，這類問題的關(guān)鍵是萬有引力提供向心力，能夠題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ?/p>

表達(dá)式，通過公式可以求得中心天體的質(zhì)量.由于不知道嫦娥三號探測器的質(zhì)量，故不能計算出嫦

娥三號受到月球引力的大小。

解：A、萬有引力提供向心力G等與r,得：M="，既根據(jù)軌道半徑為「，周期為7,萬有

r2T2GT2

引力常量為G計算出月球的質(zhì)量，故A正確：

8、嫦娥三號探測器在沿橢圓軌道飛向8處的過程中，月球?qū)μ綔y器的引力對飛船做正功，根據(jù)動能

定理可知，探測器正加速速飛向B處，故B錯誤；

C、橢圓軌道和圓軌道是不同的軌道，航天飛機(jī)不可能自主改變軌道，只有在減速后，做近心運(yùn)動,

才能進(jìn)入圓軌道。故C錯誤；

。、由于不知道嫦娥三號探測器的質(zhì)量，故不能計算出嫦娥三號受到月球引力的大小，故。錯誤。

故選A。

5.答案：B

解析：解：4發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于等于金屬的極限頻率.用單色光a照射一金

屬板時，金屬板上有光電子逸出，發(fā)生光電效應(yīng).用單色光。照射同一金屬板時，金屬板上沒有光

電子逸出，沒有發(fā)生光電效應(yīng)，說明“光的頻率大于b光的頻率，故A錯誤.

8、a光的頻率大于6光的頻率，則水對。光的折射率大于光的折射率，根據(jù)折射定律，知光從空

氣進(jìn)入水，。光的折射角小于6光的折射角.故B正確.

C、因?yàn)閍光的折射率大于h光的折射率，根據(jù)v=：知，”光在水中的速度小于b光在水中的速度.故

C錯誤.

D、根據(jù)sinC=工知，。光的折射率大，則a光的臨界角小，因?yàn)楣鈴目諝膺M(jìn)入水，不會發(fā)生全反射.故

n

。錯誤.

故選：B

根據(jù)光電效應(yīng)的條件比較出光的頻率大小，通過頻率的大小分析折射率的大小，根據(jù)折射率的大小，

通過折射定律比較折射角的大小.根據(jù)"=:比較光在介質(zhì)中的速度大小.根據(jù)sinC=:比較臨界角

的大小，分析全反射現(xiàn)象.

解決本題的關(guān)鍵是掌握光電效應(yīng)的條件，通過光電效應(yīng)的條件得出光子頻率的大小，知道頻率、折

射率、在介質(zhì)中的速度、臨界角等大小關(guān)系.

6.答案：D

解析：解：負(fù)點(diǎn)電荷由3點(diǎn)沿中垂線移動到A點(diǎn)，電荷的電勢能升高，電場力做負(fù)功，則電場線方

向由B到A,故M、N為負(fù)電荷，但是不能判斷M、N電荷量的大小關(guān)系，故A8C錯誤，。正確；

故選：Do

根據(jù)負(fù)電荷移動電勢能的變化得知場強(qiáng)方向，進(jìn)而判斷M、N的電荷性質(zhì)。

本題關(guān)鍵是判斷出A3間電勢的高低。本題也可以根據(jù)推論：負(fù)電荷在電勢低處電勢能大來判斷電勢

能的變化。

7.答案：D

解析：

分析系統(tǒng)的受力情況，根據(jù)動量守恒定律的條件可以判斷動量是否守恒。

本題要明確兩球之間的彈力及庫侖力均為內(nèi)力，在分析動量是否守恒時不考慮內(nèi)力。

解：將兩球看作整體分析時，整體受重力支持力，水平方向不受外力，故整體系統(tǒng)動量守恒；故兩

球相碰分離后的總動量等于碰前的總動量，故。正確，ABC錯誤。

故選。。

8.答案：CD

解析：解：A、圖示位置穿過線框的磁通量最大，A錯誤；

B、電動勢的最大值j=NBSo)=200x—x0.2x100=400應(yīng)V.則交流電壓的有效值400匕則原

副線圈的匝數(shù)比n=400：220=20：11,則8錯誤，C正確：

D、因?yàn)楸ｋU絲的最大電流為10A,則最大功率Pm=UI=400x10=4000W；故。正確；

故選：CD。

根據(jù)E=N8S3求出線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的電動勢最大值，根據(jù)最大值求出有效值，根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)

比，求出原副線圈的匝數(shù)之比，根據(jù)電流比等于匝數(shù)之反比求出副線圈的電流，從而求出燈泡的額

定功率.

解決本題的關(guān)鍵掌握交流電電動勢峰值的表達(dá)式，以及知道峰值與有效值的關(guān)系，知道原副線圈電

壓、電流與匝數(shù)比的關(guān)系.

9.答案：BC

解析：解：當(dāng)滑動變阻器的滑片P從。端向匕端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電

阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流增大，通過燈G的電流變大，則燈乙2變亮。

電源的內(nèi)電壓和的電壓增大，路端電壓減小，則并聯(lián)部分電壓減小，電壓表讀數(shù)變小，通過燈5的

電流變小，燈人變暗。故BC正確。AD錯誤；

故選：BC。

當(dāng)滑動變阻器的滑片P從。端向人端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻的變

化，由閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化，再由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，

即可得到結(jié)論.

本題考查歐姆定律和滑動變阻器的使用，關(guān)鍵明白滑片移動的過程中電路的變化情況，這是本題的

難點(diǎn)也是重點(diǎn).

10.答案：ACD

解析：解：

A、圖中0-ti與t3-t4兩段時間內(nèi)小球在MN的左方運(yùn)動，根據(jù)圖線的斜率等于加速度得：物體在

MN的左方加速度為a=#=?故A正確.

△t°；。"一》：3)t=4一t3

B、在口-t3時間內(nèi)，小球的加速度大小為優(yōu)=答程=言，根據(jù)牛頓第二定律得:尸2-Fl=ma',

得到尸2=居+ma'=居+"i.故B錯誤.

C、在0-G時間內(nèi)，小球在MN的左方向向右做勻加速運(yùn)動；在，1時間內(nèi)小球在的右方向

右做勻減速直線運(yùn)動，在t2-t3時間內(nèi)小球在"N的右方向左做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動過程的

對稱性得知，小球在MN的右方運(yùn)動的時間為t3-“.故C正確.

。、小球在t=0到t=t4這段時間內(nèi)在t2時刻離A點(diǎn)最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為S=".故。正確.

故選：ACD

由u-t圖可知物體的速度隨時間變化的規(guī)律，并能求出物體各段時間內(nèi)的加速度；根據(jù)物體的受力

情況則可得出兩力的大小關(guān)系；

本題結(jié)合圖象與牛頓運(yùn)動定律，應(yīng)通過圖象得出物體的運(yùn)動情況，再由牛頓第二定律即可求得受力

情況.

11.答案：C；1.88；1.84；在誤差允許的范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒；B；C；最右；12.5。

解析：解：(1)①4、打點(diǎn)計時器使用低壓交流電源，所以實(shí)驗(yàn)時把打點(diǎn)計時器固定在鐵架臺上，用

導(dǎo)線連接低壓交流電源，故A正確；

B、固定好打點(diǎn)計時器，將連有重物的紙帶穿過限位孔，用手提住，將紙帶和重錘提升到一定高度,

盡量靠近打點(diǎn)計時器，故B正確；

C、應(yīng)先接通電源，然后釋放重物，否則紙帶開始階段是空白，可能所采集的數(shù)據(jù)不夠，而且浪費(fèi)紙

帶，故C錯誤；

。、重復(fù)幾次，取得幾條打點(diǎn)紙帶，挑選一條清楚的紙帶進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，故。正確；本題選錯誤的，

故選：C.

②。點(diǎn)到8點(diǎn)，重力勢能減小量4Ep=mgh=lx9.8x0.19207=1.887.

利用勻變速直線運(yùn)動的推論：％=絆=誓言咨=1.92m/s,F=；mvj=；xlxl.922=

NCNXU.UNKB//

1.84/.

通過計算可知動能的增加量略小于重力勢能的減小量，其原因是物體在下落過程中克服摩擦阻力做

功.所以可以得出結(jié)論：在誤差范圍內(nèi)，重物下落過程中機(jī)械能守恒.

(2)①燈泡額定電壓為6匕則電壓表量程應(yīng)選B；燈泡正常發(fā)光時的電流/=5=愛=054,電流

表應(yīng)選C：

②伏安法測燈泡電阻，燈泡、電流表、滑動變阻器串聯(lián)接入電路，電壓表與燈泡并聯(lián)，電路圖如圖

所示；

③滑動變阻器采用限流接法，閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于最右端，此時滑動變阻器接入電路的阻值最

大；

④電流表量程為0.64由圖乙所示電流表可知，其分度值為0.024示數(shù)為0.484燈泡電阻R=，=

—=12.5/2.

0.484

故答案為：(1)①C;②1.88；1.84；在誤差允許的范圍內(nèi)機(jī)械能守恒.

(2)①B；C；②電路圖如圖所示；③最右；④12.50.

(1)①解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng),

熟練掌握打點(diǎn)計時器的應(yīng)用.②利用勻變速直線運(yùn)動的推論，可計算出打出某點(diǎn)時紙帶運(yùn)動的瞬時

速度和加速度，從而求出動能.根據(jù)功能關(guān)系得重力勢能減小量等于重力做功的數(shù)值.

(2)根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表量程，根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表量程；根據(jù)伏安法測電阻的原

理連接實(shí)物電路圖；滑動變阻器采用限流接法，閉合開關(guān)前，滑片要置于阻值最大處；右移圖示電

流表確定其分度值，讀出其示數(shù)，然后由歐姆定律求出燈泡電阻阻值.

(1)本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，知道實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)即可正確解題.

(2)滑動變阻器采用限流接法時，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，滑片要置于阻值最大處.

12.答案：紅表筆；歐姆調(diào)零旋鈕；右；B；9.0；1.0

解析：解：(1)①由圖可知，右側(cè)表筆接電內(nèi)部電壓的正極，為保證電流Q

由紅進(jìn)黑出，則。表筆應(yīng)為紅表筆；每次換檔均需要進(jìn)行歐姆調(diào)零；調(diào)零

時指針應(yīng)指在右側(cè)的零刻度處；f-6)—口一1

②由閉合電路歐姆定律可知:

故應(yīng)作出《一9圖象;

UK

故選B；

(2)由題意可知，本實(shí)驗(yàn)中沒有電壓表，故將已知內(nèi)阻的電流表4與定值電阻串聯(lián)充當(dāng)電壓表，電流

表4與定值電阻R串聯(lián)即可。如圖所示：

(2)表頭的示數(shù)與定值電阻阻值的乘積可作為路端電壓處理，則由閉合電路歐姆定律可知:

/1氏+以)=后一/2r

即：人=就;

由圖可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為9.0nM,

則有：9.。礴=嬴

解得：E=9.0V；

由圖象可知，圖象的斜率為：10x10-3,由公式得圖象的斜率等于嬴,

故息=1°X1O『

解得：r=100。

故答案為：(1)①紅表筆、歐姆調(diào)零旋鈕(或者填也給分)、右；②B；(2)①原理圖如圖；②9.0,

10

(1)根據(jù)多用電表的結(jié)構(gòu)及讀數(shù)方法可得出表筆的位置及讀數(shù)；根據(jù)閉合電路歐姆定律列出方程，從

而明確應(yīng)作出的圖象；

(2)①由原理圖將電流表4與滑動變阻器串聯(lián)，電流表4與定值電阻R串聯(lián)，注意開關(guān)應(yīng)能控制整

個電路；

②表頭及定值電阻充當(dāng)電壓表使用，則由閉合電路歐姆定律可得出表達(dá)式，由圖象結(jié)合表達(dá)式可得

出電動勢和內(nèi)電阻；

本題測量電源的電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)以及多用電表的使用；注意由于沒有電壓表，本實(shí)驗(yàn)中采用

改裝的方式將表頭改裝為電壓表，再根據(jù)原實(shí)驗(yàn)的研究方法進(jìn)行分析研究。

3

13.答案：解：①氧氣瓶內(nèi)氧氣初態(tài)參量：匕=32dm,=300K,P1=150atm；

設(shè)這一瓶氧氣自由膨脹到17久、10時體積為彩，T2=290K,p2=10atm,則有：

叱=處①

T]T2

3

代入數(shù)據(jù)解得：V2=464dm…②

②對跑出的氣體，設(shè)在73=300K,P3=時占的體積為匕，則有：

P2(—一匕)一P3V3③

7213

這一瓶氧氣能用的天數(shù)為：n=

439chn3

聯(lián)立解得n=10.2(天)…⑤

取n=10(天)

答：①這一瓶氧氣自由膨脹到17K,10曲”時體積為464dm3

②若這個醫(yī)院在27久時，平均每天要用壓強(qiáng)為1。切的氧氣439dm3,則這一瓶氧氣能用10天

解析：根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求出氧氣瓶中氣體在17久，10”巾時的體積，再根據(jù)體積的關(guān)系求解

即可天數(shù).

要學(xué)會將儲氣筒中的氣體狀態(tài)進(jìn)行轉(zhuǎn)化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解，由于體積的單位在計算中可

以消去，故可以用dm3

14.答案：解：

(1)從釋放B到與4碰撞前的過程，由動能定理得：

22

mgxsind+jmv0=^mvt,

代入數(shù)據(jù)解得：%=V5Tm/s,

A、8碰撞過程動量守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愣傻茫?/p>

mVj=(m+m)v2>

代入數(shù)據(jù)解得：v2=^m/s；

(2)開始時A處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：

mgsind=kx0,

代入數(shù)據(jù)解得：殉=0.1加，

已知x=0.1m,彈簧恢復(fù)原長時，上端的位置恰好在N點(diǎn)，B、A碰撞后，彈簧恢復(fù)原長時，A、B

在N點(diǎn)分離，

從4、8碰撞后到即將分離過程中，由能量守恒定律得：

E,t=0siiW+1-2〃中/-：-,

代入數(shù)據(jù)解得：u3=2>/3m/s,

此后B從斜面飛出，做斜拋運(yùn)動直至運(yùn)動到最高點(diǎn)，它落入小車的最左端的速度：

%=33ms0,

代入數(shù)據(jù)解得：%x=3m/s,

滑塊與小車組成的系統(tǒng)動量守恒，以滑塊的初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愣傻茫?/p>

mv3x=(m+M)V4,

代入數(shù)據(jù)解得：v4=2m/s,

滑塊與小車組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得：

22

HmgL1=^mv3x-i-(m+M)v4,

代入數(shù)據(jù)解得：Li=0.75m<L=lm,

小車與墻壁碰撞時的速度為%=2m/s；

(3)小車與墻壁碰撞后，滑塊在小車上做勻減速運(yùn)動，

位移：L2=L——Im—0.75m=0.25m,

假設(shè)滑塊恰好能滑過圓的最高點(diǎn)，設(shè)速度為也

由牛頓第二定律得：mg=

22

由動能定理得：-fimgL2-mg-2R=|mv-|mv4，

代入數(shù)據(jù)解得：R=0.06m,

如果滑塊恰好滑至;圓弧到達(dá)7點(diǎn)時的