必修第一冊學業(yè)水平考試達標檢測（二）(本試卷滿分：100分)一、選擇題(本題共16小題，每小題3分，共48分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)1．下列物理量都屬于矢量的一組是()A．位移、速度和時間 B．力、速率和路程C．路程、位移和力 D．速度、力和加速度解析：選D位移和速度是矢量，時間是標量，故A錯誤；力是矢量，速率和路程是標量，故B錯誤；路程是標量，位移和力是矢量，故C錯誤；速度、力和加速度都是矢量，故D正確。2．下列情況中，運動員可被視為質點的是()A．觀察跳水運動員在空中翻轉的動作B．欣賞花樣滑冰運動員旋轉時的姿態(tài)C．記錄馬拉松運動員跑完全程的時間D．研究舉重運動員抓舉杠鈴過程的動作解析：選C觀察跳水運動員在空中翻轉的動作時，運動員的大小不能忽略，不能看作質點，否則就沒動作可言了，選項A錯誤；欣賞花樣滑冰運動員旋轉時的姿態(tài)時，運動員的大小不能忽略，不能看作質點，否則就沒旋轉動作可言了，選項B錯誤；記錄馬拉松運動員跑完全程的時間時，運動員的大小可以忽略不計，可看作質點，選項C正確；研究舉重運動員抓舉杠鈴過程的動作時，運動員的大小不能忽略，不能看作質點，否則就沒動作可言了，選項D錯誤。3．如圖所示，小華沿直線從A點運動到B點，再沿直線返回到C點。已知A、B兩點間距離為500m，B、C兩點間距離為300m。對小華運動的全過程，下列說法正確的是()A．路程是500m B．路程是300mC．位移大小是300m D．位移大小是200m解析：選D路程指軌跡的長度，則從A到B再返回到C的路程為s＝AB＋BC＝(500＋300)m＝800m，故A、B錯誤；位移表示位置的變化，是初位置指向末位置的有向線段，則位移大小為x＝AB－CB＝(500－300)m＝200m，故C錯誤，D正確。4．2020年11月24日，我國在文昌航天發(fā)射場用長征五號遙五運載火箭，成功發(fā)射嫦娥五號探測器?；鸺谧鰟蛩僦本€運動階段中，下列圖像正確的是(圖中x表示位移、v表示速度、t表示時間)()解析：選B火箭在做勻速直線運動，根據(jù)位移x＝vt，知位移隨時間均勻增大，xt圖線應是過原點的傾斜的直線，故A錯誤，B正確；由于火箭在做勻速直線運動，速度大小、方向都不變，vt圖線應是與時間軸平行的直線，故C、D錯誤。5．關于加速度，下列說法正確的是()A．速度變化量越大，加速度就越大B．加速度的方向與速度的方向一定相同C．加速度的方向與速度變化的方向一定相同D．做加速運動的物體，加速度減小時，物體的速度一定減小解析：選C根據(jù)a＝eq\f(Δv,Δt)知，速度變化量越大，加速度不一定大，還與變化的時間有關，故A錯誤；根據(jù)a＝eq\f(Δv,Δt)知，加速度的方向與速度變化的方向一定相同，但與速度方向不一定相同，故B錯誤，C正確；做加速運動的物體，當加速度的方向與速度方向相同時，加速度減小，速度增大，故D錯誤。6．幾個同學在廣場上看到如圖所示的“飛馬”塑像，提出了下列幾個問題，其中從物理學視角提出的問題是()A．塑像代表了哪種寓意B．塑像關聯(lián)了哪個事件C．塑像受到哪些力的作用D．塑像是由哪位藝術家創(chuàng)作的解析：選C塑像表達了哪種寓意是從文學角度進行分析的，故A錯誤；塑像關聯(lián)了哪個事件是從歷史的角度進行分析的，故B錯誤；塑像受到哪些力的作用是從物理學視角提出的問題，故C正確；塑像是由哪位藝術家創(chuàng)作的，是從考查藝術家的角度分析的，故D錯誤。7．如圖所示，兩手指用力擠壓鉛筆的兩端使它保持靜止，下列說法中正確的是()A．鉛筆靜止時，兩手指對鉛筆的壓力是一對平衡力B．鉛筆靜止時，兩手指對鉛筆的壓力是相互作用力C．左邊手指受到的壓力大于右邊手指受到的壓力D．用力擠壓鉛筆時，鉛筆不發(fā)生形變解析：選A鉛筆處于靜止狀態(tài)，兩手指對鉛筆的壓力是一對平衡力，則左邊手指受到的壓力等于右邊手指受到的壓力，故A正確，B、C錯誤；用力擠壓鉛筆時，鉛筆會發(fā)生形變，只是微小形變，肉眼看不出，故D錯誤。8．科學研究發(fā)現(xiàn)，在月球表面：①沒有空氣；②重力加速度約為地球表面的eq\f(1,6)；③沒有磁場。若宇航員登上月球后，在空中同一高處同時釋放氫氣球和鉛球，忽略地球和其他星球對月球的影響，以下說法正確的有()A．氫氣球體積大，所以氫氣球不能看成質點B．鉛球會對月球有吸引力，而氫氣球對月球沒有吸引力C．氫氣球和鉛球都將做自由落體運動，且同時落到月球表面D．氫氣球上升，鉛球落到月球表面解析：選C當氫氣球的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，就可以把氫氣球看成質點，比如研究氫氣球的運動軌跡時可以把氫氣球看成質點，故A錯誤；力的作用是相互的，所以鉛球與月球之間有相互吸引力，氫氣球與月球之間也有相互吸引力，故B錯誤；月球表面沒有空氣，氫氣球與鉛球在月球表面都只受重力作用，由靜止釋放，它們都豎直向下做自由落體運動，根據(jù)h＝eq\f(1,2)gt2，解得t＝eq\r(\f(2h,g))，加速度g相同，位移h相同，所以它們的運動時間相同，它們同時落到月球表面，故C正確，D錯誤。9．如圖是我國“玉兔號”月球車成功登陸月球后在月面上行駛的場景。該月球車在月球上行駛時()A．處于完全失重狀態(tài)B．不再滿足牛頓運動定律C．受到的重力小于在地球上的重力D．具有的慣性小于在地球上的慣性解析：選C牛頓的經(jīng)典力學只適用于低速、宏觀、弱引力，而不適用于高速、微觀與強引力，故B錯誤；月球表面的重力加速度是地球表面的eq\f(1,6)，故玉兔號受到的重力小于在地球上的重力，故A錯誤，C正確；慣性大小只與質量有關，而質量是物體的一種屬性，不隨物體位置的改變而變化，故D錯誤。10．目前，火箭是衛(wèi)星發(fā)射的唯一工具，火箭發(fā)射回收是航天技術的一大進步。如圖所示，火箭在返回地面前的某段運動，可看成先勻速后減速的直線運動，最后撞落在地面上，不計火箭質量的變化。火箭著地時，火箭對地的作用力()A．大于地對火箭的作用力B．小于地對火箭的作用力C．大于火箭自身的重力D．等于火箭自身的重力解析：選C火箭對地的作用力和地對火箭的作用力是作用力與反作用力，根據(jù)牛頓第三定律，大小相等，方向相反，A、B錯誤；火箭著地做減速運動時，加速度向上，處于超重狀態(tài)，則地面給火箭的力大于火箭自身的重力，由牛頓第三定律知，火箭對地的作用力大于自身的重力，C正確，D錯誤。11．某物體運動的位移—時間圖像如圖所示，則物體()A．往復運動B．做勻速直線運動C．朝某一方向做直線運動D．不能確定物體的運動情況解析：選A分析一個周期內物體的運動情況：0～1s內，物體從原點出發(fā)沿正方向做勻速直線運動；1～2s內，物體沿負方向做勻速直線運動，2s末回到出發(fā)點；2～3s內，物體從原點出發(fā)沿負方向做勻速直線運動；3～4s內，物體沿正方向做勻速直線運動，4s末返回原點，由于圖線斜率大小不變，則物體的速率不變，所以物體做速率不變的往復運動，故A正確，B、C、D錯誤。12．如圖所示是用DIS實驗系統(tǒng)測量小車從斜面頂部沿斜面下滑的速度—時間圖像，由圖可以讀出小車加速下滑的距離和小車下滑的加速度約為()A．0.7m,0.77m/s2 B．1.0m,0.4m/s2C．1.0m,0.9m/s2 D．0.7m,0.4m/s2解析：選A根據(jù)vt圖像圍成的面積表示位移，可知小車加速下滑的距離為x＝eq\f(1,2)×1.04×1.35m≈0.70m，根據(jù)vt圖像斜率表示加速度，可知小車下滑的加速度a＝eq\f(Δv,Δt)＝eq\f(1.04,1.35)m/s2＝0.77m/s2，故選A。13．下列各組共點的三個力，可能平衡的有()A．3N、4N、8N B．3N、5N、1NC．3N、7N、2N D．7N、9N、16N解析：選D三個力平衡條件是，三個力的合力為零，也就是兩個力的合力與第三個力等大反向，由于F1、F2兩個力的合力取值范圍|F1－F2|≤F≤F1＋F2，當兩個力方向相同時，合力最大，方向相反時，合力最小。由于3N、4N合力最大時為F＝7N＜8N，因此三個力的合力不可能為零，A錯誤；由于3N、1N合力最大時為F＝4N＜5N，因此三個力的合力不可能為零，B錯誤；由于3N、2N合力最大時為F＝5N＜7N，因此三個力的合力不可能為零，C錯誤；由于7N、9N合力最大時為F＝16N，若與第三個力等大反向，三個力的合力恰好為零，D正確。14．小李同學做家務時，用斜向下的恒力F推動房間內的木箱勻速移動，如圖所示，關于木箱所受的推力F、摩擦力Ff、支持力FN和重力G大小之間的關系，下列說法正確的是()A．Ff＞F B．Ff＜FC．FN＜G D．FN＝G解析：選B對木箱進行受力分析如圖所示。由于木箱勻速運動，則木箱受到的作用力合力為零，設木箱所受的推力F與水平方向的夾角為θ，根據(jù)平衡條件可得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(Fcosθ＝Ff，,Fsinθ＋G＝FN，))所以有eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(Ff＜F，,FN＞G，))選項B正確，A、C、D錯誤。15．如圖所示，在固定于天花板的輕彈簧下端掛一個小球，小球的重力為G?，F(xiàn)使小球靠在傾角為α的光滑斜面上，但仍然使輕彈簧保持豎直方向，則該斜面對小球彈力的大小為()A．Gcosα B．GtanαC．G D．0解析：選D對小球受力分析可知因為斜面光滑，所以小球不受摩擦力，受到向下的重力、彈簧的彈力作用，假設小球還受到斜面的支持力，則小球受到的合力不能為零，所以斜面對小球無彈力，即斜面對小球彈力的大小為0，故D正確，A、B、C錯誤。16．某同學制作了一個“豎直加速度測量儀”，可以用來測量豎直上下電梯運行時的加速度，其構造如圖所示。把一根輕彈簧上端固定在小木板上，下端懸吊0.9N重物時，彈簧下端的指針指木板上刻度為a的位置，把懸吊1.0N重物時指針位置的刻度標記為0，以后該重物就固定在彈簧上，和小木板上的刻度構成了一個“豎直加速度測量儀”。g取10m/s2。設加速度的方向向上為正、向下為負，木板上的刻度均勻，彈簧與木板間的摩擦力不計，則()A．b點應標注的加速度數(shù)值為－1m/s2B．b點應標注的加速度數(shù)值為1m/s2C．a(chǎn)點應標注的加速度數(shù)值為0.1m/s2D．a(chǎn)點應標注的加速度數(shù)值為－0.1m/s2解析：選B設刻度尺每小格長為L，則下端由懸吊0.9N重物變?yōu)橄露藨覓?.0N的重物時彈簧伸長10L，則1.0N－0.9N＝k·10L，當電梯加速度向上時，指針在b點，則由牛頓第二定律k·10L＝ma1，解得a1＝1m/s2。當電梯加速度向下時，指針在a點，則由牛頓第二定律－k·10L＝ma2，解得a2＝－1m/s2，故B正確。二、非選擇題(本大題共5小題，共52分)17．(6分)用DIS實驗系統(tǒng)研究小車的運動，得到如圖所示的xt圖像。從圖中可知小車運動的方向是________(選填“靠近”或“遠離”)位移傳感器的接收部分，2.0～3.0s間的一段水平線表示__________________。解析：根據(jù)圖像可知，x逐漸增大，所以小車離接收器越來越遠。2.0～3.0s之間，x不變，所以小車處于靜止狀態(tài)。答案：遠離小車處于靜止狀態(tài)18．(9分)在“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中，橡皮條一端固定于A點。(1)如圖所示，同時使用兩只彈簧測力計通過細繩套將橡皮條的另一端拉至O點，分別記錄兩個拉力的大小和方向，其中一只彈簧測力計的示數(shù)如圖所示，則其示數(shù)為________N。(2)關于本實驗，下列說法正確的是________。A．細繩套盡可能短一些B．橡皮條的伸長量越大越好C．拉兩個細繩套時，兩拉力夾角越大越好D．拉細繩套時，拉力應盡量與木板平行(3)某同學通過多次實驗得出：力的合成遵循平行四邊形定則，如圖為根據(jù)其中一次實驗數(shù)據(jù)畫出的兩個力F1、F2的圖示，請利用平行四邊形定則在圖中作出這兩個力的合力F合，根據(jù)圖示可以確定合力大小為________N。解析：(1)彈簧測力計的分度值為0.2N，故讀數(shù)為2.6N。(2)細繩套盡可能長一些，減小力的方向的誤差，故A錯誤；橡皮條的伸長量不是越大越好，方便作圖即可，故B錯誤；兩條細繩的夾角不是越大越好，以方便作平行四邊形為宜，故C錯誤；拉橡皮條時，橡皮條、細繩和彈簧測力計應平行貼近木板，使得結點所受的幾個力在同一平面內，故D正確。(3)根據(jù)平行四邊形定則畫圖如下：根據(jù)圖像可知，合力大小為F合＝3.5N。答案：(1)2.6(2)D(3)圖示見解析3.519．(10分)質量為m＝4kg的小物塊靜止于粗糙水平地面上。現(xiàn)用F＝12N的水平恒力拉動小物塊，經(jīng)過時間t＝2s，小物塊運動了x＝4m的距離，取g＝10m/s2，求：(1)物塊做勻加速運動加速度a的大?。?2)物塊與地面間的動摩擦因數(shù)μ的大小。解析：(1)由公式x＝eq\f(1,2)at2，代入數(shù)據(jù)得a＝2m/s2。(2)小物塊受到重力、支持力、摩擦力、水平恒力的作用，根據(jù)牛頓第二定律有F－μmg＝ma，代入數(shù)據(jù)解得μ＝0.1。答案：(1)2m/s2(2)0.120．(13分)汽車在平直的高速公路上以108km/h的速度勻速行駛，駕駛員突然發(fā)現(xiàn)前方發(fā)生了交通事故，馬上緊急剎車，使汽車做勻減速直線運動，且產(chǎn)生的加速度大小為5m/s2。試求：(1)汽車剎車后5s末的速度大??；(2)汽車剎車后8s末的速度大?。?3)汽車剎車后8s內的位移大小。解析：(1)汽車停止運動的時間t0＝eq\f(v0,a)＝6s,汽車剎車后5s末的速度大小為v5＝v0－at5＝30m/s－5×5m/s＝5m/s。(2)汽車在6s末就已停下，汽車剎車后8s末的速度大小為零。(3)汽車在6s末就已停下，則汽車剎車后8s內的位移大小x＝v0t0－eq\f(1,2)at02＝90m。答案：(1)5m/s(2)0(3)90m21．(14分)如圖所示，我國遼寧號航母的艦載機采用滑躍