高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省高考物理仿真模擬試卷（一）本試卷共100分，考試時間75分鐘．注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．某種鈾礦石中含有豐富，把這種鈾礦石密封在一個真空的鉛箱內(nèi)，一段時間后，在鉛箱內(nèi)檢測到了，下列說法正確的是（）A．這段時間發(fā)生了衰變B．鈾礦石衰變的核反應(yīng)方程為C．鉛箱內(nèi)的鈾礦石至少需一個半衰期后才有粒子產(chǎn)生D．放出的粒子是由中2個質(zhì)子和1個中子結(jié)合產(chǎn)生的2．如圖所示，a是靜止在地球赤道地面上的一個物體，b是與赤道共面的某近地衛(wèi)星，c、d均為地球的衛(wèi)星，其中d是地球的同步衛(wèi)星，以下關(guān)于a、b、c、d四者的線速度、角速度、周期，以及向心加速度的大小關(guān)系正確的是（）A．va>vbC．Tb>Tc3．圖甲為游樂場中一種叫作“魔盤”的娛樂設(shè)施，游客坐在轉(zhuǎn)動的魔盤上，當(dāng)魔盤轉(zhuǎn)速增大到一定值時，游客就會滑向魔盤邊緣，其裝置可以簡化為圖乙.若魔盤轉(zhuǎn)速緩慢增大，則游客在滑動之前（） 甲 乙A．受到魔盤的支持力緩慢增大B．受到魔盤的摩擦力緩慢增大C．受到的合外力大小不變D．受到魔盤的作用力大小不變4．在某水平均勻介質(zhì)中建立如圖所示的三維直角坐標(biāo)系，xOy平面水平.在x軸上的兩個波源S1、S2的坐標(biāo)分別為x1=-9m、x2=16m，S1、S2的振動方程分別為z1=10sin(2πt)cm、A．兩波均傳至O點后，O點振幅為18B．S1波提前S2波1.25sC．t=5.25s時，PD．0～5.25s內(nèi)，質(zhì)點5．空間存在著平行紙面的勻強電場，現(xiàn)用儀器在紙面內(nèi)沿互成60°角的OA、OB兩個方向上探測該靜電場中各點電勢（如圖甲所示），得到電勢φ與到O點距離的函數(shù)關(guān)系分別如圖乙、丙所示，則下列關(guān)于該電場的電場強度E的說法中正確的是（ 甲 乙 丙A.E=200V/mB.E=400V/mC.E=2003D.E=20036．如圖所示，在水平勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場中，有一豎直足夠長的固定絕緣桿MN，小球P套在桿上，已知P的質(zhì)量為m，電荷量為+q，電場強度為E，磁感應(yīng)強度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，小球由靜止開始下滑，在運動過程中小球最大加速度為a0，最大速度為v0A．小球開始下滑時的加速度最大B．小球的速度由12v0C．當(dāng)a=12a0時小球的速度v與D．當(dāng)v=12v0時小球的加速度a與二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示的交變電路中，M、N間接（V）的交流電，定值電阻，，兩表均為理想交流電表。開關(guān)斷開時，電流表的示數(shù)為1A，則下列說法正確的是（）A．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5：1B．開關(guān)斷開時，電壓表的示數(shù)為VC．開關(guān)斷開時，定值電阻和消耗的電功率之比為5：2D．開關(guān)斷開時與開關(guān)閉合時整個電路消耗的電功率為之比為7：128．如圖為一半圓柱形均勻透明材料的橫截面，一束紅光a從空氣沿半徑方向入射到圓心O，當(dāng)θ=30°時，反射光b和折射光c剛好垂直。下列說法正確的是()A．該材料對紅光的折射率為3B．若θ=45°，光線c消失C．若入射光a變?yōu)榘坠?，光線b為白光D．若入射光a變?yōu)樽瞎猓饩€b和c仍然垂直9．如圖，老虎車是一種很實用的搬運工具，老虎車平面與擋板垂直，某一次在運貨時老虎車平面與水平地面的夾角為，貨物與老虎車保持相對靜止，忽略貨物與車平面之間的摩擦力。g取，，，下列說法正確的是（）A．無論老虎車怎么運動，老虎車對貨物的作用力方向總是豎直向上B．老虎車停止時，若由37°緩慢增大到90°，則老虎車對貨物的作用力不變C．若不變時，車平面對貨物的作用力總是大于擋板對貨物的作用力D．若不變時，為使貨物不離開擋板，老虎車水平向右的加速度不能超過10．如圖所示，質(zhì)量均為m的物塊A和B由一根輕彈簧相連，在豎直向上的拉力F作用下，兩物塊一起做勻速運動。彈簧處于彈性限度內(nèi)，現(xiàn)撤去拉力F。不計空氣阻力，重力加速度為g。從撤去拉力到彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，若A、B一直向上運動，則下列說法正確的是（）A．彈簧的彈力最大值為2mgB．A的加速度最大值為2gC．A的速度大小均不大于同一時刻B的速度大小D．彈簧彈性勢能的減少量小于A與B重力勢能的增加量之和三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．用如圖所示裝置探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律。(1)除了彈簧秤、橡皮筋、刻度尺、細(xì)繩套之外，以下器材還需選（）A．重錘線 B．量角器 C．三角板(2)測量完成后，作出力的圖示，以兩個分力為鄰邊，做出平行四邊形，其對角線（選填“一定”或“不一定”）與橡皮筋共線。(3)下列各圖中，與本實驗所用物理思想方法相同的是（）A．甲圖：重心概念的提出B．乙圖：伽利略理想斜面實驗C．丙圖：探究影響向心力大小的因素D．丁圖：卡文迪許扭秤實驗測量萬有引力常量12．某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路來測量電源電動勢和內(nèi)阻。使用的實驗器材有：待測電池組、電流表、電阻箱、滑動變阻器、單刀雙擲開關(guān)、單刀單擲開關(guān)、導(dǎo)線若干。實驗操作步驟如下：(1)按照圖甲連接好電路，將滑動變阻器滑片P置于（選填“A端”“中間”或“B端”）；(2)先閉合開關(guān)K，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片P的位置，使電流表滿偏；再將開關(guān)S接C，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)電流表讀數(shù)為滿偏的三分之二時，電阻箱阻值為。則可認(rèn)為電流表的內(nèi)阻；由于測量時存在誤差，使得電流表內(nèi)阻的測量值（選填“等于”“大于”或“小于”）真實值；(3)斷開開關(guān)K，將開關(guān)S接D，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，得到電流表示數(shù)I與電阻箱阻值R多組數(shù)據(jù)，通過描點作圖得到圖像如圖乙所示，圖線斜率為k，縱截距為b，則待測電池組的電動勢E＝，內(nèi)阻r＝。（用k、b和表示）13．醫(yī)院在轉(zhuǎn)運病人時有時會用到負(fù)壓救護車，如圖為一容積為0.6m3的負(fù)壓艙，需要將患者從甲地轉(zhuǎn)移到乙地，在甲地出發(fā)時艙內(nèi)溫度為27℃，壓強為1.0×105Pa，到乙地后，外界溫度變?yōu)?7℃，外界大氣壓變?yōu)?.9705×105Pa。負(fù)壓艙導(dǎo)熱性良好，艙內(nèi)空氣視為理想氣體，絕對零度取?273℃，艙內(nèi)負(fù)壓（艙內(nèi)外壓強差）為20~50Pa時效果比較理想。(1)轉(zhuǎn)運過程中，負(fù)壓艙與外界沒有氣體交換，則運輸?shù)揭业睾?，?fù)壓艙內(nèi)與乙地外界大氣壓的壓強差是多少？(2)轉(zhuǎn)運到乙地后負(fù)壓艙內(nèi)需保持50Pa的穩(wěn)定負(fù)壓，需要充入多少體積的空氣？14．如圖所示，一傾角為30°、足夠長的斜面體固定在水平地面上，斜面上并排放置兩個不粘連的小物塊A、B，兩物塊在沿斜面向上、大小的恒力作用下，由靜止開始沿斜面向上做勻加速直線運動，恒力作用后撤去。已知物塊A、B的質(zhì)量分別為、，物塊A、B與斜面間的動摩擦因數(shù)分別為、，物塊與斜面間的靜摩擦因數(shù)略大于，物塊B與斜面間的靜摩擦因數(shù)略小于，物塊A、B間的碰撞為彈性正碰且碰撞時間極短，兩物塊均可視為質(zhì)點，取重力加速度大小，求：(1)撤去時物塊A、B的速度大??；(2)兩物塊在第一次碰撞前瞬間物塊B的速度大??；(3)物塊A、B在前兩次碰撞之間的最大距離。15．如圖所示，水平面上方有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為；水平面下方有豎直放置的半徑為R的圓筒，圓筒上下表面圓心、處各開有一個小孔，其內(nèi)部有豎直向上的勻強電場和勻強磁場，電場強度大小為E，磁感應(yīng)強度B未知。處于水平面內(nèi)的粒子源O沿與水平方向成30°角發(fā)出的帶電粒子，從處進入圓筒，恰好與筒壁不碰撞，最后從處射出。已知粒子質(zhì)量為m，電荷量為q（q<0），粒子源O到圓心的水平距離為L。忽略粒子重力，不考慮邊界效應(yīng)。求

(1)粒子從粒子源射出時的速度大?。?2)粒子在圓筒內(nèi)旋轉(zhuǎn)的周期T；(3)圓筒高度H滿足的條件。

物理仿真模擬試卷（一）——★參考答案★——1．【知識點】原子核的衰變及半衰期【答案】A【詳析】AB．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒可知，鈾礦石衰變的核反應(yīng)方程為A正確，B錯誤；C．鈾礦石在密封時就已經(jīng)開始衰變，不需要經(jīng)過一個半衰期后才有粒子產(chǎn)生，C錯誤；D．放出的粒子是由中2個質(zhì)子和2個中子結(jié)合產(chǎn)生的，D錯誤。故選A。2．【知識點】萬有引力定律問題的分析與計算【答案】D【解析】對于b、c、d三個衛(wèi)星來說，萬有引力提供其做圓周運動的向心力，有GMmr2=mv2r=mω?2r=m4π?2T2r=man，可得v=GMr，ω=GMr3，T=4π?2r3GM，an=GMr2，根據(jù)三顆衛(wèi)星的軌道半徑之間的關(guān)系可得v【易錯警示】不能正確選擇研究地表物體的物理量致錯對同步衛(wèi)星和近地衛(wèi)星：GMmr2=Fn，an=GMr對同步衛(wèi)星和赤道上的物體：ω相同，v1v3v=本題的易錯點在于比較地表物體與衛(wèi)星時，錯選半徑為比較參量進行計算，從而得到地表物體的周期最小等錯誤結(jié)論．3．【知識點】圓錐擺問題【答案】B【詳析】對游客受力分析如圖所示,分別沿水平和豎直方向列方程,水平方向fx-Nx=mω2r,豎直方向fy+Ny=mg,則隨著魔盤轉(zhuǎn)速緩慢增大,游客需要的向心力增大,但必須保證豎直方向受力平衡,因為重力不變,則f、N兩個力只能一個增大一個減小,結(jié)合水平方向方程,只能f增大,N減小,故A錯誤,B正確；滑動之前,游客在豎直方向受力平衡,水平方向的向心力由合外力提供,隨著轉(zhuǎn)速緩慢增大,需要的向心力增大,即合外力增大,故C錯誤；把游客受到魔盤的支持力和摩擦力看成一個力（合力）,即為游客受到魔盤的作用力,將其在水平和豎直方向正交分解,豎直方向的分力與重力等大反向4．【知識點】波的干涉的應(yīng)用【答案】D【解析】根據(jù)兩波源的振動方程可知，兩波源的振動周期均為T=2πω=2π2πs=1s，波源S1的振動傳播到O點的時間為t1=|x1v|=94s=2.25s，波源S2的振動傳播到O點的時間為t2=x2v=164s=4s，即當(dāng)波源S1的振動傳播至O點并在O點引起的振動經(jīng)過1.75s后，波源S2的振動才剛剛傳播至O點，且根據(jù)題意可知，此刻波源S2在O點引起的振動應(yīng)使質(zhì)點處于波峰，而1.75s=134T，由于波源S1的振動滿足正弦函數(shù)，且波源S1的起振方向沿著z軸正方向向上，此刻由波源S1在O點引起的振動使質(zhì)點處于波谷，兩個波源在O點引起的振動相互疊加，疊加后使振動減弱，此刻O點處的質(zhì)點的振幅為A=A1-A2=2cm，A錯誤；根據(jù)題意可得S1P=x12+y2=15cm，S2P=x22+y2=20cm，則可得波源S1、S2的波傳播至P點的時間分別為t3=S1Pv=3.75s，t5．【知識點】勻強電場中電勢差與電場強度的關(guān)系【答案】B【解析】如圖所示,沿OA方向,距離O點2.5cm處的C點電勢φC=10V,沿OB方向,距離O點5cm處的D點電勢φD=10V,則CD為等勢線,由幾何關(guān)系知CD⊥OA【方法總結(jié)】此類問題,作出等勢線是關(guān)鍵.勻強電場中,一條直線上相隔等距離的點,電勢差相同.【一題多解】設(shè)電場線方向與OA方向的夾角為θ,與OB方向的夾角為60°-θ,O點的電勢為0,則沿OA方向,有U1=Ed1cosθ,沿OB方向,有U2=Ed2cos60°-θ,代入數(shù)據(jù)解得θ=06．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】B【解析】小球剛開始下滑時受到豎直向下的重力mg，水平向左的電場力Eq，水平向右的彈力FN以及豎直向上的滑動摩擦力Ff，且此時滑動摩擦力Ff=μFN，豎直方向根據(jù)牛頓第二定律有mg-μFN=ma1，而隨著小球速度的增加，小球所受洛倫茲力由0逐漸增大，根據(jù)左手定則可知洛倫茲力的方向水平向右，則在小球運動后水平方向有Eq=Bqv+FN，可知隨著小球速度的增加，桿對小球的彈力減小，致使桿對小球的摩擦力減小，而當(dāng)洛倫茲力的大小等于小球所受電場力大小時，桿對小球的彈力為零，此時小球在豎直方向僅受重力，加速度達到最大，為重力加速度，即a0=g，而隨著小球速度的進一步增大，洛倫茲力將大于電場力，小球再次受到桿的彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現(xiàn)，豎直方向的合力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球重力時，小球速度達到最大值，此后小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動，因此小球開始下滑時的加速度不是最大，故A錯誤；小球剛開始運動時根據(jù)牛頓第二定律有mg-μFN=ma1，解得a1=g-μFNm，而根據(jù)A選項中分析可知，加速度最大為重力加速度，即在整個過程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開始時加速度是由0開始增加的，則根據(jù)運動的對稱性可知，當(dāng)加速度最大時小球速度恰好達到12v0，但實際上加速度并不是由0開始增加的，因此可知，當(dāng)加速度最大時小球的速度還未達到12v0，而加速度最大之后由于摩擦力的再次出現(xiàn)，小球開始做加速度減小的加速運動，由此可知，小球的速度由12v0增大至v07．【知識點】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】AD【詳析】AB．設(shè)原、副線圈的匝數(shù)比為，由題意可知定值電阻兩端的電壓為則原線圈的輸入電壓為副線圈的輸出電壓為又由得副線圈的輸出電流為則由歐姆定律可知聯(lián)立解得，即原、副線圈的匝數(shù)比為，A正確，B錯誤；C．由以上可知原、副線圈的電流之比為定值電阻和消耗的電功率分別為解得C錯誤；D．開關(guān)斷開時，電路消耗的功率為閉合開關(guān)時，設(shè)流過電流表的電流為,則原、副線圈兩端的電壓分別為，又因為，解得開關(guān)斷開時與開關(guān)閉合時整個電路消耗的電功率為之比為D正確。8．【知識點】全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】ABC【詳析】由幾何關(guān)系可知當(dāng)入射角為30°時，折射角為60°，故折射率為n=sin60°sin30°=3，故A正確；設(shè)臨界角為C，得sinC=1n=13<12，故C<45°，故若θ=45°，會發(fā)生全反射，光線c消失，故B正確；由于反射角等于入射角，故當(dāng)入射光a變?yōu)榘坠?，光線b也為白光，故C正確；對同種介質(zhì)，紫光的折射率比紅光大，故若入射光a變?yōu)樽瞎?，折射角將變大，光線b和9．【知識點】牛頓第二定律的簡單計算【答案】BD【詳析】A．加速運動時，貨物所受合外力不為零，老虎車對貨物的作用力方向不是豎直向上，A錯誤；B．若夾角由37°緩慢增大到90°，老虎車對貨物的作用力大小與貨物重力大小相等，方向豎直向上，因此老虎車對貨物的作用力不變，B正確；C．加速向左運動時，若擋板對貨物作用力F2，老虎車平面對貨物的作用力F1，則有由于加速度未知，故老虎車平面對貨物的作用力與擋板對貨物作用力的大小無法比較，C錯誤；D．為使貨物不離開擋板，臨界狀態(tài)時有得故老虎車向右的加速度不能超過，D正確。故選BD。10．【知識點】功能原理、能量守恒與曲線運動的綜合、牛頓第二定律求解瞬時突變問題【答案】BCD【詳析】從撤去拉力到彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，剛撤去拉力時彈簧的彈力最大，因撤去拉力前兩物體一起勻速運動，所以彈簧彈力最大值等于B的重力，即，A錯誤；剛撤去拉力時彈簧的彈力最大，A的加速度最大，A的加速度最大值為，B正確；該過程中A、B一直向上減速運動，分析可知B減速的加速度大小小于A減速的加速度大小，彈簧恢復(fù)原長時AB加速度相等，所以A的速度大小均不大于同一時刻B的速度大小，C正確；該過程中A、B的速度均減小，根據(jù)A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒可知，彈簧彈性勢能的減少量與A、B動能的減少量之和等于A、B重力勢能的增加量之和，所以彈簧彈性勢能的減少量小于A與B重力勢能的增加量之和，D正確。選BCD。11．【知識點】實驗：探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律【答案】(1)C；(2)不一定；(3)A【詳析】（1）本實驗中除了彈簧秤、橡皮筋、刻度尺、細(xì)繩套之外，還需要三角板作出力的圖示，進行數(shù)據(jù)處理，而不需要重錘線和量角器。（2）測量完成后，作出力的圖示，以兩個分力為鄰邊，做出平行四邊形，由于存在實驗誤差，其對角線不一定與橡皮筋共線。（3）本實驗采用的科學(xué)思想方法為等效替代法，重心為重力的等效作用點，采用等效替代的思想，伽利略理想斜面實驗采用實驗與邏輯推理的方法，探究影響向心力大小的因素采用控制變量法，卡文迪許扭秤實驗測量萬有引力常量采用放大法。12．【知識點】實驗：電池電動勢和內(nèi)阻的測量—安阻法測量電源電動勢與內(nèi)阻【答案】(1)B端；(2)，小于；(3)，【詳析】（1）滑動變阻器采用限流式接法，為了保證電路，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑動片位于B端；（2）先閉合開關(guān)K，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片P的位置，使電流表滿偏時，保持滑動變阻器的滑動片位置不變，認(rèn)為電路中的總電流不變；再將開關(guān)S接C，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)電流表讀數(shù)為滿偏的三分之二時，電阻箱阻值為，通過電阻箱的電流，根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的特點，解得電流表的內(nèi)阻。實際上，將開關(guān)S接C時，電阻箱與電流表A的并聯(lián)電阻變小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，電路中的總電流變大，當(dāng)電流表讀數(shù)為滿偏的三分之二時，通過電阻箱的電流，根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路