2026屆廣西人教版高三上化學期中考試模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、下列指定反應的化學用語表達正確的是（）AMg(HCO3)2溶液與足量的NaOH溶液反應Mg2＋＋2HCO＋4OH－===Mg(OH)2↓＋2H2O＋2B過量SO2通入到NaClO溶液中：SO2＋H2O＋ClO－===HClO＋C向Al2(SO4)3溶液中加入過量的稀氨水Al3++4NH3·H2O=AlO2—+4NH4++2H2ODKClO堿性溶液與Fe（OH）3反應制取K2FeO43ClO﹣+2Fe（OH）3＝2FeO42﹣+3Cl﹣+4H++H2OA．A B．B C．C D．D2、下列說法或表示正確的是A．氯化鈉晶體中，每個Na＋周圍距離相等且緊鄰的Na＋共有12個B．酒石酸(HOOC－CHOH－CHOH－COOH)不存在手性碳原子C．熔點：MgBr2<SiCl4<SiCD．鄰羥基苯甲酸分子內(nèi)形成了氫鍵，所以沸點高于對羥基苯甲酸3、下列實驗操作、現(xiàn)象和結論均正確的是選項實驗操作現(xiàn)象結論A將SO2通入硝酸鋇溶液產(chǎn)生白色沉淀SO2與可溶性鋇鹽均生成白色沉淀B向Zn與稀硫酸反應的溶液中滴加硫酸銅溶液產(chǎn)生氣體的速率加快硫酸銅作該反應的催化劑C用鉑絲蘸取少量某溶液進行焰色反應火焰呈黃色該溶液一定是鈉鹽溶液D蘸有濃氨水的玻璃棒靠近某溶液有白煙產(chǎn)生該溶液可能是濃鹽酸A．A B．B C．C D．D4、下列有關實驗操作、發(fā)生的現(xiàn)象、解釋或結論都正確的是（）選項實驗操作發(fā)生的現(xiàn)象解釋或結論A向亞硫酸鈉溶液中，逐滴加入硝酸酸化的硝酸鋇溶液產(chǎn)生白色沉淀產(chǎn)生的亞硫酸鋇是難溶解入水的沉淀B將SO2通入滴有酸性高錳酸鉀溶液中溶液紫紅色褪去SO2具有漂白性C常溫下銅片插入硝酸中產(chǎn)生紅棕色氣體常溫下銅和硝酸一定產(chǎn)生NO2D向某溶液中加入NaHCO3產(chǎn)生白色沉淀該溶液可能原來含有氫氧化鋇A．A B．B C．C D．D5、按第26屆國際計量大會重新定義，阿伏加德羅常數(shù)（NA）有了準確值6.02214076×1023。下列說法正確的是A．18gT2O中含有的中子數(shù)為12NAB．用23.5gAgI與水制成的膠體中膠體粒子數(shù)目為0.1NAC．在標準狀況下，80gSO3所占的體積約為22.4LD．1mol某烷烴CnH2n+2（n≥1）分子中含有的共價鍵數(shù)為(3n+1)NA6、某反應的反應過程中的能量變化如圖所示(圖中E1表示正反應的活化能，E2表示逆反應的活化能)，下列有關敘述中正確的是()A．該反應為放熱反應B．催化劑能改變該反應的焓變C．催化劑能改變該反應的正反應的活化能而對逆反應的活化能無影響D．右圖可表示由KClO3加熱制O2反應過程中的能量變化7、下列各組溶液只需通過相互滴加就可以鑒別出來的是()A．NaAlO2溶液和鹽酸 B．NaHCO3溶液和Ca(OH)2溶液C．Ba(OH)2溶液和濃MgCl2溶液 D．稀硫酸和碳酸氫鈉溶液8、設NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列敘述正確的是()A．常溫常壓下33.6L氯氣與27g鋁充分反應，轉移的電子數(shù)為3NAB．標準狀況下,28g乙烯和丙烯的混合氣體中所含原子個數(shù)為4NAC．一定條件下，將1molN2與3molH2混合反應后，生成NH3分子的數(shù)目為2NAD．在電解CuSO4溶液的實驗中，測得電解后溶液pH=0，又知電解后溶液體積為1L，在陽極析出的氣體分子數(shù)約為0.25NA9、下列有關離子方程式正確的是（）A．稀硝酸和過量的鐵屑反應：Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2OB．向Ca(

HCO3)

2溶液中加入過量NaOH溶液：Ca2++2HCO3-+2OH-=CaCO3↓+CO32-+2H2OC．碳酸氫鈉溶液水解的離子方程式：HCO3－+H2OCO32－+H3O+D．Fe(OH)3溶于氫碘酸中：Fe(OH)3+3H+=Fe3++3H2O10、下列物質的工業(yè)制法錯誤的是A．氨氣：加熱氫氧化鈣和氯化銨的混合物B．金屬錳：高溫下鋁和二氧化錳反應C．粗硅：高溫下焦炭還原二氧化硅，副產(chǎn)物為COD．硫酸：黃鐵礦煅燒生成的氣體經(jīng)接觸氧化后用濃硫酸吸收11、為了檢驗某FeCl2溶液是否變質，可以向溶液中加入()A．NaOH溶液B．氯水C．KSCN溶液D．石蕊溶液12、下列指定反應的離子方程式正確的是A．H2SO4酸化的KI溶液中加入H2O2：2I-+H2O2+2H+=I2+2H2OB．SO2通入BaCl2溶液中：SO2+Ba2++H2O=BaSO3↓+2H+C．(NH4)2Fe(SO4)2溶液中加入少量NaOH溶液：NH4++OH-=NH3·H2OD．用CuCl2溶液做導電性實驗，燈泡發(fā)光：CuCl2Cu2++2Cl-13、元素X的單質及X與元素Y形成的化合物存在如圖所示的關系(其中m≠n，且均為正整數(shù))。下列說法正確的是A．X一定是金屬元素B．(n-m)一定等于1C．由X生成1molXYm時轉移的電子數(shù)目一定為4NAD．三個化合反應一定都是氧化還原反應14、向100mLFe2(SO4)3和CuSO4的混合溶液中逐漸加入鐵粉，充分反應后溶液中固體剩余物的質量與加入鐵粉的質量如圖所示。忽略溶液體積的變化，下列說法不正確的是A．a(chǎn)點時溶液中陽離子為Cu2+、Fe2+和Fe3+B．b點時溶液中發(fā)生的反應為：Fe＋Cu2+=Cu＋Fe2+C．c點時溶液中溶質的物質的量濃度為0.5mol·L－1D．原溶液中Fe2(SO4)3和CuSO4的物質的量濃度之比為1∶115、對水樣中溶質M的分解速率影響因素進行研究。在相同溫度下，M的物質的量濃度(mol·L-1)隨時間(min)變化的有關實驗數(shù)據(jù)見下表。時間水樣0510152025I(pH=2)0.400.280.190.130.100.09II(pH=4)0.400.310.240.200.180.16Ⅲ(pH=4)0.200.150.120.090.070.05IV(pH=4，含Cu2+)0.200.090.050.030.010下列說法不正確的是（）A．在0～20min內(nèi)，I中M的平均分解速率為0.015mol·L-1·min-1B．其它條件相同時，水樣酸性越強，M的分解速率越快C．在0～25min內(nèi)，Ⅲ中M的分解百分率比II大D．由于Cu2+存在，IV中M的分解速率比I快16、NA表示阿伏伽德羅常數(shù)的值，下列敘述正確的是（）A．16gCH4所含原子數(shù)目為NAB．1mol·L－1NaCl溶液含有NA個Na+C．常溫常壓下，22.4LCO2中含有NA個CO2分子D．2.4gMg與足量鹽酸反應轉移的電子數(shù)為0.2NA二、非選擇題（本題包括5小題）17、乙烯是重要的化工原料，以乙烯為原料在不同條件下可合成下列物質（部分條件未標出）：（1）乙醇能與乙酸反應生成有果香味的物質，其名稱為__________，該反應類型是____________（2）反應⑥的化學方程式是______________實驗現(xiàn)象是__________________（3）反應③用KOH的乙醇溶液處理二氯乙烷制氯乙烯的方程式為：____________（4）苯乙烯中所含官能團的名稱_____________（5）苯乙烯合成聚苯乙烯的化學方程式是_____________________（6）以乙醇和苯乙烯為原料合成有機物，寫出合成路線圖_________________。（合成路線常用的表示方法為：）18、衣康酸M是制備高效除臭劑、粘合劑等多種精細化學品的重要原料，可經(jīng)下列反應路線得到（部分反應條件已略）。完成下列填空：（1）A的名稱是_____，M中官能團的名稱是___________。（2）寫出A→B的反應類型是_________。（3）寫出化學方程式B→C________。（4）M性質活潑，能與丙烯酸（CH2=CHCOOH）發(fā)生聚合作用形成高聚物，請寫出相應的化學方程式_______（假設兩者物質的量之比為1:1）。（5）寫出結構簡式E__________。（6）M的同分異構體Q是飽和二元羧酸，則Q的結構簡式為_________（只寫一種）。（7）反應a與反應b的先后次序不能顛倒，解釋原因_______。19、磺酰氯（SO2Cl2）是一種重要的有機合成試劑，實驗室可利用SO2與Cl2反應制取少量的SO2Cl2。裝置如圖（有些夾持裝置省略）所示。已知SO2Cl2的熔點為-54.1℃，沸點為69.1℃，在潮濕空氣中遇水能發(fā)生劇烈的水解反應，并產(chǎn)生白霧。（1）儀器組裝完畢后，檢驗戊裝置氣密性的方法是_______，表明裝置氣密性良好。（2）儀器C的作用是吸收逸出的有毒氣體Cl2、SO2，防止污染環(huán)境和________。（3）試劑X、Y的組合最好是_________（填字母）。a.18.4mol/LH2SO4+Cub.4mol/LHNO3+Na2SO3c.60%H2SO4+K2SO3（4）戊是貯氣裝置，則E中的試劑是______；若缺少裝置乙和丁，潮濕的氯氣和二氧化硫之間發(fā)生反應的化學方程式是：________________。（5）分析裝置丙中活性炭的作用是________，反應結束后，將丙中的混合物分離開的實驗操作是______。20、某化學興趣小組欲探究含硫物質的性質。（探究一）用下面的裝置和藥品探究亞硫酸與次氯酸的酸性強弱：(1)裝置連接順序為_____________(用字母表示)，F(xiàn)中反應的離子方程式是

_______________(2)可證明

H2SO3的酸性強于HClO

的實驗現(xiàn)象是_____________________________。（探究二）(3)某小組同學為探究SO2的漂白性性質，用下圖所示裝置進行實驗，觀察到如下現(xiàn)象：i中紅色褪去；ii中無變化。從實驗中可知使品紅的水溶液褪色的微?？赡苁莀________________________________。(4)該小組同學又對SO2與氯水的反應進行探究。①用注射器吸入一定量的飽和氯水和SO2，振蕩，靜置，再吸入少量品紅溶液，發(fā)現(xiàn)品紅溶液不褪色。②改變氯水用量，重復①操作，發(fā)現(xiàn)品紅溶液紅色褪去，你認為②中品紅溶液褪色的原因可能是______________，設計一個實驗(說明操作方法、現(xiàn)象及結論)來驗證你的假設___________________。21、化合物J是一種重要的有機中間體，可以由苯合成，具體合成路線如下：(1)J的化學式為__________________；F的名稱為__________________。(2)B中官能團名稱為____________________。(3)I—J的反應類型為____________________。(4)F-G的反應方程式為____________________。(5)與I屬于同種類型物質且苯環(huán)上有兩個取代基的同分異構體有____種。符合下列條件的J的一種同分異構體結構簡式為______。①屬于芳香族化合物②不能與金屬鈉反應③有3種不同化學環(huán)境的氫原子。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、A【詳解】A.

Mg(HCO3)2溶液與足量NaOH溶液反應生成碳酸鈉、氫氧化鎂沉淀和水，正確的離子方程式為：Mg2＋＋2HCO＋4OH－===Mg(OH)2↓＋2H2O＋2，故A正確；B.過量SO2通入到NaClO溶液中，正確的離子方程式為：2SO2＋2H2O＋ClO－=H2SO3+SO42-+2H++Cl﹣，故B錯誤；C.

NH3·H2O為弱電解質，Al2(SO4)3溶液中加入過量NH3·H2O反應生成氫氧化鋁沉淀，正確的離子反應為：Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+，故C錯誤；D.次氯酸根離子具有強氧化性，能夠將氫氧化鐵氧化成FeO42-，KClO堿性溶液與Fe（OH）3反應制取K2FeO4，離子方程式為：2Fe（OH）3+3ClO-+4OH-=2FeO42-+5H2O+3Cl-，故D錯誤；答案選A。2、A【分析】氯化鈉晶體中，Na＋位于頂點和面心；手性碳原子指與碳相連的4個基團均不一樣；晶體的熔沸點通常規(guī)律：原子晶體＞離子晶體＞分子晶體；分子間氫鍵，物質的熔沸點反常的高，分子內(nèi)氫鍵，物質的熔沸點更低?！驹斀狻緼．氯化鈉晶體中，Na＋位于頂點和面心，每個Na＋周圍距離相等且緊鄰的Na＋共有12個，故A正確；B．手性碳原子指與碳相連的個基團均不一樣，由酒石酸的結構式可知，中間2個碳原子均是手性碳原子，2號碳上連接的是氫、羥基、羧基、－CHOH－COOH，故B錯誤；C．晶體的熔沸點通常規(guī)律：原子晶體＞離子晶體＞分子晶體，MgBr2是離子晶體，SiCl4是分子晶體，SiC是原子晶體，故熔點：SiCl4<MgBr2<SiC，故C錯誤；D．鄰羥基苯甲酸與對羥基苯甲酸同為分子晶體，相對分子質量一樣，互為同分異構體，分子間氫鍵，物質的熔沸點反常的高，分子內(nèi)氫鍵，物質的熔沸點更低，所以沸點：鄰羥基苯甲酸<對羥基苯甲酸；答案選A?！军c睛】對于分子晶體的熔沸點比較：比較相對分子質量和氫鍵，若是有機物，分子量相同，支鏈越多，熔沸點越低；有分子間氫鍵，熔沸點變大；分子內(nèi)氫鍵，熔沸點降低。3、D【詳解】A.二氧化硫和硝酸鋇反應生成硫酸鋇沉淀，是因為+4價硫被硝酸氧化生成硫酸根離子但是二氧化硫與氯化鋇等不反應，故錯誤；B.鋅和硫酸銅反應生成銅和硫酸鋅，銅和鋅和硫酸形成原電池，加快反應速率，但硫酸銅不是催化劑，故錯誤；C.焰色反應時火焰為黃色，只能說明物質中含有鈉元素，但不能確定是否為鈉鹽，故錯誤；D.濃鹽酸有揮發(fā)性和濃氨水揮發(fā)出的氨氣反應生成氯化銨，出現(xiàn)白煙，故正確。故選D?！军c睛】焰色反應為元素的性質，只能說明含有該元素，但不能確定其具體的化學成分。4、D【詳解】A．亞硫酸鈉能被硝酸氧化生成硫酸根離子，硫酸根離子和鋇離子反應生成BaSO4沉淀，所以該白色沉淀是硫酸鋇，故A錯誤；B．高錳酸鉀具有強氧化性，二氧化硫具有還原性，二者發(fā)生氧化還原反應而使酸性高錳酸鉀溶液褪色，該實驗體現(xiàn)二氧化硫還原性而不是漂白性，故B錯誤；C．常溫下，Cu和稀硝酸反應生成NO，NO遇空氣反應生成紅棕色氣體二氧化氮，銅和濃硝酸反應生成二氧化氮、和稀硝酸反應生成NO，故C錯誤；D．能和碳酸氫鈉反應生成白色沉淀的還有氫氧化鈣等，所以該實驗現(xiàn)象說明該溶液可能原來含有氫氧化鋇，故D正確；故選D?！军c晴】本題考查化學實驗方案評價，為高頻考點，涉及物質檢驗、氧化還原反應等知識點，明確實驗原理及物質性質是解本題關鍵，注意物質檢驗時要除去其它物質的干擾，易錯選項是B。5、D【詳解】A．18gT2O物質的量=18g/22g·mol-1=9/11mol，含有中子數(shù)=9/11×[(3-1)×2+16-8]=12×9/11NA=9.8NA，故A錯誤；B．23.5gAgI的物質的量為23.5g/235g·mol-1=0.1mol，與水制成的膠體中膠體粒子數(shù)目小于0.1NA，故B錯誤；C．標況下SO3不是氣態(tài)，不能用氣體的摩爾體積計算體積，故C錯誤；D．1molCnH2n+2（烷烴）中含有(n-1)mol碳碳鍵和(2n+2)mol碳氫鍵，總共含有(3n+1)mol共價鍵，含有共價鍵數(shù)為(3n+1)NA，故D正確；故選：D。6、D【解析】試題分析：A、根據(jù)圖像，反應物總能量小于生成物的總能量，即此反應是吸熱反應，故錯誤；B、催化劑降低活化能，對焓變無影響，故錯誤；C、催化劑降低活化能，正反應和逆反應的活化能都降低，故錯誤；D、氯酸鉀受熱分解是吸熱反應，故正確?？键c：考查化學反應中能量變化、催化劑對活化能的影響等知識。7、A【詳解】A．NaAlO2溶液滴加到鹽酸中，先無現(xiàn)象，最后NaAlO2溶液過量可出現(xiàn)渾濁，但鹽酸滴加到Na[Al(OH)4]溶液中，先生成沉淀，鹽酸過量沉淀溶解，現(xiàn)象不同，可鑒別，故A正確；B．NaHCO3溶液和Ca(OH)2溶液，無論滴加順序如何，都只生成碳酸鈣沉淀，故B錯誤；C．Ba(OH)2溶液和濃MgCl2溶液，無論滴加順序如何，都只生成氫氧化鎂沉淀，故C錯誤；D．稀硫酸和碳酸氫鈉溶液，無論滴加順序如何，都只生成二氧化碳氣體，故D錯誤；故選A?！军c晴】只需通過相互滴加就可以鑒別出來的物質應具有滴加順序不同，現(xiàn)象不同的性質。常見的利用互滴順序不同，現(xiàn)象不同可檢驗的溶液：（1）AlCl3溶液和鹽酸；（2）NaAlO2溶液和鹽酸；（3）Na2CO3溶液和鹽酸；（4）AgNO3溶液和氨水。8、D【解析】A.根據(jù)題意該反應是在常溫常壓下進行的，不是在標況下，33.6L氯氣的物質的量不一定是1.5mol，所以無法計算電子轉移數(shù)目，故A錯誤；B.此選項與條件無關，可采取極端假設法。假設28g全是乙烯氣體，則含有的原子數(shù)為，假設28g全是丙烯氣體，則含有的原子數(shù)為：，故28g乙烯和丙烯的混合氣體中所含原子個數(shù)也為6NA，故B錯誤；C.氮氣和氫氣反應生成氨氣是可逆反應，一定條件下，將1molN2與3molH2混合反應后，生成NH3分子的數(shù)目小于2NA，故C錯誤；D.在電解CuSO4溶液的實驗中，測得電解后溶液pH=0，c（H+）=1mol/L，又知電解后溶液體積為1L，氫離子物質的量為1mol/L×1L=1mol，電解反應為：2CuSO4+2H2O2Cu+O2↑+2H2SO4，則在陽極析出的氣體物質的量為0.25mol，分子數(shù)約為0.25NA，故D正確。答案選D?！军c睛】本題考查的知識點是阿伏加德羅常數(shù)。如果涉及到的運用時特別注意依據(jù)氣體摩爾體積的應用條件進行分析判斷，例如A選項常溫常壓下的33.6L氯氣物質的量不一定是1.5mol；解答C選項時注意氮氣和氫氣反應生成氨氣是可逆反應不能進行徹底。9、B【詳解】A.當Fe過量時，F(xiàn)e3+將被Fe還原為Fe2+，所以稀硝酸和過量的鐵屑反應，離子方程式為：3Fe+8H++2NO3-=3Fe2++2NO↑+4H2O，A不正確；B.向Ca(HCO3)2溶液中加入過量NaOH溶液，因為NaOH過量，所以參加反應的Ca2+、HCO3-符合組成1：2關系，反應的離子方程式為：Ca2++2HCO3-+2OH-=CaCO3↓+CO32-+2H2O，B正確；C.HCO3－+H2OCO32－+H3O+，此反應式為碳酸氫鈉的電離方程式，C不正確；D.Fe(OH)3溶于氫碘酸中，I-將Fe3+還原，離子方程式為：2Fe(OH)3+6H++2I-=2Fe++I2+6H2O，D不正確。故選B。10、A【詳解】A.氨氣：加熱氫氧化鈣和氯化銨的混合物為氨氣的實驗室制法，工業(yè)用氮氣與氫氣在一定條件下反應制取，符合題意，A正確；B.金屬錳：高溫下鋁和二氧化錳發(fā)生鋁熱反應可制取金屬錳，與題意不符，B錯誤；C.粗硅：用焦炭在高溫下還原二氧化硅制得粗硅，副產(chǎn)物為CO，與題意不符，C錯誤；D.硫酸：黃鐵礦煅燒生成的氣體經(jīng)接觸氧化后用濃硫酸吸收三氧化硫制取濃硫酸，與題意不符，D錯誤；答案為A?！军c睛】加熱氫氧化鈣和氯化銨的混合物為氨氣的實驗室制法。11、C【解析】FeCl2溶液變質，F(xiàn)eCl2變質后產(chǎn)生的物質是FeCl3，F(xiàn)e3+能和SCN-生成絡合物，使溶液呈現(xiàn)血紅色，據(jù)此解答?！驹斀狻縁eCl2溶液容易變質，由于FeCl2有強還原性，容易被溶解在溶液中的氧氣氧化為FeCl3，要檢驗某氯化亞鐵溶液是否變質，就是要檢驗溶液中是否有Fe3+，而Fe3+能和SCN-生成絡合物，使溶液呈現(xiàn)血紅色。故合理選項是C?！军c睛】本題考查了鐵離子、亞鐵離子的檢驗方法，注意掌握檢驗Fe3+的試劑：KSCN(溶液變血紅色)、苯酚(溶液變紫色)。題目難度不大。12、A【詳解】A.H2SO4酸化的KI溶液中加入H2O2生成碘和水：2I-+H2O2+2H+=I2+2H2O，故A正確；B.鹽酸的酸性強于亞硫酸，SO2通入BaCl2溶液不反應，故B錯誤；C.Fe（OH）2比NH3·H2O更難電離，(NH4)2Fe(SO4)2溶液中加入少量NaOH溶液：先發(fā)生Fe2＋+2OH－=Fe（OH）2↓，故C錯誤；D.用CuCl2溶液做導電性實驗，燈泡發(fā)光：CuCl2Cu+Cl2↑，故D錯誤；故選A?！军c睛】本題考查了離子方程式的正誤判斷，注意掌握離子方程式正誤判斷常用方法：檢查反應能否發(fā)生，檢查反應物、生成物是否正確，檢查各物質拆分是否正確，如難溶物、弱電解質等需要保留化學式，檢查是否符合原化學方程式等。難點C，與量有關的離子方程式判斷，（NH4）2Fe（SO4）2溶液中加入過量氫氧化鈉溶液，離子方程式則為：2NH4＋+Fe2＋+4OH－═2NH3·H2O+Fe（OH）2↓，答題時需看清題意。13、D【詳解】試題分析：A.根據(jù)物質之間的轉化關系可知：X應該有多種化合價。X可以是Fe；Y是Cl。Fe+HCl=FeCl2+H2↑，2FeCl2+Cl2=2FeCl3;2FeCl3+Fe=3FeCl2。滿足上述關系。當X是C,Y是O時，C+H2OCO+H2;2CO+O22CO2；C+O2CO2；CO2+C2CO,也符合上述關系，因此選項A錯誤；在過渡元素中，兩種化合物中原子個數(shù)的差值不一定是1，因此選項B錯誤；C．若X是Fe，Y是Cl。XYn=FeCl2，XYm=FeCl3，由X生成1molXYm時轉移的電子數(shù)目為3NA，錯誤；D．在這三個反應中元素的化合價都發(fā)生了變化，因此三個化合反應一定都是氧化還原反應，正確?？键c：考查元素的單質及化合物的推斷、物質的性質、反應及電子轉移的知識。14、D【分析】由氧化性的強弱（Fe3+＞Cu2+）及圖象變化可知：①0～5.6gFe發(fā)生Fe+2Fe3+=3Fe2+，②0.56g～1.68gFe時，消耗鐵1.12g，剩余物為1.28g，而1.28gCu的物質的量為0.02mol，此時發(fā)生Fe+Cu2+=Cu+Fe2+；③加入鐵粉為從1.68g～2.24g（即加入0.56gFe）時，固體增加1.84g-1.28g=0.56g，所以此時溶液中不含Cu2+，反應完全，以此來解答?！驹斀狻緼．0～5.6gFe發(fā)生Fe+2Fe3+=3Fe2+，a點時溶液中陽離子為Cu2+、Fe2+和Fe3+，故A正確；B．由圖可知加入鐵粉0.56g～1.68g時，n（Fe）=1.12g÷56g/mol=0.02mol，剩余物為1.28g，即1.28gCu的物質的量為1.28g÷64g/mol=0.02mol，此時發(fā)生Fe+Cu2+=Cu+Fe2+，故B正確；C．由圖象可知原溶液中Fe3+為0.02mol，即Fe2(SO4)3為0.01mol，n（SO）=3n[Fe2(SO4)3]=0.03mol，Cu2+為0.02mol，即CuSO4為0.02mol，n（SO）=n（CuSO4）=0.02mol，當加入鐵粉為從1.68g～2.24g（即加入0.56gFe）時，固體增加1.84g-1.28g=0.56g，溶液中不含Cu2+，溶液中溶質為FeSO4，n（SO）=0.02mol+0.03mol=0.05mol，SO守恒有n（FeSO4）=n（SO）=0.05mol，所以c點溶液中溶質的物質的量濃度為0.05mol÷0.1L=0.5mol/L，故C正確；D．由上述分析可知原溶液中Fe2(SO4)3為0.01mol，CuSO4為0.02mol，所以原溶液中Fe2(SO4)3和CuSO4的物質的量濃度之比=物質的量之比為1：2，故D錯誤；故答案選D。15、D【詳解】A、根據(jù)化學反應速率數(shù)學表達式，v(M)==0.015mol/(L·min)，故A說法正確；B、對比I和II，在相同的時間內(nèi)，I中消耗M的量大于II中，說明其他條件下不變，酸性越強，M的分解速率越快，故B說法正確；C、在0～25min內(nèi)，III中M的分解百分率=×100%=75%，II中M的分解百分率=×100%=60%，因此III中M的分解百分率大于II，故C說法正確；D、I和IV中pH不同，因此不能說明Cu2＋存在，IV中M的分解速率大于I，故D說法錯誤。故選D。16、D【解析】試題分析：A．16g甲烷的物質的量為1mol，1mol水中含有4mol原子，所含原子數(shù)目為4NA，故A錯誤；B．沒有告訴1mol?LNaCl溶液的體積，無法計算溶液中鈉離子的數(shù)目，故B錯誤；C．不是標況下，不能使用標況下的氣體摩爾體積計算22.4L二氧化碳的物質的量，故C錯誤；D.2.4g鎂的物質的量為0.1mol，0.1mol鎂與足量鹽酸反應失去0.2mol電子，轉移的電子數(shù)為0.2NA，故D正確；故選D?！究键c定位】考查阿伏伽德羅常數(shù)的計算與判斷【名師點晴】注意掌握好以物質的量為中心的各化學量與阿伏加德羅常數(shù)的關系，準確弄清分子、原子、原子核內(nèi)質子中子及核外電子的構成關系，明確標況下氣體摩爾體積的使用條件；選項B為易錯點，注意題中缺少溶液的體積選項D為易錯點，注意鎂原子最外層含有2個電子。二、非選擇題（本題包括5小題）17、乙酸乙酯酯化（取代）反應有磚紅色沉淀生成碳碳雙鍵【解析】（1）乙醇能與乙酸反應生成有果香味的物質，其名稱為乙酸乙酯，該反應類型是酯化反應或取代反應；（2）反應⑥是醛基被氫氧化銅氧化，反應的化學方程式是，實驗現(xiàn)象是有磚紅色沉淀生成；（3）反應③用KOH的乙醇溶液處理二氯乙烷制氯乙烯的反應是消去反應，方程式為。（4）苯乙烯中所含官能團的名稱是碳碳雙鍵；（5）苯乙烯合成聚苯乙烯發(fā)生加聚反應，反應的化學方程式是。（6）以乙醇和苯乙烯為原料合成有機物首先必須有乙酸和，因此其合成路線圖可以設計為、。點睛：該題的難點是合成路線設計，有機合成路線的設計時先要對比原料的結構和最終產(chǎn)物的結構，官能團發(fā)生什么改變，碳原子個數(shù)是否發(fā)生變化，再根據(jù)官能團的性質進行設計。注意物質的合成路線不同于反應過程，只需寫出關鍵的物質及反應條件、使用的物質原料，然后進行逐步推斷，從已知反應物到目標產(chǎn)物。18、2-甲基丙烯碳碳雙鍵、羧基加成反應+NaOH+NaCl+H2O+CH2=CHCOOH或防止碳碳雙鍵被氧化【分析】A與氯氣發(fā)生加成反應生成B，說明A中含有碳碳雙鍵，結合D的結構簡式可知A的結構簡式為：，A與氯氣發(fā)生加成反應生成B，B的結構簡式為：，C與NaCN發(fā)生取代反應生成D，故C的結構簡式為：，對比F的結構簡式可知，D與Cl2發(fā)生反應生成E，E的結構簡式為：，E在氫氧化鈉溶液中加熱生成F，反應a的目的是氧化羥基以生成羧基，反應b時利用羥基發(fā)生消去反應生成碳碳雙鍵，二者不能顛倒，否則碳碳雙鍵會被氧化，以此解答本題?！驹斀狻浚?）由上述分析可知，A為，其名稱為：2-甲基丙烯；M中含有的官能團為：碳碳雙鍵、羧基；（2）由上述分析可知，A→B的反應類型是加成反應；（3）B發(fā)生鹵代烴的消去反應生成C，其反應方程式為：+NaOH+NaCl+H2O；（4）與CH2=CHCOOH按1:1發(fā)生加聚反應，其反應方程式為：+CH2=CHCOOH；（5）由上述分析可知，E的結構簡式為：；（6）Q中除羧基外，不含有其它不飽和鍵，說明烴基成環(huán)，因此其結構有：、；（7）F先發(fā)生氧化反應，羥基轉化為羧基，然后羥基再發(fā)生消去反應制得M，若先發(fā)生消去反應生成碳碳雙鍵，則后續(xù)氧化羥基時，碳碳雙鍵也會被氧化，因此不能顛倒。19、關閉c、d，向分液漏斗內(nèi)加水，打開d，一段時間后分液漏斗內(nèi)的液體不再下滴防止空氣中的水蒸氣進入體系導致磺酰氯水解c飽和食鹽水SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl增大接觸面積，使之充分反應（其他合理答案也給分）蒸餾【解析】由(4)戊是貯氯氣裝置，可知甲裝置制備二氧化硫，二氧化硫與氯氣在丙中反應生成SO2Cl2，丙中活性炭具有比較大的表面積，可起催化劑作用，SO2Cl2遇水發(fā)生劇烈的水解反應，乙為干燥二氧化硫，E中盛放溶液加入戊中排出裝置內(nèi)氯氣，可以是飽和食鹽水，降低氯氣溶解度，丁干燥氯氣，SO2Cl2沸點低、易揮發(fā)，B為冷凝管，使揮發(fā)的產(chǎn)物SO2Cl2冷凝回流，堿石灰吸收為反應的二氧化硫、氯氣，防止污染空氣，并吸收空氣中的水蒸氣，防止進入C中導致磺酰氯水解。(1)根據(jù)裝置圖，儀器組裝完畢后，需要檢驗戊裝置氣密性，可以關閉c、d，向分液漏斗內(nèi)加水，打開d，一段時間后分液漏斗內(nèi)的液體不再下滴，表明裝置氣密性良好，故答案為：關閉c、d，向分液漏斗內(nèi)加水，打開d，一段時間后分液漏斗內(nèi)的液體不再下滴；(2)根據(jù)裝置圖可知，由于會有一部分Cl2、SO2通過冷凝管逸出，故C中應使用堿性試劑，又因SO2Cl2遇水易水解，故堿石灰是用于吸收氯氣、SO2并防止空氣中的水蒸氣進入B中，故答案為：防止空氣中的水蒸氣進入裝置導致磺酰氯水解；(3)甲是制備SO2的裝置，銅與濃硫酸反應需要加熱，硝酸能氧化SO2，所以用c.60%

H2SO4+K2SO3來制備SO2，故選c；(4)因氯水不溶于飽和食鹽水，故E中的試劑是飽和食鹽水，氯氣在水存在的條件下可將SO2氧化成硫酸，自身被還原為HCl，反應的方程式為SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl，故答案為：飽和食鹽水；SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl；(5)裝置丙中活性炭具有比較大的表面積，可以增大接觸面積，使之充分反應；分離沸點不同的液體可以用蒸餾的方法，所以丙中混合物分離開的實驗操作是蒸餾，故答案為：增大接觸面積，使之充分反應；蒸餾。點睛：本題考查實驗制備方案，涉及對反應原理、裝置及操作的分析評價、對儀器的識別、物質的分離提純等，注意對物質性質信息的應用。本題的易錯點為裝置C的作用，需要充分利用題干信息。20、ACBEDFCa2++2ClO-+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClOD中品紅不褪色,F中產(chǎn)生白色沉淀H2SO3、HSO3-、SO32-過量氯水將品紅氧化漂白或過量SO2與品紅結合成無色物質將實驗②注射器中的溶液注入試管少許，加熱，若無紅色出現(xiàn)，原因為前者，反之則為后者【解析】探究一：次氯酸具有強氧化性、二氧化硫具有還原性，不能利用二氧化硫與次氯酸鈣直接反應判斷亞硫酸與次氯酸的酸性強弱，先驗證亞硫酸酸性比碳酸強，再結合碳酸酸性比HClO強堿性判斷。A裝置制備二氧化硫，由于鹽酸易揮發(fā)，制備的二氧化硫中混有HCl，用飽和的亞硫酸氫鈉除去HCl，再通過碳酸氫鈉溶液，可以驗證亞硫酸酸性比碳酸強，用酸性高錳酸鉀溶液氧化除去二氧化碳中的二氧化硫，用品紅溶液檢驗二氧化碳中二氧化硫是否除盡，再通入F中。探究二：實驗目的是驗證干燥的二氧化硫能否漂白品