五年（2021-2025）高考真題分類匯編PAGEPAGE1專題09恒定電流考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1電流2022綜合分析近五年福建高考物理對(duì)“恒定電流”模塊的考查情況，考查重點(diǎn)明確指向?qū)嶋H電路的分析與應(yīng)用能力，尤其強(qiáng)調(diào)對(duì)串并聯(lián)電路基本規(guī)律的熟練運(yùn)用。命題情境緊密聯(lián)系實(shí)際，注重將物理模型嵌入現(xiàn)代科技產(chǎn)品或生活應(yīng)用場(chǎng)景中進(jìn)行考查。題型以選擇題為主，可能涉及少量填空，側(cè)重考查概念辨析、電路結(jié)構(gòu)的識(shí)別、動(dòng)態(tài)過(guò)程推理及基于歐姆定律、閉合電路歐姆定律的定性或定量分析。展望未來(lái)命題，核心考點(diǎn)的考查地位將保持穩(wěn)固，情境設(shè)計(jì)將更趨多元化與時(shí)代感，可能融入更多新科技元素；同時(shí)，對(duì)電路動(dòng)態(tài)分析、等效簡(jiǎn)化思想、能量轉(zhuǎn)化觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用能力要求將進(jìn)一步提升，并可能強(qiáng)化與實(shí)驗(yàn)思想的隱性關(guān)聯(lián)，以考查學(xué)生的物理核心素養(yǎng)?？键c(diǎn)2串聯(lián)電路和并聯(lián)電路2024考點(diǎn)3含容電路分析2023考點(diǎn)01電流1．（2022·福建·高考）（多選）我國(guó)霍爾推進(jìn)器技術(shù)世界領(lǐng)先，其簡(jiǎn)化的工作原理如圖所示。放電通道兩端電極間存在一加速電場(chǎng)，該區(qū)域內(nèi)有一與電場(chǎng)近似垂直的約束磁場(chǎng)（未畫(huà)出）用于提高工作物質(zhì)被電離的比例。工作時(shí)，工作物質(zhì)氙氣進(jìn)入放電通道后被電離為氙離子，再經(jīng)電場(chǎng)加速噴出，形成推力。某次測(cè)試中，氙氣被電離的比例為95%，氙離子噴射速度為1.6×104m/sA．氙離子的加速電壓約為175VB．氙離子的加速電壓約為700VC．氙離子向外噴射形成的電流約為37AD．每秒進(jìn)入放電通道的氙氣質(zhì)量約為5.3×【答案】AD【詳析】AB．氙離子經(jīng)電場(chǎng)加速，根據(jù)動(dòng)能定理有qU=12mv2-0，可得加速電壓為U=D．在Δt時(shí)間內(nèi)，有質(zhì)量為Δm的氙離子以速度v噴射而出，形成電流為I，由動(dòng)量定理可得FΔt=Δmv-0，進(jìn)入放電通道的氙氣質(zhì)量為Δm，故D正確；C．在Δt時(shí)間內(nèi)，有電荷量為ΔQ的氙離子噴射出，則ΔQ=Δmmq，I=故選AD?？键c(diǎn)02串聯(lián)電路和并聯(lián)電路2．（2024·福建·高考）某實(shí)驗(yàn)小組探究不同電壓下紅光和藍(lán)光發(fā)光元件的電阻變化規(guī)律，并設(shè)計(jì)一款彩光電路。所用器材有：紅光和藍(lán)光發(fā)光元件各一個(gè)、電流表（量程30mA）、電壓表（量程3V）、滑動(dòng)變阻器（最大阻值20Ω，額定電流1A）、5號(hào)電池（電動(dòng)勢(shì)1.5V）兩節(jié)、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）圖（a）為發(fā)光元件的電阻測(cè)量電路圖，按圖接好電路；（2）滑動(dòng)變阻器滑片先置于（填“a”或“b”）端，再接通開(kāi)關(guān)S，多次改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，記錄對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I和電壓表示數(shù)U；（3）某次電流表示數(shù)為10.0mA時(shí)，電壓表示數(shù)如圖（b）所示，示數(shù)為V，此時(shí)發(fā)光元件的電阻為Ω（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（4）測(cè)得紅光和藍(lán)光發(fā)光元件的伏安特性曲線如圖（c）中的Ⅰ和Ⅱ所示。從曲線可知，電流在1.0~18.0mA范圍內(nèi)，兩個(gè)發(fā)光元件的電阻隨電壓變化的關(guān)系均是：；（5）根據(jù)所測(cè)伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)一款電路，可使紅光和藍(lán)光發(fā)光元件同時(shí)在10.0mA的電流下工作。在圖（d）中補(bǔ)充兩條導(dǎo)線完成電路設(shè)計(jì)?！敬鸢浮縜2.82282電阻隨電壓增大而減小【詳析】（2）[1]實(shí)驗(yàn)電路中滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了保護(hù)用電器，開(kāi)關(guān)S閉合前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片置于a端，使測(cè)量部分電路兩端電壓為0；（3）[2]電壓表量程為3V，分度值為0.1V，所以圖（b）所示電壓表示數(shù)為2.82V；[3]根據(jù)歐姆定律可知，發(fā)光元件的電阻為R=（4）[4]根據(jù)歐姆定律R=UI可知，電流在（5）[5]由圖（c）可知，電流為10.0mA時(shí)藍(lán)光發(fā)光元件的電壓大于紅光發(fā)光元件，因此可將滑動(dòng)變阻器R2與紅光發(fā)光元件串聯(lián)后再與藍(lán)光發(fā)光元件并聯(lián)后接入電路，如圖所示考點(diǎn)03含容電路分析3．（2023·福建·高考）某同學(xué)用圖（a）所示的電路觀察矩形波頻率對(duì)電容器充放電的影響。所用器材有：電源、電壓傳感器、電解電容器C（4.7μF，10V），定值電阻R（阻值2.0kΩ）、開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干。（1）電解電容器有正、負(fù)電極的區(qū)別。根據(jù)圖（a），將圖（b）中的實(shí)物連線補(bǔ)充完整；

（2）設(shè)置電源，讓電源輸出圖（c）所示的矩形波，該矩形波的頻率為Hz；

（3）閉合開(kāi)關(guān)S，一段時(shí)間后，通過(guò)電壓傳感器可觀測(cè)到電容器兩端的電壓UC隨時(shí)間周期性變化，結(jié)果如圖（d）所示，A、B為實(shí)驗(yàn)圖線上的兩個(gè)點(diǎn)。在B點(diǎn)時(shí)，電容器處于狀態(tài)（填“充電”或“放電”在點(diǎn)時(shí)（填“A”或“B”），通過(guò)電阻R的電流更大；（4）保持矩形波的峰值電壓不變，調(diào)節(jié)其頻率，測(cè)得不同頻率下電容器兩端的電壓隨時(shí)間變化的情況，并在坐標(biāo)紙上作出電容器上最大電壓Um與頻率f關(guān)系圖像，如圖（e）所示。當(dāng)f=45Hz時(shí)電容器所帶電荷量的最大值Qm

（5）根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果可知，電容器在充放電過(guò)程中，其所帶的最大電荷量在頻率較低時(shí)基本不變，而后隨著頻率的增大逐漸減小?！敬鸢浮?/p>

40充電B1.8×10【詳析】（1）[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖所示（2）[2]由圖（c）可知周期T=25×10f=（3）[3][4]由圖（d）可知，B點(diǎn)后電容器兩端的電壓慢慢增大，即電容器處于充電狀態(tài)；從圖中可得出，A點(diǎn)為放電快結(jié)束階段，B點(diǎn)為充電開(kāi)始階段，所以在B點(diǎn)時(shí)通過(guò)電阻R的電流更大。（4）[5]由圖（e）可知當(dāng)f=45HzU根據(jù)電容的定義式C=QQ一、單選題1．（2025·福建福州三中·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示為電吹風(fēng)的電路圖，a、b、c、d為四個(gè)固定觸點(diǎn)?？蓜?dòng)的扇形金屬觸片P可同時(shí)接觸兩個(gè)觸點(diǎn)。觸片P處于不同位置時(shí)，電吹風(fēng)可處于停機(jī)、吹熱風(fēng)和吹冷風(fēng)三種狀態(tài)。電源為220?VA．電吹風(fēng)的觸片P位于ab位置時(shí)吹冷風(fēng)B．電吹風(fēng)的觸片P位于cd位置時(shí)吹熱風(fēng)C．變壓器原副線圈的匝數(shù)比為nD．變壓器原副線圈的匝數(shù)比為n【答案】D【詳析】AB．由電路圖可知，觸片P位于ab位置時(shí)，電吹風(fēng)吹熱風(fēng)，觸片P位于cd位置時(shí)，電吹處于停機(jī)狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；CD．由變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知n1n2=U1U2，其中U1=220V故選D。2．（2025·福建多地市·二模）小明在假期實(shí)踐活動(dòng)的過(guò)程中，拍了一張變壓器銘牌的照片，根據(jù)照片信息，下列說(shuō)法正確的是（）A．380?VB．“容量115kVA”中的“kVA”C．正常工作時(shí)初級(jí)線圈電流比次級(jí)線圈電流小D．初級(jí)線圈與次級(jí)線圈的匝數(shù)比約為1:5【答案】C【詳析】A．380V指的是交流電的有效值，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)P=UI可知，“容量115kVA”中的“kVA”是功率的單位，故B錯(cuò)誤；D．由理想變壓器的變壓比可知n1n2=C．由理想變壓器的變流比可知I1I2=故選C。3．（2025·福建三明·三模）如圖，水平臺(tái)面上有一足夠長(zhǎng)、間距為L(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ，置于塑料圓筒內(nèi)，導(dǎo)軌左端連著電容為C的電容器和電動(dòng)勢(shì)為E的電源，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將一質(zhì)量為m的模擬金屬炮彈置于圓筒內(nèi)導(dǎo)軌上，先將開(kāi)關(guān)撥至接線柱1，充電結(jié)束后，將開(kāi)關(guān)撥至接線柱2，炮彈在安培力作用下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度后離開(kāi)導(dǎo)軌，整個(gè)過(guò)程通過(guò)炮彈的電荷量為q。已知炮彈電阻為R，炮彈始終與導(dǎo)軌接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和電源內(nèi)阻。則在此過(guò)程中炮彈（）A．做勻加速直線運(yùn)動(dòng) B．在導(dǎo)軌上的位移為qRC．離開(kāi)導(dǎo)軌時(shí)的速度為BLqm D【答案】C【詳析】A．對(duì)炮彈受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有BIL=ma，結(jié)合I=UR，C=QU，由于電容器放電過(guò)程中，極板所帶電量B．炮彈在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由于電容器有電壓存在，通過(guò)炮彈的平均電流并不是BLvR則可知x≠qRBL，故C．對(duì)炮彈，以向右方向?yàn)檎鶕?jù)動(dòng)量定理有Ft=mv，其中平均安培力F=BIL，結(jié)合q=I?t，D．剛充電結(jié)束時(shí)，電容器電荷量為Q=CE，導(dǎo)軌達(dá)到最大速度時(shí)，電容器電荷量Q'=Q-q，此時(shí)電容器電壓U=Q'C，此時(shí)導(dǎo)軌產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于U，故BLv=U，聯(lián)立以上幾式可得CE-qC=BLv，可解得故選C。二、多選題4．（2025·福建南平·質(zhì)檢）智能手機(jī)有自動(dòng)調(diào)節(jié)屏幕亮度的功能。如圖所示為該調(diào)節(jié)功能的模擬電路簡(jiǎn)圖，圖中電路元件R1為光敏電阻，其阻值隨外部環(huán)境光照強(qiáng)度減小而增大，R2為定值電阻，屏幕亮度由燈泡A．變大時(shí)屏幕變亮 B．變大時(shí)屏幕變暗C．變小時(shí)電源總功率減小 D．變小時(shí)電源總功率增大【答案】AC【詳析】AB．光照強(qiáng)度變大時(shí)，R1阻值變小，燈泡L與R1串聯(lián)，根據(jù)“串反并同”可知，通過(guò)燈泡的電流變大，屏幕變亮，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．光照強(qiáng)度變小時(shí)，R1阻值變大，總電阻變大，總電流減小，根據(jù)P=EI,可知電源總功率減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。5．（2025·福建龍巖·一模）如圖甲所示，輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量m=2kg、邊長(zhǎng)L=1?m、匝數(shù)n=5的正方形線圈，線圈總電阻r=0.5ΩA．0～6?s內(nèi)穿過(guò)線圈磁通量的變化量為B．線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小為1C．t=3s時(shí)輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小為D．0～4?s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BC【詳析】A．0～6?s內(nèi)穿過(guò)線圈磁通量的變化量為ΔΦ=ΔB?B．由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=nΔΦΔt=nΔBΔC．根據(jù)圖乙可知，t=3s時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，線圈受到的安培力大小為：F安=nBIL=5×1×1×1N=5N，方向豎直向上，則輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小為T(mén)=mg-F安=15ND．0～4s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2rt=12×0.5×4J=2J，故D錯(cuò)誤。故選BC。6．（2025·福建莆田·三模）在如圖所示的電路中，平行導(dǎo)軌間距L=1m，左端接有阻值R=10Ω的電阻，導(dǎo)軌處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=2?T，金屬棒ab垂直靜止在導(dǎo)軌上，金屬棒接入電路的阻值r=5Ω，導(dǎo)軌電阻不計(jì)?，F(xiàn)讓金屬棒在MA．電路中所產(chǎn)生交變電流的周期為0.04B．電路中所產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值為12C．電阻R兩端電壓的有效值為4D．金屬棒消耗的電功率為0.8【答案】AD【詳析】AB．電路產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)e=BLv=62sin50πt?V，電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=62?V，C．電動(dòng)勢(shì)的有效值為E=Em2=6?V，電阻R兩端電壓的有效值為D．電路中電流有效值為I=ER+r=0.4?A，金屬棒消耗的電功率為P故選AD。7．（2025·福建龍巖·二模）如圖所示的電路中，交流電源的電動(dòng)勢(shì)為9V、內(nèi)阻可忽略不計(jì)，定值電阻R1=R2=12Ω，小燈泡L1、L2的規(guī)格均為“6V

6W”，理想變壓器T1、T2原副線圈的匝數(shù)比分別為A．L2比L1更亮 B．L2C．R2的電功率比R1的小 D．R2的電功率與R1相等【答案】AD【詳析】若開(kāi)關(guān)接cd端，則若電源電壓為U0，理想變壓器T1、T2的匝數(shù)比為n2n1=n3n4=k，用戶電阻為R負(fù)載，輸電線電阻為R導(dǎo)線，由變壓器工作原理和歐姆定律。升壓變壓器次級(jí)電壓U其中I3=I2，可得輸電功率為P輸=U2I2=k2U02R導(dǎo)線+k2R負(fù)載，輸電線上損耗的電功率為P導(dǎo)線=I22R導(dǎo)線=故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題8．（2025·福建部分地市·一檢）某同學(xué)利用教材中的電路圖（圖甲）做“觀察電容器充放電”實(shí)驗(yàn)，充完電后將單刀雙擲開(kāi)關(guān)從1斷開(kāi)，未接通2時(shí)，發(fā)現(xiàn)微安表G仍有示數(shù)，通過(guò)分析認(rèn)為原因在于電壓表并非理想電表，電容器與電壓表構(gòu)成回路造成放電。為解決該問(wèn)題，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)器材如下：A．電源E（電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻不計(jì)）B．微安表G（滿偏電流Ig=300μAC．電阻箱RD．單刀雙擲開(kāi)關(guān)SE．電容器CF．導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)步驟：(1)根據(jù)圖乙中的電路圖在圖丙中用筆畫(huà)代替導(dǎo)線將實(shí)物電路連接完整；(2)將微安表改裝成12V量程電壓表，需將電阻箱R的阻值調(diào)為Ω；(3)將開(kāi)關(guān)S接1，電容器充電，微安表電流為100μA時(shí)，電容器兩端電壓為V(4)電容器充電完成后，t=0時(shí)刻將開(kāi)關(guān)S從1撥到2，記錄下不同時(shí)刻的微安表示數(shù)i，并作出電流i隨時(shí)間t變化的圖像如圖丁所示，圖線與坐標(biāo)軸圍成的區(qū)域面積約為75個(gè)小方格的面積，則可得該電容器的電容為F（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。【答案】(1)(2)39600(3)8(4)2.5×【詳析】（1）根據(jù)圖乙中的電路圖，實(shí)物電路連接如圖所示（2）根據(jù)電壓表改裝原理U=將微安表改裝成12V量程電壓表，需將電阻箱R的阻值調(diào)為R=39600（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=解得微安表電流為100μA時(shí)，電容器兩端電壓為（4）i-t圖線與坐標(biāo)軸圍成的區(qū)域面積表示電容器的放電量為Q=75×20×該電容器的電容為C=9．（2025·福建莆田·二模）某同學(xué)將一量程為30mA、內(nèi)阻為50Ω的毫安表改裝成量程為0.6A的電流表并進(jìn)行校準(zhǔn)。經(jīng)計(jì)算后將一阻值為R1的電阻與該毫安表進(jìn)行連接改裝，然后選用合適的電源E、滑動(dòng)變阻器R2、開(kāi)關(guān)S和標(biāo)準(zhǔn)電流表對(duì)改裝后的電流表進(jìn)行校準(zhǔn)，設(shè)計(jì)電路如圖所示。(1)完成電路圖中虛線框內(nèi)的電路連接；(2)開(kāi)關(guān)S閉合前，R2的滑片應(yīng)移動(dòng)到端（填“a”或“b”）；(3)閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)R2的滑片位置，當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)為0.40A時(shí)，毫安表的示數(shù)為25.0mA。產(chǎn)生此誤差的原因是R1（填“偏小”或“偏大”）；(4)要達(dá)到實(shí)驗(yàn)的預(yù)期目的，只需要將阻值為R1的電阻換為一個(gè)阻值為kR1的電阻即可，其中k=?！敬鸢浮?1)(2)a(3)偏大(4)15【詳析】（1）要將表頭改裝成電流表，需要表頭與定值電阻并聯(lián)，所以虛線框內(nèi)的電路圖如圖所示（2）滑動(dòng)電阻器做分壓使用時(shí)，在閉合電建S之前，為了安全，分出的的電壓應(yīng)從從0開(kāi)始，R2的滑片應(yīng)移動(dòng)到a端（3）閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)R2的滑片位置，當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)為0.40A時(shí)，毫安表的示數(shù)為25.0mA，說(shuō)明流過(guò)表頭的電流偏大，電阻R1上的電流偏小，產(chǎn)生這樣的原因是偏大造成的。（4）設(shè)毫安表內(nèi)阻為R2，由并聯(lián)電路的特點(diǎn)得R1解得k=專題09恒定電流考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1電流2022綜合分析近五年福建高考物理對(duì)“恒定電流”模塊的考查情況，考查重點(diǎn)明確指向?qū)嶋H電路的分析與應(yīng)用能力，尤其強(qiáng)調(diào)對(duì)串并聯(lián)電路基本規(guī)律的熟練運(yùn)用。命題情境緊密聯(lián)系實(shí)際，注重將物理模型嵌入現(xiàn)代科技產(chǎn)品或生活應(yīng)用場(chǎng)景中進(jìn)行考查。題型以選擇題為主，可能涉及少量填空，側(cè)重考查概念辨析、電路結(jié)構(gòu)的識(shí)別、動(dòng)態(tài)過(guò)程推理及基于歐姆定律、閉合電路歐姆定律的定性或定量分析。展望未來(lái)命題，核心考點(diǎn)的考查地位將保持穩(wěn)固，情境設(shè)計(jì)將更趨多元化與時(shí)代感，可能融入更多新科技元素；同時(shí)，對(duì)電路動(dòng)態(tài)分析、等效簡(jiǎn)化思想、能量轉(zhuǎn)化觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用能力要求將進(jìn)一步提升，并可能強(qiáng)化與實(shí)驗(yàn)思想的隱性關(guān)聯(lián)，以考查學(xué)生的物理核心素養(yǎng)?？键c(diǎn)2串聯(lián)電路和并聯(lián)電路2024考點(diǎn)3含容電路分析2023考點(diǎn)01電流1．（2022·福建·高考）（多選）我國(guó)霍爾推進(jìn)器技術(shù)世界領(lǐng)先，其簡(jiǎn)化的工作原理如圖所示。放電通道兩端電極間存在一加速電場(chǎng)，該區(qū)域內(nèi)有一與電場(chǎng)近似垂直的約束磁場(chǎng)（未畫(huà)出）用于提高工作物質(zhì)被電離的比例。工作時(shí)，工作物質(zhì)氙氣進(jìn)入放電通道后被電離為氙離子，再經(jīng)電場(chǎng)加速噴出，形成推力。某次測(cè)試中，氙氣被電離的比例為95%，氙離子噴射速度為1.6×104m/sA．氙離子的加速電壓約為175VB．氙離子的加速電壓約為700VC．氙離子向外噴射形成的電流約為37AD．每秒進(jìn)入放電通道的氙氣質(zhì)量約為5.3×【答案】AD【詳析】AB．氙離子經(jīng)電場(chǎng)加速，根據(jù)動(dòng)能定理有qU=12mv2-0，可得加速電壓為U=D．在Δt時(shí)間內(nèi)，有質(zhì)量為Δm的氙離子以速度v噴射而出，形成電流為I，由動(dòng)量定理可得FΔt=Δmv-0，進(jìn)入放電通道的氙氣質(zhì)量為Δm，故D正確；C．在Δt時(shí)間內(nèi)，有電荷量為ΔQ的氙離子噴射出，則ΔQ=Δmmq，I=故選AD?？键c(diǎn)02串聯(lián)電路和并聯(lián)電路2．（2024·福建·高考）某實(shí)驗(yàn)小組探究不同電壓下紅光和藍(lán)光發(fā)光元件的電阻變化規(guī)律，并設(shè)計(jì)一款彩光電路。所用器材有：紅光和藍(lán)光發(fā)光元件各一個(gè)、電流表（量程30mA）、電壓表（量程3V）、滑動(dòng)變阻器（最大阻值20Ω，額定電流1A）、5號(hào)電池（電動(dòng)勢(shì)1.5V）兩節(jié)、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）圖（a）為發(fā)光元件的電阻測(cè)量電路圖，按圖接好電路；（2）滑動(dòng)變阻器滑片先置于（填“a”或“b”）端，再接通開(kāi)關(guān)S，多次改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，記錄對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I和電壓表示數(shù)U；（3）某次電流表示數(shù)為10.0mA時(shí)，電壓表示數(shù)如圖（b）所示，示數(shù)為V，此時(shí)發(fā)光元件的電阻為Ω（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（4）測(cè)得紅光和藍(lán)光發(fā)光元件的伏安特性曲線如圖（c）中的Ⅰ和Ⅱ所示。從曲線可知，電流在1.0~18.0mA范圍內(nèi)，兩個(gè)發(fā)光元件的電阻隨電壓變化的關(guān)系均是：；（5）根據(jù)所測(cè)伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)一款電路，可使紅光和藍(lán)光發(fā)光元件同時(shí)在10.0mA的電流下工作。在圖（d）中補(bǔ)充兩條導(dǎo)線完成電路設(shè)計(jì)?！敬鸢浮縜2.82282電阻隨電壓增大而減小【詳析】（2）[1]實(shí)驗(yàn)電路中滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了保護(hù)用電器，開(kāi)關(guān)S閉合前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片置于a端，使測(cè)量部分電路兩端電壓為0；（3）[2]電壓表量程為3V，分度值為0.1V，所以圖（b）所示電壓表示數(shù)為2.82V；[3]根據(jù)歐姆定律可知，發(fā)光元件的電阻為R=（4）[4]根據(jù)歐姆定律R=UI可知，電流在（5）[5]由圖（c）可知，電流為10.0mA時(shí)藍(lán)光發(fā)光元件的電壓大于紅光發(fā)光元件，因此可將滑動(dòng)變阻器R2與紅光發(fā)光元件串聯(lián)后再與藍(lán)光發(fā)光元件并聯(lián)后接入電路，如圖所示考點(diǎn)03含容電路分析3．（2023·福建·高考）某同學(xué)用圖（a）所示的電路觀察矩形波頻率對(duì)電容器充放電的影響。所用器材有：電源、電壓傳感器、電解電容器C（4.7μF，10V），定值電阻R（阻值2.0kΩ）、開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干。（1）電解電容器有正、負(fù)電極的區(qū)別。根據(jù)圖（a），將圖（b）中的實(shí)物連線補(bǔ)充完整；

（2）設(shè)置電源，讓電源輸出圖（c）所示的矩形波，該矩形波的頻率為Hz；

（3）閉合開(kāi)關(guān)S，一段時(shí)間后，通過(guò)電壓傳感器可觀測(cè)到電容器兩端的電壓UC隨時(shí)間周期性變化，結(jié)果如圖（d）所示，A、B為實(shí)驗(yàn)圖線上的兩個(gè)點(diǎn)。在B點(diǎn)時(shí)，電容器處于狀態(tài)（填“充電”或“放電”在點(diǎn)時(shí)（填“A”或“B”），通過(guò)電阻R的電流更大；（4）保持矩形波的峰值電壓不變，調(diào)節(jié)其頻率，測(cè)得不同頻率下電容器兩端的電壓隨時(shí)間變化的情況，并在坐標(biāo)紙上作出電容器上最大電壓Um與頻率f關(guān)系圖像，如圖（e）所示。當(dāng)f=45Hz時(shí)電容器所帶電荷量的最大值Qm

（5）根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果可知，電容器在充放電過(guò)程中，其所帶的最大電荷量在頻率較低時(shí)基本不變，而后隨著頻率的增大逐漸減小?！敬鸢浮?/p>

40充電B1.8×10【詳析】（1）[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖所示（2）[2]由圖（c）可知周期T=25×10f=（3）[3][4]由圖（d）可知，B點(diǎn)后電容器兩端的電壓慢慢增大，即電容器處于充電狀態(tài)；從圖中可得出，A點(diǎn)為放電快結(jié)束階段，B點(diǎn)為充電開(kāi)始階段，所以在B點(diǎn)時(shí)通過(guò)電阻R的電流更大。（4）[5]由圖（e）可知當(dāng)f=45HzU根據(jù)電容的定義式C=QQ一、單選題1．（2025·福建福州三中·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示為電吹風(fēng)的電路圖，a、b、c、d為四個(gè)固定觸點(diǎn)?？蓜?dòng)的扇形金屬觸片P可同時(shí)接觸兩個(gè)觸點(diǎn)。觸片P處于不同位置時(shí)，電吹風(fēng)可處于停機(jī)、吹熱風(fēng)和吹冷風(fēng)三種狀態(tài)。電源為220?VA．電吹風(fēng)的觸片P位于ab位置時(shí)吹冷風(fēng)B．電吹風(fēng)的觸片P位于cd位置時(shí)吹熱風(fēng)C．變壓器原副線圈的匝數(shù)比為nD．變壓器原副線圈的匝數(shù)比為n【答案】D【詳析】AB．由電路圖可知，觸片P位于ab位置時(shí)，電吹風(fēng)吹熱風(fēng)，觸片P位于cd位置時(shí)，電吹處于停機(jī)狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；CD．由變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知n1n2=U1U2，其中U1=220V故選D。2．（2025·福建多地市·二模）小明在假期實(shí)踐活動(dòng)的過(guò)程中，拍了一張變壓器銘牌的照片，根據(jù)照片信息，下列說(shuō)法正確的是（）A．380?VB．“容量115kVA”中的“kVA”C．正常工作時(shí)初級(jí)線圈電流比次級(jí)線圈電流小D．初級(jí)線圈與次級(jí)線圈的匝數(shù)比約為1:5【答案】C【詳析】A．380V指的是交流電的有效值，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)P=UI可知，“容量115kVA”中的“kVA”是功率的單位，故B錯(cuò)誤；D．由理想變壓器的變壓比可知n1n2=C．由理想變壓器的變流比可知I1I2=故選C。3．（2025·福建三明·三模）如圖，水平臺(tái)面上有一足夠長(zhǎng)、間距為L(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ，置于塑料圓筒內(nèi)，導(dǎo)軌左端連著電容為C的電容器和電動(dòng)勢(shì)為E的電源，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將一質(zhì)量為m的模擬金屬炮彈置于圓筒內(nèi)導(dǎo)軌上，先將開(kāi)關(guān)撥至接線柱1，充電結(jié)束后，將開(kāi)關(guān)撥至接線柱2，炮彈在安培力作用下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度后離開(kāi)導(dǎo)軌，整個(gè)過(guò)程通過(guò)炮彈的電荷量為q。已知炮彈電阻為R，炮彈始終與導(dǎo)軌接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和電源內(nèi)阻。則在此過(guò)程中炮彈（）A．做勻加速直線運(yùn)動(dòng) B．在導(dǎo)軌上的位移為qRC．離開(kāi)導(dǎo)軌時(shí)的速度為BLqm D【答案】C【詳析】A．對(duì)炮彈受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有BIL=ma，結(jié)合I=UR，C=QU，由于電容器放電過(guò)程中，極板所帶電量B．炮彈在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由于電容器有電壓存在，通過(guò)炮彈的平均電流并不是BLvR則可知x≠qRBL，故C．對(duì)炮彈，以向右方向?yàn)檎?，根?jù)動(dòng)量定理有Ft=mv，其中平均安培力F=BIL，結(jié)合q=I?t，D．剛充電結(jié)束時(shí)，電容器電荷量為Q=CE，導(dǎo)軌達(dá)到最大速度時(shí)，電容器電荷量Q'=Q-q，此時(shí)電容器電壓U=Q'C，此時(shí)導(dǎo)軌產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于U，故BLv=U，聯(lián)立以上幾式可得CE-qC=BLv，可解得故選C。二、多選題4．（2025·福建南平·質(zhì)檢）智能手機(jī)有自動(dòng)調(diào)節(jié)屏幕亮度的功能。如圖所示為該調(diào)節(jié)功能的模擬電路簡(jiǎn)圖，圖中電路元件R1為光敏電阻，其阻值隨外部環(huán)境光照強(qiáng)度減小而增大，R2為定值電阻，屏幕亮度由燈泡A．變大時(shí)屏幕變亮 B．變大時(shí)屏幕變暗C．變小時(shí)電源總功率減小 D．變小時(shí)電源總功率增大【答案】AC【詳析】AB．光照強(qiáng)度變大時(shí)，R1阻值變小，燈泡L與R1串聯(lián)，根據(jù)“串反并同”可知，通過(guò)燈泡的電流變大，屏幕變亮，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．光照強(qiáng)度變小時(shí)，R1阻值變大，總電阻變大，總電流減小，根據(jù)P=EI,可知電源總功率減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。5．（2025·福建龍巖·一模）如圖甲所示，輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量m=2kg、邊長(zhǎng)L=1?m、匝數(shù)n=5的正方形線圈，線圈總電阻r=0.5ΩA．0～6?s內(nèi)穿過(guò)線圈磁通量的變化量為B．線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小為1C．t=3s時(shí)輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小為D．0～4?s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BC【詳析】A．0～6?s內(nèi)穿過(guò)線圈磁通量的變化量為ΔΦ=ΔB?B．由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=nΔΦΔt=nΔBΔC．根據(jù)圖乙可知，t=3s時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，線圈受到的安培力大小為：F安=nBIL=5×1×1×1N=5N，方向豎直向上，則輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小為T(mén)=mg-F安=15ND．0～4s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2rt=12×0.5×4J=2J，故D錯(cuò)誤。故選BC。6．（2025·福建莆田·三模）在如圖所示的電路中，平行導(dǎo)軌間距L=1m，左端接有阻值R=10Ω的電阻，導(dǎo)軌處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=2?T，金屬棒ab垂直靜止在導(dǎo)軌上，金屬棒接入電路的阻值r=5Ω，導(dǎo)軌電阻不計(jì)?，F(xiàn)讓金屬棒在MA．電路中所產(chǎn)生交變電流的周期為0.04B．電路中所產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值為12C．電阻R兩端電壓的有效值為4D．金屬棒消耗的電功率為0.8【答案】AD【詳析】AB．電路產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)e=BLv=62sin50πt?V，電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=62?V，C．電動(dòng)勢(shì)的有效值為E=Em2=6?V，電阻R兩端電壓的有效值為D．電路中電流有效值為I=ER+r=0.4?A，金屬棒消耗的電功率為P故選AD。7．（2025·福建龍巖·二模）如圖所示的電路中，交流電源的電動(dòng)勢(shì)為9V、內(nèi)阻可忽略不計(jì)，定值電阻R1=R2=12Ω，小燈泡L1、L2的規(guī)格均為“6V

6W”，理想變壓器T1、T2原副線圈的匝數(shù)比分別為A．L2比L1更亮 B．L2C．R2的電功率比R1的小 D．R2的電功率與R1相等【答案】AD【詳析】若開(kāi)關(guān)接cd端，則若電源電壓為U0，理想變壓器T1、T2的匝數(shù)比為n2n1=n3n4=k，用戶電阻為R負(fù)載，輸電線電阻為R導(dǎo)線，由變壓器工作原理和歐姆定律。升壓變壓器次級(jí)電壓U其中I3=I2，可得輸電功率為P輸=U2I2=k2U02R導(dǎo)線+k2R負(fù)載，輸電線上損耗的電功率為P導(dǎo)線=I22R導(dǎo)線=故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題8．（2025·福建部分地市·一檢）某同學(xué)利用教材中的電路圖（圖甲）做“觀察電容器充