1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、隨著太空技術(shù)的飛速發(fā)展，地球上的人們登陸其它星球成為可能，假設(shè)未來的某一天，宇航員登

2、上某一星球后，測得該星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，而該星球的平均密度與地球的差不多，則該星球質(zhì)量大約是地球質(zhì)量的（）A0.5倍 B2倍 C4倍 D8倍2、如圖所示，在點(diǎn)電荷+Q產(chǎn)生的電場中，引入一個(gè)帶電量較小的電荷-q當(dāng)將-q移近+Q的過程中Aa點(diǎn)的電場不會改變Bb點(diǎn)的電場不會改變C+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場會改變D+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場不會改變3、如圖所示電路中電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，開關(guān)S閉合后，平行金屬板中的帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，電流表和電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向b端滑動(dòng)過程中，下列說法正確的是AR3的功率變大B電壓表、電流表示數(shù)都變小C液滴將向下運(yùn)動(dòng)D電容器C

3、所帶電量增加4、如圖所示，三顆人造地球衛(wèi)星，A和B的質(zhì)量都為m，C的質(zhì)量為2m，B和C的軌道半徑是A的2倍，下列說法正確的是()A衛(wèi)星B的周期是A的2倍B衛(wèi)星A的速率是B的2倍CC的向心力是B的2倍DB和C的角速度相等，是A的2倍5、下列關(guān)于物理學(xué)史說法中錯(cuò)誤的是()A美國物理學(xué)家湯姆遜通過油滴實(shí)驗(yàn)精確測定了元電荷的大小B英國物理家牛頓在自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理著作中提出了牛頓運(yùn)動(dòng)定律C法國物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉?shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律庫侖定律D英國物理學(xué)家卡文迪許利用扭稱裝置比較精確地測出了引力常量6、如圖所示，質(zhì)量為m的小球以速度v0水平拋出，恰好與傾角為30的斜面垂直相碰，其彈回的速度大

4、小與碰撞前的速度大小相等，求小球與斜面碰撞過程中受到的沖量大小為（）Amv0B2mv0C3mv0D4mv0二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，斜劈形物體的質(zhì)量為M，放在水平地面上，質(zhì)量為m的粗糙物塊以某一初速沿斜劈的斜面向上滑，至速度為零后又加速返回，而斜劈始終保持靜止，物塊m上、下滑動(dòng)的整個(gè)過程中（ ）A地面對斜劈M的摩擦力方向沒有改變B地面對斜劈M的摩擦力方向先向左后向右C地面對斜劈M的支持力始終小于（Mm）gD物塊m向上和向下滑動(dòng)因摩擦產(chǎn)生的熱量相同8

5、、某運(yùn)動(dòng)員練習(xí)射箭時(shí)，站在同一位置從不同高度先后水平射出兩只箭，射中箭靶上同一豎直線上兩點(diǎn)，如圖所示，A箭的方向與豎直方向的夾角小于B箭與豎直方向的夾角，忽略空氣阻力。已知箭飛行時(shí)，箭頭的指向與箭的運(yùn)動(dòng)方向相同。則（）AA箭射出的初速度一定比B箭射出的初速度大BA箭在空中飛行的時(shí)間一定比B箭在空中飛行的時(shí)間長CA箭的射出點(diǎn)一定比B箭的射出點(diǎn)高DA箭射中箭靶時(shí)的速度一定比B箭射中箭靶時(shí)的速度大9、在光滑圓錐形容器中，固定了一根光滑的豎直細(xì)桿，細(xì)桿與圓錐的中軸線重合，細(xì)桿上穿有小環(huán)（小環(huán)可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)，但不能上下移動(dòng)），小環(huán)上連接一輕繩，與一質(zhì)量為m的光滑小球相連，讓小球在圓錐內(nèi)做水平面上的勻速圓周

6、運(yùn)動(dòng)，并與圓錐內(nèi)壁接觸如圖所示，圖a中小環(huán)與小球在同一水平面上，圖b中輕繩與豎直軸成（90）角設(shè)圖a和圖b中輕繩對小球的拉力分別為Ta和Tb，圓錐內(nèi)壁對小球的支持力分別為Na和Nb，則在下列說法中正確的是（ ）ATa一定為零，Tb一定為零BTa、Tb是否為零取決于小球速度的大小CNa一定不為零，Nb可以為零DNa、Nb的大小與小球的速度無關(guān)10、如圖所示為一滑草場。某條滑道由上下兩段高均為h，與水平面傾角分別為45和37的滑道組成，滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。質(zhì)量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑，經(jīng)過上、下兩段滑道后，最后恰好靜止于滑道的底端（不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失，

7、）。則（）A動(dòng)摩擦因數(shù)B載人滑草車最大速度為C載人滑草車克服摩擦力做功為mghD載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，某小組同學(xué)利用DLS實(shí)驗(yàn)裝置研究支架上力的分解A、B為兩個(gè)相同的雙向力傳感器，該型號傳感器在受到拉力時(shí)讀數(shù)為正，受到壓力時(shí)讀數(shù)為負(fù)A連接質(zhì)量不計(jì)的細(xì)繩，并可沿固定的圓點(diǎn)位于圓弧形軌道的圓心處，保持桿沿水平方向隨后按如下步驟操作： 測量繩子與水平桿的夾角；對兩個(gè)傳感器進(jìn)行調(diào)零；用另一繩在點(diǎn)懸掛住一個(gè)鉤碼，記錄兩個(gè)傳感器讀數(shù)；取下鉤碼，移動(dòng)傳感器A，改變角，重復(fù)上述步驟，得到

8、圖示數(shù)據(jù)表格（1）根據(jù)表格，可知A傳感器對應(yīng)的是表中的力_（填“”或“”），并求得鉤碼質(zhì)量為_（保留一位有效數(shù)字）；（2）換用不同鉤碼做此實(shí)驗(yàn)，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)步驟，得到數(shù)據(jù)表格b則表格b中所對應(yīng)的空缺處數(shù)據(jù)應(yīng)為_N；（3）實(shí)驗(yàn)中，讓A感器沿圓心為O的圓弧形（不是其它的形狀）軌道移動(dòng)的主要目的是（_）A方便改變A傳感器的讀數(shù)B方便改變B傳感器的讀數(shù)C保持輕桿右端O的位置不變D方便改變細(xì)繩與桿的夾角12（12分）某同學(xué)研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V (量程3V，內(nèi)阻3k)電流表A(量程0.5A，內(nèi)阻0.5)固定電阻(阻值1000)滑動(dòng)變

9、阻器R(阻值09.0)電源E(電動(dòng)勢5V，內(nèi)阻不計(jì))開關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)要求能夠?qū)崿F(xiàn)在03.8V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進(jìn)行測量，畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖_（2）實(shí)驗(yàn)測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由實(shí)驗(yàn)曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻_(填“增大”“不變”或“減小”)，燈絲的電阻率_(填“增大”“不變”或“減小”)（3）用另一電源(電動(dòng)勢4V，內(nèi)阻1.00)和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實(shí)際功率，閉合開關(guān)S，在R的變化范圍內(nèi)，小燈泡的最小功率為_W(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處

10、，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在傾角的足夠長的固定光滑斜面的底端，有一質(zhì)量、可視為質(zhì)點(diǎn)的物體，以的初速度沿斜面上滑已知，重力加速度g取，不計(jì)空氣阻力求：物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的加速度大??；物體在沿斜面運(yùn)動(dòng)的過程中，物體克服重力所做功的最大值；物體在沿斜面向上運(yùn)動(dòng)至返回到斜面底端所需要的時(shí)間14（16分）某行星半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，該行星表面的重力加速度為g，引力常量為G求：(1)此行星的平均密度；(2)此行星同步衛(wèi)星距行星表面的高度；(3)此行星同步衛(wèi)星的環(huán)繞速度與該行星第一宇宙速度的比值大小15（12分）如圖所示，AB為一段彎曲軌道，固定在水平桌面上，與水

11、平桌面相切于A點(diǎn)，B點(diǎn)距桌面的高度為h0.6 m，A、B兩點(diǎn)間的水平距離為L0.8 m，軌道邊緣B處有一輕、小定滑輪，一根輕繩兩端系著質(zhì)量分別為m1與m2的物體P、Q，掛在定滑輪兩邊，P、Q可視為質(zhì)點(diǎn)，且m12.0 kg，m20.4 kg. 開始時(shí)P、Q均靜止，P緊靠B點(diǎn)，P釋放后沿彎曲軌道向下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)輕繩突然斷開，斷開后P沿水平桌面滑行x1. 25 m停止已知P與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.25，g取10 m/s2。求：（1）物體P經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度大小；（2）在物體P從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過程中，物體Q重力勢能的改變量；（3）彎曲軌道對物體P的摩擦力所做的功參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共

12、6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)天體表面附近萬有引力等于重力，列出等式： ,解得 ，其中M是地球的質(zhì)量，r應(yīng)該是物體在某位置到球心的距離根據(jù)根據(jù)密度與質(zhì)量關(guān)系得：M=r3，星球的密度跟地球密度相同， ，星球的表面重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，所以星球的半徑也是地球的2倍，所以再根據(jù)M=r3得：星球質(zhì)量是地球質(zhì)量的8倍故選D2、D【解析】A a點(diǎn)的電場為點(diǎn)電荷+Q和電荷-q在a點(diǎn)產(chǎn)生電場的疊加，將-q移近點(diǎn)電荷+Q的過程中，電荷-q到a點(diǎn)的距離發(fā)生變化，在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場發(fā)生變化。所以a點(diǎn)的電場發(fā)生改變，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B b

13、點(diǎn)的電場為點(diǎn)電荷+Q和電荷-q在b點(diǎn)產(chǎn)生電場的疊加，將-q移近點(diǎn)電荷+Q的過程中，電荷-q到b點(diǎn)的距離發(fā)生變化，在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場發(fā)生變化。所以b點(diǎn)的電場發(fā)生改變，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C 點(diǎn)電荷+Q到b點(diǎn)的距離及電量不變，所以點(diǎn)電荷+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場不會改變，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D 點(diǎn)電荷+Q到a點(diǎn)的距離及電量不變，所以點(diǎn)電荷+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場不會改變，故D項(xiàng)正確。3、C【解析】根據(jù)板間場強(qiáng)和液滴所受的電場力方向關(guān)系，判斷液滴的電性分析變阻器接入電路的電阻變化，分析總電阻的變化，再根據(jù)歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，根據(jù)并聯(lián)電路電壓的變化，分析通過R3電流的變化，即可得到電流表示數(shù)的變化根據(jù)R1電壓的變

14、化，分析電壓表示數(shù)的變化電容器極板間電壓等于并聯(lián)部分的電壓，根據(jù)電壓變化，判斷其電荷量變化和液滴的運(yùn)動(dòng)情況【詳解】當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向b端滑動(dòng)過程中，接入電路的電阻減小，R2與R3并聯(lián)的電阻減小，總電阻減小，則總電流增大，R1電壓增大，則電壓表示數(shù)變大R2與R3并聯(lián)的電壓減小，通過R3電流減小，根據(jù)可知，R3的功率變小，總電流增大，則電流表示數(shù)變大，故AB錯(cuò)誤；因R2與R3并聯(lián)的電壓減小，電容器板間電壓減小，帶電量減小，板間場強(qiáng)減小，液滴所受的電場力減小，則液滴將向下加速運(yùn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)電路的串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律分析各個(gè)

15、部分電路電流和電壓的變化4、C【解析】衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力， ；A、根據(jù),所以，A錯(cuò)誤； B、根據(jù)，所以，B錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬有引力提供向心力， ，C正確；D、根據(jù)，B和C的角速度相等， ，D錯(cuò)誤。 故選：C。5、A【解析】通過油滴實(shí)驗(yàn)精確測定了元電荷e的電荷量的科學(xué)家是密立根，故A錯(cuò)誤；牛頓在自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理著作中提出了牛頓運(yùn)動(dòng)定律，故B正確；法國物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉?shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律-庫侖定律，故C正確；卡文迪許利用扭稱裝置比較準(zhǔn)確地測出了引力常量，體現(xiàn)了放大和轉(zhuǎn)換的思想，故D正確本題選錯(cuò)誤的，故選A6、D【解析】小球在碰撞斜面前做平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)剛要碰撞

16、斜面時(shí)小球速度為,小球恰與傾角為的斜面垂直碰撞，碰撞時(shí)受到如圖所示由幾何關(guān)系得由動(dòng)量定理可得，小球與斜面碰撞過程受到的沖量大小方向垂直于斜面向上故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A、B項(xiàng)，物塊m先減速上滑后加速下滑，加速度方向始終沿斜面向下，對M和m整體進(jìn)行受力分析得，水平地面始終對M有水平向左的摩擦力的作用，故A正確，B錯(cuò)誤C項(xiàng)，將M和m看成一個(gè)整體，則加速度有豎直向下的分量，所以系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，地面對斜劈M的支持力小于，故C項(xiàng)正確D項(xiàng)，設(shè)

17、斜面的傾角為，物塊上滑的過程和下滑過程走過的位移是相等的，摩擦力也是相等的，所以物塊m向上和向下滑動(dòng)因摩擦產(chǎn)生的熱量相同，故D正確；綜上所述本題答案是：ACD8、BC【解析】B設(shè)飛鏢與豎直方向的夾角為，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，則水平位移如圖所示根據(jù)速度的合成與分解可得解得由于A飛鏢的方向與豎直方向的夾角小于B飛鏢與豎直方向的夾角，水平位移相同，所以B正確；A根據(jù)水平位移相同，所以，即A飛鏢擲出的初速度一定比B飛鏢擲出的初速度小，A錯(cuò)誤；C根據(jù)因?yàn)椋珹箭的射出點(diǎn)一定比B箭的射出點(diǎn)高，C正確；D飛鏢在豎直方向的分速度因?yàn)?，所?則箭射中箭靶時(shí)的速度因?yàn)?，則無法比較兩支箭射中箭靶的速度，D錯(cuò)誤。故選BC。9、B

18、C【解析】試題分析：對甲圖中的小球進(jìn)行受力分析，小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圓心提供向心力，所以Ta可以為零，若Na等于零，則小球所受的重力及繩子拉力的合力方向不能指向圓心而提供向心力，所以Na一定不為零；對乙圖中的小球進(jìn)行受力分析，若Tb為零，則小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圓心提供向心力，所以Tb可以為零，若Nb等于零，則小球所受的重力及繩子拉力的合力方向也可以指向圓心而提供向心力，所以Nb可以為零；所以BC正確,AD錯(cuò)誤；故選BC考點(diǎn)：勻速圓周運(yùn)動(dòng)；向心力【名師點(diǎn)睛】本題解題的關(guān)鍵是知道小球在圓錐內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對小球進(jìn)行受力分析，合外力提供向心力，根據(jù)力的合成原

19、則即可求解，難度不大，屬于基礎(chǔ)題10、BD【解析】A對整個(gè)過程，由動(dòng)能定理得解得故A錯(cuò)誤；B滑草車通過第一段滑道末端時(shí)速度最大，設(shè)為v，由動(dòng)能定理得解得故B正確；C對整個(gè)過程，由動(dòng)能定理得2mgh-Wf=0解得載人滑草車克服摩擦力做功為Wf=2mgh故C錯(cuò)誤；D載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.05 -0.955 C 【解析】（1）因繩子只能提供拉力，傳感器示數(shù)為正值，由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，A傳感器對應(yīng)的是表中力，對節(jié)點(diǎn)O，由平衡條件得：，解得：m=0.05kg；（2）對于O

20、點(diǎn)，受力平衡，O點(diǎn)受到、即鉤碼向下的拉力，根據(jù)幾何關(guān)系可知：，因?yàn)锽受到的是壓力，故空缺處數(shù)據(jù)應(yīng)為-0.955N；（3）讓A 傳感器沿圓心為O 的圓弧形，移動(dòng)傳感器的過程中，傳感器與O點(diǎn)的距離保持不變，O點(diǎn)位置保持不變，故C正確，故選C.12、電路圖見解析； 增大； 增大； 0.39 【解析】（1）1因本實(shí)驗(yàn)需要電流從零開始調(diào)節(jié)，因此應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近，故應(yīng)采用電流表外接法；另外為了擴(kuò)大電壓表量程，應(yīng)用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示；（2）34I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；（3）5當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值最大為9.0時(shí)，電路中的電流最小，