高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第二學(xué)期溫州市高一期末教學(xué)質(zhì)量統(tǒng)一檢測物理試題（B卷）考生須知：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，請務(wù)必將自己姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題卷規(guī)定的位置上。3．答題時，請按照答題卷上“注意事項”的要求，在答題卷相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。4．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。5．可能用到的相關(guān)參數(shù)：未特殊說明，重力加速度g均取。一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量屬于矢量且單位符號表示正確的是（）A.線速度m/s B.功J C.功率W D.電場強度V【答案】A【解析】由題可知，線速度和電場強度是矢量，功和功率是標(biāo)量。線速度單位為m/s，電場強度單位應(yīng)為V/m或N/C，故只有A正確。故選A。2.關(guān)于萬有引力定律與庫侖定律，下列說法錯誤的是（）A.庫侖定律適用于真空中兩個靜止點電荷B.卡文迪什利用“扭秤實驗”測量了引力常量GC.兩個定律中引力或斥力的大小均與距離的二次方成正比D.“月—地檢驗”證明了地球?qū)υ虑蛞偷厍驅(qū)μO果的引力遵從相同的規(guī)律【答案】C【解析】A．庫侖定律的適用條件為真空中靜止的點電荷，故A正確；B．卡文迪什通過扭秤實驗首次測定了引力常量，故B正確；C．萬有引力定律和庫侖定律的表達(dá)式均表現(xiàn)為，即力的大小與距離的二次方成反比，而非正比，故C錯誤；D．“月—地檢驗”通過驗證月球繞地球運動的加速度與地球表面重力加速度的關(guān)系，證實了天體間引力與地面物體所受引力遵循相同規(guī)律，故D正確。本題選錯誤選項，故選C。3.如圖所示為某機器人轉(zhuǎn)手絹表演的情景，A點靠近手絹中心，B點靠近手絹邊緣。若手絹的運動視為繞其中心的勻速圓周運動，則下列說法正確的是（）A.線速度 B.周期C.向心加速度 D.角速度【答案】B【解析】BD．手絹上A、B兩點屬于同軸轉(zhuǎn)動，則A、B兩點的角速度相等，周期相等，故B正確、D錯誤；AC．根據(jù)可知A點的線速度比B點的小，根據(jù)可知A點的向心加速度比B點的小，故AC錯誤。故選B。4.如圖所示為我國新型隱形戰(zhàn)機殲-35A。某次飛行表演時殲-35A正沿圖示軌跡減速運動，則飛機所受合力與速度關(guān)系可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】殲-35A沿圖示軌跡減速運動，速度方向沿軌跡線切線方向，飛機所受合力的方向在曲線運動的凹側(cè)，與速度方向的夾角為鈍角。故選C。5.如圖所示是真空中靜止正點電荷的電場線和等勢面，已知兩個相鄰的等勢面間的電勢差是相等的，下列說法正確的是（）A.a、b兩點的電勢相等B.a、c兩點的電勢不相等C.a、c兩點的電場強度相同D.a、d兩點間的電勢差等于b、d兩點間的電勢差的2倍【答案】D【解析】A．由于場源電荷是正電荷，沿著電場線的方向電勢逐漸減低，所以，故A錯誤；B．a(chǎn)、c在同一個等勢面上，所以兩點的電勢相等，故B錯誤；C．a(chǎn)、c兩點在同一個等勢面上，到場源電荷的距離一樣，電場強度大小相同，方向不同，故C錯誤；D．因為兩個相鄰的等勢面間的電勢差是相等的，所以a、d兩點間的電勢差等于b、d兩點間的電勢差的2倍，D正確。故選D。6.如圖所示為自動體外除顫儀（AED），其工作原理是通過電容器對患者胸部的兩個電極放電，刺激心顫患者的心臟恢復(fù)正常跳動。某次模擬治療時，該除顫儀的電容器電容為50μF，充電后電容器的電壓為6.0kV，電容器在一定時間內(nèi)放電至兩極板間的電壓為0。下列說法正確的是（）A.本次放電有0.3C的電荷量通過人體組織B.放電過程中電容器兩極板間的電壓保持不變C.如果電容器放掉一半的電荷量，電容器的電容變?yōu)?5μFD.電容器所帶的電荷量是兩個極板所帶電荷量的絕對值之和【答案】A【解析】A．本次放電通過人體組織的電荷量Q=CU=50×10?6×6×103C=0.3C，故A正確；B．放電過程中電容器所帶電量減小，電容不變，根據(jù)Q=CU可知兩極板間的電壓減小，故B錯誤；C．電容器的電容由電容器本身決定，與電容器帶電量無關(guān)，故C錯誤；D．電容器所帶的電荷量是指電容器一個極板所帶電荷量的絕對值，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，跑酷運動員以的速度從高臺邊緣O點水平向左跳向左側(cè)墻面，落至A點蹬墻后（此時豎直方向的速度減為零），再以的速度水平向右跳出，落至水平地面B點。已知OA兩點與AB兩點的豎直高度相等，即，運動員在同一豎直面內(nèi)運動，忽略空氣阻力和蹬墻時間，則下列說法正確的是（）A.B.若增大，則增大C.運動員在OA與AB兩過程運動的時間相等D.運動員在OA與AB兩過程運動的加速度不同【答案】C【解析】AC．平拋運動在豎直方向上做的是自由落體運動，根據(jù)可知運動員在OA與AB兩過程運動的時間相等，由題圖可知運動員從O到A的水平位移大于從A到B的水平位移，根據(jù)水平方向上做勻速直線運動可知，故A錯誤；C正確；B．若增大，則運動員從O到A的時間變短，根據(jù)可知減小，故B錯誤；D．根據(jù)平拋運動規(guī)律可知運動員在OA與AB兩過程運動的加速度相同，都為重力加速度g，故D錯誤。故選C。8.2025年4月24日17時，我國神舟二十號載人飛船成功發(fā)射并與空間站進(jìn)行對接。假定對接前飛船在橢圓軌道Ⅰ上無動力運行，如圖所示，空間站在圓軌道Ⅱ上，A為兩軌道交點，B為Ⅰ軌道近地點。已知地球表面重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.飛船發(fā)射速度大于11.2km/sB.空間站在圓軌道Ⅱ上的向心加速度大于gC.飛船和空間站在A處所受的萬有引力相同D.飛船在橢圓軌道Ⅰ上的B點線速度大小大于A點線速度大小【答案】D【解析】A．11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球束縛的發(fā)射速度，則飛船的發(fā)射速度必定小于11.2km/s，故A錯誤；B．根據(jù)解得，近地衛(wèi)星的加速度為g，則空間站在圓軌道Ⅱ上的向心加速度小于g，故B錯誤；C．根據(jù)，可知萬有引力與飛船和空間站質(zhì)量有關(guān)，則萬有引力不一定相同，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第二定律可知，飛船在橢圓軌道I上的B點線速度大小大于A點線速度大小，故D正確。故選D。9.如圖所示，下端固定的輕質(zhì)彈簧豎直放置，小球靜置于彈簧上端。現(xiàn)用外力將小球緩慢下壓一段距離后再撤去外力，小球上升直至脫離彈簧，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.用外力將小球緩慢下壓過程中，小球機械能守恒B.用外力將小球緩慢下壓過程中，小球與彈簧系統(tǒng)機械能守恒C.小球在上升直至脫離彈簧過程中，其動能一直增大D.小球在上升直至脫離彈簧過程中，其動能先增大后減小【答案】D【解析】A．用外力將小球緩慢下壓過程中，小球的動能保持不變，重力勢能減小，其機械能減小，故A錯誤；B．用外力將小球緩慢下壓過程中，除了重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力做功之外，外力也做功了，所以小球與彈簧系統(tǒng)機械能不守恒，故B錯誤；CD．剛開始，物塊受到的彈力大于本身重力，物體向上加速，隨著彈力減小，當(dāng)彈力減小到小于重力時，速度達(dá)到最大，直至物塊離開彈簧時，物體向上減速，則物塊的速度先增大后減小，其動能先增大后減小，故C錯誤；D正確。故選D。10.額定功率為220kW的某新能源汽車，在平直公路上行駛的最大速度為55m/s，汽車的質(zhì)量為。如果該車從靜止開始以加速度做勻加速直線運動，運動過程中阻力不變，則該新能源車（）A.所受的阻力大小為6000NB.在勻加速過程中所用的時間為8sC.在勻加速過程中所受的牽引力大小為7000ND.在勻加速過程中位移大小為220m【答案】B【解析】A．阻力大小為，故A錯誤；BC．勻加速時，有，解得牽引力勻加速最大速度則勻加速時間，故B正確，C錯誤；D．勻加速位移，故D錯誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.關(guān)于靜電現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.圖甲：避雷針應(yīng)用了尖端放電B.圖乙：加油站里靜電釋放器應(yīng)用了靜電屏蔽C.圖丙：高壓作業(yè)電工穿含金屬織物的防護(hù)服應(yīng)用了靜電屏蔽D.圖丁：科技館中起電機使人體頭發(fā)豎起來是應(yīng)用了靜電吸附【答案】AC【解析】A．圖甲中避雷針應(yīng)用的是尖端放電原理，故A正確；B．圖乙中加油站里靜電釋放器應(yīng)用了靜電釋放的原理，即電荷的中和，故B錯誤；C．圖丙中工作人員在超高壓帶電作業(yè)時，穿用金屬絲編制的工作服應(yīng)用了靜電屏蔽原理，故C正確；D．圖丁中接觸帶電球后頭發(fā)豎直，這接觸起電現(xiàn)象，故D錯誤。故選AC。12.2025年5月17，“南科一號”衛(wèi)星由朱雀二號改進(jìn)型遙二運載火箭成功發(fā)射升空，順利進(jìn)入距地面約500km的軌道。若衛(wèi)星進(jìn)入軌道后可視為繞地球做勻速圓周運動，已知地球靜止衛(wèi)星軌道高度約36000km，地球半徑約6400km，則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星運行的周期約1.6hB.衛(wèi)星運行速度大于7.9km/sC.火箭在升空階段機械能守恒D.發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)【答案】AD【解析】A．根據(jù)開普勒第三定律可得，即解得，故A正確；B．對衛(wèi)星，有對地面上的物體，有，則有解得，即衛(wèi)星運行速度小于7.9km/s，故B錯誤；C．火箭在升空階段，推力和空氣阻力均對其做功，則其機械能不守恒，故C錯誤；D．發(fā)射升空初始階段，火箭加速度方向向上，則裝在火箭上部的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，故D正確。故選AD。13.圖1為建筑行業(yè)使用的一種小型打夯機，其簡化結(jié)構(gòu)如圖2所示，質(zhì)量為M的固定支架（含電動機）連接一根長為r的輕桿，輕桿另一端固定一質(zhì)量為m的鐵球，鐵球可視為質(zhì)點。若在某次打夯過程中，鐵球以角速度在豎直平面內(nèi)做順時針勻速圓周運動，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.鐵球在最高點時，輕桿對鐵球的作用力一定豎直向下B.鐵球在最低點時，輕桿對鐵球的作用力一定豎直向上C.鐵球在最低點時，輕桿對鐵球的作用力大小為D.當(dāng)鐵球運動到與圓心等高處時，輕桿對鐵球的作用力大小為【答案】BC【解析】A．鐵球在最高點時，當(dāng)滿足時，輕桿對鐵球的作用力為0，故A錯誤；BC．鐵球在最低點時，由牛頓第二定律可得解得，則輕桿對鐵球的作用力一定豎直向上，故BC正確；D．當(dāng)鐵球運動到與圓心等高處時，輕桿對鐵球的作用力與鐵球的重力的合力提供向心力，即，故D錯誤。故選BC。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某同學(xué)用圖1所示的裝置“探究平拋運動的特點”。（1）利用該裝置進(jìn)行實驗探究時，下列器材不需要的是______。A.坐標(biāo)紙 B.重錘線 C.彈簧測力計 D.天平（2）用圖1裝置進(jìn)行實驗，下列說法正確的是______。A.每次小鋼球應(yīng)從同一位置由靜止釋放B.斜槽軌道M的末端必須保持水平且光滑C.每次上下調(diào)節(jié)擋板N時必須等間距移動D.畫軌跡時應(yīng)將所有描出的點用平滑的曲線連接起來（3）圖2是實驗過程中所記錄的三個點跡A、B、C，圖中小方格的邊長為5cm，則小鋼球從軌道末端拋出的初速度大小______m/s。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）CD（2）A（3）1.5【解析】【小問1解析】研究平拋物體的運動實驗時，需要坐標(biāo)紙，便于確定小球在不同時刻的位置，畫出小球平拋運動的軌跡圖；還需要重錘線，確定豎直方向。不需要彈簧測力計測力的大小，也不需要天平測質(zhì)量。故選CD?！拘?解析】AB．為了保證每次小球拋出的速度相同，每次小鋼球應(yīng)從同一位置由靜止釋放，但斜槽軌道不需要光滑；為了保證小球拋出的速度處于水平方向，斜槽軌道的末端必須保持水平，故A正確，B錯誤；C．每次上下調(diào)節(jié)擋板N時不需要等間距移動，故C錯誤；D．畫軌跡時應(yīng)先舍去誤差較大的點，將剩下的點用平滑的曲線連接起來，故D錯誤。故選A?！拘?解析】由圖2，豎直方向根據(jù)可得水平方向有可得小鋼球從軌道末端拋出的初速度大小為15.某同學(xué)用圖1所示的實驗裝置完成“驗證機械能守恒定律”。（1）關(guān)于實驗操作，下列說法正確的是______。A.先釋放紙帶，再接通電源B.用手托住重物由靜止釋放C.重物初始位置靠近打點計時器D.打點計時器兩個限位孔處于同一豎直線上（2）實驗中所用交流電源的周期為T，在紙帶上確定計數(shù)點時，選取起始點為第1個計數(shù)點O，各計數(shù)點到O點的距離分別為，紙帶如圖2所示。重物質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，重物在C點時的動能為______，重物由O點運動到C點時重力勢能的減小量為______。（均用題中所給物理量符號表示）【答案】（1）CD（2）【解析】【小問1解析】A．實驗時應(yīng)先接通電源，后釋放紙帶，故A錯誤；B．實驗時需要用手托住重物，使重物由靜止釋放，可能導(dǎo)致物體離開手時具有一定的初速度，應(yīng)該用手拎著紙帶釋放，故B錯誤；C．重物的初始位置應(yīng)靠近打點計時器，可以獲取更多的點跡，以便有利于實驗數(shù)據(jù)的分析，故C正確；D．打點計時器的兩個限位孔應(yīng)在同一豎直向上，從而減小實驗時的摩擦，故D正確。故選CD。【小問2解析】根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知，打C點時重物的瞬時速度大小為重物在C點時的動能重物從O到C重力勢能減少量16.某學(xué)習(xí)小組在做“用電流傳感器觀察電容器的放電過程”實驗。實驗器材如下：電池E、電容器C、電阻箱R、計算機、電流傳感器、單刀雙擲開關(guān)S以及導(dǎo)線若干。（1）甲同學(xué)利用所給器材設(shè)計了如圖1所示的實驗電路。將開關(guān)S與“2”端相連，電源向電容器充電。充電完成后將開關(guān)S由“2”擲向“1”，電容器通過電阻箱放電。放電過程中電流傳感器檢測到的電流方向是______。（選填“a→b”或“b→a”）（2）電容器放電過程中，傳感器將電流信息輸入電腦，屏幕上會顯示出電流隨時間變化的圖像，下面正確的是______。A. B. C.? D.【答案】（1）a→b（2）B【解析】【小問1解析】將開關(guān)S與“2”端相連，電源向電容器充電，由電路圖可知，上極板帶正電，下極板帶負(fù)電。充電完成后將開關(guān)S由“2”擲向“1”，電容器通過電阻箱放電，則放電過程中電流傳感器檢測到的電流方向是a→b。【小問2解析】電容器放電過程中，根據(jù)歐姆定律可得可知隨著電容器所帶電荷量減小，放電電流逐漸減??；且可知圖像切線斜率絕對值逐漸減小。故選B。17.如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向右的勻強電場，電場強度大小。電荷量絕對值為Q的帶負(fù)電小球A固定，質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知靜電力常量為k，重力加速度為g，A、B均可視為點電荷，小球B的帶電量不影響小球A的電場和勻強電場，則：（1）小球B帶______電（選填“正”或“負(fù)”）；（2）求小球A與B之間的庫侖力大小F；（3）求小球A與B的距離L?！敬鸢浮浚?）正（2）（3）【解析】【小問1解析】小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，對小球B進(jìn)行受力分析，其受力如圖所示可知小球B與A之間為庫侖引力，A帶負(fù)電，所以小球B帶正電。【小問2解析】根據(jù)平衡條件可得小球A與B之間的庫侖力大小為【小問3解析】根據(jù)庫侖定律可得解得小球A與B的距離為18.如圖1所示，小朋友用發(fā)光跳跳球健身。情境簡化如下：長度不可伸長的輕繩一端系著質(zhì)量的小球，另一端系在固定豎直軸上。某次鍛煉時，小球繞軸做角速度的勻速圓周運動，此時輕繩與地面平行，如圖2所示。不計小球的一切阻力，小球可視為質(zhì)點，且始終未離開地面，，。（1）求輕繩拉力大??；（2）小球繞軸做角速度的勻速圓周運動，此時輕繩與軸的夾角，如圖3所示。求：①小球所需向心力大小；②輕繩拉力大小?！敬鸢浮浚?）（2）①；②【解析】【小問1解析】由題可知，輕繩的拉力為小球做圓周運動提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得輕繩拉力大小【小問2解析】①根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得②此時輕繩沿水平方向的分力為小球圓周運動提供向心力，則有結(jié)合上述結(jié)論解得19.如圖所示，電子源A逸出電子（初速度近似為零），電子經(jīng)極板B上的小孔進(jìn)入電壓為的加速電場，從極板C上的小孔射出后沿中軸線方向進(jìn)入電壓為的偏轉(zhuǎn)電場，電子恰好經(jīng)過極板M右邊緣P點。已知極板M、N間距為d，電子電荷量絕對值為e，質(zhì)量為m，金屬板間的電場視為勻強電場，忽略兩極板的邊緣效應(yīng)，電子重力不計，求：（1）電子離開極板C上的小孔時速度大小v；（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場運動時的加速度大小a；（3）極板M長度L。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1解析】電子在加速電場中，根據(jù)動能定理可得解得電子離開極板C上的小孔時速度大小為【小問2解析】電子在偏轉(zhuǎn)電場運動時，根據(jù)牛頓第二定律可得又解得電子在偏轉(zhuǎn)電場運動時的加速度大小為【小問3解析】電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，且電子恰好經(jīng)過極板M右邊緣P點，則有，聯(lián)立解得極板