學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016年北京市學(xué)業(yè)水平物理試卷一、本部分共10小題，每小題4分，共40分．在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)．1．一列簡(jiǎn)諧橫波在介質(zhì)中沿x軸傳播,某時(shí)刻的波形如圖所示，則該簡(jiǎn)諧波的（）A．波長(zhǎng)為1.0m B．波長(zhǎng)為2。0m C．振幅為10.0cm D．振幅為20。0cm2．衛(wèi)星發(fā)射時(shí)，可利用其隨地球自轉(zhuǎn)的速度，達(dá)到節(jié)省燃料的目的．僅從該角度考慮，衛(wèi)星發(fā)射場(chǎng)的位置應(yīng)建在（）A．赤道附近 B．靠近南極 C．靠近北極 D．地面任意處3．如圖甲所示，矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示,則(）A．線框的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為0。01s B．電動(dòng)勢(shì)的有效值為311VC．電動(dòng)勢(shì)e=220sin（50πt)V D．電動(dòng)勢(shì)e=311sinV4．陰極射線管中電子束由陰極沿x軸正方向射出，在熒光屏上出現(xiàn)一條亮線（如圖）．要使該亮線向z軸正方向偏轉(zhuǎn)，可加上沿（）A．z軸正方向的磁場(chǎng) B．y軸負(fù)方向的磁場(chǎng)C．z軸正方向的電場(chǎng) D．y軸負(fù)方向的電場(chǎng)5．如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為兩點(diǎn)電荷連線的中垂線，O點(diǎn)是MN與兩點(diǎn)電荷連線的交點(diǎn)，b、c位于兩點(diǎn)電荷的連線上，Ob=Oc．則（）A．場(chǎng)強(qiáng)Ea=EO B．電勢(shì)?b=?cC．電勢(shì)差UbO=UOc D．電勢(shì)?O＞?a6．如圖所示，將小砝碼置于水平桌面上的薄紙板上，用向右的水平拉力F將紙板迅速抽出,砝碼最后停在桌面上．若增加F的大小,則砝碼（）A．與紙板之間的摩擦力增大 B．在紙板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間減小C．相對(duì)于桌面運(yùn)動(dòng)的距離增大 D．相對(duì)于桌面運(yùn)動(dòng)的距離不變7．四個(gè)固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道ab如圖所示,從O點(diǎn)靜止釋放小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn))，仍能上升到與O點(diǎn)等高的位置的是（）A． B． C． D．8．一靈敏電流計(jì)G的滿偏電流為200μA,內(nèi)阻為495.0Ω．如圖所示,虛線框內(nèi)為利用該靈敏電流計(jì)改裝好的電表，M、N為新電表的接線柱，圖中電阻箱讀數(shù)為5。0Ω．現(xiàn)將MN接入某電路，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)G剛好滿偏,則根據(jù)以上數(shù)據(jù)計(jì)算可知（）A．M、N兩端的電壓為0.1mV B．M、N兩端的電壓為10mVC．流過(guò)M、N的電流為2μA D．流過(guò)M、N的電流為20mA9．在光滑水平面上的兩個(gè)小球發(fā)生正碰,小球的質(zhì)量分別為m1和m2，且m1=0。2kg．取向右為正方向,它們碰撞前后的x﹣t圖象如圖所示．則（）A．碰前m2做勻速運(yùn)動(dòng)，m1做勻加速運(yùn)動(dòng)B．碰后m2和m1都向右運(yùn)動(dòng)C．碰撞過(guò)程中兩小球的機(jī)械能總量減小D．碰撞過(guò)程中兩小球的機(jī)械能總量不變10．與一般吉他以箱體的振動(dòng)發(fā)聲不同，電吉他靠拾音器發(fā)聲．如圖所示，拾音器由小磁體及繞在其上的線圈組成．磁體產(chǎn)生的磁場(chǎng)使鋼質(zhì)琴弦磁化而產(chǎn)生磁性,即琴弦也產(chǎn)生自己的磁場(chǎng)．當(dāng)某根琴弦被撥動(dòng)而相對(duì)線圈振動(dòng)時(shí),線圈中就會(huì)產(chǎn)生相應(yīng)的電流，并最終還原為聲音信號(hào)．下列說(shuō)法中正確的是（）A．換用尼龍材質(zhì)的琴弦，電吉他仍能正常工作B．若小磁體失去磁性,電吉他仍能正常工作C．琴弦振動(dòng)的過(guò)程中，線圈中電流的方向不會(huì)發(fā)生變化D．拾音器的作用是利用電磁感應(yīng)把琴弦的振動(dòng)轉(zhuǎn)化成電信號(hào)二、非選擇題共60分）本部分共5小題，共60分．11．某同學(xué)用圖1所示的裝置驗(yàn)證牛頓第二定律．（1）實(shí)驗(yàn)中,補(bǔ)償打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車的阻力和其它阻力的具體做法是：將小車放在木板上,后面固定一條紙帶，紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器．把木板一端墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時(shí)能拖動(dòng)紙帶沿木板做運(yùn)動(dòng)．(2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶的一部分如圖2所示．①紙帶上標(biāo)出了連續(xù)的3個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C,相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50Hz的交流電源上．則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí),小車的速度vB=m/s；②如圖3所示，在v﹣t坐標(biāo)系中已標(biāo)出5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn)．其中,t=0。10s時(shí)的坐標(biāo)點(diǎn)對(duì)應(yīng)于圖2中的A點(diǎn)．請(qǐng)你將①中計(jì)算出的vB標(biāo)在圖3所示的坐標(biāo)系中,作出小車運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖線，并利用圖線求出小車此次運(yùn)動(dòng)的加速度a=m/s2．（3）“細(xì)線作用于小車的拉力F等于砂和桶所受的總重力mg"是有條件的．若把實(shí)驗(yàn)裝置設(shè)想成如圖4所示的模型：水平面上的小車，用輕繩跨過(guò)定滑輪使之與盛有砂的砂桶相連．已知小車的質(zhì)量為M,砂和桶的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計(jì)摩擦阻力與空氣的阻力，根據(jù)牛頓第二定律可得F=；由此可知，當(dāng)滿足條件時(shí),可認(rèn)為細(xì)線作用于小車的拉力F等于砂和桶的總重力mg．（4）在研究a與M的關(guān)系時(shí),已經(jīng)補(bǔ)償了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車的阻力及其它阻力．若以小車加速度的倒數(shù)為縱軸、小車和車上砝碼的總質(zhì)量M為橫軸，可作出﹣M圖象．請(qǐng)?jiān)趫D5所示的坐標(biāo)系中畫出﹣M圖象的示意圖．12．如圖所示，用一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電．請(qǐng)推導(dǎo)電源輸出功率最大時(shí)需滿足的條件．13．如圖所示，長(zhǎng)直導(dǎo)線與圓形線圈處于同一水平面．已知長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流I在逐漸減小,線圈的電阻為24Ω．(1）線圈中的電流是什么方向？（2）導(dǎo)線對(duì)線圈的作用是吸引還是排斥？（3)當(dāng)線圈中的感應(yīng)電流是84mA時(shí),通過(guò)線圈的磁通量的變化率是多少？14．如圖所示，某回旋加速器的兩個(gè)半圓金屬盒處于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,兩金屬盒間存在交變電場(chǎng)，用其加速質(zhì)子．已知金屬盒的半徑R為16cm，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B為1。3T，質(zhì)子穿過(guò)金屬盒間的縫隙時(shí)加速電壓U為10kV,取質(zhì)子的質(zhì)量m為1.6×10﹣27kg，電荷量q為1。6×10﹣19C．求(1）交變電場(chǎng)的頻率f；（2)質(zhì)子出射時(shí)的動(dòng)能Ek；(3)質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的圈數(shù)n．15．有些知識(shí)我們可能沒(méi)有學(xué)過(guò)，但運(yùn)用我們已有的物理思想和科學(xué)方法,通過(guò)必要的分析和推理可以解決一些新的問(wèn)題．(1)分別寫出國(guó)際單位制中動(dòng)量和沖量的單位，并證明二者等價(jià)．（2）拉提琴時(shí)，琴弦振動(dòng)的頻率f由琴弦的質(zhì)量m、長(zhǎng)度L和所受拉力T決定．現(xiàn)將拉力增大21%，琴弦振動(dòng)的頻率將怎樣改變？

2016年北京市學(xué)業(yè)水平物理試卷參考答案與試題解析一、本部分共10小題，每小題4分，共40分．在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)．1．一列簡(jiǎn)諧橫波在介質(zhì)中沿x軸傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，則該簡(jiǎn)諧波的（）A．波長(zhǎng)為1。0m B．波長(zhǎng)為2.0m C．振幅為10.0cm D．振幅為20。0cm【考點(diǎn)】橫波的圖象．【分析】明確波動(dòng)圖象的性質(zhì)，能根據(jù)圖象直接讀出振幅和波長(zhǎng)即可．【解答】解：由圖可知，該波的波長(zhǎng)為2。0m；振幅為5.0cm，故B正確，ACD錯(cuò)誤．故選：B．2．衛(wèi)星發(fā)射時(shí)，可利用其隨地球自轉(zhuǎn)的速度,達(dá)到節(jié)省燃料的目的．僅從該角度考慮，衛(wèi)星發(fā)射場(chǎng)的位置應(yīng)建在()A．赤道附近 B．靠近南極 C．靠近北極 D．地面任意處【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【分析】地球自轉(zhuǎn)是圍繞地軸自轉(zhuǎn)的，所以地球上各點(diǎn)緯度越高，自轉(zhuǎn)半徑越小，又因?yàn)樽赞D(zhuǎn)的周期和角速度是一定的，所以緯度越低自轉(zhuǎn)半徑越大，自轉(zhuǎn)的線速度越大，越有利于衛(wèi)星的發(fā)射．【解答】解：題目要求充分利用地球的自轉(zhuǎn)，因?yàn)閺目臻g看，地球是自西向東自轉(zhuǎn)的，所以要充分利用自轉(zhuǎn)的速度，所以在地球上發(fā)射衛(wèi)星的地點(diǎn)，自轉(zhuǎn)的線速度越大越好，根據(jù)v=rω可知,地球上各點(diǎn)自轉(zhuǎn)的ω是一樣的，那么需要更大的線速度則在自轉(zhuǎn)半徑最大的地方建立發(fā)射場(chǎng)就好,又因?yàn)榈厍蚴菄@地軸在轉(zhuǎn)動(dòng)的,轉(zhuǎn)動(dòng)半徑隨緯度的增加而減小，故要使發(fā)射時(shí)自轉(zhuǎn)線速度最大，則自轉(zhuǎn)半徑最大，而自轉(zhuǎn)半徑最大處在赤道即緯度最低的地方，衛(wèi)星發(fā)射場(chǎng)的位置應(yīng)建在赤道附近．故A正確,BCD錯(cuò)誤故選:A3．如圖甲所示，矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，則（）A．線框的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為0.01s B．電動(dòng)勢(shì)的有效值為311VC．電動(dòng)勢(shì)e=220sin（50πt）V D．電動(dòng)勢(shì)e=311sinV【考點(diǎn)】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．【分析】根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出其瞬時(shí)值的表達(dá)式以及有效值等．【解答】解：A、由乙圖可知，線框轉(zhuǎn)動(dòng)的周期T=0.02s，故A錯(cuò)誤；B、由乙圖可知，交流電的最大值為Em=311V，有效值為E=，故B錯(cuò)誤；C、交流電的角速度為，電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為e=311sin100πtV,故C錯(cuò)誤，D正確；故選:D4．陰極射線管中電子束由陰極沿x軸正方向射出，在熒光屏上出現(xiàn)一條亮線（如圖）．要使該亮線向z軸正方向偏轉(zhuǎn)，可加上沿()A．z軸正方向的磁場(chǎng) B．y軸負(fù)方向的磁場(chǎng)C．z軸正方向的電場(chǎng) D．y軸負(fù)方向的電場(chǎng)【考點(diǎn)】左手定則．【分析】電子射線由陰極沿x軸方向射出,形成的亮線沿z軸正方向偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明電子受到的洛倫茲力方向向上,將四個(gè)選項(xiàng)逐一代入,根據(jù)左手定則判斷分析,選擇可行的磁場(chǎng)方向．【解答】解：A、若加一沿z軸正方向的磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿y軸正方向，亮線向y軸正方向偏轉(zhuǎn),故A錯(cuò)誤．B、若加一沿y軸負(fù)方向的磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿z軸正方向，亮線向上偏轉(zhuǎn)，故B正確．C、若加一沿z軸正方向的電場(chǎng)，電子受到的電場(chǎng)力沿z軸的負(fù)方向，亮線向下偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤．D、若加一沿y軸負(fù)方向的電場(chǎng),電子受電場(chǎng)力作用向內(nèi)，即亮線向y軸正方向偏轉(zhuǎn),故D錯(cuò)誤．故選：B．5．如圖所示,在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為兩點(diǎn)電荷連線的中垂線,O點(diǎn)是MN與兩點(diǎn)電荷連線的交點(diǎn)，b、c位于兩點(diǎn)電荷的連線上，Ob=Oc．則（)A．場(chǎng)強(qiáng)Ea=EO B．電勢(shì)?b=?cC．電勢(shì)差UbO=UOc D．電勢(shì)?O＞?a【考點(diǎn)】電場(chǎng)的疊加；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．【分析】該題考查電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系．根據(jù)對(duì)稱關(guān)系得到電荷在電場(chǎng)中做功的關(guān)系,進(jìn)而比較電勢(shì)、電勢(shì)差．【解答】解：A、點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)，所以，每個(gè)電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)都要大于在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng);且兩個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同,在a點(diǎn)的方向不同，根據(jù)疊加原理，可得,EO＞Ea,故A錯(cuò)誤；B、在兩點(diǎn)電荷連線上，電場(chǎng)線方向由正電荷指向負(fù)電荷,沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以，Φb＞Φc,故B錯(cuò)誤;C、電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)于MN對(duì)稱，另外，在bc上，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向右，所以，電勢(shì)沿著bc降落，且與O點(diǎn)距離相同處，電勢(shì)差相等，即有UbO=UOc，故C正確；D、在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線MN上，電場(chǎng)強(qiáng)度方向都是水平向右，電場(chǎng)線方向也都是水平的,根據(jù)等勢(shì)線處處與電場(chǎng)線垂直，所以，MN為一條等勢(shì)線，所以，ΦO=Φa．故選:C．6．如圖所示,將小砝碼置于水平桌面上的薄紙板上，用向右的水平拉力F將紙板迅速抽出，砝碼最后停在桌面上．若增加F的大小，則砝碼(）A．與紙板之間的摩擦力增大 B．在紙板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間減小C．相對(duì)于桌面運(yùn)動(dòng)的距離增大 D．相對(duì)于桌面運(yùn)動(dòng)的距離不變【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式分析砝碼與紙板間摩擦力的變化，分析兩者加速度的變化，判斷運(yùn)動(dòng)時(shí)間的變化．由速度公式分析砝碼滑到桌面上時(shí)速度的變化,再分析相對(duì)于桌面滑行距離的變化．【解答】解:A、砝碼對(duì)紙板的壓力，由f=μN(yùn)知砝碼與紙板之間的摩擦力不變，故A錯(cuò)誤．B、增加F的大小,紙板的加速度增大，而砝碼的加速度不變，所以砝碼在紙板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間減小，故B正確．CD、設(shè)砝碼在紙板上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為a1，在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為a2．則砝碼相對(duì)于桌面運(yùn)動(dòng)的距離為：S=+由v=a1t1知：a1不變，砝碼在紙板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1減小，則砝碼離開(kāi)紙板時(shí)的速度v減小，由上知砝碼相對(duì)于桌面運(yùn)動(dòng)的距離S減小，故CD錯(cuò)誤．故選:B7．四個(gè)固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道ab如圖所示，從O點(diǎn)靜止釋放小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，仍能上升到與O點(diǎn)等高的位置的是(）A． B． C． D．【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律．【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒的條件，結(jié)合各選項(xiàng)中小球運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，逐選項(xiàng)分析即可．【解答】解：A、小球沿光滑的斜面軌道運(yùn)動(dòng),到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的速度等于0，恰好到達(dá)與O點(diǎn)高度相等的點(diǎn),故A正確;B、小球沿光滑的斜面軌道運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)軌道后做斜上拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)沿水平方向的分速度不能等于0，由機(jī)械能守恒可知,小球不能到達(dá)與O點(diǎn)等高的點(diǎn)．故B錯(cuò)誤；C、D、小球沿光滑的斜面軌道運(yùn)動(dòng)到接近軌道的端點(diǎn)b點(diǎn)時(shí)，速度的方向沿軌道的切線方向指向左上方,可知小球沿軌道運(yùn)動(dòng)到接近b點(diǎn)時(shí)，沿水平方向的分速度不能等于0，由機(jī)械能守恒可知，小球不能到達(dá)與O點(diǎn)等高的點(diǎn)．故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．故選：A8．一靈敏電流計(jì)G的滿偏電流為200μA,內(nèi)阻為495.0Ω．如圖所示，虛線框內(nèi)為利用該靈敏電流計(jì)改裝好的電表，M、N為新電表的接線柱,圖中電阻箱讀數(shù)為5。0Ω．現(xiàn)將MN接入某電路，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)G剛好滿偏，則根據(jù)以上數(shù)據(jù)計(jì)算可知()A．M、N兩端的電壓為0.1mV B．M、N兩端的電壓為10mVC．流過(guò)M、N的電流為2μA D．流過(guò)M、N的電流為20mA【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【分析】由圖示電路圖可知：電流計(jì)與電阻箱并聯(lián)，應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題．【解答】解：AB、M、N兩端電壓為：U=IgRg=200×10﹣6×495。0V=0。099V=99mV,故AB錯(cuò)誤；CD、流過(guò)M、N的電流為：I=Ig+=200×10﹣6+=0。02A=20mA,故C錯(cuò)誤，D正確；故選：D9．在光滑水平面上的兩個(gè)小球發(fā)生正碰,小球的質(zhì)量分別為m1和m2，且m1=0。2kg．取向右為正方向，它們碰撞前后的x﹣t圖象如圖所示．則（）A．碰前m2做勻速運(yùn)動(dòng),m1做勻加速運(yùn)動(dòng)B．碰后m2和m1都向右運(yùn)動(dòng)C．碰撞過(guò)程中兩小球的機(jī)械能總量減小D．碰撞過(guò)程中兩小球的機(jī)械能總量不變【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律．【分析】x﹣t（位移時(shí)間）圖象的斜率等于速度，由數(shù)學(xué)知識(shí)求出碰撞前后兩球的速度，分析碰撞前后兩球的運(yùn)動(dòng)情況．根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解兩球質(zhì)量關(guān)系，由能量守恒定律求出碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能．【解答】解:A、由x﹣t（位移時(shí)間）圖象的斜率得到，碰前m2的位移不隨時(shí)間而變化,處于靜止．m1向速度大小為:v1==4m/s,做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．B、由圖示圖象可知，碰后m2的速度為正方向，說(shuō)明向右運(yùn)動(dòng)，m1的速度為負(fù)方向，說(shuō)明向左運(yùn)動(dòng)，兩物體運(yùn)動(dòng)方向相反，故B錯(cuò)誤．CD、由圖示圖象可知，碰后m2和m1的速度分別為v2′=2m/s，v1′=﹣2m/s,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：m1v1=m2v2′+m1v1′,代入解得：m2=0.6kg．碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為:△E=m1v12﹣m1v1′2﹣m2v22，代入解得:△E=0，機(jī)械能守恒，故C錯(cuò)誤，D正確．故選：D10．與一般吉他以箱體的振動(dòng)發(fā)聲不同，電吉他靠拾音器發(fā)聲．如圖所示，拾音器由小磁體及繞在其上的線圈組成．磁體產(chǎn)生的磁場(chǎng)使鋼質(zhì)琴弦磁化而產(chǎn)生磁性，即琴弦也產(chǎn)生自己的磁場(chǎng)．當(dāng)某根琴弦被撥動(dòng)而相對(duì)線圈振動(dòng)時(shí),線圈中就會(huì)產(chǎn)生相應(yīng)的電流，并最終還原為聲音信號(hào)．下列說(shuō)法中正確的是()A．換用尼龍材質(zhì)的琴弦，電吉他仍能正常工作B．若小磁體失去磁性，電吉他仍能正常工作C．琴弦振動(dòng)的過(guò)程中,線圈中電流的方向不會(huì)發(fā)生變化D．拾音器的作用是利用電磁感應(yīng)把琴弦的振動(dòng)轉(zhuǎn)化成電信號(hào)【考點(diǎn)】電磁感應(yīng)在生活和生產(chǎn)中的應(yīng)用．【分析】電吉他是將琴弦與線圈所圍成的面積放入于磁場(chǎng)中，當(dāng)琴弦振動(dòng)時(shí)所圍成面積的磁通量發(fā)生變化，導(dǎo)致線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，最后通過(guò)擴(kuò)音器放大經(jīng)揚(yáng)聲器播出．【解答】解：A、電吉他不可以使用尼龍線做琴弦．若是尼龍線則不能構(gòu)成回路,故A錯(cuò)誤；B、若失去磁性則無(wú)法產(chǎn)生電磁感應(yīng)，因此吉他不能正常工作，故B錯(cuò)誤；C、琴弦振動(dòng)時(shí)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小和方向均是變化的,若是恒定,則聲音全是一種調(diào)，更何況也不可是恒定電流的．故C錯(cuò)誤；D、電吉他是屬于磁生電的應(yīng)用,是根據(jù)電磁感應(yīng)原理工作的．拾音器的作用是利用電磁感應(yīng)把琴弦的振動(dòng)轉(zhuǎn)化成電信號(hào)，故D正確．故選：D．二、非選擇題共60分）本部分共5小題，共60分．11．某同學(xué)用圖1所示的裝置驗(yàn)證牛頓第二定律．（1)實(shí)驗(yàn)中，補(bǔ)償打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車的阻力和其它阻力的具體做法是：將小車放在木板上，后面固定一條紙帶,紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器．把木板一端墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時(shí)能拖動(dòng)紙帶沿木板做勻速運(yùn)動(dòng)．（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶的一部分如圖2所示．①紙帶上標(biāo)出了連續(xù)的3個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50Hz的交流電源上．則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)，小車的速度vB=0。44m/s；②如圖3所示，在v﹣t坐標(biāo)系中已標(biāo)出5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn)．其中，t=0.10s時(shí)的坐標(biāo)點(diǎn)對(duì)應(yīng)于圖2中的A點(diǎn)．請(qǐng)你將①中計(jì)算出的vB標(biāo)在圖3所示的坐標(biāo)系中，作出小車運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖線，并利用圖線求出小車此次運(yùn)動(dòng)的加速度a=1.0m/s2．（3）“細(xì)線作用于小車的拉力F等于砂和桶所受的總重力mg”是有條件的．若把實(shí)驗(yàn)裝置設(shè)想成如圖4所示的模型：水平面上的小車，用輕繩跨過(guò)定滑輪使之與盛有砂的砂桶相連．已知小車的質(zhì)量為M，砂和桶的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計(jì)摩擦阻力與空氣的阻力，根據(jù)牛頓第二定律可得F=；由此可知，當(dāng)滿足m＜＜M條件時(shí)，可認(rèn)為細(xì)線作用于小車的拉力F等于砂和桶的總重力mg．（4）在研究a與M的關(guān)系時(shí),已經(jīng)補(bǔ)償了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車的阻力及其它阻力．若以小車加速度的倒數(shù)為縱軸、小車和車上砝碼的總質(zhì)量M為橫軸，可作出﹣M圖象．請(qǐng)?jiān)趫D5所示的坐標(biāo)系中畫出﹣M圖象的示意圖．【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系．【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康拿鞔_實(shí)驗(yàn)步驟和所要測(cè)量的物理量,即可知道實(shí)驗(yàn)所需要的實(shí)驗(yàn)器材，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求B點(diǎn)速度，由v﹣t圖線的斜率求加速度；根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的倒數(shù)與小車質(zhì)量的關(guān)系以及加速度倒數(shù)與鉤碼的總質(zhì)量m的倒數(shù)的關(guān)系，從而選擇圖象．【解答】解：（1）平衡摩擦力時(shí)，把木板一端墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受繩的拉力時(shí)能拖動(dòng)紙帶沿木板做勻速直線運(yùn)動(dòng)即可；（2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度（3）作圖v﹣t圖象的斜率等于加速度，=1。0（3）以小車與砂和桶組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：mg=（M+m）a，系統(tǒng)的加速度a=，以小車為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得細(xì)線作用于小車的拉力為：F=Ma==，當(dāng)m＜＜M時(shí)，F(xiàn)≈mg，可以認(rèn)為小車受到的拉力等于砂和桶的總重力．（4）保持外力一定時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：a=,則，則以為縱軸,以總質(zhì)量M為橫軸,作出的圖象為一傾斜直線,且縱坐標(biāo)不為0圖象如圖所示：故答案為：(1）勻速；(2）①0。44；②作圖如圖4，1.0;(3），m＜＜M；(4）圖象見(jiàn)上圖512．如圖所示，用一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電．請(qǐng)推導(dǎo)電源輸出功率最大時(shí)需滿足的條件．【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律得出電路中電流的表達(dá)式，由功率公式得出電源的輸出功率表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)知識(shí)求解．【解答】解：由閉合電路歐姆定律得：電源的輸出功率為:P=I2R聯(lián)立得：由數(shù)學(xué)變形得：當(dāng)R=r時(shí)，P有最大值．答：當(dāng)R=r時(shí)電源輸出功率最大．13．如圖所示,長(zhǎng)直導(dǎo)線與圓形線圈處于同一水平面．已知長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流I在逐漸減小，線圈的電阻為24Ω．（1）線圈中的電流是什么方向?（2）導(dǎo)線對(duì)線圈的作用是吸引還是排斥?（3)當(dāng)線圈中的感應(yīng)電流是84mA時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量的變化率是多少？【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律．【分析】（1）根據(jù)楞次定律判斷線圈中的電流方向；（2）根據(jù)楞次定律的定性的結(jié)論分析；(3）由法拉第電磁感應(yīng)定律求通過(guò)線圈的磁通量的變化率；【解答】解：(1）長(zhǎng)直導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，導(dǎo)線中的電流逐漸減小，穿過(guò)圓形線圈的磁通量減小，由楞次定律知線圈中的電流為順時(shí)針?lè)较?；?）根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流的磁場(chǎng)阻礙磁通量的減小，圓形線圈將受到向上磁場(chǎng)力，所以導(dǎo)線對(duì)圓形線圈的作用力為吸引力（3)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=IR得E═根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有=2.0Wb/s答：（1）線圈中的電流是順時(shí)針?lè)较?；?）導(dǎo)線對(duì)線圈的作用是吸引力（3）當(dāng)線圈中的感應(yīng)電流是84mA時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量的變化率是2。0Wb/s14．如圖所示，某回旋加速器的兩個(gè)半圓金屬盒處于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩金屬盒間存在交變電場(chǎng)，用其加速質(zhì)子．已知金屬盒的半徑R為16cm，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B為1.3T，質(zhì)子穿過(guò)金屬盒間的縫隙時(shí)加速電壓U為10kV,取質(zhì)子的質(zhì)量m為1。6×10﹣27kg，電荷量q為1.6×10﹣19C．求（1)交變電場(chǎng)的頻率f;（2)質(zhì)子出射時(shí)的動(dòng)能Ek；（3）質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的圈數(shù)n．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng);帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】（1)根據(jù)旋加速器的工作原理，它靠電場(chǎng)加速，靠磁場(chǎng)束縛在D形