2024-2025學(xué)年上學(xué)期北京高二物理期末培優(yōu)卷3

一.選擇題（共10小題，滿分30分，每小題3分）

1.（3分）（2019秋?寧波期末）有些物理量既有大小又有方向才能完全確定，而且運算法則遵循平行四邊

形定則，物理學(xué)中把這樣的量稱之為矢量。下列物理量中不屬于矢量的是（）

A.力B.速率

C.重力加速度D.向心加速度

2.（3分）（2023秋?重慶期末）圖中實線為等勢面，一帶電粒子從電場中的B點運動到A點，徑跡如圖中

虛線所示，不計粒子所受重力，則（）

A.粒子一定帶正電

B.粒子的動能逐漸增加

C.粒子在A點的加速度大于在B點的加速度

D.粒子在A點具有的電勢能小于在B點的電勢能

3.（3分）A、B兩根平行長直導(dǎo)線垂直紙面固定，兩導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，在兩導(dǎo)線連線的垂

直平分線上有一小磁針，在磁場力作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示，忽略地磁場的影響。關(guān)于兩導(dǎo)線中

電流方向，下列說法正確的是（）

AQ...r...QB

S+N

A.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向里

B.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向外

C.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向里

D.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向外

4.（3分）（2021秋?東城區(qū)期末）如圖所示電路中，表頭G的內(nèi)阻Rg=500Q,滿偏電流Ig=1mA,Ri、

R2為定值電阻，若Ri=R2=9.5kC,下列說法正確的是（）

I-Hj）—CZZF-!—C=ZH|

R&用

g

oo6

abc

A.表頭G的滿偏電壓為500V

B.使用a、b兩個端點時，可以用來測量大于1mA的電流

C.使用a、b兩個端點時，可以用來測量電壓，其量程為070V

D.使用a、c兩個端點時，可以用來測量電壓，其量程為。?20V

5.（3分）（2022秋?香坊區(qū)校級期中）如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,閉合開關(guān)S,不考慮燈絲電

阻阻值隨溫度的變化，電流表、電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器的滑片由左端向右端滑動時，下列

說法正確的是（）

A.電流表Ai示數(shù)變小，電流表A讀數(shù)減小，小燈泡Li變暗

B.電流表A讀數(shù)增大，電壓表V讀數(shù)變大，小燈泡L2變暗

AU

C.電壓表示數(shù)變化AU,電流表A示數(shù)變化AI,二7等于r

AI

AU

D.電壓表示數(shù)變化AU,電流表Ai示數(shù)變化二廠等于r

6.（3分）（2021?西城區(qū)二模）如圖所示，線圈A通過滑動變阻器和開關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連

到電流表上，把線圈A裝在線圈B的里面。實驗中觀察到，開關(guān)閉合瞬間，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，則

A.開關(guān)斷開瞬間，電流表指針不偏轉(zhuǎn)

B.開關(guān)閉合瞬間，兩個線圈中的電流方向可能同為順時針或逆時針

C.開關(guān)閉合，向右移動滑動變阻器的滑片，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)

D.開關(guān)閉合，向上拔出線圈A的過程中，線圈B將對線圈A產(chǎn)生排斥力

7.（3分）（2022春?太倉市校級期中）一對平行金屬板中存在勻強電場和勻強磁場，其中電場的方向與金

屬板垂直，磁場的方向與金屬板平行且垂直紙面向里，如圖所示。一質(zhì)子（；H）以速度vo自O(shè)點沿

中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運動。下列粒子分別自O(shè)點沿中軸線射入,能夠做勻速直線運動

的是（所有粒子均不考慮重力的影響）（)

++

0XXXXXX

o

A.以速度4vo射入的a粒子（jHe）

B.以速度2Vo射入的核（fH）

C.以速度vo射入的電子（9遙）

D.以速度齊勺射入的正電子（?e）

請閱讀下述文字，完成第14題、第15題、第16題。

8.（3分）如圖所示為某同學(xué)實驗時所連接的電路。實驗中發(fā)現(xiàn)Li、L2都不亮。該同學(xué)利用多用電表的電

壓擋檢測故障，檢測結(jié)果如下表所示。根據(jù)檢測結(jié)果判斷，可能的故障是（)

測試點a、bc、dd、f

電壓表示數(shù)情況有示數(shù)無示數(shù)有示數(shù)

A.燈Li斷路B.燈L，短路C.bf段斷路D.de段斷路

9.（3分）（2023春?遼陽期末）1932年，安德森在宇宙線實驗中發(fā)現(xiàn)了正電子。假設(shè)正電子的速率為v,

電荷量為q，沿著與磁場垂直的方向射入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，則它受到的洛倫茲力為（）

A.qvBB.qBC.vBD.0.5qvB

10.（3分）（2021?遼寧模擬）如圖，有理想邊界的矩形區(qū)域abed由兩個正方形區(qū)域aefd和ebc「組成，e

和f為ab和cd的中點，ab=2ad=2L正方形區(qū)域aefd和ebcf內(nèi)部各存在著兩個方向相反的垂直紙面

的強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為B,de、ec是兩個不同方向勻強磁場的理想分界線。一邊k也為1的正

方形導(dǎo)線框的底邊與矩形磁場區(qū)域的底邊在同一直線上，正方形導(dǎo)線框以垂直于磁場邊界的恒定速度v

穿過磁場區(qū)域，從左邊界進(jìn)入磁場開始計時，規(guī)定逆時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，則正方形導(dǎo)線框

中感應(yīng)電流i隨其移動距離x的i-x圖像正確的是（）

B.

二,多選題（共4小題，滿分12分，每小題3分）

（多選）11.（3分）（2018秋?江都區(qū)期中）如圖所示，將四根通電直導(dǎo)線分別放在四個勻強磁場中，圖

中紿出了磁感應(yīng)強度B的力向、導(dǎo)線中電流1的力向，某同學(xué)分別畫出了通電直導(dǎo)線所受蹌場力F的力

XXXX

X

X

（多選）12.（3分）（2023秋?秀英區(qū)校級月考）如圖所示，電源電動勢為E=12V,內(nèi)阻r=lC,電阻Ri

=1C,R2=6C0開關(guān)閉合后，電動機恰好正常工作。己知電動機額定電壓U=6V,線圈電阻RM=0.5C,

則下列說法正確的是（）

~ER-（M）

A.流過電動機的電流為I2A

B.流過電源的電流為3A

C.電源的輸出功率為18W

D.電動機正常工作時輸出的機械功率為10W

（多選）13.（3分）（2023秋?南崗區(qū)校級期末）如圖1所示，一金屬圓環(huán)放在磁場中，磁場方向與金屬

圓環(huán)平面垂直，磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖2所示，則在0?1s的時間內(nèi)與1?3s的時間內(nèi)

)

A.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向相反

B.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流大小之比為1：2

C.通過金屬圓環(huán)中某一截面電荷量之比為I：1

D.金屬圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱之比為4：1

（多選）14.（3分）（2023春?平潭縣校級期中）筆記本電腦機身和顯示屏對應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元

件，當(dāng)顯示屏開啟時磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時磁體靠近霍爾元件，電腦進(jìn)入

休眠狀態(tài)。休眠狀態(tài)時、簡化原理如圖所示，寬為a、厚為b、長為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件處于垂直

于上表面、方向向下的勻強磁場中，其載流子是電荷量為e的自由電子，當(dāng)通入方向向右、大小為I的

電流時，元件前、后表面間電壓為U,則此時元件的（）

A.前表面的電勢比后表面的低

B.自由電子受到的洛倫茲力大小為，

C.前、后表面間的電壓U與b無關(guān)

D.前、后表面間的電壓U與I成正比

三.實驗題（共2小題，滿分18分）

15.（8分）（2023?廣州二模）用圖甲所示的電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，請完成下列實驗內(nèi)容。

圖甲圖乙

（1）實驗時，要通過電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向來觀測電路中電流的方向，因此電流表應(yīng)采用圖乙中的

（選填“a”“b”）；

（2）依照圖甲所示的電路圖，將圖乙的實驗器材用筆畫線代替導(dǎo)線連接成實驗電路（圖中已有部分連

接）；

（3）開關(guān)S接1后，小燈泡L（填選項前的字母）；

A.一直不亮

B.逐漸變亮，穩(wěn)定后保持亮度不變

C.突然變亮，然后逐漸變暗，直到熄滅

（4）開關(guān)S接1足夠長時間后，再將開關(guān)S接2。開關(guān)S接2之后電壓表讀數(shù)（選填“逐

漸增大”“逐漸減小”）；

（5）圖乙中電容器的電容為當(dāng)電容器的電壓為I0V時其帶電量為C

（保留兩位有效數(shù)字）。

16.（10分）（2024?貴州模擬）小李同學(xué)設(shè)計了一個電路來準(zhǔn)確測量一根金屬絲的電阻，原理圖如圖甲所

示。他先用萬用表粗略測得金屬絲電阻約為20C；現(xiàn)有下列器材可供選擇：

A.電源（電動勢為3V,內(nèi)阻約為1。）

B.電壓表（量程3V,內(nèi)阻約為IkQ）

C.電壓表（量程I5V,內(nèi)阻約為5kC）

D.電流表（量程30mA,內(nèi)阻為20。）

E.電流表（量程0.6A,內(nèi)阻為5。）

F.滑動變阻器（最大限值為20C）

G.滑動變阻器（最大阻值為500Q）

H.定值電阻Ro（阻值為5Q）

I.定值電阻Ri（阻值為100C）

J.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干

（1）為了測量準(zhǔn)確，實驗時電壓表應(yīng)該選擇,電流表應(yīng)該選擇,滑動變阻器應(yīng)該選

擇，定值電阻應(yīng)該選擇o（均填器材前對應(yīng)字母）

（2）電壓表讀數(shù)記為U,電流表讀數(shù)記為I,若不考慮電壓表內(nèi)阻的影響，小李同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出

的U-I圖像如圖乙所示，計算可得圖像斜率為k=105,則金屬絲電阻為C（結(jié)果保留3

位有效數(shù)字）。

四.解答題（共4小題，滿分40分）

17,（9分）（2023秋?西山區(qū)期末）如圖所示，電源的電動勢E為3V,內(nèi)阻r為1。；定值電殂Ri為1C,

滑動變阻器R2的最大阻值為4C,求：

（1）滑動變阻器R2接入電路的阻值為（）時，Ri兩端的電壓；

（2）滑動變阻器R2接入電路的電阻為1（1時，通電Imin電阻Ri上產(chǎn)生的熱量。

R氏

—'I--------°s--------

Er

18.（9分）（2024?廣東三模）如圖所示為某款質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：離

子源S、加速電場PQ,靜電分析器、偏轉(zhuǎn)磁場、記錄板，靜電分析器通道中心線的半徑為R,通道內(nèi)

有均勻相向的電場，中心線處的電場強度大小為E,記錄板MN緊靠靜電分析器水平放置，靜電分析器

和記錄板下方分布著范圍足夠大的勻強磁場，離子源S可以發(fā)射初速度不計的正離子，已知該離子源發(fā)

射的質(zhì)子；14經(jīng)過加速電場加速后進(jìn)入靜電分析器，恰能沿靜電分析器中心線做勻速圓周運動，之后豎

直向下飛入勻強磁場，最終水平偏轉(zhuǎn)距離d后打在記錄板上，設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量為m,電荷量為q,求：

（1）加速電場的電壓U；

（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B：

（3）若勻強磁場區(qū)域磁感應(yīng)強度大小的波動范I制為B±△B,為使質(zhì)子JH與笊核打在記錄板上的

位置不重合，4B的取值范圍。

X偏砂磁/XXX

XXXXXX

19.（10分）（2024?北辰區(qū)三模）有關(guān)列車電氣制動，可以借助如圖所示簡化模型來理解，圖中水平平行

金屬導(dǎo)軌處于豎直方向的勻強磁場中，導(dǎo)軌間距為L=0.5m,磁場的磁感應(yīng)強度為B=2T,金屬棒MN

的質(zhì)量為m=0.2kg,導(dǎo)軌右端接有阻值為R=3C的甩阻，金屬棒接入電路部分的電阻為r=l。，導(dǎo)軌

的電阻不計。金屬棒MN在安培力作用下向右減速運動的過程對應(yīng)于列車的電氣制動過程，金屬棒MN

開始減速時的初速度為vo=4m/So

（1）求剛開始減速時，導(dǎo)體棒兩端的電壓U；

（2）求剛開始減速時，安培力的功率P：

（3）在制動過程中，列車還會受到空氣阻力和軌道的摩擦力作用，為了研究問題方便，設(shè)簡化模型受

到的這些阻力總和大小恒為f=lN。在金屬棒從開始減速到速度減至2m/s的過程中，金屬棒的位移大

小為xo=O.6m。求：該過程中電路產(chǎn)生的焦耳熱Q。

M

R

N

20.（12分）（2019秋?沙洋縣校級月考）如圖所示，在xOy平面的第【象限內(nèi)有平行于y軸正方向的有界

勻強電場，場強大小為E.一電子以平行于x軸正方向的初速度vo從P點射入電場中，并從A點離開

第I象限。已知P點的坐標(biāo)為（0,L）,A點坐標(biāo)為（2L,0）o不計電子的重力。試求：

（1）電子的比荷?；

m

（2）若在第IV象限過Q點放一張垂直于y軸的感光膠片，Q點的坐標(biāo)為（0,-L）,求感光膠片上曝

光點的橫坐標(biāo)X。

2024-2025學(xué)年上學(xué)期北京高二物理期末典型卷3

參考答案與試題解析

一.選擇題（共10小題，滿分30分，每小題3分）

1.（3分）（2019秋?寧波期末）有些物理量既有大小又有方向才能完全確定，而且運算法則遮循平行四邊

形定則，物理學(xué)中把這樣的量稱之為矢量。下列物理量中不屬于矢量的是（）

A.力B.速率

C.重力加速度D.向心加速度

【考點】矢量和標(biāo)量的區(qū)分與判斷.

【專題】定性思想；歸納法；直線運動規(guī)律專題；理解能力.

【答案】B

【分析】矢量是既有大小，又有方向，運算時遵循平行四邊形定則的物理量，而標(biāo)量只有大小，沒有方

向，運尊時遵循代數(shù)加減法則。

【解答】解：ACD、矢量是既有大小，又有方向，運算時遵循平行四邊形定則的物理量，力、重力加

速度和向心加速度都是矢量，故ACD錯誤；

B、標(biāo)量只有大小沒有方向，速率是標(biāo)量，故B正確。

本題選不屬于矢量的，

故選：Bo

【點評】解決本題的關(guān)鍵要明確矢量和標(biāo)量的區(qū)別，知道矢量有大小又有方向，標(biāo)量只有大小，沒有方

向。

2.（3分）（2023秋?重慶期末）圖中實線為等勢面，一帶電粒子從電場中的B點運動到A點，徑跡如圖中

虛線所示，不計粒子所受重力，則（）

A.粒子一定帶正電

B.粒子的動能逐漸增加

C.粒子在A點的加速度大于在B點的加速度

D.粒子在A點具有的電勢能小于在B點的電勢能

【考點】等勢面及其與電場線的關(guān)系；電場力做功與電勢能變化的關(guān)系.

【專題】定性思想：推理法；電場力與電勢的性質(zhì)專題；理解能力.

【答案】C

【分析】根據(jù)帶電粒子運動軌跡彎曲方向判定電場力方向，從而確定電性;然后根據(jù)電場線的疏密程度，

判斷電場力的變化，分析加速度的變化。根據(jù)電場力做功判斷電勢能和動能的變化。

【解答】解：A、根據(jù)電場線與等勢面垂直，可知電場線的方向大致沿豎直方向；由粒子受到的合力的

方向大致沿運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大體向下；由于不知道電勢的高低關(guān)系，

則不能判斷出電場線的方向，也無法判定粒子的電性，故A錯誤。

BD、帶電粒子從B到A的運動過程中，電場力的方向與運動的方向之間的夾角為鈍角，則電場力對粒

子做負(fù)功，則帶電粒子的電勢能增大，動能減小，粒子在A點的電勢能大于在B點的電勢能，故BD

錯誤；

C、A點處等差等勢面密，則A點電場線密，電場強度大，粒子在A點所受的電場力大，加速度大，所

以粒子在A點的加速度大于在B點的加速度，故C正確。

故選：Co

【點評】解決這類帶電粒子在電場中運動軌跡問題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出電場力方向，利用

電場中有關(guān)規(guī)律求解；要明確電場力做功與電勢能和動能間的關(guān)系。

3.（3分）A、B兩根平行長直導(dǎo)線垂直紙面固定，兩導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，在兩導(dǎo)線連線的垂

直平分線上有一小磁針，在磁場力作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)，加圖所示，忽略地磁場的影響.關(guān)卜兩導(dǎo)線中

電流方向，下列說法正確的是（）

AO...r...QB

S+N

A.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向里

B.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向外

C.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向里

D.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向外

【考點】通電直導(dǎo)線周圍的磁場.

【專題】定性思想；歸納法；磁場磁場對電流的作用；推理論證能力.

【答案】B

【分析】小磁針靜止時N極方向向右，說明該處的磁場向右，分別對四個選項的A導(dǎo)線和B導(dǎo)線運用

安培定則，即可判斷。

【解答】解：小磁針N極的指向是該點合磁感應(yīng)強度的方向，由于兩個導(dǎo)線通過的電流是大小相等，

根據(jù)安培定則，與導(dǎo)線等距離地方磁感應(yīng)強度大小也相等；

A.A中電流垂直紙面向外，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向右上方；B中電流垂直紙面向里,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向左上方；則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向上方，故A

錯誤；

B.A中電流垂直紙面向外，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向右上方：B中電流垂直紙面向外,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向右下方;則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向右，故B正確；

C.A中電流垂直紙面向里，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向左下方；B中電流垂直紙面向里,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向左上方;則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向左，故C錯誤;

D.A中電流垂直紙面向里，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向左下方ZB中電流垂直紙面向外,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強度方向向右下方；則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向下，故D錯

誤。

故選：Bo

【點評】考查安培定則的內(nèi)容，掌握磁感應(yīng)強度矢量的合成法則的應(yīng)用，基礎(chǔ)題目。

4.（3分）（2021秋?東城區(qū)期末）如圖所示電路中，表頭G的內(nèi)阻Rg=500Q,滿偏電流Ig=lmA,R［、

Rz為定值電阻，若Ri=R2=g.5k。，下列說法正確的是（）

G

000

abc

A.表頭G的滿偏電壓為500V

B.使用a、b兩個端點時，可以用來測量大于1mA的電流

C.使用a、b兩個端點時，可以用來測量電壓，其量程為0?10V

D.使用a、c兩個端點時，可以用來測量電壓，其量程為0?20V

【考點】電表的改裝和應(yīng)用（實驗）；串聯(lián)電路的特點及應(yīng)用.

【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力.

【答案】C

【分析】電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓.根據(jù)歐姆定律可解得電壓表兩側(cè)。

【解答】解：A、根據(jù)歐姆定律可知表頭G的滿偏電壓Ug=IgRg=1X103><500V=0.5V,故A錯誤；

BC、使用a、b兩個端點時，電路中允許經(jīng)過的最大電流為履=1mA,電流表改裝成電壓表串聯(lián)電阻R：

3

U=Ig(Rg+Ri)=1X1O'X(500+9500)V=10V,故B錯誤，C正確；

3

D、使用a、c兩個端點時，電流表改裝成電壓表串聯(lián)電阻R：U=Ig(Rg+Ri+R2)=1X1()-X

(500+9500+9500)V=19.5V,故D錯誤；

故選：Co

【點評】明確電流表改裝在電壓表要串聯(lián)電阻分壓，掌握改裝電壓表量程的計算方式。

5.(3分)(2022秋?香坊區(qū)校級期中)如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,閉合開關(guān)S,不考慮燈絲電

阻阻值隨溫度的變化，電流表、電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器的滑片由左端向右端滑動時，下列

A.電流表Ai示數(shù)變小，電流表A讀數(shù)減小，小燈泡Li變暗

B.電流表A讀數(shù)增大，電壓表V讀數(shù)變大，小燈泡L2變暗

C.電壓表示數(shù)變化AU,電流表A示數(shù)變化當(dāng)?shù)扔趓

AI

AU

D.電壓表示數(shù)變化AU,電沆表Ai示數(shù)變化H等于r

【考點】電路動態(tài)分析；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式，

【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力，

【答案】C

【分析】由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測路端電壓；根據(jù)滑片的移動確定接入電

路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律確定電路中電流的變化和燈泡兩端的電壓變化，根據(jù)P=「R確定燈泡

實際功率的變化，進(jìn)一步根據(jù)燈泡的亮暗取決于實際功率的大小確定燈泡亮暗的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的

電壓特點確定電壓表示數(shù)的變化，最后根據(jù)歐姆定律和滑動變阻器接入電路中電阻的變化確定電壓表與

電流表的示數(shù)之比的變化.

【解答】解：AB.滑動變阻器滑片向右端滑動，Ri變大，總電阻R變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電

流表A讀數(shù)/=忌減小，電壓表測路端電壓，電壓表V讀數(shù)U=E-lr變大，小燈泡L2實際功率P?=

[E-I(RL+r)r

/2/?A變小，小燈泡L2變暗，小燈泡Li實際功率匕=——/----變大，小燈泡Li變亮，故AB錯誤；

L1

C.電壓表示數(shù)變化AU,電流表A示數(shù)變化AI

AU(ETr)-(E—〃r)

Al-l-U~

故C正確；

D.電壓表示數(shù)變化AU,電沆表Ai示數(shù)變化Ah

AU(E-/r)-(E-//r)

=*r

儀--------/LA，

故D錯誤。

故選：Co

【點評】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，按“局部一整體一局部”的順序進(jìn)行分析。

6.(3分)(2021?西城區(qū)二模)如圖所示，線圈A通過滑動變阻器和開關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連

到電流表上，把線圈A裝在線圈B的里面。實驗中觀察到，開關(guān)閉合瞬間，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，則

()

A.開關(guān)斷開瞬間，電流表指針不偏轉(zhuǎn)

B.開關(guān)閉合瞬間，兩個線圈中的電流方向可能同為順時針或逆時針

C.開關(guān)閉合，向右移動滑動變阻器的滑片，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)

D.開關(guān)閉合，向上拔出線圈A的過程中，線圈B將對線圈A產(chǎn)生排斥力

【考點】楞次定律及其應(yīng)用；研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象.

【專題】定性思想：推理法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合；理解能力.

【答案】C

【分析】根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析答題，穿過閉合【可路的磁通量發(fā)生變化，電路產(chǎn)生感應(yīng)電流；同

時根據(jù)楞次定律的兩種描述分別分析感應(yīng)電流的方向以及相互間的相用力。

【解答】解：A、開關(guān)斷開的瞬間，A中電流減小產(chǎn)生的磁場減弱，導(dǎo)致線圈B中的磁通量發(fā)生變化,

有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯誤；

B、當(dāng)S2處于閉合狀態(tài)，在Si閉合瞬間，穿過副線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，副線圈中感應(yīng)

電流與原線圈中電流的方向相反，故B錯誤；

C、開關(guān)閉合，向右移動滑動變阻器的滑片，接入電阻減小，線圈A中電流增大，根據(jù)楞次定律可知線

圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流與閉合開關(guān)時方向相同，故針向右偏轉(zhuǎn)，故C正確；

D、開關(guān)閉合，向上拔出線圈A的過程中，根據(jù)楞次定律可知，線圈B將對線圈A產(chǎn)生吸引力，故D

錯誤。

故選：Co

【點評】本題主要考查楞次定律的應(yīng)用，重點掌握楞次定律的兩種描述：“增反減同”以及“來拒去留”

應(yīng)用。

7.（3分）（2022春?太倉市校級期中）一對平行金屬板中存在勻強電場和勻強磁場，其中電場的方向與金

屬板垂直，磁場的方向與金屬板平行且垂直紙面向里，如圖所示。一質(zhì)子（；H）以速度vo自O(shè)點沿

中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運動。下列粒子分別自O(shè)點沿中軸線射入，能夠做勻速直線運動

的是（所有粒子均不考慮重力的影響）（)

+

0XXXXXX

o

A.以速度4Vo射入的a粒子（|He）

B.以速度2Vo射入的核（fH）

C,以速度vo射入的電子（2遙）

D.以速度冷的射入的正電子（?e）

【考點】速度選擇器.

【專題】定量思想：推理法；帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題；分析綜合能力.

【答案】C

【分析】（質(zhì)子）以速度vo自O(shè)點沿中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運動，洛倫茲力和電場力

相等時，粒子做勻速直線運動。速度滿足vo=當(dāng)即可通過。

【解答】解：（；〃質(zhì)子）以速度V0自O(shè)點沿中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運動，將受到向上的

洛倫茲力和向下的電場力，滿足

qvoB=qE

解得：vo=W，即質(zhì)子的速度滿足速度選擇器的條件；

A、以4Vo速射入的a粒，其速度不滿足速度選器的條件，故不能做勻速直線運動，故A錯誤；

B、以速度2vo射入的核（fH）,所受的洛倫茲力大于電場刀，（彳H）向上偏轉(zhuǎn)，故B錯誤；

C.以速度vo射入的電子，滿足電場力等于洛倫茲力，而做勻速直線運動，即速度選擇器不選擇電性而

只選擇速度，故C正確；

D.以速度0的射入的正電子（？e）,所受的洛倫茲力小于電場力，正電子將向下偏轉(zhuǎn)，故D錯誤；

故選：Co

【點評】本題考查的是速度選擇器，解題的關(guān)鍵是粒子速度滿足vo=/即可通過。

D

請閱讀下述文字，完成第14題、第15題、第16題。

8.（3分）如圖所示為某同學(xué)實驗時所連接的電路。實驗中發(fā)現(xiàn)Li、L2都不亮。該同學(xué)利用多用電表的電

壓擋檢測故障，檢測結(jié)果如下表所示。根據(jù)檢測結(jié)果判斷，可能的故障是（）

測試點a、bc、dd、

電壓表示數(shù)情況有示數(shù)無示數(shù)有示數(shù)

A.燈Li斷路B.燈L2短路C.bf段斷路D.de段斷路

【考點】根據(jù)電路現(xiàn)象分析故障原因及位置；練習(xí)使用多用電表（實驗）.

【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力.

【答案】D

【分析】電壓表判斷故障時，根據(jù)題意結(jié)合選項分析即可；

【解答】解：A、若燈L］斷路，則c、d間應(yīng)有示數(shù)，d、f間無示數(shù)，故A錯誤；

B、若僅燈L2短路，燈泡Li應(yīng)變更亮，故B錯誤；

C、若bf段斷路，則a、b間有電壓，c、d間無電壓，d、f間無電壓，故C錯誤：

D、de段斷路，則Li、L2都不亮，a、b間有電壓，C、d間無電壓，d、f間有電壓，與題信息相符，故

D正確。

故選：Do

【點評】本題考查了用多用電表檢查電路故障，檢杳電路故障可以用電壓表、電流表、或歐姆表，應(yīng)用

歐姆表檢查電路故障時，應(yīng)把電源斷開；要掌握應(yīng)用各電表檢杳電路故障的方法.

9.（3分）（2023春?遼陽期末）1932年，安德森在宇宙線實驗中發(fā)現(xiàn)了正電子。假設(shè)正電子的速率為v,

電荷量為q，沿著與磁場垂直的方向射入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，則它受到的洛倫茲力為（）

A.qvBB.qBC.vBD.0.5qvB

【考點】洛倫茲力的概念.

【專題】定量思想；推理法；帶電粒子在磁場中的運動專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】當(dāng)電荷運動的方向與磁場的方向垂直時，受到的洛倫茲力的大小為f=qvB,由此計算即可。

【解答】解：正電子沿著與磁場垂直的方向射入勻強磁場中，則它受到的洛倫茲力為￡=4、上，故A1E

確,BCD錯誤。

故選；Ao

【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握洛倫茲力的大小公式，同時注意公式成立條件：速度方向與磁場垂直。

10.（3分）（2021?遼寧模擬）如圖，有理想邊界的矩形區(qū)域abed由兩個正方形區(qū)域ae「d和ebc「組成，e

和f為ab和cd的中點，ab=2ad=21,正方形區(qū)域aefd和ebcf內(nèi)部各存在著兩個方向相反的垂直紙面

的強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為B,de、ec是兩個不同方向勻強磁場的理想分界線。一邊長也為1的正

方形導(dǎo)線框的底邊與矩形磁場區(qū)域的底邊在同一直線上，正方形導(dǎo)線框以垂直于磁場邊界的恒定速度v

穿過磁場區(qū)域，從左邊界進(jìn)入磁場開始計時，規(guī)定逆時針方向為感此電流i的正方向，則正方形導(dǎo)線框

中感應(yīng)電流i隨其移動距離X的i-X圖像正確的是（)

【考點】根據(jù)B-t或者叩-t圖像計算感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)過程中的能量類問題；閉合電路歐姆定律

的內(nèi)容和表達(dá)式；楞次定律及其應(yīng)用.

【專題】定量思想；推理法；電磁感應(yīng)與圖象結(jié)合；分析綜合能力.

【答案】C

【分析】導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，分段可以分析出線框中感應(yīng)電流，利用右手定則判定感應(yīng)電

流方向。

【解答】解：BD.導(dǎo)線框從（）?t運動過程中，導(dǎo)線框的右邊切割磁感應(yīng)線，0?;運動過程中導(dǎo)線在垂直

紙面向里的有效切割長度大于垂直向外的有效切割長度，所以電流方向逆時針為正，當(dāng)在5時電流為零，

g?1運動過程中剛好相反，電流方向順時針為負(fù)；導(dǎo)線框從21?31運動過程中，導(dǎo)線框的左邊切割磁

感應(yīng)線，21?弓運動過程中導(dǎo)踐在垂直紙面向外的有效切割長度大于垂直向里的有效長度，電流方向逆

時針為正，三?31運動過程中剛好相反，電流方向順時針為負(fù)，故BD錯誤；

2

AC.從1?21運動過程中，導(dǎo)線左右兩邊都在磁場中切割而在尚處順時針的感應(yīng)電流和逆時針的電流大

小相等，所以此位置感應(yīng)電流為零，故A錯誤，C正確。

故選：Co

【點評】本題屬于電磁感應(yīng)中，導(dǎo)體切割磁感線，利用E=BLv可以求得電動勢，然后求出電流。利用

右手定則判斷感應(yīng)電流方向。

二,多選題（共4小題，滿分12分，每小題3分）

（多選）11.（3分）（2018秋?江都區(qū)期中）如圖所示，將四根通電直導(dǎo)線分別放在四個勻強磁場中，圖

中給出了磁感應(yīng)強度B的方向、導(dǎo)線中電流I的方向，某同學(xué)分別畫出了通電直導(dǎo)線所受磁場力F的方

xXXX

X

【考點】左手定則判斷安培力的方向.

【專題】作圖題；定性思想；推理法；磁場磁場對電流的作用；理解能力.

【答案】AD

【分析】熟練應(yīng)用左手定則是解決本題的關(guān)鍵，在應(yīng)用時可以先確定一個方向，然后逐步進(jìn)行，如可先

讓磁感線穿過手心，然后通過旋轉(zhuǎn)手，讓四指和電流方向一致或讓大拇指和力方向一致，從而判斷出另

一個物理量的方向，用這種程序法，防止弄錯方向。

【解答】解：根據(jù)左手定值可知:

A、圖中的安培力應(yīng)該垂直導(dǎo)體斜向上，故A正確；

B、圖中電流方向和磁場方向平行，不受安培力，故B錯誤；

C、圖中的安培力應(yīng)該垂直磁感線豎直向上，故C錯誤；

D、圖中的安培力應(yīng)該垂直于電流方向斜向下，故D正確。

故選：ADo

【點評】左手定則中涉及物理量及方向較多，在應(yīng)用過程中容易出現(xiàn)錯誤，要加強練習(xí)，增加熟練程度。

（多選）12.（3分）（2023秋?秀英區(qū)校級月考）如圖所示，電源電動勢為E=12V,內(nèi)阻r=IC,電阻Ri

=111,R2=6C。開關(guān)閉合后，電動機恰好正常工作。已知電動機額定電壓U=6V,線圈電阻RM=0.5C,

則下列說法正確的是（）

~ER-（M）

A.流過電動機的電流為12A

B.流過電源的電流為3A

C.電源的輸出功率為18W

D.電動機正常工作時輸出的機械功率為10W

【考點】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式：計算電動機正常工作時輸出的機械功或機械功率.

【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力.

【答案】BD

【分析】根據(jù)歐姆定律求出流過電阻R2的電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出流過電源的電流，根據(jù)并

聯(lián)電路的特點求出通過電動機的電流；根據(jù)P出=EI?I2r,求解電源的輸出功率；根據(jù)電功率的公式,分

別求出電動機的輸入功率和發(fā)熱功率，電動機的輸出功率等于輸入功率減去發(fā)熱功率。

【解答】解：AB、電動機恰好正常工作，已加電動機額定電壓U=6V,則R2兩端的電壓是6V,流過

R2的電流為：

l2=^=tA=IA

設(shè)流過電源的電流為I,根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：

E=U+I（Ri+r）,解得：I=3A

流過電動機的電流為：IM=I-l2=3A-1A=2A,故A錯誤，B正確;

2

C.電源的輸出功率為：P.1}=EI-Ir

代入數(shù)據(jù)解得：P出=27W,故C錯誤；

D.電動機的輸入功率為：PA=UIM=6X2W=12W

電動機的熱功率為：P熱=珞RM=22X0.5W=2W

電動機輸出的機械功率為：Pn=P入?P熱=12W?2W=10W,故D正確。

故選：BDo

【點評】本題考杳了閉合電路歐姆定律的應(yīng)用和電功率的計算問題，關(guān)鍵要搞清電動機輸入功率、發(fā)熱

功率和輸出功率的求法，以及三者之間的關(guān)系。要注意電動機工作時，歐姆定律不適用。

（多選）13.（3分）（2023秋?南崗區(qū)校級期末）如圖1所示，一金屬圓環(huán)放在磁場中，磁場方向與金屬

圓環(huán)平面垂直，磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖2所示，則在0?1s的時間內(nèi)與1?3s的時間內(nèi)

（）

A.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向相反

B.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流大小之比為1：2

C.通過金屬圓環(huán)中某一截面電荷量之比為1：1

D.金屬圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱之比為4：1

【考點】根據(jù)B-t或者＜p-t圖像計算感應(yīng)電動勢：電磁感應(yīng)過程中的電路類問題：楞次定律及其應(yīng)用；

法拉第電磁感應(yīng)定律的內(nèi)容和表達(dá)式.

【專題】定量思想；推理法；電磁感應(yīng)與圖象結(jié)合；推理論證能力.

【答案】AC

【分析】根據(jù)磁通量的變化分析感應(yīng)電流的方向，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求感應(yīng)電動勢，由閉合電路

歐姆定律求感應(yīng)電流，根據(jù)q=It可分析電荷量的大小，根據(jù)焦耳定律分析D。

【解答】解：A.根據(jù)題意，結(jié)合圖像，由楞次定律可知，0?1s時間內(nèi)金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向逆

時針（俯視），1?3s的時間內(nèi)金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向順時針（俯視），即金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方

向相反，故A正確；

B.根據(jù)題意，由法拉第電磁感應(yīng)定律有

E=條翳

感應(yīng)電流為

EABS

iT=R=MR

由圖可知，0?1s時間內(nèi)

AB2

—=-T/s=2T/s

At1

1?3s時間內(nèi)

ABf2

-T/s=lT/s

AU3-1

可得，金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流大小之比為

11：12=2：1

故B錯誤；

C.由公式q=It可得，通過金屬圓環(huán)中某一截面電荷量之比為

Qi/iti211

—=—.—=-x-=-

t?212t2121

故C正確；

D.由公式Q=12RI可得，金屬圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱之比為

Q1112212

---="T-----=---X-=一

2

Q2片t2I21

故D錯誤。

故選：ACo

【點評】解答本題時，要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、焦耳定律，要注意感應(yīng)電流方

向的判斷。

（多選）14.（3分）（2023春?平潭縣校級期中）筆記本電腦機身和顯示屏對應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元

件，當(dāng)顯示屏開啟時磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時磁體靠近霍爾元件，電腦進(jìn)入

休眠狀態(tài)。休眠狀態(tài)時、簡化原理如圖所示，寬為a、厚為b、長為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件處于垂直

于上表面、方向向下的勻強磁場中，其載流子是電荷量為e的自由電子，當(dāng)通入方向向右、大小為I的

電流時，元件前、后表面間電壓為U,則此時元件的（）

后表而

A.前表面的電勢比后表面的低

B.自由電子受到的洛倫茲力大小為等

C.前、后表面間的電壓U與b無關(guān)

D.前、后表面間的電壓U與I成正比

【考點】霍爾效應(yīng)與霍爾元件.

【專題】定量思想；推理法；磁場磁場對電流的作用；推理論證能力.

【答案】BD

【分析】根據(jù)左手定則得出電子的偏轉(zhuǎn)方向，結(jié)合電性得出電勢的高低；

根據(jù)電場力和洛倫茲力的等量關(guān)系得出電勢差的大小，結(jié)合題意完成分析。

【解答】解：A.當(dāng)通入方向向右、大小為I的電流時，根據(jù)左手定則可知電子受到的洛倫茲力指向后

表面，結(jié)合電子的電性可知后表面帶負(fù)電，由此可分析出前表面的電勢比后表面的高，故A錯誤：

B.元件前、后表面間電壓為U時，洛倫茲力和電場力平衡，則有

衛(wèi)洛=號,故B正確；

CD.根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=ncvab

洛倫茲力和電場力平衡，則有哈

聯(lián)立解得：〃盜

故前、后表面間的電壓U與1成正比，U與b有關(guān)，故C錯誤，D正確。

故選；BDo

【點評】本題主要考查了霍爾效應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，熟悉左手定則得出洛倫茲力的方向，結(jié)合電場力和洛倫

茲力的等量關(guān)系即可完成分析。

三,實驗題（共2小題，滿分18分）

15.（8分）（2023?廣州二模）用圖甲所示的電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，請完成下列實驗內(nèi)容。

（1）實驗時，要通過電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向來觀測電路中電流的方向，因此電流表應(yīng)采用圖乙中的a

（選填

（2）依照圖甲所示的電路圖，將圖乙的實驗器材用筆畫線代替導(dǎo)線連接成實驗電路（圖中已有部分連

接）；

（3）開關(guān)S接1后，小燈泡L￡（填選項前的字母）；

A.一直不亮

B.逐漸變鳧，穩(wěn)定后保持亮度不變

C.突然變亮，然后逐漸變暗，直到熄火

（4）開關(guān)S接1足夠長時間后，再將開關(guān)S接2。開關(guān)S接2之后電壓表讀數(shù)逐漸減小（選填“逐

漸增大”“逐漸減小”）；

（5）圖乙中電容器的電容為3300uFo當(dāng)電容器的電壓為10V時其帶電量為0.033C（保留兩

位有效數(shù)字）。

【考點】觀察電容器及其充、放電現(xiàn)象.

【專題】定量思想；推理法；電容器專題；推理論證能力.

【答案】（1）a；（2）見解答；（3）C：（4）逐漸減?。海?）3300；0.033

【分析】（1）根據(jù)電表的區(qū)別選擇合適的電表進(jìn)行實驗；

（2）根據(jù)上述分析，同時完成實驗電路圖的連線；

（3）根據(jù)電容器的特點，結(jié)合電路構(gòu)造的分析得出燈泡的亮度變化；

（4）根據(jù)電容器的特點分析出其兩端電勢差的變化趨勢；

（5）根據(jù)電容器的銘牌得出電容，結(jié)合公式、=（21）得出帶電量。

【解答】解：（1）表a能判斷出電流的方向，而表b只能判斷有無電流，故電流表應(yīng)選擇圖乙中的a；

（2）實驗電路圖如圖所示：

（3）開關(guān)接1后，在通電瞬間電容器的電阻較小，穩(wěn)定后電容器相當(dāng)于斷路，所以小燈泡L會突然變

亮，然后逐漸變暗，直到熄滅，故C正確，AB錯誤；

故選：Co

（4）開關(guān)接2后，電容器開始放電，根據(jù)公可知，電容器的電容保持不變，但電荷量減小，

所以電勢差減小，因此電壓表讀數(shù)逐漸減小；

（5）圖乙中電容器的電容為33OOpF,根據(jù)公式Q=CU可知，當(dāng)電壓為10V時，

Q=3.3X10'6X10C=0.033C

故答案為：（Da；（2）見解答；（3）C：（4）逐漸減?。唬?）3300；0.033

【點評】本題主要考杳了電容器的充放電現(xiàn)象，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合電荷量的計算

公式即可完成分析.

16.（10分）（2024?貴州模擬）小李同學(xué)設(shè)計了一個電路來準(zhǔn)確測量一根金屬絲的電阻，原理圖如圖甲所

示。他先用萬用表粗略測得金屬絲電阻約為20C；現(xiàn)有下列器材可供選擇：

A.電源（電動勢為3V,內(nèi)阻約為1Q）

B.電壓表（量程3V,內(nèi)阻約為1k。）

C.電壓表（量程15V,內(nèi)阻約為5k。）

D.電流表（量程30mA,內(nèi)阻為20C）

E.電流表（量程0.6A,內(nèi)阻為5Q）

F.滑動變阻器（最大阻值為20。）

G.滑動變阻器（最大阻值為500。）

H.定值電阻Ro（阻值為5Q）

I.定值電阻Ri（阻值為100。）

J.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干

（1）為了測量準(zhǔn)確，實驗時電壓表應(yīng)該選擇B.電流表應(yīng)該選擇D,滑動變阻器應(yīng)該選擇

F,定值電阻應(yīng)該選擇Rco（均填器材前對應(yīng)字母）

（2）電壓表讀數(shù)記為U,電流表讀數(shù)記為1,若不考慮電壓表內(nèi)阻的影響，小李同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出

的U-I圖像如圖乙所示，計算可得圖像斜率為k=105,則金屬絲電阻為，LQ。（結(jié)果保留3位有

甲

【考點】練習(xí)使用多用電表（實驗）；伏安法測電阻.

【專題】定量思想；推理法：恒定電流專題；推理論證能力.

【答案】(1)B,D,F,H：(2)21.0o

【分析】（1）根據(jù)電源電動勢近擇電壓表，根據(jù)估算電流選擇或者改裝電流表，根據(jù)電路的滑動變阻器

的接法選擇滑動變阻器;

（2）根據(jù)歐姆定律和圖乙列式計算電阻。

【解答】解：（1）電源電動勢為E=3V,故電壓表應(yīng)選擇B,流過金屬絲的最大電流Im=1=^A=

O.I5A=150mA,電流表選擇E則量程偏大，故選擇電流表D進(jìn)行改裝，電流表D的內(nèi)阻為20C.改裝

成大量程的電流表需要并聯(lián)一個小電阻，故定值電阻選Ro,改裝后的量程為

r=O.O3A+QQV<2QA=（）.I5A=150mA,符合題中電流的測量要求，由于采用滑動變阻器的分壓式接

法，選擇總阻值較小的F