/貴州省惠水民族中學(xué)2025-2026學(xué)年高二上學(xué)期開學(xué)檢測物理試卷一、單選題（本大題共8小題）1．關(guān)于機(jī)械能守恒，下列說法正確的是（

）A．物體處于平衡狀態(tài)時(shí)，機(jī)械能一定守恒B．物體所受合外力不等于零時(shí)，機(jī)械能可能守恒C．物體機(jī)械能的變化等于合外力對物體做的功D．機(jī)械能守恒的物體一定只受到重力和彈力的作用2．如圖所示，質(zhì)量為m的探測器被火星捕獲后繞火星做勻速圓周運(yùn)動，當(dāng)探測器運(yùn)行到A點(diǎn)的瞬間，同時(shí)發(fā)射兩束激光，一束激光經(jīng)過時(shí)間t到達(dá)火星表面的B點(diǎn)，另一束激光經(jīng)過時(shí)間到達(dá)火星表面的C點(diǎn)，B點(diǎn)是火星表面距A點(diǎn)最近的點(diǎn)，C點(diǎn)與A點(diǎn)的連線與火星表切，已知火星表面的重力加速度為，引力常量為G，激光的速度為c，不考慮火星的自轉(zhuǎn)，下列說法正確的是（）。A．探測器繞火星運(yùn)行的軌道半徑為 B．火星的半徑為C．火星的質(zhì)量為 D．由題設(shè)條件不能確定火星的第一宇宙速度3．靜止的實(shí)驗(yàn)火箭，總質(zhì)量為M，當(dāng)它以對地速度v0噴出質(zhì)量為Δm的高溫氣體后，火箭的速度為()A．B．－C．D．－4．人們對手機(jī)的依賴性越來越強(qiáng)，有些人喜歡躺著看手機(jī)，經(jīng)常出現(xiàn)手機(jī)砸到頭部的情況。若手機(jī)質(zhì)量為120g，從離人約20cm的高度無初速度掉落，砸到頭部后手機(jī)未反彈，頭部受到手機(jī)的沖擊時(shí)間約為0.2s，取重力加速度g＝10m/s2；下列分析正確的是（）A．手機(jī)接觸頭部之前的速度約為1m/sB．手機(jī)對頭部的沖量大小約為0.48C．手機(jī)對頭部的作用力大小約為1.2ND．手機(jī)與頭部作用過程中手機(jī)動量變化約為0.485．如圖是一輛質(zhì)量為的電動車在平直公路上測試時(shí)的速度—時(shí)間圖像，0～8s及18s之后的圖線均為直線，中間曲線平滑連接。已知該電動車的額定功率為8kW，其所受阻力大小恒定不變，由靜止開始啟動，在18s末電動車的速度恰好達(dá)到最大值。下列說法正確的是（）A．電動車前8s運(yùn)動過程中功率恒定B．電動車的最大牽引力大小為800NC．電動車在0～18s內(nèi)的牽引力做功為D．電動車在8s～18s內(nèi)的位移大小為87.5m6．如圖，水平傳送帶以恒定速度v順時(shí)針轉(zhuǎn)動，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧。將質(zhì)量為m的小物塊P輕放在傳送帶左端，P與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，在接觸彈簧前速度已達(dá)到v，P與彈簧接觸后繼續(xù)運(yùn)動，彈簧的最大形變量為d，設(shè)P與傳送帶之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。則P從接觸彈簧到第一次運(yùn)動到最右端過程中（）A．P的速度不斷減小B．摩擦力對P先做正功再做負(fù)功C．傳送帶多消耗的電能為D．彈簧的彈性勢能變化量7．如圖甲所示，水平地面上固定一足夠長豎直光滑桿，輕彈簧套在桿上且下端固定，上端與一套在桿上的小物塊接觸但不拴接，輕彈簧勁度系數(shù)k=150N/m。將小物塊向下壓縮彈簧至離地高度h=0.1m處，由靜止釋放小物塊，其上升過程機(jī)械能E和位移x之間的關(guān)系如圖乙所示，圖像中x≥0.2m部分為直線。以地面為零勢能面，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，滑塊上升后，距地面的最大高度為（）A．0.2m B．0.3m C．0.4m D．0.5m8．在水平面內(nèi)繞中心軸旋轉(zhuǎn)的圓盤上固定有甲、乙兩個木馬，各自到中心軸的距離之比為1∶2，圓盤從開始運(yùn)動到停止過程中的角速度ω隨時(shí)間t的變化關(guān)系如題圖所示。則（

）A．在0～t0內(nèi)任意時(shí)刻，乙的線速度大小是甲的4倍B．在t0～2t0內(nèi)，乙的向心加速度大小是甲的4倍C．乙在t0～2t0內(nèi)的旋轉(zhuǎn)角度是甲在2t0～4t0內(nèi)的2倍D．乙在2t0～4t0內(nèi)的運(yùn)動路程是甲在0～t0內(nèi)的4倍二、多選題（本大題共2小題）9．一列橫波沿著x軸正方向傳播，處在和的兩質(zhì)點(diǎn)A和B的振動圖像如圖所示，則以下說法錯誤的是（）A．2.5s末A和B兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同B．2s末A點(diǎn)的速度小于B點(diǎn)的速度C．該波的波長可能為D．該波的波速可能為10．如圖(a)，質(zhì)量分別為mA、mB的A、B兩物體用輕彈簧連接構(gòu)成一個系統(tǒng)，外力F作用在A上，系統(tǒng)靜止在光滑水平面上(B靠墻面)，此時(shí)彈簧形變量為x。撤去外力并開始計(jì)時(shí)，A、B兩物體運(yùn)動的a-t圖像如圖(b)所示，S1表示0到t1時(shí)間內(nèi)A的a-t圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小，S2、S3分別表示t1到t2時(shí)間內(nèi)A、B的a-t圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小。A在t1時(shí)刻的速度為v0。下列說法正確的是 ()A．0到t1時(shí)間內(nèi)，墻對B的沖量等于mAv0B．mA>mBC．B運(yùn)動后，彈簧的最大形變量等于xD．S1-S2=S3三、解答題（本大題共2小題）11．如圖所示，放在足夠大的水平桌面上的薄木板的質(zhì)量，木板中間某位置疊放著質(zhì)量的小物塊，整體處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，木板與桌面間的動摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度大小，薄木板足夠長?，F(xiàn)對木板施加水平向右的恒定拉力，當(dāng)木板向右運(yùn)動的位移時(shí)，撤去拉力F，木板和小物塊繼續(xù)運(yùn)動一段時(shí)間后均靜止，求：（1）撤去拉力F時(shí)，木板的速度v；（2）撤去拉力F后，木板繼續(xù)運(yùn)動的位移；（3）全過程中產(chǎn)生的總熱量Q。12．如圖所示，用長為R的不可伸長的輕繩將質(zhì)量為的小球A懸掛于O點(diǎn)。在光滑的水平地面上，質(zhì)量為m的小物塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于長木板C的左端靜止。將小球A拉起，使輕繩水平拉直，將A球由靜止釋放，運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)與小物塊B發(fā)生彈性正碰。（1）求碰后輕繩與豎直方向的最大夾角θ的余弦值。（2）若長木板C的質(zhì)量為2m，小物塊B與長木板C之間的動摩擦因數(shù)為μ，長木板C的長度至少為多大，小物塊B才不會從長木板C的上表面滑出？

答案1．【正確答案】B【詳解】物體處于平衡狀態(tài)時(shí)，機(jī)械能不一定守恒，例如物體勻速上升，動能不變，重力勢能增大；A錯誤；物體所受合外力不等于零時(shí)，機(jī)械能可能守恒，例如自由下落的物體；B正確；根據(jù)動能定理得物體動能的變化等于合外力對物體做的功，而物體機(jī)械能的變化等于除了重力之外的力做的功；C錯誤；物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，物體除了受重力和彈力的作用，還有可能受其他力的作用，但是其他力做功為零；D錯誤.2．【正確答案】C【詳解】AB．設(shè)火星的半徑為R，由幾何關(guān)系可得結(jié)合、綜合解得則探測器繞火星運(yùn)行的軌道半徑為選項(xiàng)AB錯誤；C．在火星表面，由重力近似等于萬有引力可得結(jié)合解得選項(xiàng)C正確；D．探測器沿近火星表面繞火星做圓周運(yùn)動，由萬有引力充當(dāng)向心力可得結(jié)合前面分析，得到火星質(zhì)量M、半徑R，便可求得火星的第一宇宙速度，選項(xiàng)D錯誤。故選C。3．【正確答案】D【詳解】火箭噴氣瞬間，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，可認(rèn)為系統(tǒng)動量守恒，則，解得：火箭的速度．故D項(xiàng)正確，ABC三項(xiàng)錯誤．4．【正確答案】B【詳解】A．手機(jī)做自由落體運(yùn)動，手機(jī)接觸頭部之前的速度約為v=m/s=2m/s，選項(xiàng)A錯誤；C．手機(jī)落到頭上后速度減為0，設(shè)頭部對手機(jī)的作用力為F，因?yàn)槭謾C(jī)落在頭上沒反彈，速度減為0，由動量定理得(F-mg)t=0-(-mv)，解得F=2.4N，選項(xiàng)C錯誤；B．根據(jù)力的作用是相互的，則手機(jī)對頭部的作用力也是2.4N，作用時(shí)間是0.2s，手機(jī)對頭部的沖量大小為2.4N×0.2s=0.48Ns，選項(xiàng)B正確；D．手機(jī)的動量變化量為△p=mv=0.12kg×2m/s=0.24kgm/s，選項(xiàng)D錯誤。選B。5．【正確答案】C【詳解】A．電動車前8s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動，牽引力保持不變，根據(jù)可知，功率逐漸增大，故A錯誤；牽引力等于阻力時(shí)，電動車做勻速直線運(yùn)動，則阻力大小為，電動車前8s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動，牽引力最大，根據(jù)牛頓第二定律可得，又，聯(lián)立解得電動車的最大牽引力大小為，故B錯誤；電動車前8s內(nèi)通過的位移大小為，電動車在0～18s內(nèi)的牽引力做功為，故C正確；在8s～18s內(nèi)，根據(jù)動能定理可得，代入數(shù)據(jù)解得電動車在8s～18s內(nèi)的位移大小為，故D錯誤。6．【正確答案】D【詳解】A．小物塊剛接觸彈簧時(shí)，彈簧的彈力小于最大靜摩擦力，物塊仍然向右做勻速直線運(yùn)動，速度不變，當(dāng)彈簧彈力等于最大靜摩擦力之后，小物塊才開始做減速運(yùn)動，A錯誤；B．P從接觸彈簧到第一次運(yùn)動到最右端過程中，物塊先向右做勻速直線運(yùn)動，后向右做減速直線運(yùn)動，傳送帶對物塊的摩擦力方向一直向右，即摩擦力對P一直做正功，B錯誤；C．對傳送帶進(jìn)行分析，令P從接觸彈簧到第一次運(yùn)動到最右端過程經(jīng)歷時(shí)間為，則傳送帶的位移為，由于物塊先向右做勻速直線運(yùn)動，后向右做加速度增大的減速直線運(yùn)動，則有，即有，結(jié)合上述可知，小物塊剛接觸彈簧時(shí)，彈簧的彈力小于最大靜摩擦力，物塊仍然向右做勻速直線運(yùn)動，速度不變，當(dāng)彈簧彈力等于最大靜摩擦力之后，小物塊才開始做減速運(yùn)動，則傳送帶所受摩擦力的平均值，根據(jù)功能關(guān)系，傳送帶多消耗的電能為，C錯誤；D．在壓縮彈簧但物塊相對傳送帶靜止的過程，摩擦力小于，因此壓縮彈簧的過程中，摩擦力對P做的功，根據(jù)動能定理有，根據(jù)功能關(guān)系有，解得，D正確。選D。7．【正確答案】D【詳解】當(dāng)小物塊的機(jī)械能不變，彈簧恢復(fù)原長，由圖乙所示圖像可知，彈簧原長L0=h+x=0.1m+0.2m=0.3m，由圖乙所示可知，小物塊初始位置的機(jī)械能即重力勢能EP0=mgh=1J，代入數(shù)據(jù)解得小物塊的質(zhì)量m=1kg，對彈簧與小物塊組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律得，解得h＇=0.4m，滑塊上升后，距地面的最大高度為，選D。8．【正確答案】D【詳解】A．由于甲乙木馬屬于同軸轉(zhuǎn)動，因此在轉(zhuǎn)動過程中角速度相同，而根據(jù)角速度與線速度之間的關(guān)系，可知，兩木馬轉(zhuǎn)動半徑比為1：2，因此任意時(shí)刻線速度之比為1：2，即在0～t0內(nèi)任意時(shí)刻，乙的線速度大小是甲的2倍，A錯誤；B．向心加速度，可知向心加速度之比等于半徑之比，因此在t0～2t0內(nèi)，乙的向心加速度大小是甲的2倍，B錯誤；C．做圓周運(yùn)動的物體在任意時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度，由此可知圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示轉(zhuǎn)過的角度，則根據(jù)圖像可得乙在t0～2t0內(nèi)的旋轉(zhuǎn)角度為，甲在2t0～4t0內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度，即乙在t0～2t0內(nèi)的旋轉(zhuǎn)角度與甲在2t0～4t0內(nèi)的相等，C錯誤；D．甲在2t0～4t0內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度與乙在2t0～4t0內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度相等，均為，則可得乙在2t0～4t0內(nèi)的運(yùn)動路程，甲在0～t0內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度，則甲在0～t0內(nèi)的路程為，可得，即乙在2t0～4t0內(nèi)的運(yùn)動路程是甲在0～t0內(nèi)的4倍，D正確。選D。9．【正確答案】BC【詳解】由圖可得，周期為4s，A和B兩質(zhì)點(diǎn)的振動方程分別為，，當(dāng)t=2.5s時(shí)，A正確，不符合題意；由振動圖像可知，2s末A質(zhì)點(diǎn)的位移，處于平衡位置，速度最大；B質(zhì)點(diǎn)的位移，處于波谷，速度是零，所以2s末A質(zhì)點(diǎn)的速度大于B質(zhì)點(diǎn)的速度，B錯誤，符合題意；t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A正通過平衡位置向上運(yùn)動，質(zhì)點(diǎn)B在波峰，波從A向B傳播，則A和B間的距離，則（n=0，1，2…），因而該波的波長不可能為，C錯誤，符合題意；根據(jù)（n=0，1，2…），當(dāng)時(shí)，波速為，D正確，不符合題意。10．【正確答案】ABD【題圖剖析】從a-t圖像可知，0～t1時(shí)間內(nèi)B物體未運(yùn)動，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故墻對B的作用力的大小、方向和彈簧對A的作用力大小、方向均相等，故墻對B的沖量與彈簧對A的沖量相同，故由動量定理可知其大小等于mAv0，選項(xiàng)A正確；t1時(shí)刻之后，A、B構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，在t2時(shí)刻，彈簧形變量最大，彈簧彈力最大，A、B加速度a也最大，且此時(shí)A、B受力大小相等，方向相反，aA<aB，所以mA>mB，選項(xiàng)B正確；t2時(shí)刻彈簧形變量最大，aA<a0，所以形變量小于x，選項(xiàng)C錯誤；由于a-t圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示速度變化量(破題關(guān)鍵)，故t1時(shí)刻A的速度v0=S1，t2時(shí)刻vB=S3，vA=S1-S2，當(dāng)彈簧形變量最大時(shí)有vA=vB，解得S1-S2=S3，選項(xiàng)D正確。11．【正確答案】（1）（2）（3）【詳解】（1）設(shè)對木板施加水平向右的恒定拉力大小為時(shí)，小物塊與木板恰好不發(fā)生相對滑動，此時(shí)小物塊與木板間的摩擦力為最大靜摩擦力，設(shè)小物塊此時(shí)的加速度大小為，對小物塊，根據(jù)牛頓第二定律有，對整體有，解得，對木板施加水平向右的恒定拉力時(shí)，小物塊與木板保持相對靜止，從木板開始運(yùn)動到撤去拉力F，對木板和小物塊整體分析，根據(jù)動能定理有，解得。（2）撤去拉力后，對木板，根據(jù)牛頓第二定律有，解得，則木板繼續(xù)滑行的位移。（3）對木板和物塊整體，根據(jù)能量守恒定律知，全過程中產(chǎn)生的總熱量有。12．【正確答案】（1）；（2）【詳解】（1）設(shè)小球A與小物塊B碰前瞬間的速度為v0，根據(jù)能量守恒定律則有，設(shè)碰后小球A和小物塊B的速度分別為v1和v2，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有v0＝v1＋mv2，，設(shè)碰后小球A能上升的最大高度為H，根據(jù)能量守恒定律有，所求c