第1頁（共4頁）2025年高一物理下學(xué)期期末模擬試卷及答案（共七套）2025年高一物理下學(xué)期期末模擬試卷及答案（一）一、選擇題（1-10單項，每題3分，11-14多選，每題4分）1．關(guān)于重力做功與重力勢能，以下敘述中正確的是（）A．重力對物體做正功，物體的重力勢能減少B．物體克服重力做功，物體的重力勢能減少C．重力對物體不做功，物體的重力勢能一定為零D．物體克服重力做功，物體的重力勢能一定為負值2．如圖所示，斜面上a、b、c三點等距，小球從a點正上方O點拋出，做初速為v0的平拋運動，恰落在b點．若小球初速變?yōu)関，其落點位于c，則（）A．v0＜v＜2v0 B．v=2v0 C．2v0＜v＜3v0 D．v＞3v03．狗拉雪橇沿位于水平面內(nèi)的圓弧形道路勻速率行駛，下圖為四個關(guān)于雪撬受到的牽引力F及摩擦力f的示意圖（O為圓心）其中正確的是（）A． B． C． D．4．冥王星與其附近的另一星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)．質(zhì)量比約為7：1，同時繞它們連線上某點O做勻速圓周運動．由此可知，冥王星繞O點運動的（）A．軌道半徑約為卡戎的 B．角速度大小約為卡戎的C．線速度大小約為卡戎的7倍 D．向心力大小約為卡戎的7倍5．假設(shè)地球是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體．一礦井深度為d．已知質(zhì)量分布均勻的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零．礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為（）A．1﹣ B．1+ C．（）2 D．（）26．汽車由靜止開始運動，若要使汽車在開始運動一小段時間保持勻加速直線運動，則（）A．不斷增大牽引功率 B．不斷減小牽引功率C．保持牽引功率不變 D．不能判斷牽引功率怎樣變化7．如圖所示，質(zhì)量為m的物體P放在光滑的傾角為θ的斜面體上，同時用力F向右推斜面體，使P與斜面體保持相對靜止．在前進的水平位移為l的過程中，斜面體對P做功為（）A．Fl B．mgsinθ?l C．mgcosθ?l D．mgtanθ?l8．如圖所示，某段滑雪雪道傾角為30°，總質(zhì)量為m（包括雪具在內(nèi)）的滑雪運動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑，加速度為g．在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是（）A．運動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能B．運動員獲得的動能為mghC．運動員克服摩擦力做功為mghD．下滑過程中系統(tǒng)減少的機械能為mgh9．如圖甲所示，在光滑水平面上的兩個小球發(fā)生正碰．小球的質(zhì)量分別為m1和m2．圖乙為它們碰撞前后的S﹣t圖象．已知m1=0.1kg，由此可以判斷（）①碰前m2靜止，m1向右運動；②碰后m2和m1都向右運動；③由動量守恒可以算出m2=0.3kg；④碰撞過程中系統(tǒng)損失了0.4J的機械能；以上判斷正確的是（）A．①③ B．①②③ C．①②④ D．③④10．一質(zhì)量為m的鐵錘，以速度v豎直打在木樁上，經(jīng)過△t時間而停止，則在打擊時間內(nèi)，鐵錘對木樁的平均沖力的大小是（）A．mg△t B． C．+mg D．﹣mg11．如圖所示，長0.5m的輕質(zhì)細桿，一端固定有一個質(zhì)量為3kg的小球，另一端由電動機帶動，使桿繞O在豎直平面內(nèi)作勻速圓周運動，小球的速率為2m/s．取g=10m/s2，下列說法正確的是（）A．小球通過最高點時，對桿的拉力大小是24NB．小球通過最高點時，對桿的壓力大小是6NC．小球通過最低點時，對桿的拉力大小是24ND．小球通過最低點時，對桿的拉力大小是54N12．如圖所示，“東方紅一號”的運行軌道為橢圓軌道，其近地點M和遠地點N的高度分別為439km和2384km，則（）A．衛(wèi)星在M點的勢能大于N點的勢能B．衛(wèi)星在M點的角速度大于N點的角速度C．衛(wèi)星在M點的加速度大于N點的加速度D．衛(wèi)星在N點的速度大于7.9km/s13．關(guān)于環(huán)繞地球運行的衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A．分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，可能具有相同的周期B．沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率C．在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同D．沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合14．某人站在靜浮于水面的船上，從某時刻開始從船頭走向船尾，不計水的阻力，那么在這段時間內(nèi)人和船的運動情況是（）A．人勻速走動，船則勻速后退，且兩者的速度大小與它們的質(zhì)量成反比B．人勻加速走動，船則勻加速后退，且兩者的加速度大小一定相等C．不管人如何走動，在任意時刻兩者的速度總是方向相反，大小與它們的質(zhì)量成反比D．人走到船尾不再走動，船則停下二、實驗題（共14分）15．某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲驗證動能定理，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置，另外他們還找到了打點計時器所用的學(xué)生電源、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶、滑塊、細沙．當(dāng)滑塊連接上紙帶，用細線通過滑輪掛上空的小沙桶時，釋放小桶，滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)．若你是小組中的一位成員，要完成該項實驗．（1）你認為還需要的實驗器材有．（2）實驗時為了保證滑塊受到的合力與沙桶的總重力大小基本相等，細沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足的實驗條件是，實驗時首先要做的步驟是．（3）在（2）的基礎(chǔ)上，某同學(xué)用天平稱量滑塊的質(zhì)量為M．往沙桶中裝入適量的細沙，用天平稱出此時沙和沙桶的總質(zhì)量為m．讓沙桶帶動滑塊加速運動．用打點計時器記錄其運動情況，在打點計時器打出的紙帶上取兩點，測出這兩點的間距L和這兩點的速度大小v1與v2（v1＜v2）．則本實驗最終要驗證的數(shù)學(xué)表達式為．（用題中的字母表示實驗中測量得到的物理量）16．用如圖1實驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒．m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律．圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標(biāo)出），計數(shù)點間的距離如圖所示．已知m1=50g、m2=150g，則（g取10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點5時的速度v=m/s；（2）在打點0～5過程中系統(tǒng)動能的增量△EK=J，系統(tǒng)勢能的減少量△EP=J，由此得出的結(jié)論是．三、解答題（共4小題，滿分40分）17．質(zhì)量為m=3000t的火車，在恒定的額定功率下由靜止出發(fā)，運動中受到恒定不變的阻力作用，經(jīng)過103s，行程12km后，達到最大速度72km/h，求列車的額定功率和它受到的阻力．18．如圖所示，質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運動，經(jīng)距離l后以速度v飛離桌面，最終落在水平地面上．已知l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，桌面高h=0.45m，不計空氣阻力，重力加速度取10m/s2，求：（1）小物塊落地點距飛出點的水平距離s；（2）小物塊落地時的動能EK；（3）小物塊的初速度大小v0．19．位于豎直平面內(nèi)的光滑軌道，有一段斜的直軌道和與之相切的圓形軌道連接，圓形軌道的半徑為R，一質(zhì)量為m的小物塊從斜軌道上某處由靜止開始下滑，然后沿圓軌道運動，（1）要求物塊能通過圓軌道最高點，求物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度h；（2）若要求小物塊在該軌道最高點與軌道間的壓力不超過5mg，求物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度H．20．如圖所示，質(zhì)量m1=0.3kg的小車靜止在光滑的水平面上，車長L=15m，現(xiàn)有質(zhì)量m2=0.2kg可視為質(zhì)點的物塊，以水平向右的速度v0=2m/s從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保持相對靜止．物塊與車面間的動摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s2．求（1）物塊在車面上滑行的時間t；（2）要使物塊不從小車右端滑出，物塊滑上小車左端的速度v0′不超過多少．

參考答案與試題解析一、選擇題（1-10單項，每題3分，11-14多選，每題4分）1．關(guān)于重力做功與重力勢能，以下敘述中正確的是（）A．重力對物體做正功，物體的重力勢能減少B．物體克服重力做功，物體的重力勢能減少C．重力對物體不做功，物體的重力勢能一定為零D．物體克服重力做功，物體的重力勢能一定為負值【考點】68：重力勢能的變化與重力做功的關(guān)系．【分析】重力做正功，重力勢能減少，重力做負功，重力勢能增加．重力勢能的大小取決于相對于零勢能面的位置．【解答】解：A、重力做正功時，重力勢能減??；故A正確；B、物體克服重力做功，則重力勢能一定增加；故B錯誤；C、重力不做功，重力勢能沒有變化，但重力勢能不一定為零；故C錯誤；D、物體的重力勢能的大小取決于其相對于零勢能面的位置，與做功無關(guān)；故D錯誤；故選：A．2．如圖所示，斜面上a、b、c三點等距，小球從a點正上方O點拋出，做初速為v0的平拋運動，恰落在b點．若小球初速變?yōu)関，其落點位于c，則（）A．v0＜v＜2v0 B．v=2v0 C．2v0＜v＜3v0 D．v＞3v0【考點】43：平拋運動．【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，平拋運動的水平位移由初速度和運動時間決定．【解答】解：小球從a點正上方O點拋出，做初速為v0的平拋運動，恰落在b點，改變初速度，落在c點，知水平位移變?yōu)樵瓉淼?倍，若時間不變，則初速度變?yōu)樵瓉淼?倍，由于運動時間變長，則初速度小于2v0．故A正確，B、C、D錯誤．故選A．3．狗拉雪橇沿位于水平面內(nèi)的圓弧形道路勻速率行駛，下圖為四個關(guān)于雪撬受到的牽引力F及摩擦力f的示意圖（O為圓心）其中正確的是（）A． B． C． D．【考點】42：物體做曲線運動的條件．【分析】雪橇沿位于水平面內(nèi)的圓弧形道路勻速率行駛，做勻速圓周運動，其合力提供向心力，即合力指向圓心．雪橇受到向后的滑動摩擦力，拉力的分力指向圓心．【解答】解：A、f與F的合力不指向圓心，沒有力提供向心力．故A錯誤．B、f與F的合力不指向圓心，雪橇受到的滑動摩擦力不應(yīng)指向圓心，應(yīng)與速度方向相反．故B錯誤．C、D雪橇受到向后的滑動摩擦力，拉力與滑動摩擦力的合力指向圓心，拉力偏向圓的內(nèi)側(cè)．故C正確，D錯誤．故選C4．冥王星與其附近的另一星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)．質(zhì)量比約為7：1，同時繞它們連線上某點O做勻速圓周運動．由此可知，冥王星繞O點運動的（）A．軌道半徑約為卡戎的 B．角速度大小約為卡戎的C．線速度大小約為卡戎的7倍 D．向心力大小約為卡戎的7倍【考點】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】雙星中兩顆子星相互繞著旋轉(zhuǎn)可看作勻速圓周運動，其向心力由兩恒星間的萬有引力提供．由于力的作用是相互的，所以兩子星做圓周運動的向心力大小是相等的，利用萬有引力定律可以求得其大?。畠勺有抢@著連線上的一點做圓周運動，所以它們的運動周期是相等的，角速度也是相等的，所以線速度與兩子星的軌道半徑成正比．【解答】解：冥王星與其附近的另一星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)．所以冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．A、它們之間的萬有引力提供各自的向心力得：mω2r=Mω2R，質(zhì)量比約為7：1，所以冥王星繞O點運動的軌道半徑約為卡戎的．故A正確．B、冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．故B錯誤C、根據(jù)線速度v=ωr得冥王星線速度大小約為卡戎的，故C錯誤D、它們之間的萬有引力提供各自的向心力，冥王星和卡戎向心力大小相等，故D錯誤故選A．5．假設(shè)地球是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體．一礦井深度為d．已知質(zhì)量分布均勻的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零．礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為（）A．1﹣ B．1+ C．（）2 D．（）2【考點】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；37：牛頓第二定律．【分析】根據(jù)題意知，地球表面的重力加速度等于半徑為R的球體在表面產(chǎn)生的加速度，礦井深度為d的井底的加速度相當(dāng)于半徑為R﹣d的球體在其表面產(chǎn)生的加速度，根據(jù)地球質(zhì)量分布均勻得到加速度的表達式，再根據(jù)半徑關(guān)系求解即可．【解答】解：令地球的密度為ρ，則在地球表面，重力和地球的萬有引力大小相等，有：g=，由于地球的質(zhì)量為：M=，所以重力加速度的表達式可寫成：g==．根據(jù)題意有，質(zhì)量分布均勻的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零，固在深度為d的井底，受到地球的萬有引力即為半徑等于（R﹣d）的球體在其表面產(chǎn)生的萬有引力，故井底的重力加速度g′=所以有=故選A．6．汽車由靜止開始運動，若要使汽車在開始運動一小段時間保持勻加速直線運動，則（）A．不斷增大牽引功率 B．不斷減小牽引功率C．保持牽引功率不變 D．不能判斷牽引功率怎樣變化【考點】63：功率、平均功率和瞬時功率．【分析】要使汽車在開始運動一小段時間保持勻加速直線運動，則牽引力不能變化，而速度增大，根據(jù)P=Fv分析即可．【解答】解：汽車做勻加速直線運動，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律可知，牽引力不變，而速度增大，根據(jù)P=Fv可知，牽引力的功率增大，故A正確．故選A．7．如圖所示，質(zhì)量為m的物體P放在光滑的傾角為θ的斜面體上，同時用力F向右推斜面體，使P與斜面體保持相對靜止．在前進的水平位移為l的過程中，斜面體對P做功為（）A．Fl B．mgsinθ?l C．mgcosθ?l D．mgtanθ?l【考點】62：功的計算；37：牛頓第二定律．【分析】m與楔形物體相對靜止，二者必定都向右加速運動．即m的合外力方向水平向右，畫出m的受力圖，求出楔形物體對小物體的作用力，根據(jù)功的公式即可求解．【解答】解：m與楔形物體相對靜止，二者必定都向左加速運動．即m的合外力方向水平向右，畫出m的受力圖，根據(jù)幾何關(guān)系得：N=所以支持力做的功為：W=Nl?cos（90°﹣θ）=mgtanθ?l故選：D8．如圖所示，某段滑雪雪道傾角為30°，總質(zhì)量為m（包括雪具在內(nèi)）的滑雪運動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑，加速度為g．在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是（）A．運動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能B．運動員獲得的動能為mghC．運動員克服摩擦力做功為mghD．下滑過程中系統(tǒng)減少的機械能為mgh【考點】62：功的計算；6A：動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化；6B：功能關(guān)系．【分析】由幾何關(guān)系可知運動員下滑的位移，則由速度和位移公式可得出運動員的末速度，則可得出運動員的動能；由動能定理可得出運動員克服摩擦力所做的功；由功能關(guān)系即可得出機械能的改變量．【解答】解：A、若物體不受摩擦力，則加速度應(yīng)為a′=gsin30°=g，而現(xiàn)在的加速度小于g，故運動員應(yīng)受到摩擦力，故減少的重力勢能有一部分轉(zhuǎn)化為了內(nèi)能，故A錯誤；B、運動員運動員下滑的距離：L==2h；由運動學(xué)公式可得：V2=2aL，得：V=；動能為：Ek=mV2=，故B錯誤；C、由動能定理可知mgh﹣Wf=mV2；解得Wf=mgh；故C錯誤；D、機械能的減小量等于阻力所做的功，故下滑過程中系統(tǒng)減少的機械能為，故D正確；故選：D．9．如圖甲所示，在光滑水平面上的兩個小球發(fā)生正碰．小球的質(zhì)量分別為m1和m2．圖乙為它們碰撞前后的S﹣t圖象．已知m1=0.1kg，由此可以判斷（）①碰前m2靜止，m1向右運動；②碰后m2和m1都向右運動；③由動量守恒可以算出m2=0.3kg；④碰撞過程中系統(tǒng)損失了0.4J的機械能；以上判斷正確的是（）A．①③ B．①②③ C．①②④ D．③④【考點】53：動量守恒定律．【分析】s﹣t（位移時間）圖象的斜率等于速度，由數(shù)學(xué)知識求出碰撞前后兩球的速度，分析碰撞前后兩球的運動情況．根據(jù)動量守恒定律求解兩球質(zhì)量關(guān)系，由能量守恒定律求出碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能．【解答】解：①、由s﹣t（位移時間）圖象的斜率得到，碰前m2的位移不隨時間而變化，處于靜止，m1向速度大小為v1===4m/s，方向只有向右才能與m1相撞，故①正確．②、由圖示圖象可知，碰后m2的速度為正方向，說明向右運動，m1的速度為負方向，說明向左運動，兩物體運動方向相反，故②錯誤．③、由圖示圖象可知，碰后m2和m1的速度分別為v2′=2m/s，v1′=﹣2m/s，根據(jù)動量守恒定律得，m1v1=m2v2′+m1v1′，代入解得，m2=0.3kg．故③正確．④、碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為△E=m1v12﹣m1v1′2﹣m2v22，代入解得：△E=0.594J，故④錯誤．故A正確；故選：A．10．一質(zhì)量為m的鐵錘，以速度v豎直打在木樁上，經(jīng)過△t時間而停止，則在打擊時間內(nèi)，鐵錘對木樁的平均沖力的大小是（）A．mg△t B． C．+mg D．﹣mg【考點】52：動量定理．【分析】由題意可知，鐵錘的初末動量，由動量定理可求得其對木樁的平均沖力．【解答】解：對鐵錘分析可知，其受重力與木樁的作用力；設(shè)向下為正方向，則有：（mg﹣F）t=0﹣mv得：F=mg+；由牛頓第三定律可知，鐵錘對樁的平均沖力為：F=mg+；故選：C．11．如圖所示，長0.5m的輕質(zhì)細桿，一端固定有一個質(zhì)量為3kg的小球，另一端由電動機帶動，使桿繞O在豎直平面內(nèi)作勻速圓周運動，小球的速率為2m/s．取g=10m/s2，下列說法正確的是（）A．小球通過最高點時，對桿的拉力大小是24NB．小球通過最高點時，對桿的壓力大小是6NC．小球通過最低點時，對桿的拉力大小是24ND．小球通過最低點時，對桿的拉力大小是54N【考點】37：牛頓第二定律；4A：向心力．【分析】桿子對小球的作用力可以是拉力，也可以是推力，在最高點，桿子的作用力是推力還是拉力，取決于在最高點的速度．在最低點，桿子一定表現(xiàn)為拉力，拉力和重力的合力提供圓周運動的向心力．【解答】解：A、設(shè)在最高點桿子表現(xiàn)為拉力，則有F+mg=，代入數(shù)據(jù)得，F(xiàn)=﹣6N，則桿子表現(xiàn)為推力，大小為6N．所以小球?qū)U子表現(xiàn)為壓力，大小為6N．故A錯誤，B正確．C、在最點，桿子表現(xiàn)為拉力，有F﹣mg=，代入數(shù)據(jù)得，F(xiàn)=54N．故C錯誤，D正確．故選BD．12．如圖所示，“東方紅一號”的運行軌道為橢圓軌道，其近地點M和遠地點N的高度分別為439km和2384km，則（）A．衛(wèi)星在M點的勢能大于N點的勢能B．衛(wèi)星在M點的角速度大于N點的角速度C．衛(wèi)星在M點的加速度大于N點的加速度D．衛(wèi)星在N點的速度大于7.9km/s【考點】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】地球引力做功改變衛(wèi)星的勢能，做正功勢能減小，做負功勢能增加．據(jù)此判斷勢能的大?。谶h地點速度慢，加速度小，近地點速度快，加速度大．【解答】解：A、由M到N地球引力做負功，勢能增加，即衛(wèi)星在M點的勢能小于N點的勢能．故A錯誤；B、近地點角速度大，遠地點角速度?。蔅正確；C、加速度a=，可知近地點加速度大，遠地點加速度小．故C正確；D、第一宇宙速度，是發(fā)射衛(wèi)星的最小速度，是衛(wèi)星繞地球運動的最大速度，所以在N點的速度應(yīng)小于7.9Km/s故D錯誤．故選：BC13．關(guān)于環(huán)繞地球運行的衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A．分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，可能具有相同的周期B．沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率C．在赤道上空運行的兩顆地球同步衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同D．沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合【考點】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；4F：萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】根據(jù)開普勒定律求解．了解同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同．物體做勻速圓周運動，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心．通過萬有引力提供向心力，列出等式通過已知量確定未知量．【解答】解：A、分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，可能具有相同的周期，故A正確；B、沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道對稱的不同位置具有相同的速率，故B正確；C、根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：，其中R為地球半徑，h為同步衛(wèi)星離地面的高度．由于同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，所以T為一定值，根據(jù)上面等式得出：同步衛(wèi)星離地面的高度h也為一定值．故C錯誤；D、沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面不一定重合，但圓心都在地心，故D錯誤．故選：AB14．某人站在靜浮于水面的船上，從某時刻開始從船頭走向船尾，不計水的阻力，那么在這段時間內(nèi)人和船的運動情況是（）A．人勻速走動，船則勻速后退，且兩者的速度大小與它們的質(zhì)量成反比B．人勻加速走動，船則勻加速后退，且兩者的加速度大小一定相等C．不管人如何走動，在任意時刻兩者的速度總是方向相反，大小與它們的質(zhì)量成反比D．人走到船尾不再走動，船則停下【考點】53：動量守恒定律．【分析】人與船組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律分析答題．【解答】解：A、以人和船構(gòu)成的系統(tǒng)為研究對象，其總動量守恒，設(shè)v1、v2分別為人和船的速率，以人的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：0=m人v1﹣M船v2，解得：=，人與船的速度方向相反，人動船動，人停止運動，船停止運動，故ACD正確；B、人和船若勻加速運動，則有：F=m人a人，F(xiàn)=M船a船，所以=，本題中m人與M船不一定相等，故B錯誤．故選：ACD．二、實驗題（共14分）15．某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲驗證動能定理，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置，另外他們還找到了打點計時器所用的學(xué)生電源、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶、滑塊、細沙．當(dāng)滑塊連接上紙帶，用細線通過滑輪掛上空的小沙桶時，釋放小桶，滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)．若你是小組中的一位成員，要完成該項實驗．（1）你認為還需要的實驗器材有刻度尺、天平．（2）實驗時為了保證滑塊受到的合力與沙桶的總重力大小基本相等，細沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足的實驗條件是沙和沙桶的總質(zhì)量遠小于滑塊的質(zhì)量，實驗時首先要做的步驟是平衡摩擦．（3）在（2）的基礎(chǔ)上，某同學(xué)用天平稱量滑塊的質(zhì)量為M．往沙桶中裝入適量的細沙，用天平稱出此時沙和沙桶的總質(zhì)量為m．讓沙桶帶動滑塊加速運動．用打點計時器記錄其運動情況，在打點計時器打出的紙帶上取兩點，測出這兩點的間距L和這兩點的速度大小v1與v2（v1＜v2）．則本實驗最終要驗證的數(shù)學(xué)表達式為mgL=．（用題中的字母表示實驗中測量得到的物理量）【考點】MJ：探究功與速度變化的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)實驗原理，得到需要驗證的表達式，從而確定需要的器材；（2）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的總質(zhì)量表示滑塊受到的拉力，對滑塊受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必須使重力的下滑分量等于摩擦力；同時重物加速下降，處于失重狀態(tài)，故拉力小于重力，可以根據(jù)牛頓第二定律列式求出拉力表達式分析討論；（3）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，求出合力的功和動能的增加量即可．【解答】解：（1）實驗要驗證動能增加量和總功是否相等，故需要求出總功和動能，故還要天平和刻度尺；故答案為：刻度尺、天平；（2）沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細線的拉力小于重力，設(shè)拉力為T，根據(jù)牛頓第二定律，有對沙和沙桶，有mg﹣T=ma對滑塊，有T=Ma解得T=故當(dāng)M＞＞m時，有T≈mg滑塊下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應(yīng)該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一段墊高；故答案為：沙和沙桶的總質(zhì)量遠小于滑塊的質(zhì)量，平衡摩擦；（3）總功為：W=mgL動能增加量為：，所以要驗證mgL=故答案為：（1）刻度尺、天平；（2）沙和沙桶的總質(zhì)量遠小于滑塊的質(zhì)量，平衡摩擦；（3）mgL=16．用如圖1實驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒．m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律．圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標(biāo)出），計數(shù)點間的距離如圖所示．已知m1=50g、m2=150g，則（g取10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點5時的速度v=2.4m/s；（2）在打點0～5過程中系統(tǒng)動能的增量△EK=0.58J，系統(tǒng)勢能的減少量△EP=0.60J，由此得出的結(jié)論是因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒．【考點】MD：驗證機械能守恒定律．【分析】（1）根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可以求出打下記數(shù)點5時的速度大??；（2）根據(jù)物體的初末動能大小可以求出動能的增加量，根據(jù)物體重力做功和重力勢能之間的關(guān)系可以求出系統(tǒng)重力勢能的減小量，比較動能增加量和重力勢能減小量之間的關(guān)系可以得出機械能是否守恒．【解答】解：（1）根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可知打第5個點時的速度為：故答案為：2.4．（2）物體的初速度為零，所以動能的增加量為：重力勢能的減小量等于物體重力做功，故：△EP=W=mgh=0.60J；由此可知動能的增加量和勢能的減小量基本相等，因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒．故答案為：0.58，0.60，因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒．三、解答題（共4小題，滿分40分）17．質(zhì)量為m=3000t的火車，在恒定的額定功率下由靜止出發(fā)，運動中受到恒定不變的阻力作用，經(jīng)過103s，行程12km后，達到最大速度72km/h，求列車的額定功率和它受到的阻力．【考點】66：動能定理的應(yīng)用；63：功率、平均功率和瞬時功率．【分析】汽車速度最大時，牽引力等于阻力，汽車到達最大速度的過程中，只牽引力和阻力對汽車做功，對汽車運用動能定理求解即可．【解答】解：由題意知汽車最大速度v=72km/h=20m/s，令汽車受到阻力恒為f，恒定功率為P，則汽車速度最大時牽引力等于阻力，故有：P=fv①在汽車加速的過程中只有牽引力與阻力對汽車做功，由動能定理有：②由①和②式代入x=12000m，t=1000s，v=20m/s，m=3000000kg可得：P=1.5×106Wf=7.5×104N；答：列車的額定功率為1.5×106W，列車受到的阻力為7.5×104N．18．如圖所示，質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運動，經(jīng)距離l后以速度v飛離桌面，最終落在水平地面上．已知l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，桌面高h=0.45m，不計空氣阻力，重力加速度取10m/s2，求：（1）小物塊落地點距飛出點的水平距離s；（2）小物塊落地時的動能EK；（3）小物塊的初速度大小v0．【考點】66：動能定理的應(yīng)用；43：平拋運動．【分析】（1）物塊離開桌面后做平拋運動，由勻速與勻變速運動規(guī)律可以求出水平距離．（2）由動能定理可以求出落地動能．（3）由動能定理可以求出物塊的初速度．【解答】解：（1）物塊飛出桌面后做平拋運動，豎直方向：h=gt2，解得：t=0.3s，水平方向：s=vt=0.9m；（2）對物塊從飛出桌面到落地，由動能定理得：mgh=mv12﹣mv22，落地動能EK=mgh+mv12=0.9J；（3）對滑塊從開始運動到飛出桌面，由動能定理得：﹣μmgl=mv2﹣mv02，解得：v0=4m/s；答：（1）小物塊落地點距飛出點的水平距離為0.9m．（2）小物塊落地時的動能為0.9J．（3）小物塊的初速度為4m/s．19．位于豎直平面內(nèi)的光滑軌道，有一段斜的直軌道和與之相切的圓形軌道連接，圓形軌道的半徑為R，一質(zhì)量為m的小物塊從斜軌道上某處由靜止開始下滑，然后沿圓軌道運動，（1）要求物塊能通過圓軌道最高點，求物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度h；（2）若要求小物塊在該軌道最高點與軌道間的壓力不超過5mg，求物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度H．【考點】66：動能定理的應(yīng)用；4A：向心力．【分析】（1）物塊恰好能通過圓形軌道最高點時，由重力提供向心力，由牛頓第二定律求得最高點的臨界速度，再根據(jù)機械能守恒定律求解．（2）以物塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求出最高點的速度，再機械能守恒求解H．【解答】解：（1）設(shè)從高度h1處開始下滑，恰能以v1通過圓周軌道最高點．在圓軌道最高點有：mg=m…①由機械能守恒得：mgh1=mg?2R+mv12…②由①②式得：h1=2.5R，所以高度h至少要2.5R．（2）設(shè)從高度h2處開始下滑，過圓周最高點時速度為v2，滑塊在最高點與軌道間的壓力是5mg，在最高點由牛頓第二定律得：5mg+mg=m…③由機械能守恒定律得：mgH=mg?2R+mv22…④由③④式得：H=5R；所以物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度H應(yīng)滿足：2.5R≤H≤5R．答：（1）h≥2.5R時物塊能通過圓形軌道最高點；（2）物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度H應(yīng)滿足2.5R≤H≤5R．20．如圖所示，質(zhì)量m1=0.3kg的小車靜止在光滑的水平面上，車長L=15m，現(xiàn)有質(zhì)量m2=0.2kg可視為質(zhì)點的物塊，以水平向右的速度v0=2m/s從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保持相對靜止．物塊與車面間的動摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s2．求（1）物塊在車面上滑行的時間t；（2）要使物塊不從小車右端滑出，物塊滑上小車左端的速度v0′不超過多少．【考點】53：動量守恒定律；6B：功能關(guān)系．【分析】（1）物塊滑上小車后受到小車的向左的滑動摩擦力而做勻減速運動，小車受到物塊向右的滑動摩擦力而勻加速運動，當(dāng)兩者速度相等時，相對靜止一起做勻速運動．對物塊和小車組成的系統(tǒng)，滿足動量守恒的條件：合外力為零，運用動量守恒求得共同速度，再對小車運用動量定理求解出時間t．（2）要使物塊恰好不從小車右端滑出，滑塊滑到小車的最右端，兩者速度相同，根據(jù)動量守恒定律和功能關(guān)系結(jié)合求解速度v0′．【解答】解：（1）設(shè)物塊與小車的共同速度為v，以水平向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有：m2v0=（m1+m2）v…①設(shè)物塊與車面間的滑動摩擦力為F，對物塊應(yīng)用動量定理有：﹣Ft=m2v﹣m2v0…②其中F=μm2g…③聯(lián)立以三式解得：代入數(shù)據(jù)得：t=s=0.24s…④（2）要使物塊恰好不從車廂滑出，須物塊滑到車面右端時與小車有共同的速度v′，則有：m2v′0=（m1+m2）v′…⑤由功能關(guān)系有：…⑥代入數(shù)據(jù)解得：v′=5m/s故要使物塊不從小車右端滑出，物塊滑上小車的速度v0′不能超過5m/s．答：（1）物塊在車面上滑行的時間t為0.24s．（2）要使物塊不從小車右端滑出，物塊滑上小車左端的速度v0′不超過5m/s．2025年高一物理下學(xué)期期末模擬試卷及答案（二）一、選擇題（共14小題，滿分46分.第1~10小題只有一個選項正確，每小題3分；第11~14小題有多個選項正確，每小題3分，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1．地球的第一宇宙速度為（）A．7.9m/s B．7.9km/s C．11.2km/s D．16.7km/s2．一質(zhì)點在某段時間內(nèi)做曲線運動．則這段時間內(nèi)，質(zhì)點的（）A．速度和加速度一定都不改變B．速度和加速度一定都在改變C．速度可能不改變，加速度一定改變D．速度一定改變，加速度可能不改變3．將一帶負電的粒子在電場中由靜止釋放，粒子只受到電場力的作用，關(guān)于粒子的運動，下列說法正確的是（）A．一定沿電場線運動B．可能做曲線運動C．可能沿等勢面運動D．一定從高電勢位置向低電勢位置運動4．兩點電荷相隔距離為x時，它們之間的庫侖力為F，當(dāng)它們之間的距離為時，兩點電荷間的庫侖力大小為（）A． B．F C．2F D．4F5．一物體做勻速直線運動，某時刻起受到兩個互相垂直、大小分別為F1和F2的恒力作用，經(jīng)一段時間后，在這兩個力的方向上發(fā)生的位移大小分別為s1和s2，則在這段時間內(nèi)這兩個力對物體做的總功為（）A．（F1+F2）（s1+s2） B．F1s1+F2s2C． D．6．電鰩的棲居在海底，能通守自身發(fā)出生物電，以獲取食物或打擊敵害．若電鰩的頭尾相當(dāng)于兩個電極，它在海水中所產(chǎn)生電場的電場強度為1×102V/m，則身長80cm的電鰩，在放電時產(chǎn)生的瞬間電壓可達（）A．40V B．80V C．160V D．320V7．近年來，隨著人類對火星的了解越來越多，美國等國家已經(jīng)開始進行移民火星的科學(xué)探索，并面向全球招募“單程火星之旅”的志愿者．若志愿者登陸火星前貼近火星表面做勻速圓周運動，測得其運動的周期為T，已知火星的半徑為R，引力常量為G，則火星的質(zhì)量為（）A． B． C． D．8．光滑的直桿互相垂直地固定在豎直平面內(nèi)，上面分別穿有帶孔的甲、乙兩小球，兩小球間用一輕質(zhì)細直棒相連，如圖所示，當(dāng)細直棒與豎直桿的夾角為θ時，甲、乙兩小球的速度大小之比為（）A．sinθ B．cosθ C．tanθ D．cotθ9．汽車以恒定的功率在平直公路上行駛，所受到的摩擦阻力始終等于車重的0.1倍，汽車能達到的最大速度為vm．則當(dāng)汽車速度為時，汽車的加速度大小為（重力加速度為g）（）A．0.4g B．0.3g C．0.2g D．0．lg10．如圖甲所示，M、N兩點在某電場中同一直線上，P為M、N連線的中點．一帶正電粒子（不計重力）從M點以某一初速度v0沿MN方向僅在電場力的作用下運動到N點，其運動的速度v隨時間t變化的圖象如圖乙所示，圖象關(guān)于過最低點且平行于縱軸的直線ab對稱，下列說法正確的是（）A．P點的電場強度最大B．該電場線的方向由N點指向M點C．沿MN方向電勢逐漸降低D．該粒子從M點運動到N點的過程中電勢能先增大后減小11．關(guān)于做平拋運動的物體在相同時間內(nèi)的速度變化，下列說法正確的是（）A．大小相同 B．大小不同 C．方向相同 D．方向不同12．如圖所示，一半球形容器固定在可繞過容器球心O的豎直軸OO′旋轉(zhuǎn)的水平轉(zhuǎn)臺上，轉(zhuǎn)臺以某一轉(zhuǎn)速旋轉(zhuǎn)，一小物塊落入容器內(nèi)，經(jīng)過一段時間后，小物塊隨容器一起轉(zhuǎn)動且相對容器靜止，空氣阻力不計，在轉(zhuǎn)動的過程中，物塊相對容器靜止時所受的力可能是（）A．重力、彈力 B．重力、彈力、向心力C．重力、彈力、滑動摩擦力 D．重力、彈力、靜摩擦力13．如圖所示，一個質(zhì)量為m的小球用一根長為l的細繩吊在天花板上，給小球一水平初速度，使它在水平內(nèi)做勻速圓周運動，此時細繩與豎直方向的夾角為θ、重力加速度為g．下列說法正確的是（）A．細繩對小球的拉力大小為B．細繩對小球的拉力大小為mgtanθC．小球做圓周運動的線速度大小為D．小球做圓周運動的線速度大小為14．如圖所示，兩個圓弧軌道豎直固定，相切于最低點P，圓O1的半徑為R，圓O2的半徑為2R，圓心O1、圓心O2與P點在同一豎直線上，從A，B兩點以不同的速率水平拋出甲、乙兩個相同的小球，兩球恰好在P點相遇，兩球均可視為質(zhì)點，空氣阻力不墳，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．兩球做平拋運動的時間之差為B．乙球水平拋出的速率是甲球水平拋出的速率的倍C．兩球落在P點時的速度與豎直方向的夾角相同D．乙球到達P點時的動能是甲球到達P點時的動能的2倍二、非選擇題（共6小題，滿分54分）15．某同學(xué)用圖示裝置研究平拋運動及其特點．他的實驗操作是：在小球A、B處于同一高度時，用小錘輕擊彈性金屬片，使A球水平飛出，同時B球被松開．①他觀察到的現(xiàn)象是：小球A、B（填“同時”或“不同時”）落地；②讓A、B球恢復(fù)初始狀態(tài)，用較大的力敲擊彈性金屬片．A球在空中運動的時間將（填“變長”，“不變”或“變短”）．16．某物理興趣小組根據(jù)機械能守恒定律，用彈簧彈射器探究彈簧的彈性勢能與壓縮量的關(guān)系，裝置如圖所示，彈射器水平放置，用質(zhì)量為m的小球壓縮彈簧，用刻度尺測出彈簧的壓縮量x；由靜止釋放小球，彈簧將小球彈射出去，測得小球通過兩個豎直放置的光電門的時間間隔t，用刻度尺測得A、B光電門的水平間距L，摩擦阻力不計．（1）小球離開彈簧時的速度大小v=，彈簧彈性勢能Ep=．（用已知測量量的字母符號表示）（2）保持A、B光電門的間距L不變，用同一小球，改變彈簧的壓縮量，測出多組數(shù)據(jù)，計算并畫出如圖乙所示的﹣x的關(guān)系圖線，由圖乙可知，與x成比（填“正”或“反”）．（3）由上述實驗，可以得出結(jié)論：對同一根彈簧，彈性勢能與成正比．17．我國首個月球探測計劃“嫦娥工程”分三個階段實施，大約用十年時間完成，假設(shè)你經(jīng)過刻苦學(xué)習(xí)與訓(xùn)練，作為宇航員登陸月球后，在月球上離月面高度為h以速度v0水平拋出一個小球，落地點到拋出點的水平距離為x．已知月球的半徑為R，引力常量為G，求月球的質(zhì)量為M．18．如圖所示，用不可伸長的輕質(zhì)細繩系著質(zhì)量m=0.5kg的小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，小球恰好能通過最高點，小球可視為質(zhì)點，取g=10m/s2．求小球在最低點時所受細繩拉力的大小F．19．如圖所示，水平地面上固定一傾角θ=30°的粗糙斜面，一質(zhì)量為m的小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面勻減速上滑高度H后停止，其加速度和重力加速度g大小相等．求：（1）小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）該過程中小物塊損失的機械能△E．20．如圖所示，abcd是一個邊長為L的正方形盒子，cd邊水平，其中點有一個小孔e，盒子中有沿ad方向（豎直向下）勻強電場．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從a處的水上孔沿ab方向以初速度v0射入盒內(nèi)，并恰好從小孔e處射出．重力加速度為g．求：（1）該小球從e孔射出的速度大小v；（2）該電場的電場強度大小E．

參考答案與試題解析一、選擇題（共14小題，滿分46分.第1~10小題只有一個選項正確，每小題3分；第11~14小題有多個選項正確，每小題3分，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1．地球的第一宇宙速度為（）A．7.9m/s B．7.9km/s C．11.2km/s D．16.7km/s【考點】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】第一宇宙速度是在地面發(fā)射人造衛(wèi)星所需的最小速度，也是圓行近地軌道的環(huán)繞速度，也是圓形軌道上速度的最大值；本題根據(jù)重力等于向心力即可列式求解．【解答】解：第一宇宙速度是圓形近地軌道的環(huán)繞速度，根據(jù)重力等于向心力mg=m解得v==m/s=7900m/s=7.9km/s故選B．2．一質(zhì)點在某段時間內(nèi)做曲線運動．則這段時間內(nèi)，質(zhì)點的（）A．速度和加速度一定都不改變B．速度和加速度一定都在改變C．速度可能不改變，加速度一定改變D．速度一定改變，加速度可能不改變【考點】曲線運動．【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論．【解答】解：物體既然是在做曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以速度一定改變，但是合力不一定改變，所以加速度不一定改變，如平拋運動，所以ABC錯誤，D正確．故選：D．3．將一帶負電的粒子在電場中由靜止釋放，粒子只受到電場力的作用，關(guān)于粒子的運動，下列說法正確的是（）A．一定沿電場線運動B．可能做曲線運動C．可能沿等勢面運動D．一定從高電勢位置向低電勢位置運動【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系；電場強度．【分析】只在電場力作用下運動，物體的運動由力決定，與電場線、電勢的高低無關(guān)；電場線和等勢面相互垂直，場強可與電場線的反向相同或相反．【解答】解：AB、由靜止釋放的粒子，只在電場力作用下運動，其運動只有電場力決定，如果電場力與場強方向并不與電場線重合，帶電粒子不一定沿電場線運動，其運動軌跡可能是曲線，故A錯誤，B正確；C、電場線和等勢面相互垂直，電場力的方向和場強方向相同或者相反，所以粒子不可能沿等勢面運動，故C錯誤；D、沿電場線電勢越來越低，據(jù)場強反向的規(guī)定，場強可與電場線的反向相同或相反，即電場力的方向與電場線的方向相同或相反，所以帶電粒子可能朝著電勢高或低的位置運動，故D錯誤．故選：B．4．兩點電荷相隔距離為x時，它們之間的庫侖力為F，當(dāng)它們之間的距離為時，兩點電荷間的庫侖力大小為（）A． B．F C．2F D．4F【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】庫侖定律：真空中兩個靜止點電荷之間的作用力與它們電量的乘積成正比，與它們距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上．【解答】解：根據(jù)庫侖定律有：，當(dāng)兩點電荷之間的距離為x時，庫侖力為：…①當(dāng)它們之間距離為時，庫侖力大小為：…②解得：F′=4F故選：D5．一物體做勻速直線運動，某時刻起受到兩個互相垂直、大小分別為F1和F2的恒力作用，經(jīng)一段時間后，在這兩個力的方向上發(fā)生的位移大小分別為s1和s2，則在這段時間內(nèi)這兩個力對物體做的總功為（）A．（F1+F2）（s1+s2） B．F1s1+F2s2C． D．【考點】功的計算．【分析】根據(jù)恒力做功公式求出兩個力做的功，功是標(biāo)量，求總功為各個力做功的代數(shù)和．【解答】解：根據(jù)W=Fs得：W1=F1sW2=F2s所以W1+W2=F1s+F2s，故B正確．故選B6．電鰩的棲居在海底，能通守自身發(fā)出生物電，以獲取食物或打擊敵害．若電鰩的頭尾相當(dāng)于兩個電極，它在海水中所產(chǎn)生電場的電場強度為1×102V/m，則身長80cm的電鰩，在放電時產(chǎn)生的瞬間電壓可達（）A．40V B．80V C．160V D．320V【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系．【分析】根據(jù)勻強電場的電場強度公式E=求出放電時產(chǎn)生的瞬間電壓．【解答】解：由勻強電場的電場強度公式E=得，U=Ed=1×102×80×10﹣2V=80V．故B正確，ACD錯誤．故選：B．7．近年來，隨著人類對火星的了解越來越多，美國等國家已經(jīng)開始進行移民火星的科學(xué)探索，并面向全球招募“單程火星之旅”的志愿者．若志愿者登陸火星前貼近火星表面做勻速圓周運動，測得其運動的周期為T，已知火星的半徑為R，引力常量為G，則火星的質(zhì)量為（）A． B． C． D．【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】火星的近地衛(wèi)星的軌道半徑等于火星的半徑，根據(jù)萬有引力提供向心力求出火星的質(zhì)量【解答】解：根據(jù)萬有引力提供向心力解得：，故C正確，ABD錯誤；故選：C8．光滑的直桿互相垂直地固定在豎直平面內(nèi)，上面分別穿有帶孔的甲、乙兩小球，兩小球間用一輕質(zhì)細直棒相連，如圖所示，當(dāng)細直棒與豎直桿的夾角為θ時，甲、乙兩小球的速度大小之比為（）A．sinθ B．cosθ C．tanθ D．cotθ【考點】運動的合成和分解．【分析】根據(jù)運動的合成與分解，結(jié)合矢量合成法則，及三角函數(shù)知識，即可求解．【解答】解：速度的合成與分解，可知，將兩球的速度分解，如圖所示，則有：va=，而vb=，那么兩小球?qū)嶋H速度之比va：vb=sinθ：cosθ=tanθ，故C正確，ABD錯誤．故選：C．9．汽車以恒定的功率在平直公路上行駛，所受到的摩擦阻力始終等于車重的0.1倍，汽車能達到的最大速度為vm．則當(dāng)汽車速度為時，汽車的加速度大小為（重力加速度為g）（）A．0.4g B．0.3g C．0.2g D．0．lg【考點】功率、平均功率和瞬時功率．【分析】汽車達到速度最大時，汽車的牽引力和阻力相等，根據(jù)功率P=Fv，可以根據(jù)題意算出汽車發(fā)動機的功率P，當(dāng)速度為時，在運用一次P=Fv即可求出此時的F，根據(jù)牛頓第二定律就可求出此時的加速度．【解答】解：令汽車質(zhì)量為m，則汽車行駛時的阻力f=0.1mg．當(dāng)汽車速度最大vm時，汽車所受的牽引力F=f，則有：P=f?vm當(dāng)速度為時有：P=F由以上兩式可得：F==2f根據(jù)牛頓第二定律：F﹣f=ma所以a==0.1g故D正確，A、B、C均錯誤．故選：D．10．如圖甲所示，M、N兩點在某電場中同一直線上，P為M、N連線的中點．一帶正電粒子（不計重力）從M點以某一初速度v0沿MN方向僅在電場力的作用下運動到N點，其運動的速度v隨時間t變化的圖象如圖乙所示，圖象關(guān)于過最低點且平行于縱軸的直線ab對稱，下列說法正確的是（）A．P點的電場強度最大B．該電場線的方向由N點指向M點C．沿MN方向電勢逐漸降低D．該粒子從M點運動到N點的過程中電勢能先增大后減小【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系；電場強度．【分析】根據(jù)速度圖象得出質(zhì)子的加速度先減小后增大，根據(jù)牛頓第二定律說明電場力的變化，再根據(jù)電場強度的定義求解．沿著電場線方向電勢降低．電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增大．【解答】解：A、由v﹣t圖的斜率表示加速度，可知質(zhì)子的加速度先減小后增大，在P點處加速度最小，由牛頓第二定律知，電場力最小，根據(jù)F=Eq可知，場強最小，故A錯誤；B、從M到N，由圖象可知，粒子先減速后加速，電場力先向左后向右，又因為粒子帶正電，所以在MP部分場強向左，在PN部分場強向右，故B錯誤；C、沿電場線的方向電勢逐漸減低，由B分析可知，電勢先升高后降低，故C錯誤；D、粒子從M點運動到N點的過程中電場力先做負功再做正功，電勢能先增大后減小，故D正確．故選：D．11．關(guān)于做平拋運動的物體在相同時間內(nèi)的速度變化，下列說法正確的是（）A．大小相同 B．大小不同 C．方向相同 D．方向不同【考點】平拋運動．【分析】平拋運動的加速度不變，做勻變速曲線運動，由△v=at=gt分析速度的變化大小和方向．【解答】解：做平拋運動的物體加速度為g，由△v=at=gt知，物體在相同時間內(nèi)的速度變化量大小相等、方向相同，故AC正確，BD錯誤．故選：AC12．如圖所示，一半球形容器固定在可繞過容器球心O的豎直軸OO′旋轉(zhuǎn)的水平轉(zhuǎn)臺上，轉(zhuǎn)臺以某一轉(zhuǎn)速旋轉(zhuǎn)，一小物塊落入容器內(nèi)，經(jīng)過一段時間后，小物塊隨容器一起轉(zhuǎn)動且相對容器靜止，空氣阻力不計，在轉(zhuǎn)動的過程中，物塊相對容器靜止時所受的力可能是（）A．重力、彈力 B．重力、彈力、向心力C．重力、彈力、滑動摩擦力 D．重力、彈力、靜摩擦力【考點】向心力；物體的彈性和彈力．【分析】物塊做勻速圓周運動，靠合力提供向心力，注意向心力不是物體受到的力，是靠其它力來提供．【解答】解：物塊隨容器一起做轉(zhuǎn)動，且與容器保持相對靜止，所受的靜摩擦力可能為零，靠重力和彈力的合力提供向心力；也可能受重力、彈力和靜摩擦力三者的合力提供向心力．故A、D正確，B、C錯誤．故選：AD．13．如圖所示，一個質(zhì)量為m的小球用一根長為l的細繩吊在天花板上，給小球一水平初速度，使它在水平內(nèi)做勻速圓周運動，此時細繩與豎直方向的夾角為θ、重力加速度為g．下列說法正確的是（）A．細繩對小球的拉力大小為B．細繩對小球的拉力大小為mgtanθC．小球做圓周運動的線速度大小為D．小球做圓周運動的線速度大小為【考點】向心力；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速．【分析】小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，靠重力和拉力的合力提供向心力，根據(jù)平行四邊形定則求出細繩對小球的拉力大?。鶕?jù)牛頓第二定律求出小球的線速度大?。窘獯稹拷猓篈、小球受重力和拉力兩個力作用，靠兩個力的合力提供向心力，根據(jù)平行四邊形定則知，細繩對小球的拉力T=，故A正確，B錯誤．C、根據(jù)牛頓第二定律得，，解得v=，故C正確，D錯誤．故選：AC．14．如圖所示，兩個圓弧軌道豎直固定，相切于最低點P，圓O1的半徑為R，圓O2的半徑為2R，圓心O1、圓心O2與P點在同一豎直線上，從A，B兩點以不同的速率水平拋出甲、乙兩個相同的小球，兩球恰好在P點相遇，兩球均可視為質(zhì)點，空氣阻力不墳，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．兩球做平拋運動的時間之差為B．乙球水平拋出的速率是甲球水平拋出的速率的倍C．兩球落在P點時的速度與豎直方向的夾角相同D．乙球到達P點時的動能是甲球到達P點時的動能的2倍【考點】平拋運動．【分析】兩球做平拋運動，由高度求出時間，再得到時間差．由水平分運動的規(guī)律求出初速度關(guān)系．由速度關(guān)系求速度與豎直方向的夾角．由速度的合成求到達P的速度，從而得到動能．【解答】解：A、兩球做平拋運動的時間之差為△t=﹣=2﹣，故A錯誤．B、甲球的初速度v1==，乙球的初速度v2===v1，故B正確．C、甲落在P點時的速度與豎直方向的夾角正切tanα1===2，乙落在P點時的速度與豎直方向的夾角正切tanα2===2，故兩球落在P點時的速度與豎直方向的夾角相同．故C正確．D、乙球到達P點時的速度大小v乙==甲球到達P點時的速度大小v甲==，所以v乙=v甲，則乙球到達P點時的動能是甲球到達P點時的動能的2倍，故D正確．故選：BCD二、非選擇題（共6小題，滿分54分）15．某同學(xué)用圖示裝置研究平拋運動及其特點．他的實驗操作是：在小球A、B處于同一高度時，用小錘輕擊彈性金屬片，使A球水平飛出，同時B球被松開．①他觀察到的現(xiàn)象是：小球A、B同時（填“同時”或“不同時”）落地；②讓A、B球恢復(fù)初始狀態(tài)，用較大的力敲擊彈性金屬片．A球在空中運動的時間將不變（填“變長”，“不變”或“變短”）．【考點】研究平拋物體的運動．【分析】本實驗是研究平拋運動豎直方向分運動的實驗．小錘輕擊彈性金屬片后，A球做平拋運動，同時B球做自由落體運動．通過實驗可以觀察到它們同時落地，所以可以證明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動．【解答】解：（1）小錘輕擊彈性金屬片時，A球做拋運動，同時B球做自由落體運動．通過實驗可以觀察到它們同時落地；（2）用較大的力敲擊彈性金屬片，則被拋出初速度變大，但豎直方向運動不受影響，因此運動時間仍不變；故答案為：（1）同時，（2）不變．16．某物理興趣小組根據(jù)機械能守恒定律，用彈簧彈射器探究彈簧的彈性勢能與壓縮量的關(guān)系，裝置如圖所示，彈射器水平放置，用質(zhì)量為m的小球壓縮彈簧，用刻度尺測出彈簧的壓縮量x；由靜止釋放小球，彈簧將小球彈射出去，測得小球通過兩個豎直放置的光電門的時間間隔t，用刻度尺測得A、B光電門的水平間距L，摩擦阻力不計．（1）小球離開彈簧時的速度大小v=，彈簧彈性勢能Ep=．（用已知測量量的字母符號表示）（2）保持A、B光電門的間距L不變，用同一小球，改變彈簧的壓縮量，測出多組數(shù)據(jù)，計算并畫出如圖乙所示的﹣x的關(guān)系圖線，由圖乙可知，與x成正比（填“正”或“反”）．（3）由上述實驗，可以得出結(jié)論：對同一根彈簧，彈性勢能與彈簧形變量的二次方成正比成正比．【考點】驗證機械能守恒定律．【分析】（1）由圖可知，彈簧在小球進入光電門之前就恢復(fù)形變，故其彈射速度為通過光電門的水平速度，由此可得速度，再由能量守恒可得彈性勢能．（2）根據(jù)圖線得出與x的關(guān)系．（3）結(jié)合與x的關(guān)系，以及彈性勢能為的關(guān)系，得出彈性勢能與彈簧形變量的關(guān)系．【解答】解：（1）小球在兩光電門間做曲線運動，在水平方向上做勻速直線運動，則水平分速度v=，該速度等于小球離開彈簧時的速度，則彈簧的彈性勢能為：=．（2）由圖乙可知，與x成正比．（3）根據(jù)知，彈簧的彈性勢能與的平方成正比，而x與成正比，可知彈簧的彈性勢能與彈簧形變量的二次方成正比．故答案為：（1），；（2）正；（3）彈簧形變量的二次方成正比．17．我國首個月球探測計劃“嫦娥工程”分三個階段實施，大約用十年時間完成，假設(shè)你經(jīng)過刻苦學(xué)習(xí)與訓(xùn)練，作為宇航員登陸月球后，在月球上離月面高度為h以速度v0水平拋出一個小球，落地點到拋出點的水平距離為x．已知月球的半徑為R，引力常量為G，求月球的質(zhì)量為M．【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】先根據(jù)平拋運動運動的知識求出月球表面的重力加速度，再根據(jù)月球表面重力等于萬有引力列式求解．【解答】解：設(shè)月球表面的重力加速度為，小球的質(zhì)量為m由平拋運動規(guī)律有：，解得：答：月球的質(zhì)量M為18．如圖所示，用不可伸長的輕質(zhì)細繩系著質(zhì)量m=0.5kg的小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，小球恰好能通過最高點，小球可視為質(zhì)點，取g=10m/s2．求小球在最低點時所受細繩拉力的大小F．【考點】動能定理的應(yīng)用；向心力．【分析】小球從最高點運動到最低點的過程中，根據(jù)動能定理求得在最低點的速度，小球運動到最低點時受到重力和繩的拉力，根據(jù)合力提供向心力列出牛頓第二定律解得結(jié)果．【解答】解：設(shè)繩長為L，小球在最高點時的速度大小為v1，有：mg=m設(shè)小球在最低點時的速度大小為v2，有：F﹣mg=m小球從最高點運動到最低點的過程中，根據(jù)動能定理得：聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：F=30N答：小球在最低點時所受細繩拉力的大小F為30N．19．如圖所示，水平地面上固定一傾角θ=30°的粗糙斜面，一質(zhì)量為m的小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面勻減速上滑高度H后停止，其加速度和重力加速度g大小相等．求：（1）小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）該過程中小物塊損失的機械能△E．【考點】功能關(guān)系．【分析】（1）小物塊沿斜面向上做勻減速運動，已知加速度，根據(jù)牛頓第二定律求物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）小物塊損失的機械能△E等于克服摩擦力做功．【解答】解：（1）在小物塊沿斜面勻減速上滑的過程中，由牛頓第二定律有：mgsinθ+μmgcosθ=ma又a=g解得μ=（2）該過程中，小物塊克服摩擦力所做的功為：W=μmgcosθ?由功能關(guān)系有：△E=W解得△E=mgH答：（1）小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ是；（2）該過程中小物塊損失的機械能△E是mgH．20．如圖所示，abcd是一個邊長為L的正方形盒子，cd邊水平，其中點有一個小孔e，盒子中有沿ad方向（豎直向下）勻強電場．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從a處的水上孔沿ab方向以初速度v0射入盒內(nèi)，并恰好從小孔e處射出．重力加速度為g．求：（1）該小球從e孔射出的速度大小v；（2）該電場的電場強度大小E．【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1）粒子進入電場后水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動，用平均速度表示豎直位移和水平位移，求出粒子從e孔射出時豎直方向的速度，再合成求解粒子從e孔射出的速度大?。?）根據(jù)牛頓第二定律和位移公式結(jié)合求出電場強度．【解答】解：（1）如圖，設(shè)正方形邊長為L，離開電場時豎直方向速度vy（1）a→e粒子做類平拋運動沿v0方向：沿E方向：解得：vy=4v0離開電場時速度大?。?）根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a=，y=l=，t=聯(lián)立得，E=答：（1）該帶電粒子從e孔射出時的速度大小是．（2）該電場的電場強度大小E是．2025年高一物理下學(xué)期期末模擬試卷及答案（三）一、單項選擇題（共12題，每小題4分，共計48分．每小題只有一個選項是正確的）1．下列物理量中，屬于矢量的是（）A．速度 B．時間 C．功率 D．質(zhì)量2．關(guān)于物體所受外力的合力做功與物體動能的變化的關(guān)系有以下四種說法：①合力做正功，物體動能增加；②合力做正功，物體動能減少；③合力做負功，物體動能增加；④合力做負功，物體動能減少．上述說法正確的是（）A．①② B．②③ C．③④ D．①④3．一小球在周長為2m的圓形軌道上運動，從某點開始繞行一周又回到該點，則小球的（）A．位移大小是0，路程是2m B．位移大小和路程都是2mC．位移大小是2m，路程是0 D．位移大小和路程都是04．一個質(zhì)點沿直線運動，其速度圖象如圖所示，則質(zhì)點（）A．在0～10s內(nèi)做勻速直線運動B．在0～10s內(nèi)做勻加速直線運動C．在10～40s內(nèi)做勻加速直線運動D．在10～40s內(nèi)保持靜止5．下列物體在運動過程中，機械能守恒的是（）A．被起重機拉著向上做勻速運動的貨物B．一個做平拋運動的鐵球C．沿粗糙的斜面向下做勻速運動的木塊D．在空中向上做加速運動的氫氣球6．物體做自由落體運動的過程中，下列說法正確的是（）A．物體的重力勢能越來越小B．物體的動能越來越小C．物體的加速度越來越小D．物體所受重力的瞬時功率越來越小7．F1、F2是兩個互相垂直的共點力，其中F1=4N，F(xiàn)2=3N，這兩個力合力的大小為（）A．2N B．3N C．5N D．15N8．如圖所示，圓盤在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，角速度為4rad/s，盤面上距離圓盤中心0.1m的位置有一個質(zhì)量為0.1kg的小物體隨圓盤一起轉(zhuǎn)動．則小物體做勻速圓周運動的向心力大小為（）A．0.4N B．0.04N C．1.6N D．0.16N9．兩同學(xué)分別用長木板、小車和打點計時器研究勻變速直線運動，打出紙帶后，選取紙帶中清晰的一部分，分別算出計時起點及0.1s末、0.2s末、0.3s末、0.4s末小車的瞬時速度，得出甲、乙兩組數(shù)據(jù)，填入下表．根據(jù)表中數(shù)據(jù)可得出t/s00.10.20.30.4v甲/（cm?s﹣1）18.017.517.016.516.0v乙/（cm?s﹣1）9.811.012.213.414.6（）A．甲車的速度變化較慢 B．乙車的加速度較小C．甲車的位移在不斷減小 D．乙車的位移在不斷減小10．如圖所示，把球夾在豎直墻和木板之間，不計摩擦，墻對球的彈力為F1，木板對球的彈力為F2，在將木板由圖示位置緩慢轉(zhuǎn)至水平的過程中，兩彈力的大小變化情況為（）A．F1減小、F2增大 B．F1、F2都增大C．F1增大、F2減小 D．F1、F2都減小11．在水平彎道上高速行駛的賽車，由于故障使后輪突然脫落．后輪在脫落后的一小段時間內(nèi)的運動情況為（）A．沿著汽車行駛的彎道運動B．沿著與彎道垂直的方向運動C．沿著脫落時輪子前進的方向做直線運動D．可以沿任意方向運動12．質(zhì)量為m的雨滴從距離地面高h的房檐由靜止開始自由下落．若選取地面為參考平面，則雨滴（）A．下落過程重力做的功為mgh B．落地瞬間的動能為2mghC．下落過程機械能增加mgh D．開始下落時的機械能為0二、雙項選擇題（共8小題，每小題4分，共32分．每小題有兩個選項是正確的，全部選對得4分，只選一個若對得2分，有選錯不得分）13．如圖所示，在相同的地面上，把一塊磚分別平放、豎放和側(cè)放，并使之滑動．滑動過程中磚塊所受到的摩擦力大小分別為F1、F2、F3；磚塊對地面的壓力大小分別為N1、N2、N3，則（）A．F1＞F2＞F3 B．F1=F2=F3 C．N1＜N2＜N3 D．N1=N2=N314．如圖所示，工件隨傾斜傳送帶勻速上升的過程中，關(guān)于工件受力情況分析正確的是（）A．工件受到四個力，分別是重力、支持力、摩擦力、牽引力B．工件受到三個力，分別是重力、支持力、摩擦力C．工件受到的摩擦力沿傳送帶向上D．工件受到的摩擦力沿傳送帶向下15．如圖所示，一物體在與水平方向成θ角的拉力F作用下，沿光滑水平面做直線運動，在物體通過距離s的過程中（）A．力F對物體做的功等于FscosθB．力F對物體做的功等于FssinθC．物體動能的變化量等于FscosθD．物體動能的變化量等于Fssinθ16．木星是太陽系中最大的行星，它有眾多衛(wèi)星．天文學(xué)家可以通過對木星的衛(wèi)星以下哪幾個量的研究，就可以精確地測算出木星的質(zhì)量（）A．衛(wèi)星的質(zhì)量 B．衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期C．衛(wèi)星的自轉(zhuǎn)周期 D．衛(wèi)星繞木星的線速度17．汽車對地面的壓力太小是不安全的，從這個角度講，關(guān)于汽車過拱形橋時（如圖所示）的說法正確的是（）A．對于同樣的車速，拱形橋圓弧半徑越大越安全B．對于同樣的車速，拱形橋圓弧半徑越小越安全C．對于同樣的拱形橋，汽車車速越小越安全D．對于同樣的拱形橋，汽車車速越大越安全18．在距離地面10m高處將一個小球以10m/s的速度水平拋出，下列說法正確的是（）A．第1s內(nèi)小球下落的高度為5mB．小球經(jīng)過2s落到地面C．第1s末，小球下落的速度為20m/sD．第1s末，小球與拋出點的水平距離為10m19．如圖所示，四中情境中物體A均處于靜止?fàn)顟B(tài)，它與外界的接觸面（點）均光滑，其中物體A所受彈力示意圖正確的是（）A．兩球完全相同且接觸，O為A球的球心B．O為A球的球心，C為A球重心C．O為A球的球心，墻壁豎直D．O為半球形的球心，A為一根均勻直棒20．我國計劃于今、明兩年將再陸續(xù)發(fā)射10顆左右的導(dǎo)航衛(wèi)星，預(yù)計在2015年建成由30多顆衛(wèi)星組成的“北斗二號”衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)．現(xiàn)在正在服役的“北斗一號”衛(wèi)星定位系統(tǒng)的三顆衛(wèi)星都定位在距地面36000km的地球同步軌道上．而美國的全球衛(wèi)星定位系統(tǒng)（簡稱GPS）由24顆衛(wèi)星組成，這些衛(wèi)星距地面的高度均為20000km．則下列說法中正確的是（）A．GPS的衛(wèi)星比“北斗一號”系統(tǒng)中的衛(wèi)星周期短B．GPS的衛(wèi)星比“北斗一號”系統(tǒng)中的衛(wèi)星線速度小C．“北斗一號”系統(tǒng)中的三顆衛(wèi)星的周期相等D．晴朗的夜晚，我們可以觀察到“北斗一號”系統(tǒng)中的衛(wèi)星相對地面運動三、計算題（共20分）21．高空投籃是一項驚險刺激的娛樂項目，其規(guī)則是：將手持籃球的選手固定在安全繩上，將安全繩拉離豎直方向成θ=53°角．穩(wěn)定后從A點釋放選手，選手和安全繩一起擺動起來．在擺動的過程中，選手可在任意位置投籃，籃球進入指定籃筐即為勝利．在一次游戲比賽中，甲在第一次擺動到最高點C時水平投出籃球，乙在第一次擺動到最低點B時水平投出籃球，均準(zhǔn)確入筐，如圖所示．已知安全繩長為L=5.0m，籃筐距安全繩最低點高度為h=1.6m．設(shè)甲選手在最高點以v0=m/s的速度將籃球水平拋出，籃球質(zhì)量均為m=0.50kg，（不計空氣阻力和安全繩的質(zhì)量，g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）求：（1）甲選手經(jīng)最低點B時的速度大?。ńY(jié)果可用根式表示）；（2）甲選手從最高點C拋出籃球到落入筐中籃球的水平位移；（3）乙選手拋出籃球過程中對籃球做的功（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

參考答案與試題解析一、單項選擇題（共12題，每小題4分，共計48分．每小題只有一個選項是正確的）1．下列物理量中，屬于矢量的是（）A．速度 B．時間 C．功率 D．質(zhì)量【考點】2F：矢量和標(biāo)量．【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的運算遵守平行四邊形法則．【解答】解：矢量是既有大小又有方向的物理量，速度是矢量，而標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量，時間、功率和質(zhì)量都是標(biāo)量，故A正確，BCD錯誤．故選：A．2．關(guān)于物體所受外力的合力做功與物體動能的變化的關(guān)系有以下四種說法：①合力做正功，物體動能增加；②合力做正功，物體動能減少；③合力做負功，物體動能增加；④合力做負功，物體動能減少．上述說法正確的是（）A．①② B．②③ C．③④ D．①④【考點】65：動能定理．【分析】動能定理：合外力對物體所做的功等于物體動能的變化；公式為：W=△Ek．【解答】解：①、②、根據(jù)動能定理公式W=△Ek，合力做正功，物體動能增加，故①正確，②錯誤；③、④、根據(jù)動能定理公式W=△Ek，合力做負功，物體動能減少，故③錯誤，④正確；故選D．3．一小球在周長為2m的圓形軌道上運動，從某點開始繞行一周又回到該點，則小球的（）A．位移大小是0，路程是2m B．位移大小和路程都是2mC．位移大小是2m，路程是0 D．位移大小和路程都是0【考點】15：位移與路程．【分析】位移的大小等于首末位置的距離，路程等于運動軌跡的長度．【解答】解：小球在周長為2m的圓形軌道上運動，從某點開始繞行一周又回到該點，初末位置重合，所以位移為0，路程等于周長，即s=2m．故A正確，B、C、D錯誤．故選A．4．一個質(zhì)點沿直線運動，其速度圖象如圖所示，則質(zhì)點（）A．在0～10s內(nèi)做勻速直線運動B．在0～10s內(nèi)做勻加速直線運動C．在10～40s內(nèi)做勻加速直線運動D．在10～40s內(nèi)保持靜止【考點】1I：勻變速直線運動的圖像；1D：勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系．【分析】速度時間圖象中傾斜的直線表示勻變速直線運動，平行于時間軸的直線表示勻速直線運動，圖線的斜率表示加速度，根據(jù)圖線判斷質(zhì)點的運動性質(zhì)．【解答】解：A、B、在0～10s內(nèi)速度隨時間均勻增大，加速度不變，質(zhì)點做勻加速直線運動．故A錯誤，B正確．C、D、在10～40s內(nèi)，速度不隨時間改變，質(zhì)點做勻速直線運動．故C、D錯誤．故選：B．5．下列物體在運動過程中，機械能守恒的是（）A．被起重機拉著向上做勻速運動的貨物B．一個做平拋運動的鐵球C．沿粗糙的斜面向下做勻速運動的木塊D．在空中向上做加速運動的氫氣球【考點】6C：機械能守恒定律．【分析】物體機械能守恒的條件是只有重力做功，根據(jù)機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，判斷哪些力對物體做功，即可判斷物體是否是機械能守恒．【解答】解：A、被起重機拉著向上做勻速運動的貨物，拉力對貨物做正功，其機械能增加，故A錯誤．B、做平拋運動的鐵球，運動的過程中只有重力做功，所以機械能守恒．故B正確．C、木塊沿著粗糙斜面勻速下滑，摩擦力對木塊做負功，所以機械能不守恒，故C錯誤．D、在空中向上做加速運動的氫氣，動能和重力勢能都增加，兩者之和必定增加，即機械能在增加．故D錯誤．故選B．6．物體做自由落體運動的過程中，下列說法正確的是（）A．物體的重力勢能越來越小B．物體的動能越來越小C．物體的加速度越來越小D．物體所受重力的瞬時功率越來越小【考點】6C：機械能守恒定律；1J：自由落體運動．【分析】物體做自由落體運動的過程中，只受重力作用做勻加速直線運動，根據(jù)重力勢能EP=mgh，分析重力勢能的變化情況；根據(jù)速度增大，可判斷出動能增大；重力的瞬時功率P=mgv．運用這些知識進行分析．【解答】解：A、物體做自由落體運動的過程中，高度不斷下降，根據(jù)重力勢能公式EP=mgh，可知，物體的重力勢能不斷減小，故A正確．