【贏在高考·8卷】備戰(zhàn)2023年高考物理模擬卷（全國(guó)通用版）卷08選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5~8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.下列說(shuō)法正確的是（）B.放射性元素?zé)o論以單質(zhì)還是以化合物形式存在都具有放射性C.質(zhì)子和中子間存在核力，質(zhì)子和質(zhì)子間存在相互排斥的電磁力不存在核力【答案】B【解析】B．放射性元素?zé)o論以單質(zhì)還是以化合物形式存在都具有放射性，選項(xiàng)B正確；C．每個(gè)核子跟它鄰近的核子間都存在核力，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選B。A.摩擦力大小為5N B.摩擦力沿水平方向C.黑板擦所受摩擦力與推力大小成正比 D.黑板擦吸附在黑板上靜止時(shí)不受摩擦力【答案】A【解析】【詳解】ABC．摩擦力應(yīng)該為推力和重力的合力，即方向斜向左上方，為定值，但不與推力成正比，A正確，BC錯(cuò)誤。D．吸附靜止時(shí)摩擦力向上，與重力平衡，D錯(cuò)誤。3.中國(guó)預(yù)計(jì)將在2028年實(shí)現(xiàn)載人登月計(jì)劃，把月球作為登上更遙遠(yuǎn)行星的一個(gè)落腳點(diǎn)。如圖所示是“嫦娥一號(hào)奔月”的示意圖，“嫦娥一號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射后經(jīng)多次變軌，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，最終被月球引力捕獲，成為繞月衛(wèi)星。關(guān)于“嫦娥一號(hào)”下列說(shuō)法正確的是（）A.發(fā)射時(shí)的速度必須達(dá)到第三宇宙速度B.在繞地軌道中，公轉(zhuǎn)半長(zhǎng)軸的立方與公轉(zhuǎn)周期的平方之比不變C.在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度小于軌道Ⅱ上任意位置的速度D.在不同的繞月軌道上，相同時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星與月心連線掃過(guò)的面積相同【答案】B【解析】【詳解】A．第三宇宙速度是指發(fā)射物體能夠脫離太陽(yáng)系的最小發(fā)射速度，而“嫦娥一號(hào)”仍然沒(méi)有脫離地球引力的范圍，所以其發(fā)射速度小于第二宇宙速度，故A錯(cuò)誤；B．在繞地軌道中，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，同一中心天體，橢圓軌道半長(zhǎng)軸的立方與周期的平方之比為定值，故B正確；C．設(shè)軌道Ⅰ的速度為v1，軌道Ⅱ近地點(diǎn)速度為v2，軌道Ⅱ遠(yuǎn)地點(diǎn)速度為v3，在軌道Ⅱ的遠(yuǎn)月點(diǎn)建立一以月球?yàn)閳A心的圓軌道，其速度為v4，則根據(jù)離月球的遠(yuǎn)近，再根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)加速離心原理，可得v2>v1，v4>v3結(jié)合萬(wàn)有引力提供向心力圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)，有解得可知，圓軌道半徑越大，線速度越小，所以v1>v4因此v2>v1>v4>v3故在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度v1不是小于軌道Ⅱ上任意位置的速度，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開(kāi)普勒第二定律，可知在同一繞月軌道上，相同時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星與月心連線掃過(guò)的面積相同，但是在不同的繞月軌道上不滿足，故D錯(cuò)誤。故選B。C.水面上一共出現(xiàn)5個(gè)接觸點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．從拋出點(diǎn)到第一次接觸水面根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)則有得拋出點(diǎn)到第一個(gè)入水點(diǎn)的距離為且彈跳速度為A正確，不符合題題；B．從第一次接觸水面到第二次接觸水面所用時(shí)間為第一個(gè)接觸點(diǎn)與第二個(gè)接觸點(diǎn)之間距離為B正確，不符合題意；C．從第二次接觸水面到第三次接觸水面所用時(shí)間為第二個(gè)接觸點(diǎn)與第三個(gè)接觸點(diǎn)之間距離為同理可得第三個(gè)接觸點(diǎn)與第四個(gè)接觸點(diǎn)之間距離為第四次接觸水面后彈跳速度為由此可知，第四次接觸后落入水中，因此一共出現(xiàn)4個(gè)接觸點(diǎn)，C錯(cuò)誤，與題意相符；D.落水點(diǎn)離擲出點(diǎn)得水平距離D正確，與題意不符。故選C?！敬鸢浮緽C【解析】【詳解】A．電流表、電壓表讀數(shù)皆為交流電的有效值，通過(guò)的電流的峰值由乙圖可知原線圈電壓呈正弦規(guī)律變化，且周期所以通過(guò)的電流瞬時(shí)值A(chǔ)錯(cuò)誤；B．對(duì)于理想變壓器有聯(lián)立解得B正確；C．根據(jù)理想變壓器，輸入功率和輸出功率相等C正確；D．開(kāi)關(guān)S閉合，和并聯(lián)后總阻值又開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)開(kāi)關(guān)S閉合后，通過(guò)的電流D錯(cuò)誤。故選BC?！敬鸢浮緼C【解析】【分析】找到臨界條件，根據(jù)幾何關(guān)系求解臨界半徑，在根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解臨界速度?！驹斀狻繛槭沽Ｗ硬荒芙?jīng)過(guò)邊，則粒子可以從ab邊或cd邊出磁場(chǎng)，其臨界點(diǎn)為b、c，其幾何關(guān)系如圖所示當(dāng)粒子過(guò)b點(diǎn)時(shí)，起做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在O1點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系可知?jiǎng)t為使粒子從ab邊出磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)半徑應(yīng)小于r1，根據(jù)牛頓第二定律可知解得當(dāng)粒子過(guò)c點(diǎn)時(shí)，起做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在O2點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系可知?jiǎng)t為使粒子從cd邊出磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)半徑應(yīng)大于r2，根據(jù)牛頓第二定律可知解得故選AC。A.兩虛線的距離為【答案】AD【解析】解得故A正確；B．設(shè)導(dǎo)體框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為Q，對(duì)導(dǎo)體框從開(kāi)始下落到穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)能量守恒定律有解得故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體框的邊與虛線1重合時(shí)的速度大小為此時(shí)邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為導(dǎo)體框中的感應(yīng)電流為邊所受的安培力大小為導(dǎo)體框與虛線1重合時(shí)克服安培力做功的功率大小為整理得故C錯(cuò)誤；D．設(shè)導(dǎo)體框通過(guò)磁場(chǎng)上邊界所用時(shí)間為t，線框中的平均感應(yīng)電流為，則由動(dòng)量定理可得根據(jù)電流的定義可知t時(shí)間內(nèi)通過(guò)線框某一截面的電荷量為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律綜合分析可知聯(lián)立解得故D正確。故選AD。8.如圖所示，小球A的右側(cè)通過(guò)長(zhǎng)度為的輕桿與轉(zhuǎn)軸O相連，小球A的左側(cè)通過(guò)足夠長(zhǎng)的輕繩繞過(guò)定滑輪與小球B相連，用手托住小球A使輕桿水平時(shí)，AP段的輕繩也水平。已知小球A到定滑輪的距離為，小球A的質(zhì)量為，小球B的質(zhì)量為，重力加速度為，不計(jì)一切摩擦和定滑輪質(zhì)量現(xiàn)將小球A由靜止釋放，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球B在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)B.輕繩與輕桿夾角為時(shí)，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)能有極大值【答案】BC【解析】【詳解】A．小球B受到重力和繩子拉力作用，由于繩子拉力不滿足胡克定律，可知小球B在豎直方向不是做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．輕繩與輕桿夾角為時(shí)，如圖所示設(shè)輕桿轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，由圖中幾何關(guān)系可得解得此時(shí)A球重力沿繩子方向的分力為可知此時(shí)A球重力沿繩子方向的分力等于B球的重力，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)能有極大值，故B正確；C．輕繩與輕桿夾角為時(shí)，A球速度剛好沿繩子方向，此時(shí)有A、B組成系統(tǒng)滿足機(jī)械能守恒，則有聯(lián)立解得故C正確；D．輕繩與輕桿夾角為時(shí)，設(shè)輕桿對(duì)小球A的彈力大小為，以A為對(duì)象，則有解得故D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題包括必考題和選考題兩部分。第9~12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答，第13~44題為選考題，考生根據(jù)要求作答。必考題共47分。（1）木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)__________（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（3）該小組經(jīng)過(guò)討論，認(rèn)為有兩個(gè)因素可能會(huì)影響動(dòng)摩擦因數(shù)的測(cè)量精度：①木塊及注射器總質(zhì)量在變?、诘嗡畷r(shí)間間隔在變長(zhǎng)。你認(rèn)為_(kāi)__________會(huì)影響動(dòng)摩擦因數(shù)的測(cè)量（選填①、②或①②），因該原因使測(cè)得的動(dòng)摩擦因數(shù)比真實(shí)值___________（選填“偏大”、“偏小”、“相等”）。【答案】①.0.20②.3.0③.②④.偏大【解析】【詳解】（1）[1]滴水的時(shí)間間隔砝碼落到地面后，根據(jù)牛頓第二定律得又得當(dāng)砝碼沒(méi)落地時(shí)，木塊做加速運(yùn)動(dòng)，砝碼落地后，木塊做減速運(yùn)動(dòng)，由題圖可得E到I點(diǎn)木塊做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)逐差法得則（2）[2]根據(jù)逐差法得砝碼落地前的加速度10.曉寧利用如圖甲所示的電路圖測(cè)量某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，其中定值電阻（阻值約為10Ω），電阻箱R的調(diào)節(jié)范圍為0~99.9Ω，電壓表、的量程分別為3V，6V，兩電表的內(nèi)阻很大。實(shí)驗(yàn)時(shí)曉宇完成了如下的操作：（1）組裝好實(shí)驗(yàn)器材后，將電阻箱的阻值調(diào)到最大，電鍵閉合，調(diào)節(jié)電阻箱使電壓表的指針指到滿偏，再增大電阻箱的阻值，讀出兩電壓表、的示數(shù)、，反復(fù)調(diào)節(jié)記錄多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。（3）曉宇又利用（1）中的數(shù)據(jù)建立如圖丙所示的坐標(biāo)系并繪制圖像，由圖像可知該電源的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)__________V，內(nèi)阻為_(kāi)__________Ω；內(nèi)阻r的測(cè)量值與真實(shí)值相比___________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】①1.0②.8.0③.6.0④.4.0⑤.偏小【解析】【詳解】（2）[1][2]串聯(lián)電路電流處處相等，由圖甲所示電路圖可知?jiǎng)t解得（3）[3][4]由圖甲所示電路圖可知結(jié)合圖像可知，電源電動(dòng)勢(shì)電源內(nèi)阻[5]由于電壓表分流的作用，實(shí)驗(yàn)等效外接伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，內(nèi)阻r的測(cè)量值比真實(shí)值偏小。（1）求彈射器的彈性勢(shì)能；【答案】（1）0.22J；（2）0.45N；（3）D點(diǎn)高【解析】【詳解】（1）小球1離開(kāi)彈射器后到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)功能關(guān)系可得恰好能經(jīng)過(guò)點(diǎn)，重力剛好提供向心力，則有聯(lián)立解得解得兩小球發(fā)生非彈性碰撞，設(shè)碰后瞬間速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒可得解得重力和支持力的合力提供向心力，則有根據(jù)牛頓第三定律，碰后瞬間對(duì)圓弧軌道點(diǎn)壓力大小為聯(lián)立解得（3）設(shè)兩小球經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)速度大小為，由到，根據(jù)機(jī)械能守恒得解得到，根據(jù)機(jī)械能守恒得在點(diǎn)水平方向速度分量為聯(lián)立解得由于最高點(diǎn)的速度大于點(diǎn)速度，根據(jù)機(jī)械能守恒可知，拋出后運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)與點(diǎn)相比，點(diǎn)高。（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小和方向；（2）若粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度的大小可變，且當(dāng)粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度方向與電場(chǎng)垂直時(shí)，為使粒子穿出長(zhǎng)方形區(qū)域的動(dòng)能增量最多，求該粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度；（3）若粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度的大小可變，且當(dāng)粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度方向與電場(chǎng)垂直時(shí)，為使粒子第一次進(jìn)入長(zhǎng)方形區(qū)域時(shí)動(dòng)量增量為，求該粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度?！窘馕觥俊驹斀狻吭O(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向與的夾角為，粒子由A到有粒子由A到有解得（2）粒子從點(diǎn)射出時(shí)，沿電場(chǎng)線方向的位移最大，動(dòng)能增量最多，如圖1由幾何關(guān)系可得則則沿電場(chǎng)方向移動(dòng)的距離為在垂直于電場(chǎng)的方向上在沿若電場(chǎng)的方向上解得（3）動(dòng)量的增量其中則設(shè)粒子進(jìn)入電場(chǎng)的速度大小為，沿電場(chǎng)方向的位移為，垂直于電場(chǎng)方向的位移為，則如圖2所示若則若則三、選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修33]【答案】①.不變②.③.【解析】【詳解】[1][2][3]根據(jù)理想氣體，內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以解得（ⅰ）求最初密封氣體的壓強(qiáng)為多少？【解析】【詳解】（ⅰ）對(duì)AB整體得（ⅱ）給電阻絲通電加熱密封氣體，當(dāng)活塞B緩慢上升，當(dāng)A和氣缸頂部接觸前，即活塞B緩慢上升到離氣缸底部距離為整體分析可知，這段時(shí)間氣體的壓強(qiáng)不變，則氣體發(fā)生等壓升溫的過(guò)程：狀態(tài)1狀態(tài)2由等壓過(guò)程有解得之后B繼續(xù)緩慢上升，B壓縮彈簧。對(duì)B有