五年（2021-2025）高考真題分類(lèi)匯編PAGEPAGE1專(zhuān)題02相互作用與牛頓定律考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1力與平衡2024年廣東2023年廣東2022年廣東2021年廣東1.強(qiáng)化模型綜合應(yīng)用*經(jīng)典模型深度拓展：斜面、傳送帶、彈簧連接體等傳統(tǒng)模型不再孤立考查，常與能量、動(dòng)量、圓周運(yùn)動(dòng)結(jié)合（如：2023年壓軸題將傳送帶與機(jī)械能守恒結(jié)合）。情境創(chuàng)新：引入生活或科技場(chǎng)景（如電梯升降、無(wú)人機(jī)懸停、磁懸浮列車(chē)），要求抽象出物理模型。2.突出動(dòng)力學(xué)分析的核心地位多過(guò)程問(wèn)題：重點(diǎn)考查物體運(yùn)動(dòng)階段轉(zhuǎn)換時(shí)的受力突變（如：滑塊從斜面滑入水平粗糙面）。臨界條件挖掘：如分離瞬間（彈力為零）、相對(duì)滑動(dòng)臨界點(diǎn)（靜摩擦→滑動(dòng)摩擦）?？键c(diǎn)02牛頓運(yùn)動(dòng)定律2025年廣東2024年廣東2022年廣東2021年廣東考點(diǎn)01力與平衡1．（2023·廣東·高考真題）如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的機(jī)器人通過(guò)磁鐵吸附在船舷外壁面檢測(cè)船體。壁面可視為斜面，與豎直方向夾角為。船和機(jī)器人保持靜止時(shí)，機(jī)器人僅受重力、支持力、摩擦力和磁力的作用，磁力垂直壁面。下列關(guān)系式正確的是（

）

A． B． C． D．【答案】C【詳析】如圖所示，將重力垂直于斜面方向和沿斜面方向分解

AC．沿斜面方向，由平衡條件得故A錯(cuò)誤，C正確；BD．垂直斜面方向，由平衡條件得故BD錯(cuò)誤。故選C。2．（2022·廣東·高考真題）圖是可用來(lái)制作豆腐的石磨。木柄靜止時(shí)，連接的輕繩處于繃緊狀態(tài)。O點(diǎn)是三根輕繩的結(jié)點(diǎn)，F(xiàn)、和分別表示三根繩的拉力大小，且。下列關(guān)系式正確的是（）A． B． C． D．【答案】D【詳析】以點(diǎn)為研究對(duì)象，受力分析如圖由幾何關(guān)系可知由平衡條件可得聯(lián)立可得故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。3．（2024·廣東·高考真題）如圖所示，在細(xì)繩的拉動(dòng)下，半徑為r的卷軸可繞其固定的中心點(diǎn)O在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。卷軸上沿半徑方向固定著長(zhǎng)度為l的細(xì)管，管底在O點(diǎn)。細(xì)管內(nèi)有一根原長(zhǎng)為、勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，彈簧底端固定在管底，頂端連接質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的插銷(xiāo)。當(dāng)以速度v勻速拉動(dòng)細(xì)繩時(shí)，插銷(xiāo)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若v過(guò)大，插銷(xiāo)會(huì)卡進(jìn)固定的端蓋。使卷軸轉(zhuǎn)動(dòng)停止。忽略摩擦力，彈簧在彈性限度內(nèi)。要使卷軸轉(zhuǎn)動(dòng)不停止，v的最大值為（）A． B． C． D．【答案】A【詳析】有題意可知當(dāng)插銷(xiāo)剛卡緊固定端蓋時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為，根據(jù)胡克定律有插銷(xiāo)與卷軸同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相同，對(duì)插銷(xiāo)有彈力提供向心力對(duì)卷軸有聯(lián)立解得故選A。4．（2021·廣東·高考真題）唐代《耒耜經(jīng)》記載了曲轅犁相對(duì)直轅犁的優(yōu)勢(shì)之一是起土省力，設(shè)牛用大小相等的拉力F通過(guò)耕索分別拉兩種犁，F(xiàn)與豎直方向的夾角分別為和，，如圖所示，忽略耕索質(zhì)量，耕地過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（

）A．耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力比對(duì)直轅犁的大B．耕索對(duì)曲轅犁拉力的豎直分力比對(duì)直轅犁的大C．曲轅犁勻速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力小于犁對(duì)耕索的拉力D．直轅犁加速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力大于犁對(duì)耕索的拉力【答案】B【詳析】A．將拉力F正交分解如下圖所示則在x方向可得出Fx曲=FsinαFx直=Fsinβ在y方向可得出Fy曲=FcosαFy直=Fcosβ由題知α<β則sinα<sinβcosα>cosβ則可得到Fx曲<Fx直Fy曲>Fy直A錯(cuò)誤、B正確；CD．耕索對(duì)犁的拉力與犁對(duì)耕索的拉力是一對(duì)相互作用力，它們大小相等，方向相反，無(wú)論是加速還是勻速，則CD錯(cuò)誤。故選B。5．（2025·廣東·高考真題）如圖所示，無(wú)人機(jī)在空中作業(yè)時(shí)，受到一個(gè)方向不變、大小隨時(shí)間變化的拉力。無(wú)人機(jī)經(jīng)飛控系統(tǒng)實(shí)時(shí)調(diào)控，在拉力、空氣作用力和重力作用下沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知拉力與水平面成30°角，其大小F隨時(shí)間t的變化關(guān)系為F=F0－kt（F≠0，F(xiàn)0、k均為大于0的常量），無(wú)人機(jī)的質(zhì)量為m，重力加速度為g。關(guān)于該無(wú)人機(jī)在0到T時(shí)間段內(nèi)（T是滿(mǎn)足F>0的任一時(shí)刻），下列說(shuō)法正確的有（

）A．受到空氣作用力的方向會(huì)變化B．受到拉力的沖量大小為C．受到重力和拉力的合力的沖量大小為D．T時(shí)刻受到空氣作用力的大小為【答案】AB【詳析】AD．無(wú)人機(jī)經(jīng)飛控系統(tǒng)實(shí)時(shí)調(diào)控，在拉力、空氣作用力和重力作用下沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則無(wú)人機(jī)受到空氣作用力與重力和拉力的合力等大反向，隨著F的減小重力和拉力的合力如圖可知無(wú)人機(jī)受到空氣作用力的大小和方向均會(huì)改變，在T時(shí)刻有，F(xiàn)=F0－kT解得故A正確、D錯(cuò)誤；B．由于拉力F隨時(shí)間t均勻變化，則無(wú)人機(jī)在0到T時(shí)間段內(nèi)受到拉力的沖量大小為F—t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積為，故B正確；C．將拉力分解為水平和豎直方向，則無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在水平方向有無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在豎直方向有0到T時(shí)間段內(nèi)無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在水平方向的沖量為0到T時(shí)間段內(nèi)無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在豎直方向的沖量為則0到T時(shí)間段內(nèi)無(wú)人機(jī)受到重力和拉力的合力的沖量大小為故C錯(cuò)誤。故選AB?？键c(diǎn)02牛頓運(yùn)動(dòng)定律6．（2025·廣東·高考真題）如圖所示，光滑水平面上，小球M、N分別在水平恒力和作用下，由靜止開(kāi)始沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)在時(shí)刻發(fā)生正碰后各自反向運(yùn)動(dòng)。已知和始終大小相等，方向相反。從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到碰撞后第1次速度減為0的過(guò)程中，兩小球速度v隨時(shí)間t變化的圖像，可能正確的是（

）A． B．C． D．【答案】A【詳析】根據(jù)牛頓第二定律兩物體受外力F大小相等，由圖像的斜率等于加速度可知M、N的加速度大小之比為4:6=2:3，可知M、N的質(zhì)量之比為6:4=3:2；設(shè)分別為3m和2m；由圖像可設(shè)MN碰前的速度分別為4v和6v，則因MN系統(tǒng)受合外力為零，向右為正方向，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則由動(dòng)量守恒定律若系統(tǒng)為彈性碰撞在，則能量關(guān)系可知解得、因M、N的加速度大小之比仍為2：3，則停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:1，即兩物體一起停止，則BD是錯(cuò)誤的；若不是彈性碰撞，則可知碰后速度大小之比為若假設(shè)v1=2v，則v2=3v，此時(shí)滿(mǎn)足則假設(shè)成立，因M、N的加速度大小之比仍為2：3，則停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:1，對(duì)M來(lái)說(shuō)碰撞前后的速度之比為4v:2v=2:1可知碰撞前后運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為2:1，可知A正確，C錯(cuò)誤。故選A。7．（2024·廣東·高考真題）如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定。木塊從彈簧正上方H高度處由靜止釋放。以木塊釋放點(diǎn)為原點(diǎn)，取豎直向下為正方向。木塊的位移為y。所受合外力為F，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t。忽略空氣阻力，彈簧在彈性限度內(nèi)。關(guān)于木塊從釋放到第一次回到原點(diǎn)的過(guò)程中。其圖像或圖像可能正確的是（）A． B．C． D．【答案】B【詳析】AB．在木塊下落高度之前，木塊所受合外力為木塊的重力保持不變，即當(dāng)木塊接觸彈簧后，彈簧彈力向上，則木塊的合力到合力為零前，隨著增大減小；當(dāng)彈簧彈力大于木塊的重力后到最低點(diǎn),之后，木塊開(kāi)始反彈，過(guò)程中木塊所受合外力向上，隨著減小增大，反彈過(guò)程，隨著y減小，圖像向x軸負(fù)方向原路返回，故A錯(cuò)誤、B正確；CD．在木塊下落高度之前，木塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度逐漸增大，圖像斜率逐漸增大，當(dāng)木塊接觸彈簧后到合力為零前，根據(jù)牛頓第二定律木塊的速度繼續(xù)增大，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以圖像斜率繼續(xù)增大，當(dāng)彈簧彈力大于木塊的重力后到最低點(diǎn)過(guò)程中木塊所受合外力向上，木塊做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，所以圖斜率減小，到達(dá)最低點(diǎn)后，木塊向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)以上分析可知，木塊先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速直線運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，而C圖中H點(diǎn)過(guò)后速度就開(kāi)始逐漸減小，實(shí)際速度還應(yīng)該增大，直到平衡位置速度到達(dá)最大，然后速度逐漸減為零；D圖前半段速度不變，不符合題意，正確示意圖如下故CD錯(cuò)誤。故選B。8．（2022·廣東·高考真題）圖是滑雪道的示意圖?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)員從斜坡上的M點(diǎn)由靜止自由滑下，經(jīng)過(guò)水平NP段后飛入空中，在Q點(diǎn)落地。不計(jì)運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)N點(diǎn)的機(jī)械能損失，不計(jì)摩擦力和空氣阻力。下列能表示該過(guò)程運(yùn)動(dòng)員速度大小v或加速度大小a隨時(shí)間t變化的圖像是（）A． B．C． D．【答案】C【詳析】設(shè)斜坡傾角為，運(yùn)動(dòng)員在斜坡MN段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得運(yùn)動(dòng)員在水平段做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度運(yùn)動(dòng)員從點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度設(shè)在點(diǎn)的速度為，則從點(diǎn)飛出后速度大小的表達(dá)式為由分析可知從點(diǎn)飛出后速度大小與時(shí)間的圖像不可能為直線，且C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。9．（2024·廣東·高考真題）汽車(chē)的安全帶和安全氣囊是有效保護(hù)乘客的裝置。（1）安全帶能通過(guò)感應(yīng)車(chē)的加速度自動(dòng)鎖定，其原理的簡(jiǎn)化模型如圖甲所示。在水平路面上剎車(chē)的過(guò)程中，敏感球由于慣性沿底座斜面上滑直到與車(chē)達(dá)到共同的加速度a，同時(shí)頂起敏感臂，使之處于水平狀態(tài)，并卡住卷軸外齒輪，鎖定安全帶。此時(shí)敏感臂對(duì)敏感球的壓力大小為，敏感球的質(zhì)量為m，重力加速度為g。忽略敏感球受到的摩擦力。求斜面傾角的正切值。（2）如圖乙所示，在安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從離氣囊表面高度為H處做自由落體運(yùn)動(dòng)。與正下方的氣囊發(fā)生碰撞。以頭錘到氣囊表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力F隨時(shí)間t的變化規(guī)律，可近似用圖丙所示的圖像描述。已知頭錘質(zhì)量，重力加速度大小取。求：①碰撞過(guò)程中F的沖量大小和方向；②碰撞結(jié)束后頭錘上升的最大高度?！敬鸢浮浚?）；（2）①330N?s，方向豎直向上；②0.2m【詳析】（1）敏感球受向下的重力mg和敏感臂向下的壓力FN以及斜面的支持力N，則由牛頓第二定律可知解得（2）①由圖像可知碰撞過(guò)程中F的沖量大小方向豎直向上；②頭錘落到氣囊上時(shí)的速度與氣囊作用過(guò)程由動(dòng)量定理（向上為正方向）解得v=2m/s則上升的最大高度10．（2021·廣東·高考真題）算盤(pán)是我國(guó)古老的計(jì)算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤(pán)的固定導(dǎo)桿上滑動(dòng)，使用前算珠需要?dú)w零，如圖所示，水平放置的算盤(pán)中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框b，甲、乙相隔，乙與邊框a相隔，算珠與導(dǎo)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)?，F(xiàn)用手指將甲以的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為，方向不變，碰撞時(shí)間極短且不計(jì)，重力加速度g取。（1）通過(guò)計(jì)算，判斷乙算珠能否滑動(dòng)到邊框a；（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間。【答案】（1）能；（2）0.2s【詳析】（1）由牛頓第二定律可得，甲乙滑動(dòng)時(shí)均有則甲乙滑動(dòng)時(shí)的加速度大小均為甲與乙碰前的速度v1，則解得v1=0.3m/s甲乙碰撞時(shí)由動(dòng)量守恒定律解得碰后乙的速度v3=0.2m/s然后乙做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為零時(shí)則可知乙恰好能滑到邊框a；（2）甲與乙碰前運(yùn)動(dòng)的時(shí)間碰后甲運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則甲運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為一、單選題1．（2025·廣東·三模）如圖所示，一只質(zhì)量為的蜜蜂沿傾角為的固定幕墻內(nèi)的水平直線勻速向右爬行。重力加速度大小為。關(guān)于蜜蜂所受摩擦力的大小與方向，下列說(shuō)法正確的是（）A．大小為 B．大小為C．方向水平向左 D．方向水平向右【答案】A【詳析】蜜蜂受到重力、幕墻對(duì)它的支持力以及幕墻對(duì)它的摩擦力，根據(jù)物體的平衡條件可知，蜜蜂所受的摩擦力大小為，方向垂直水平直線沿幕墻向上。故選A。2．（2025·廣東·模擬預(yù)測(cè)）質(zhì)量分布均勻、厚度相等的三角薄板，用一根細(xì)繩將其懸掛在空中。為使三角薄板在空中保持水平，細(xì)繩應(yīng)該系在三角薄板上的（）A．甲圖中過(guò)點(diǎn)的的垂線與過(guò)的點(diǎn)的垂線的交點(diǎn)B．乙圖中點(diǎn)與的中點(diǎn)連線和點(diǎn)與的中點(diǎn)連線的交點(diǎn)C．丙圖中的角平分線與的角平分線的交點(diǎn)D．丁圖中的中垂線與的中垂線的交點(diǎn)【答案】B【詳析】細(xì)繩系在三角薄板重心位置時(shí)，可使其在空中保持水平，質(zhì)量分布均勻的三角薄板重心在其幾何中心處，即乙圖中點(diǎn)與的中點(diǎn)連線和點(diǎn)與的中點(diǎn)連線的交點(diǎn)。故選B。3．（2025·廣東茂名·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，一重力為的燈籠用輕質(zhì)細(xì)繩懸掛在屋檐下方，在水平風(fēng)力的作用下，細(xì)繩偏離豎直方向角后保持靜止。不考慮燈籠受到的空氣浮力，下列說(shuō)法正確的是（）A．燈籠所受細(xì)繩的拉力是由于燈籠發(fā)生微小形變產(chǎn)生的B．水平風(fēng)力可能大于細(xì)繩的拉力C．水平風(fēng)力不可能大于重力D．若水平風(fēng)力增大，細(xì)繩的拉力一定增大【答案】D【詳析】A．燈籠所受細(xì)繩的拉力是由于細(xì)繩發(fā)生微小形變產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；BC．對(duì)燈籠受力分析如圖所示可知水平分力小于細(xì)繩的拉力，水平分力可能大于重力，故BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知當(dāng)水平分力增大時(shí)，細(xì)繩的拉力一定增大，故D正確。故選D。4．（2025·廣東珠?！つM預(yù)測(cè)）如圖所示，光滑豎直墻壁和光滑水平地面之間，在水平推力F作用下，兩個(gè)通過(guò)輕彈簧連接的小球處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)且不會(huì)彎曲。改變推力F，水平面上小球向左移動(dòng)小段距離后靜止，則（）A．推力F變大B．彈簧長(zhǎng)度變長(zhǎng)C．墻壁對(duì)小球的彈力變大D．水平面對(duì)小球的支持力變大【答案】B【詳析】BC．設(shè)彈簧與豎直方向的夾角為α，改變推力F，水平面上小球向左移動(dòng)小段距離后靜止，則α減小，以豎直墻壁的小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由分析受力情況，根據(jù)平衡條件得α減小，cosα增大，則F彈減小，彈簧變長(zhǎng)；墻壁對(duì)小球的彈力N=mgtanαα減小，N減小，故C錯(cuò)誤，B正確；A．對(duì)整體研究：水平方向F=N，則作用力F將減小，故A錯(cuò)誤；D．對(duì)系統(tǒng)進(jìn)行受力分析，在豎直方向：水平面對(duì)小球的支持力FN=（m1+m2）g不變，故D錯(cuò)誤；故選B。5．（2025·廣東·一模）如圖所示，一高考倒計(jì)時(shí)牌通過(guò)一根輕繩懸掛在掛鉤上。掛上后發(fā)現(xiàn)倒計(jì)時(shí)牌是傾斜的，已知，計(jì)時(shí)牌的重力大小為。不計(jì)一切摩擦，則下列說(shuō)法正確的是（）A．如圖位置平衡時(shí)，繩的拉力大于繩的拉力B．如圖位置平衡時(shí)，繩與豎直方向的夾角大于繩與豎直方向的夾角C．如圖位置平衡時(shí)，繩的拉力大小為D．將計(jì)時(shí)牌掛正，平衡時(shí)繩的拉力小于計(jì)時(shí)牌傾斜時(shí)繩的拉力【答案】C【詳析】ABC．一根輕繩懸掛在定滑輪上，不計(jì)一切摩擦，則繩上張力大小處處相等，設(shè)繩上張力大小為T(mén)。高考倒計(jì)時(shí)牌受重力、繩OA、OB對(duì)它的拉力T，共三個(gè)力的作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，則三個(gè)力的延長(zhǎng)線（或反向延長(zhǎng)線）必交于一點(diǎn)O。將繩OA、OB上的拉力T延長(zhǎng)，則兩力的合力必與重力等大反向，繩子拉力與豎直方向的夾角均為45°，如圖所示由直角三角形幾何關(guān)系可得解得故AB錯(cuò)誤，C正確；D．將計(jì)時(shí)牌掛正，由幾何知識(shí)可知兩繩間的夾角增大，兩繩合力不變，繩子拉力增大，故D錯(cuò)誤。故選C。6．（2025·廣東·三模）彈射座椅是飛行員的“救命神器”，當(dāng)飛機(jī)遇險(xiǎn)時(shí)，座椅下的動(dòng)力裝置將座椅和飛行員一起彈射出機(jī)艙，然后座椅配置的降落傘張開(kāi)，使飛行員安全降落。若某飛機(jī)意外故障豎直下墜，彈射座椅緊急彈出，彈射座椅彈出時(shí)的加速度大小為、方向水平，重力加速度大小為，則當(dāng)彈射座椅彈出時(shí)。彈射座椅對(duì)飛行員的作用力大小與飛行員所受重力大小的比值為（）A． B．C． D．【答案】C【詳析】設(shè)飛行員的質(zhì)量為，當(dāng)彈射座椅彈出時(shí)，座椅對(duì)飛行員的作用力大小為，由牛頓第二定律有解得可得，C正確。故選C。7．（2025·廣東惠州·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示為機(jī)械手用兩根“手指”抓取籃球的簡(jiǎn)化示意圖。抓取點(diǎn)對(duì)稱(chēng)分布在球心上方的同一水平面內(nèi)，籃球的重力大小為，兩根“手指”對(duì)籃球的合力為，每根“手指”對(duì)籃球的摩擦力為，則在向上加速提起籃球的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A． B．籃球處于失重狀態(tài)C．每根“手指”對(duì)籃球的摩擦力 D．每根“手指”對(duì)籃球的摩擦力做負(fù)功【答案】A【詳析】A．對(duì)球受力分析可知可知選項(xiàng)A正確；B．籃球加速上升，處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．對(duì)球受力分析如圖，因即可得選項(xiàng)C錯(cuò)誤。D．每根“手指”對(duì)籃球的摩擦力方向沿著籃球的切線方向，可知該力與向上的速度方向夾角為銳角，可知該摩擦力對(duì)籃球做正功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。8．（2025·廣東·二模）如圖所示，站在地面不動(dòng)的工人利用滑輪組將貨物緩慢提起。提起過(guò)程中，工人拉繩的方向不變，動(dòng)滑輪兩側(cè)的繩子不平行，不計(jì)滑輪摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（）A．工人受到的重力和支持力是一對(duì)作用力與反作用力B．工人對(duì)繩子的拉力和繩子對(duì)工人的拉力是一對(duì)平衡力C．貨物緩慢拉起過(guò)程中，繩子對(duì)動(dòng)滑輪的作用力不變D．貨物緩慢拉起過(guò)程中，地面對(duì)工人的支持力變大【答案】C【詳析】A．工人受到的重力和支持力的受力物體都是工人，這兩個(gè)力不是一對(duì)作用力與反作用力，故A錯(cuò)誤；B．工人對(duì)繩子的拉力和繩子對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力，故B錯(cuò)誤；C．貨物緩慢拉起過(guò)程中，繩子的拉力在豎直方向的分力為貨物重力的一半，繩子對(duì)動(dòng)滑輪的作用力方向豎直向上，大小等于貨物的重力，故C正確；D．貨物緩慢拉起過(guò)程中，對(duì)貨物受力分析，貨物受重力G1、兩根繩子的拉力F，設(shè)兩繩間夾角為，如圖則解得對(duì)工人受力分析，受重力G2、支持力FN、繩子拉力F、摩擦力f，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為，如圖，則地面對(duì)工人的支持力貨物緩慢拉起過(guò)程中，逐漸變大，變小，又不變，則變小，即地面對(duì)工人的支持力變小，故D錯(cuò)誤。故選C。9．（2025·廣東河源·模擬預(yù)測(cè)）“文化需傳承，飄色鬧元宵”。2025年元宵節(jié)期間，廣東湛江吳川地區(qū)舉行飄色大巡游活動(dòng)，如圖所示。圖為“飄色”道具的結(jié)構(gòu)示意圖，道具由色臺(tái)和色梗組成，色臺(tái)固定在色梗上。演員坐在色臺(tái)上，與道具一起向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．此過(guò)程道具對(duì)演員的作用力大于演員所受的重力B．此過(guò)程道具對(duì)演員的作用力與演員所受的重力大小相等C．當(dāng)巡游車(chē)做減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，架子對(duì)孩童的作用力豎直向上D．當(dāng)巡游車(chē)做減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，架子對(duì)孩童的作用力水平向后【答案】B【詳析】AB．演員坐在色臺(tái)上，與道具一起向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件知此過(guò)程道具對(duì)演員的作用力與演員所受的重力大小相等，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)巡游車(chē)做減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，孩童所受的合力的作用力水平向后，孩童受重力和架子對(duì)孩童的作用力，根據(jù)矢量定則知，架子對(duì)孩童的作用力傾斜向后上方，故CD錯(cuò)誤。故選B。二、多選題10．（2025·廣東廣州·一模）當(dāng)人們的車(chē)輛出現(xiàn)故障而不能移動(dòng)時(shí)，常常呼叫路政來(lái)幫忙，如圖為華華呼叫路政幫忙拉車(chē)的模型示意圖，華華則在車(chē)上保持相對(duì)靜止并且一起做勻速運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)為恒力，下列說(shuō)法不正確的是（）A．此時(shí)華華受到2個(gè)力的作用，車(chē)受到4個(gè)力的作用B．因?yàn)槲矬w的運(yùn)動(dòng)不需要力而來(lái)維持，所以撤去恒力F后車(chē)還會(huì)一直運(yùn)動(dòng)C．若華華馬上蹲下，則車(chē)先減速后加速，最后勻速D．若華華馬上起立，則車(chē)先減速后加速，最后勻速【答案】ABC【詳析】A．人在車(chē)上保持相對(duì)靜止并且一起做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)人受到重力和支持力2個(gè)力的作用，車(chē)受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力、人的壓力和拉力5個(gè)力的作用，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)受力分析可知，車(chē)受地面的摩擦力作用，撤去恒力F后車(chē)會(huì)減速運(yùn)動(dòng)最后停止，B錯(cuò)誤；C．若人馬上蹲下，先失重后超重，根據(jù)可知人對(duì)車(chē)的壓力先小于自身重力后大于自身重力，最后等于自身重力，故地面的摩擦力先減小后增大，根據(jù)牛頓第二定律可知車(chē)先加速后減速，最后勻速，C錯(cuò)誤；D．若人馬上起立，先超重后失重，根據(jù)可知人對(duì)車(chē)的壓力先大于自身重力后小于自身重力，最后等于自身重力，故地面的摩擦力先增大后減小，則車(chē)先減速后加速，最后勻速，D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選ABC。11．（2025·廣東廣州·一模）如圖為一承重裝置，兩個(gè)相同的鉸支座分別與地面和托盤(pán)固定，用四根相同的輕桿鉸接。已知輕桿長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，鉸接處a、b間距與輕彈簧原長(zhǎng)相等，彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧軸線與輕桿夾角為θ。在托盤(pán)上放置重物，平衡時(shí)θ=45°?，F(xiàn)用外力控制重物緩慢下移直至θ=30°。彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計(jì)鉸支座質(zhì)量，不計(jì)摩擦阻力，則（）A．θ=45°時(shí)彈簧彈力大小為B．θ=45°時(shí)輕桿彈力大小為C．托盤(pán)和重物的總重力大小為kLD．從θ=45°到θ=30°過(guò)程中重物下降高度為【答案】AD【詳析】A．根據(jù)題意，鉸接處a、b間距與輕彈簧原長(zhǎng)相等，當(dāng)θ=45°時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為彈簧彈力大小為聯(lián)立解得故A正確；BC．當(dāng)θ=45°時(shí)，對(duì)托盤(pán)和重物整體進(jìn)行受力分析，在豎直方向上，由平衡條件有對(duì)彈簧與輕桿連接點(diǎn)進(jìn)行受力分析，水平方向聯(lián)立解得，故BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)幾何知識(shí)，當(dāng)θ=45°時(shí)，托盤(pán)離地面的高度為當(dāng)θ=30°時(shí)，托盤(pán)離地面的高度為則重物下降高度為故D正確。故選AD。12．（2025·廣東湛江·二模）風(fēng)洞是航空測(cè)試重要的技術(shù)。一口徑很大的水平風(fēng)洞截面圖如圖所示，保持各處風(fēng)力為恒定數(shù)值且方向水平向右；一只關(guān)閉動(dòng)力的飛行器在風(fēng)洞中可以從P點(diǎn)沿直線a運(yùn)動(dòng)或沿拋物線b運(yùn)動(dòng)，忽略阻力對(duì)飛行器的影響，以下分析正確的是（）A．飛行器沿直線a做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．飛行器沿直線a運(yùn)動(dòng)時(shí)其重力與風(fēng)力的合力不一定沿直線aC．飛行器從P點(diǎn)沿拋物線b運(yùn)動(dòng)到與P點(diǎn)等高時(shí)，拋物線最高點(diǎn)為該過(guò)程中間時(shí)刻D．飛行器從P點(diǎn)沿拋物線b運(yùn)動(dòng)到與P點(diǎn)等高的過(guò)程中動(dòng)能增加量等于風(fēng)力做的功【答案】CD【詳析】AB．風(fēng)力方向水平向右，則重力與風(fēng)力合力方向斜向右下方，飛行器沿a做直線運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明飛行器受到重力與風(fēng)力的合力沿直線a斜向右下方，與飛行器速度的方向相反，故飛行器做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C．飛行器沿拋物線b運(yùn)動(dòng)，由于在豎直方向上只受重力，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，向上達(dá)到最高點(diǎn)與從最高點(diǎn)落回等高處時(shí)所用時(shí)間相等，故C正確；D．飛行器沿拋物線b回到等高點(diǎn)處重力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，動(dòng)能增加量等于風(fēng)力所做的功，故D正確。故選CD。13．（2025·廣東深圳·一模）如圖所示，摩天輪是游樂(lè)園中常見(jiàn)的大型游樂(lè)設(shè)施之一。乘客在摩天輪的水平座椅上，均在豎直面內(nèi)做半徑相同的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，、、、分別是圓周的最低點(diǎn)，最高點(diǎn)，最左端的點(diǎn)，最右端的點(diǎn)，當(dāng)摩天輪順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，關(guān)于某位乘客從到的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（不包含、兩點(diǎn)），下列說(shuō)法正確的有（）A．該乘客的加速度不變 B．該乘客受到的摩擦力方向不變C．該乘客對(duì)座椅的壓力一直增大 D．該乘客一直處于失重狀態(tài)【答案】BC【詳析】A．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，加速度大?。╲是線速度，r是半徑）可知大小不變，但加速度方向始終指向圓心。在從B到A的過(guò)程中，加速度方向一直在變，故A錯(cuò)誤；B．乘客從到的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（不包含、兩點(diǎn)），乘客的加速度始終具有向左的水平分量，該分量由摩擦力提供，故乘客從到的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，摩擦力方向始終向左未變，故B正確；C．設(shè)乘客與圓心連線和豎直方向夾角為θ，在豎直方向上，在B到D過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律在B到D過(guò)程中，θ從0逐漸增大到，則減小，則乘客受到的支持力變大，在D到A過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律在D到A過(guò)程中，θ從逐漸增大到，則為負(fù)值，則θ從逐漸增大到，的絕對(duì)值在變大，故乘客受到的支持力變大，根據(jù)牛頓第三定律，乘客對(duì)座椅的壓力與座椅對(duì)乘客的支持力是一對(duì)相互作用力，大小相等，所以乘客對(duì)座椅的壓力一直增大，故C正確；D．失重狀態(tài)是指物體具有向下的加速度，在從B到A過(guò)程中，在豎直方向上乘客具有的加速度方向先向下后向上，故乘客先失重后超重，故D錯(cuò)誤。故選BC。14．（2025·廣東茂名·一模）如圖所示，質(zhì)量為M的滑塊A出靜止開(kāi)始從傾角為的固定斜面上滑下，下滑時(shí)間后與另一個(gè)質(zhì)量同為M的靜止拴在輕質(zhì)彈簧上端的滑塊B發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），且碰撞后A、B黏在一起。已知A、B初始位置的豎直高度差為。以滑塊A出發(fā)點(diǎn)為原點(diǎn)，取沿斜面向下為正方向，滑塊A的位移為x，運(yùn)動(dòng)的速度為v，加速度為a，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，忽略空氣阻力、兩滑塊與斜面摩擦力，兩滑塊可看作質(zhì)點(diǎn)，彈簧在彈性限度內(nèi)。關(guān)于滑塊A從出發(fā)到運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，以下圖像可能正確的是（）A． B．C． D．【答案】BC【詳析】C．滑塊A從靜止開(kāi)始沿斜面下滑，在與滑塊B碰撞前，根據(jù)牛頓第二定律碰前B，根據(jù)平衡條件碰撞瞬間，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立解得然后A、B整體壓縮彈簧向下運(yùn)動(dòng)，先其中整理得隨位移線性減小到零，方向沿斜面向下，后反向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律其中為加速度為零之前的位移，隨位移反向線性增大，斜率不變，故C正確；AB．根據(jù)C項(xiàng)分析知，加速度先正向定值后從正向逐漸減小到零，做加速直線運(yùn)動(dòng)，再負(fù)向逐漸增大，做減速直線運(yùn)動(dòng)到零，到達(dá)最低點(diǎn)，圖線中斜率表示加速度，故圖像先是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，碰撞瞬間根據(jù)動(dòng)量守恒知，速度發(fā)生突變（減?。?，后正向加速，速度增大到加速度為零時(shí)達(dá)最大，后減小到零，斜率逐漸增大，故A錯(cuò)誤，B正確；D．根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知?jiǎng)蚣铀匐A段圖線是一條傾斜的直線，之后都是變加速直線運(yùn)動(dòng)，圖線不再是直線，故D錯(cuò)誤。故選BC。15．（2025·廣東汕頭·一模）小釗同學(xué)站在連接計(jì)算機(jī)的壓力傳感器上完成下蹲、起立動(dòng)作，壓力傳感器示數(shù)隨時(shí)間變化的情況如圖所示，重力加速度取，下列說(shuō)法正確的是（）A．下蹲過(guò)程中，小釗加速度始終向下B．起立過(guò)程中，小釗先超重后失重C．內(nèi)小釗完成了兩組下蹲、起立動(dòng)作D．下蹲過(guò)程小釗的最大加速度約為【答案】BD【詳析】A．下蹲過(guò)程中，先加速下降，后減速下降，故加速度先向下，后向上，A錯(cuò)誤；B．起立過(guò)程中，先向上加速運(yùn)動(dòng)，后向上減速運(yùn)動(dòng)，故小釗先超重后失重，B正確；C．由圖可知，內(nèi)小釗完成了一組下蹲、起立動(dòng)作，C錯(cuò)誤；D．由圖可知，小釗的質(zhì)量為對(duì)傳感器的最小壓力為對(duì)小釗受力分析，結(jié)合牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得D正確。故選BD。16．（2025·廣東廣州·二模）物體A和B用輕繩相連掛在輕彈簧下靜止不動(dòng)，如圖（a）所示。A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為M，將連接A、B的繩燒斷后，A上升，經(jīng)過(guò)某一位置時(shí)的速度大小為v，這時(shí)B的下落速度大小為u，如圖（b）所示。重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A．在這段時(shí)間里，A的重力勢(shì)能增加量小于彈簧彈力對(duì)A做的功B．在這段時(shí)間里，彈簧彈力對(duì)A的沖量大小等于C．在這段時(shí)間里，彈簧彈力對(duì)A的沖量大小等于mvD．繩燒斷瞬間，A的加速度大小為【答案】AB【詳析】A．在這段時(shí)間里，彈簧彈力對(duì)A做的功等于A的重力勢(shì)能增加量和動(dòng)能增加量之和，A正確；BC．根據(jù)動(dòng)量定理，對(duì)物體A，則有對(duì)于物體B，則有聯(lián)立解得B正確，C錯(cuò)誤；D．繩未燒斷時(shí)，整體受力分析可得燒斷繩瞬間，彈簧的彈力不變，對(duì)A受力分析，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得D錯(cuò)誤。故選AB。三、解答題17．（2025·廣東·二模）如圖所示，在質(zhì)量為的物塊甲上系著兩條細(xì)繩，其中長(zhǎng)的細(xì)繩另一端連著輕質(zhì)圓環(huán)，圓環(huán)套在水平棒上可以滑動(dòng)，圓環(huán)與棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)。另一細(xì)繩跨過(guò)光滑定滑輪與重力為的物塊乙相連，定滑輪固定在距離圓環(huán)的地方，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，與棒的夾角為，兩繩夾角為。當(dāng)時(shí)，圓環(huán)恰好開(kāi)始滑動(dòng)。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，，，。求：(1)繩與棒間的夾角；(2)物塊甲的質(zhì)量?！敬鸢浮?1)53° (2)【詳析】（1）當(dāng)圓環(huán)恰好要開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)，設(shè)此時(shí)水平棒對(duì)圓環(huán)的支持力大小為，細(xì)繩對(duì)圓環(huán)的拉力大小為，對(duì)圓環(huán)受力分析，如圖甲所示甲根據(jù)平衡條件有聯(lián)立解得即（2）由題意，根據(jù)幾何關(guān)系可知，按如圖乙所示，對(duì)物塊甲受力分析，根據(jù)平衡條件有乙解得18．（2025·廣東汕頭·一模）在登陸某行星的過(guò)程中，探測(cè)器在接近行星表面時(shí)打開(kāi)降落傘，速度從降至后開(kāi)始勻速下落。此時(shí)啟動(dòng)“背罩分離”，探測(cè)器與降落傘斷開(kāi)連接，后推力為