高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高考物理模擬預(yù)測練習(xí)卷（全國甲卷）一．選擇題（共10小題，滿分46分）1．（4分）（2023秋?南崗區(qū)校級月考）某同學(xué)站在力傳感器上連續(xù)完成多次下蹲起立。某時刻作為計時起點，傳感器與計算機連接，經(jīng)計算機處理后得到力的傳感器示數(shù)F隨時間t變化的情況，如圖所示。已知該同學(xué)質(zhì)量m＝60kg，重力加速度g＝10m/s2。下列說法正確的是（）A．0～4s完成了一次下蹲過程和站起的全過程 B．0～8s該同學(xué)向下的最大加速度約為4.7m/s2 C．0～8s該同學(xué)向上的最大加速度約為5.3m/s2 D．1.8s該同學(xué)向下速度達到最大【考點】超重與失重的圖像問題；牛頓第二定律的簡單應(yīng)用【專題】定量思想；歸納法；牛頓運動定律綜合專題；分析綜合能力．【答案】C〖祥解〗傳感器對人的支持力小于重力時，人處于失重狀態(tài)；傳感器對人的支持力大于重力時人處于超重狀態(tài)，結(jié)合牛頓第二定律據(jù)此作答即可。【解答】解：A．下蹲過程先是加速向下，處于失重狀態(tài)，有F＜mg＝600N達到最大速度后減速向下，處于超重狀態(tài)，有F＞mg＝600N因此，0～4s完成了一次下蹲過程，并沒有站起，故A錯誤；BD．由圖像知，在1.8s前后一小段時間內(nèi)，人處于失重狀態(tài)，人在向下做加速運動，t＝1.8s時傳感器示數(shù)F最小，該同學(xué)向下的加速度最大，人還在向下加速，速度繼續(xù)增大，由mg﹣Fmin＝ma；由圖像可得Fmin＝280N，代入數(shù)據(jù)解得a＝5.3m/s2，故BD錯誤；C．0～8s內(nèi)，當(dāng)F最大時，該同學(xué)向上的加速度最大，由Fmax﹣mg＝ma代入數(shù)據(jù)解得：a≈5.3m/s2，故C正確；故選：C。【點評】本題主要考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，解答此題的關(guān)鍵在于對圖像各時間段的正確理解，結(jié)合牛頓第二定律求出加速度。2．（4分）（2023秋?定西期末）如圖所示，質(zhì)量為m＝1kg的滑塊靜止在粗糙水平面上，現(xiàn)用一與水平面成θ＝30°斜向右上的恒力F拉滑塊，使滑塊沿水平面做勻速運動。已知滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=34，重力加速度g取10m/s2，則恒力A．53N B．5N C．53【考點】共點力的平衡問題及求解；力的合成與分解的應(yīng)用【專題】定量思想；推理法；共點力作用下物體平衡專題；分析綜合能力．【答案】D〖祥解〗對物體受力分析，根據(jù)平衡條件結(jié)合摩擦力公式求解即可。【解答】解：對滑塊受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件得：Fcosθ＝FfFN+Fsinθ＝mg另據(jù)摩擦力公式得：Ff＝μ（mg﹣Fsinθ）聯(lián)立解得：F＝4N，故D正確，ABC錯誤。故選：D。【點評】本題關(guān)鍵是對物體正確的受力分析，根據(jù)平衡條件求解。3．（4分）（2024?河南模擬）圖甲為氫原子的能級圖，大量處于n＝4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時，發(fā)出頻率不同的光子，其中只有三種頻率的光可使圖乙中的光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)?，F(xiàn)分別用其中頻率相對較大的兩種頻率的光a、b照射該光電管陰極K，測得光電流隨電壓變化的關(guān)系如圖丙所示，陰極K金屬材料的逸出功為4.75eV。下列說法正確的是（）A．這些氫原子躍遷時共發(fā)出5種頻率的光 B．氫原子躍遷時發(fā)出a光的頻率大于b光的頻率 C．用b光照射光電管陰極K時，遏止電壓Ucb為8V D．用頻率越大的光照射光電管陰極K時，產(chǎn)生的光電流越大【考點】分析能級躍遷過程中的能量變化（吸收或釋放能量）；光電效應(yīng)現(xiàn)象及其物理意義；愛因斯坦光電效應(yīng)方程【專題】定量思想；方程法；光電效應(yīng)專題；原子的能級結(jié)構(gòu)專題；推理論證能力．【答案】C〖祥解〗根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式判斷光子種類；由動能定理結(jié)合光電效應(yīng)方程判斷兩光頻率大小以及對應(yīng)的遏止電壓的大小；根據(jù)電離條件分析。【解答】解：A．大量處于第4能級的氫原子，向低能級躍遷過程中，能發(fā)出C42=6B．由圖可知b光的遏止電壓較大，由動能定理﹣eUc＝0﹣Ek由光電效應(yīng)方程Ek＝hν﹣W0聯(lián)立可知b光的頻率大于a光的頻率，故B錯誤；C．圖丙中的圖線b所表示的光的遏止電壓較大，則光電子最大初動能較大，所對應(yīng)的光子能量較大，原子躍遷對應(yīng)的能級差較大，即對應(yīng)于從n＝4到n＝1的躍遷，則光子能量為Eb＝E4﹣E1＝（﹣0.85eV）﹣（﹣13.6eV）＝12.75eV則遏止電壓為U故C正確；D．光電流的強度與入射光的強度有關(guān)，當(dāng)光越強時，單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)目會增多，光電流才會增大，與光的頻率無關(guān)，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題綜合考查光電效應(yīng)中的逸出功、遏止電壓、光電管電路，以及玻爾理論中的原子躍遷。掌握相關(guān)規(guī)律，是作答此類問題的關(guān)鍵。4．（4分）（2025春?武漢期中）如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：2，C、D間電壓U＝102cos50πt（V），燈泡L的電阻RL＝3Ω，定值電阻R0＝R1＝10Ω，滑動變阻器總阻值Rab＝30Ω。在滑片P從a端移到b端的過程中，燈泡始終發(fā)光。下列說法正確的是（）A．滑片P位于b端時，電壓表示數(shù)為4V B．滑片P位于滑動變阻器中間位置時，燈泡亮度最大 C．滑片P從a端移到b端的過程中，電壓表示數(shù)先減小，后增大 D．當(dāng)a端與滑片P間電阻RaP＝10Ω時，副線圈消耗的功率最大【考點】變壓器的動態(tài)分析——原線圈有負載【專題】定量思想；推理法；交流電專題；推理論證能力．【答案】D〖祥解〗滑片P位于b端時，可計算變壓器副線圈一側(cè)的總電阻，根據(jù)變壓器原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，即可計算電壓表示數(shù)；根據(jù)滑片移動過程中，副線圈的電阻變化情況，可計算原線圈的等效電阻變化情況，分析燈泡亮度的變化情況；根據(jù)滑片移動過程中，原線圈的等效電阻變化情況，可分析原線圈的電壓變化，根據(jù)匝數(shù)比即可分析電壓表的示數(shù)變化；根據(jù)閉合電路歐姆定律的推論，可知當(dāng)a端與滑片P間電阻RaP＝10Ω時，副線圈的電阻值及原線圈的等效電阻值，分析副線圈消耗的功率是否為最大值?！窘獯稹拷猓篈、滑片P位于b端時，可得變壓器副線圈一側(cè)的總電阻為：RA=(R0+Rab)根據(jù)變壓器原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系：U1U2=I2I1=12，U＝U可得電壓表示數(shù)為：U2＝8V，故A錯誤；B、副線圈的電阻為：R副=(R原線圈的等效電阻為：R原=U結(jié)合原副線圈的電壓、電流、匝數(shù)比的關(guān)系，可知：R原=1故當(dāng)滑片P位于滑動變阻器中間位置時，燈泡最暗，故B錯誤；C、由B選項的分析可知，滑片從a端移到b端的過程中，副線圈的等效電阻先變大后變小，原線圈的等效電阻先變大后變??；結(jié)合閉合電路歐姆定律，可知原線圈的電壓先變大后變小，根據(jù)匝數(shù)比即可知電壓表的示數(shù)先變大后變小，故C錯誤；D、當(dāng)a端與滑片P間電阻RaP＝10Ω時，代入數(shù)據(jù)可得副線圈的電阻為：R副＝12Ω，原線圈的等效電阻為：R原＝3Ω＝RL，根據(jù)閉合電路歐姆定律的推論，可知原線圈的等效電阻與燈泡電阻相等時，原線圈的電功率、副線圈的電功率為最大值，即當(dāng)a端與滑片P間電阻RaP＝10Ω時，副線圈消耗的電功率最大，故D正確。故選：D。【點評】本題考查變壓器的相關(guān)計算，注意副線圈的電阻變化與原線圈的等效電阻的關(guān)系。5．（4分）（2024秋?鹽城月考）如圖所示，一個圓盤在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，角速度是ω。盤面上距圓盤中心距離R的位置，有一個質(zhì)量為m的小物體隨圓盤一起做勻速圓周運動，物體與圓盤間的摩擦力為F。則在運動半周的過程中，小物體（）A．摩擦力的沖量為πFω B．摩擦力所做功為πRFC．動量變化量為2mωR D．動能變化量為mω2R2【考點】動量定理的內(nèi)容和應(yīng)用；水平轉(zhuǎn)盤上物體的圓周運動；動量變化量的計算【專題】定量思想；推理法；動量和能量的綜合；推理論證能力．【答案】C〖祥解〗根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系，結(jié)合動量表達式以及動量定理分析求解?！窘獯稹拷猓篊D．小物體隨圓盤一起做勻速圓周運動，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系有：v＝Rω運動半周的過程中動量變化量為：Δp＝mΔv＝2mRω小物體隨圓盤一起做勻速圓周運動，速率不變，動能不變。故C正確，D錯誤；A．根據(jù)動量定理可知運動半周的過程中摩擦力的沖量滿足：I＝Δp＝mΔv＝2mRω，故A錯誤；B．摩擦力始終與速度方向垂直，則摩擦力做功0，故B錯誤；故選：C?！军c評】本題考查了圓周運動相關(guān)知識，理解線速度與角速度的關(guān)系，熟練掌握動量定理是解決此類問題的關(guān)鍵。6．（4分）（2023?鄭州二模）下列幾種關(guān)于運動情況的描述，說法正確的是（）A．一物體受到變力作用不可能做直線運動 B．一物體受到恒力作用可能做圓周運動 C．在等量異種電荷的電場中，一帶電粒子只在電場力作用下可能做勻速圓周運動 D．在勻強磁場中，一帶電小球在重力和洛倫茲力作用下不可能做平拋運動【考點】從能量轉(zhuǎn)化與守恒的角度解決電場中的問題；洛倫茲力的概念；帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動；物體做曲線運動的條件；勻速圓周運動；牛頓第二定律與向心力結(jié)合解決問題；庫侖定律的表達式及其簡單應(yīng)用【專題】定性思想；推理法；帶電粒子在電場中的運動專題；帶電粒子在磁場中的運動專題；分析綜合能力．【答案】D〖祥解〗根據(jù)物體做直線運動的條件分析；根據(jù)物體做圓周運動的條件分析；根據(jù)平拋運動的定義分析?！窘獯稹拷猓篈、物體受到變力作用時，力的方向與物體運動方向在一條直線，物體做直線運動，故A錯誤；B、物體受恒力作用時，恒力不能提供始終指向圓心的力，故物體不可能做圓周運動，故B錯誤；C、在等量異種點電荷的電場中不存在同一個平面內(nèi)的指向（背離）同一個圓心的電場線，所以帶電粒子在等量異種點電荷的電場中所受電場力不能始終指向圓心提供向心力，不能做勻速圓周運動，故C錯誤；D、將一個物體沿水平方向拋出，在空氣阻力忽略不計的情況下，物體所做的運動叫平拋運動，所以帶電小球在磁場中運動時，除重力外還受洛倫茲力作用，其運動不能成為平拋運動，故D正確。故選：D?！军c評】本題的關(guān)鍵是要明確物體做勻速直線運動、平拋運動與勻速圓周運動的條件。7．（4分）（2025?昆明一模）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其壓強p隨體積V變化的圖像如圖中a到b的線段所示。在此過程中（）A．氣體內(nèi)能一直減小 B．氣體分子平均動能不變 C．氣體密度一直減小 D．氣體一直向外界放熱【考點】熱力學(xué)第一定律與理想氣體的圖像問題相結(jié)合；理想氣體狀態(tài)變化的圖像問題【專題】比較思想；圖析法；熱力學(xué)定律專題；推理論證能力．【答案】C〖祥解〗根據(jù)想氣體狀態(tài)方程分析氣體溫度的變化，進而判斷氣體內(nèi)能和氣體分子平均動能的變化。根據(jù)體積的變化分析氣體密度的變化。結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況?！窘獯稹拷猓篈B、一定質(zhì)量的理想氣體從a到b的過程，由理想氣體狀態(tài)方程有paVaTa=pbVbTb，因paVa＜pC、氣體的質(zhì)量不變，體積變大，根據(jù)ρ=mV可知，氣體密度減小，故D、從a到b的過程中，氣體的體積增大，所以氣體一直對外做功，氣體內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU＝W+Q，從a到b的過程中，氣體一直從外界吸熱，故D錯誤。故選：C?！军c評】解答本題時，要明確溫度是分子平均動能的標(biāo)志，一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)。（多選）8．（6分）（2024?四川一模）一列簡諧橫波在t＝1.2s時刻的圖象如圖甲所示，此時，P、Q兩質(zhì)點的位移均為﹣2cm，波上A質(zhì)點的振動圖象如圖乙所示。則以下說法正確的是（）A．這列波沿x軸正方向傳播 B．這列波的波速是403C．從t＝1.2s開始，緊接著的Δt＝1.8s時間內(nèi)，A質(zhì)點通過的路程是12cm D．從t＝1.2s開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q晚0.8s回到平衡位置 E．若該波在傳播中遇到一個尺寸為12m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象【考點】波的衍射的概念及產(chǎn)生明顯衍射的條件；波長、頻率和波速的關(guān)系；振動圖像與波形圖的結(jié)合【專題】定量思想；推理法；振動圖象與波動圖象專題；推理論證能力．【答案】CDE〖祥解〗根據(jù)“上下坡法”判斷波的傳播方向；根據(jù)波速、波長和周期關(guān)系計算；在一個周期內(nèi)質(zhì)點通過的路程為4A，據(jù)此計算；分別計算出P、Q質(zhì)點回到平衡位置的時間，據(jù)此分析即可；根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件分析?！窘獯稹拷猓篈、由乙圖可知在t＝1.2s時質(zhì)點A的振動方向沿y軸負方向，根據(jù)“上下坡法”可知這列波沿x軸負方向傳播，故A錯誤；B、由甲圖知波長為16m，由乙圖知波的周期為2.4s，所以這列波的波速為v=λT=C、從t＝1.2s開始，緊接著的Δt＝1.8s時間內(nèi)，A質(zhì)點通過的路程是s=ΔtT?4A=D、質(zhì)點Q振動方向沿軸正方向，從t＝1.2s開始，質(zhì)點Q回到平衡位置所需時間Δt1=π62πT=112×2.4s=0.2s，圖示時刻質(zhì)點P振動方向沿軸負方向，從t＝1.2s開始，質(zhì)點P回到平衡位置所需時間E.發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是障礙物的尺寸比波長小或跟波長差不多，該波的波長為16m，若該波在傳播過程中遇到一個尺寸為12m的障礙物能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故E正確。故選：CDE?！军c評】能夠根據(jù)圖像讀出波長和周期是解題的關(guān)鍵，掌握波發(fā)生明顯衍射的條件是解題的基礎(chǔ)。（多選）9．（6分）（2023春?興慶區(qū)校級期中）由于地球自轉(zhuǎn)的影響，地球表面的重力加速度會隨緯度的變化而有所不同。已知地球表面兩極處的重力加速度大小為g0，在赤道處的重力加速度大小為g，地球自轉(zhuǎn)的周期為T，引力常量為G。假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體。下列說法正確的是（）A．質(zhì)量為m的物體在地球北極受到的重力大小為mg0 B．質(zhì)量為m的物體在地球赤道上受到的萬有引力大小為mg C．地球的半徑為(gD．地球的密度為3【考點】萬有引力與重力的關(guān)系（黃金代換）；計算天體的質(zhì)量和密度【專題】定量思想；推理法；萬有引力定律的應(yīng)用專題；推理論證能力．【答案】ACD〖祥解〗物體受到的重力等于質(zhì)量與重力加速度的乘積；質(zhì)量為m的物體在地球兩極所受的重力等于萬有引力，赤道上的物體所受重力與隨地球自轉(zhuǎn)做圓周運動的向心力的合力等于萬有引力，根據(jù)萬有引力公式與牛頓第二定律分析答題。密度等于質(zhì)量除以體積?！窘獯稹拷猓篈．物體在兩極，萬有引力等于重力，有G故A正確；BC．物體在地球赤道上，有GMmR2-mg=m(解得R=故B錯誤，C正確；D．地球的密度為ρ=故D正確。故選：ACD?！军c評】知道地球表面的物體受到的重力與萬有引力的關(guān)系，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律即可解題。（多選）10．（6分）（2023秋?玉溪期末）如圖所示，矩形區(qū)域abcd位于豎直平面內(nèi)，ab邊水平，該區(qū)域內(nèi)有方向平行于abcd平面、與水平方向成45°角斜向左上方的勻強電場，還有方向垂直于abcd平面的勻強磁場（圖中未畫出），磁場的磁感應(yīng)強度為B。質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球從ab邊上方某處由靜止釋放，并沿豎直線通過該區(qū)域，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．勻強磁場方向垂直于abcd平面向里 B．小球通過電磁場區(qū)域過程中機械能守恒 C．勻強電場的電場強度大小為2mgD．小球開始下落時離ab邊的高度為m【考點】帶電粒子在疊加場中做直線運動；機械能守恒定律的簡單應(yīng)用；從能量轉(zhuǎn)化與守恒的角度解決電場中的問題【專題】定量思想；推理法；帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題；理解能力．【答案】ACD〖祥解〗根據(jù)小球沿豎直線運動，對小球受力分析后，根據(jù)平衡條件和左手定則判斷磁場的方向；由機械能守恒的條件判斷的機械能的增減；根據(jù)平衡條件求解電場強度；在場區(qū)外，自由下落，由機械能守恒表示出速度，進入場區(qū)內(nèi)勻速直線運動，結(jié)合平衡條件求出下落的高度?！窘獯稹拷猓篈、由題意可知，小球沿直線通過該電磁場區(qū)域，小球所受合力為零。對小球受力分析可知小球所受洛倫茲力方向水平向右，據(jù)左手定則可知磁場垂直abcd平面向里，故A正確；B、小球通過電磁場區(qū)域時電場力對小球做負功，因此其機械能不守恒，故B錯誤。C、由受力分析，根據(jù)平衡條件可得：qE=整理變形解得：E=2mgqD、小球進入電磁場前：mgh=在電磁場中運動過程，據(jù)受力分析可得：qvB＝mg解得：h=m2g2q【點評】本題考查帶電小球在三種場中的勻速直線運動問題，抓住受力分析，利用左手定則、三力平衡條件和機械能守恒定律可以解決問題。二．實驗題（共2小題，滿分14分）11．（6分）（2024?內(nèi)江一模）某同學(xué)用如圖所示的實驗裝置來驗證動能定理。實驗過程如下：（1）該同學(xué)先用圖甲所示裝置，測滑塊與長木板間的滑動摩擦力f，把彈簧測力計的一端固定在墻上，用力F水平向左拉放在水平面上的長木板，使長木板向左運動，此時測力計的示數(shù)穩(wěn)定，則：①為了測出滑塊與長木板之間的摩擦力的大小，下列操作中正確的是D；A.長木板作勻速直線運動B.長木板作勻加速直線運動C.長木板作變加速直線運動D.以上運動均可以②滑塊受到長木板的滑動摩擦力f的大小為4.6N。（2）如圖乙所示，將圖甲中的長木板裝上定滑輪平放在水打平實驗臺上，調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使拉滑塊的細線與長木板平行。由靜止釋放滑塊，打點計時器打出的紙帶如圖丙所示，O點為剛釋放鉤碼時打下的點，A、B、C、D是四個連續(xù)點，各點與O點間的距離在圖中已標(biāo)出，在打出此紙帶的過程中，力傳感器的示數(shù)為F，打點計時器所用交流電的周期為T，測得滑塊的質(zhì)量為M，鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量為m，重力加速度為g。則：①該實驗不需要（選填“需要”或“不需要”）鉤碼質(zhì)量遠小于滑塊質(zhì)量；②打下C點時，鉤碼的速度為x4-x22T；此時，如果表達式(F-f)x3=1【考點】探究動能定理【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；實驗分析法；動能定理的應(yīng)用專題；實驗探究能力．【答案】（1）①D；②4.60；（2）①不需要；②x4-x〖祥解〗（1）①長木板與滑塊之間是滑動摩擦力，根據(jù)滑動摩擦力的影響因素分析作答；②彈簧測力計的分度值為0.1N，根據(jù)彈簧測力計的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)，根據(jù)平衡條件求解作答；（2）①力傳感器直接測量出細線的拉力，不需要用鉤碼的重力代替繩子的拉力，據(jù)此分析作答；②根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度求解打下C點的瞬時速度，根據(jù)動能定理求解作答?！窘獯稹拷猓海?）①長木板與滑塊之間是滑動摩擦力，根據(jù)滑動摩擦力的影響因素可知，滑動摩擦力的大小與長木板的運動情況無關(guān)，因此長木板可以向左做勻速直線運動、勻加速直線運動與變加速直線運動，故ABC錯誤，D正確。故選：D。②彈簧測力計的分度值為0.1N，彈簧測力計的示數(shù)為F＝4.60N；根據(jù)平衡條件可知，滑塊受到長木板的滑動摩擦力的大小f＝F＝4.60N；（2）①由于力傳感器直接測量出細線的拉力，不需要用鉤碼的重力代替繩子的拉力，因此該實驗不需要鉤碼質(zhì)量遠小于滑塊質(zhì)量；②根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，打下C點時，鉤碼的速度為v從O點到C點，對滑塊進行分析，根據(jù)動能定理F結(jié)合上述解得(F-f)x故答案為：（1）①D；②4.60；（2）①不需要；②x4-x【點評】本題主要考查了動能定理的驗證，要明確實驗原理，掌握動能定理的運用；掌握彈簧測力計的讀數(shù)規(guī)則。12．（8分）（2023秋?金華期末）某同學(xué)要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供了如下器材：待測干電池，電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω）；電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約0.2Ω）；電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約10kΩ）；滑動變阻器R1（最大阻值100Ω）；滑動變阻器R2（最大阻值10Ω），開關(guān)，導(dǎo)線若干。（1）電流表應(yīng)選A1（填“A1”或“A2”），滑動變阻器應(yīng)選R2（填“R1”或“R2”）。（2）請用實線代替導(dǎo)線，在圖甲中補全實物圖。閉合開關(guān)前，滑動變阻器滑片應(yīng)滑到最右端（填“左”或“右”）。（3）該同學(xué)按照圖甲所示的電路進行實驗，記錄此過程中電壓表和電流表的示數(shù)，利用實驗數(shù)據(jù)在U﹣I坐標(biāo)紙上描點，如圖乙所示，結(jié)果發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)的變化范圍比較小，出現(xiàn)該現(xiàn)象的主要原因是B。A.電壓表分流B.干電池內(nèi)阻較小C.滑動變阻器最大阻值較小D.電流表內(nèi)阻較?。?）針對電壓表示數(shù)的變化范圍比較小的問題，該同學(xué)利用實驗室提供的一個定值電阻R3＝2.0Ω就解決了問題。并重新連接電路進行實驗，并繪制U﹣I圖像，如圖丙所示，根據(jù)圖像可知該干電池電動勢E＝1.40V，內(nèi)阻r＝0.40Ω。【考點】測量普通電源的電動勢和內(nèi)阻【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；推理法；恒定電流專題；實驗探究能力．【答案】（1）A1；R2；（2）實物電路圖如上圖所示；右；（3）B；（4）1.40；0.40?！枷榻狻剑?）根據(jù)電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器。（2）根據(jù)實驗原理連接實物電路圖；滑動變阻器采用限流接法，閉合開關(guān)前滑片要置于阻值最大處。（3）電源內(nèi)阻較小時路端電壓變化范圍較小。（4）根據(jù)圖像的解析式與圖像求出電池的電動勢與內(nèi)阻。【解答】解：（1）測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，電路中的電流不超過0.6A，則電流表應(yīng)選用A1；為了便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)選用R2。（2）由于電源內(nèi)阻較小，所以電流表應(yīng)相對于電源外接，所以實物圖如圖所示滑動變阻器采用限流接法，為了保護電路，閉合開關(guān)前，滑動變阻器滑片應(yīng)滑到阻值最大端，即最右端。（3）由閉合電路歐姆定律可知，路端電壓U＝E﹣Ir，當(dāng)電源內(nèi)阻r太小時，干路中電流I有變化時，Ir變化很小，電壓表示數(shù)即路端電壓U變化很小，電壓表示數(shù)變化范圍很小，故B正確，ACD錯誤。故選：B。（4）由閉合電路歐姆定律得：E＝U+I（R3+r），整理得：U＝﹣I（R3+r）+E根據(jù)圖丙所示圖像可知，縱截距b＝E＝1.40V，即該干電池電動勢為1.40V；斜率絕對值為|k|=R3+r=1.4-0.80.25-0故答案為：（1）A1；R2；（2）實物電路圖如上圖所示；右；（3）B；（4）1.40；0.40?！军c評】理解實驗原理是解題的前提，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律即可解題；要掌握實驗器材的選擇原則。三．解答題（共3小題，滿分40分）13．（10分）（2025?滄州二模）如圖所示，一架無人機在一個清澈的湖面上以90°視角豎直向下俯拍，無人機在湖面上方h＝1.6m的高度水平飛行，湖底可以認為是一個水平面，湖水深度為H＝2m，湖水的折射率為n=2（1）光線在水面發(fā)生全反射的臨界角；（2）無人機拍攝的一張照片中湖底的面積。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【考點】光的折射與全反射的綜合問題【專題】計算題；定量思想；推理法；全反射和臨界角專題；推理論證能力．【答案】（1）光線在水面發(fā)生全反射的臨界角為45°；（2）無人機拍攝的一張照片中湖底的面積為23.8m2?！枷榻狻剑?）根據(jù)全反射臨界角公式分析求解；（2）根據(jù)折射定律，結(jié)合幾何關(guān)系分析求解?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)全反射臨界角公式有sinC=解得C＝45°（2）由圖知α＝45°，由折射定律有n=由幾何知識R＝htanα+Htanβ面積S＝πR2解得S＝23.8m2答：（1）光線在水面發(fā)生全反射的臨界角為45°；（2）無人機拍攝的一張照片中湖底的面積為23.8m2。【點評】本題考查了光學(xué)基本知識，理解折射定律以及全反射條件是解決此類問題的關(guān)鍵。14．（13分）（2024?義烏市三模）某固定裝置的豎直截面如圖甲所示，由長度為1.0m的水平傳送帶和兩段光滑圓管軌道組成，兩段圓管軌道所對應(yīng)的圓心角相同θ＝106°，AB＝0.4m，BC＝0.8m，右側(cè)帶有豎直擋板的滑塊b放置在光滑的水平面上，傳送帶和滑塊b與軌道端口均為平滑連接，傳送帶啟動后運行的v﹣t圖如圖乙所示，傳送帶啟動0.5s后把小物塊a從傳送帶左側(cè)靜止釋放，小物塊a和滑塊b的質(zhì)量均為m＝0.4kg，a與傳送帶和滑塊b之間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.25，若空氣阻力、小物塊a、圓管軌道的口徑和皮帶輪半徑均可不計，物塊a進出管道時無能量損失，物塊a和滑塊b發(fā)生的碰撞為完全彈性碰撞，重力加速度g＝10m/s2，試求：（1）小物塊a在傳送帶上運動的時間t；（2）小物塊a進入BC管道時對管道的作用力大?。唬?）滑塊b至少多長才能使小物塊a不脫離滑塊。【考點】動量守恒定律的一般應(yīng)用；牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；水平傳送帶模型；利用動能定理求解多過程問題【專題】定量思想；推理法；動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合；推理論證能力．【答案】答：（1）小物塊a在傳送帶上運動的時間等于2924（2）小物塊a進入BC管道時對管道的作用力大小等于4N；（3）滑塊b至少長1.25m才能使小物塊a不脫離滑塊?！枷榻狻剑?）a物體與傳送帶一起勻加速至同速，然后一起加速到1m/s，最后勻速運動，據(jù)此分析；（2）A到B由動能定理結(jié)合牛頓運動定律求解對管道的作用力大小；（3）A到C動由能定理求解到C點速度，當(dāng)a剛好滑動b最右端與b共速，此時b的長度是滿足題意的最短長度，由能量守恒和動量守恒列式求解。【解答】解：（1）對傳送帶0﹣1s做加速度a勻加速運動對a物體勻加速a2＝μg當(dāng)a物體與傳送帶同速時a2t1＝0.5+a1t1得t此時共速v1＝a2t1物體位移xa物體與傳送帶一起勻加速至1m/s，tx2x3＝1﹣x1﹣x2時間t3運動時間t=t（2）A到B動能定理mgh對B處RBFN得FN＝4N由牛頓第三定律可知，對管道作用力為4N。（3）A到C動能定理mg(得vC＝5m/s當(dāng)a剛好滑動b最右端與b共速，此時b的長度是滿足題意的最短長度，由能量守恒和動量守恒有12mvc＝2mv共聯(lián)立得L＝1.25m答：（1）小物塊a在傳送帶上運動的時間等于2924（2）小物塊a進入BC管道時對管道的作用力大小等于4N；（3）滑塊b至少長1.25m才能使小