高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024—2025學(xué)年高二下學(xué)期第一次月考物理本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上。2、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列有關(guān)電磁感應(yīng)定律的說法正確的是（）A.電路中有感應(yīng)電流，不一定有電動(dòng)勢(shì)B.電路中沒有感應(yīng)電流，就一定沒有電動(dòng)勢(shì)C.法拉第、紐曼、韋伯對(duì)電磁感應(yīng)定律都作出了巨大貢獻(xiàn)D.磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越小【答案】C【解析】A．電路中有感應(yīng)電流，一定有電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電源，如果電路不閉合就沒有沒有感應(yīng)電流，有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，紐曼、韋伯總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律，他對(duì)電磁感應(yīng)定律都作出了巨大貢獻(xiàn)，故C正確；D．根據(jù)可知磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故D錯(cuò)誤。故選C。2.“西電東送”采用高壓輸電，在保持輸送功率及輸電線路電阻不變的情況下，將輸送電壓提高到原來的5倍，則輸電線路中電阻損耗的功率將減少到原來的（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)P=UI可得則輸電線路中電阻損耗的功率輸送電壓提高到原來的5倍，則輸電線路中電阻損耗的功率變?yōu)樵瓉淼?。故選A。3.一根長(zhǎng)的導(dǎo)線中通有的電流，當(dāng)其處于的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力不可能是（）A.0 B.1N C. D.【答案】C【解析】當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力最大，則有則安培力大小應(yīng)滿足故選C。4.如圖所示，這是清洗汽車用的高壓水槍。設(shè)水槍出水口的直徑為D，水流以速度v從槍口噴出，近距離垂直噴射到車身。所有噴到車身的水流，約有向四周濺散開，濺起時(shí)垂直車身向外的速度為，其余的水流撞擊車身后無反彈地順著車流下，由于水流與車身的作用時(shí)間較短，因此在分析水流對(duì)車身的作用力時(shí)可忽略水流所受的重力。已知水的密度為，水流對(duì)車身的平均沖擊力大小為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】取Δt時(shí)間內(nèi)的水流為研究對(duì)象，則該時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量，利用動(dòng)量定理列方程得解得故選D。5.如圖所示，L是自感系數(shù)很大的線圈，但其自身的電阻幾乎為零。A和B是兩個(gè)相同的小燈泡。下列說法正確的是（）A.開關(guān)S由斷開變?yōu)殚]合，A燈泡先亮，B燈泡后亮B.開關(guān)S由斷開變?yōu)殚]合，A、B兩燈泡同時(shí)亮，然后B燈泡逐漸熄滅C.開關(guān)S由閉合變?yōu)閿嚅_，A燈泡逐漸熄滅，B燈泡立即熄滅D.開關(guān)S由閉合變斷開，A、B兩燈泡同時(shí)熄滅【答案】B【解析】AD．剛閉合S時(shí)，電源的電壓同時(shí)加到兩燈泡上，A、B兩燈泡同時(shí)亮，由于線圈自感作用，線圈中的電流由0逐漸增大到穩(wěn)定值，穩(wěn)定后，線圈相當(dāng)于一根導(dǎo)線，發(fā)生短路，此時(shí)B燈熄滅，故B燈亮后逐漸熄滅，發(fā)生短路后，外電路的總電阻減小，則總電流增大，A燈泡更亮，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．B燈泡與線圈構(gòu)成閉合回路，所以穩(wěn)定后再斷開開關(guān)S，由于線圈自感作用，B燈泡由不亮變亮再逐漸熄滅，A燈泡立即熄滅，故CD錯(cuò)誤。故選B。6.如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端連接一輕質(zhì)薄板。時(shí)刻，一質(zhì)量為的物塊從彈簧正上方某處由靜止下落，落至薄板上后和薄板始終粘連，物塊的位置隨時(shí)間變化的圖像（圖像）如圖乙所示，其中s時(shí)物塊剛接觸薄板。彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為，空氣阻力不計(jì)，則下列說法正確的是（）A.當(dāng)物塊開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)后，振動(dòng)的周期為0.8sB.s時(shí)物塊的加速度大小為C.在0.2s~0.4s時(shí)間內(nèi)，物塊的加速度先變大再變小D.若增大物塊自由下落的高度，則物塊與薄板粘連后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期減小【答案】B【解析】A．由圖可知從B點(diǎn)到C點(diǎn)的時(shí)間為半個(gè)周期解得周期故A錯(cuò)誤；B．由題中圖像結(jié)合胡克定律可知在B點(diǎn)時(shí)有解得故B正確；C．由題中圖像可知在時(shí)間內(nèi)，物塊的加速度先向下減小到0，再反向增大到，故C錯(cuò)誤；D．物塊下降高度增大，只是增大振幅，不會(huì)改變周期，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，空間存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一粒子發(fā)射源P位于足夠大絕緣平板MN的上方距離為d處，在紙面內(nèi)向各個(gè)方向均勻發(fā)射速率均為v的同種帶負(fù)電粒子，不考慮粒子間的相互作用和粒子所受的重力，已知粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大小為，則下列說法正確的是（）A.若改變粒子的電性，則到達(dá)板上的粒子位置不變B.粒子能打在板上離P點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為2dC.粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到板上的最長(zhǎng)時(shí)間D.粒子能打在板上的區(qū)域長(zhǎng)度為【答案】C【解析】B．如圖所示，圓O1與平板MN相切于A點(diǎn)，圓O2于平板MN相交于B點(diǎn)，PB為直徑，圓O3與平板MN相切于C點(diǎn)，A、C兩點(diǎn)為粒子恰好能打到平板上的臨界點(diǎn)，B為粒子能打到的距離P點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)，BC為粒子能打到平板的范圍；粒子能打在板上離P點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為故B錯(cuò)誤；A．改變粒子電性，粒子能打到的范圍長(zhǎng)度不變，但位置發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；C．粒子打到平板所用時(shí)間最長(zhǎng)的粒子其初速度為v1，設(shè)v1與豎直方向夾角為，由幾何關(guān)系得解得=30°所以打到A點(diǎn)的粒子速度偏轉(zhuǎn)角為240°，所以最長(zhǎng)時(shí)間為故C正確；D．BC為粒子能打到平板上的范圍，由幾何關(guān)系可得故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.某LC振蕩電路如圖甲所示，圖乙描繪的是流過電路中M點(diǎn)的電流隨時(shí)間變化規(guī)律的圖像，假設(shè)回路中電流以順時(shí)針方向?yàn)檎较颍瑒t下列說法正確的是（）A.在第1s末到第2s末的過程中，電容器正在充電B.在第1s末到第2s末的過程中，電容器的下極板帶正電C.在第2s末到第3s末的過程中，M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)高D.在第2s末到第3s末的過程中，電路中的電場(chǎng)能正在逐漸增大【答案】AB【解析】AB．在第1s末到第2s末的過程中，振蕩電流是充電電流，充電電流是由上極板流向下極板，則下極板帶正電，AB正確；CD．在第2s末到第3s末的過程中，振蕩電流是放電電流，電場(chǎng)能正在減小，磁場(chǎng)能正在增大，放電電流是由下極板流向上極板，由于電流為負(fù)值，所以由N點(diǎn)流向M點(diǎn)，則N點(diǎn)的電勢(shì)高，CD錯(cuò)誤。故選AB。9.如圖所示，輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)下懸掛的圓形線圈中通有順時(shí)針方向的電流I。，線圈的正下方固定有一根足夠長(zhǎng)的直導(dǎo)線a，線圈靜止時(shí)導(dǎo)線a垂直于線圈平面，現(xiàn)在導(dǎo)線a中通有垂直紙面向外的較大電流，則下列判斷正確的是（）A.線圈左右擺動(dòng)B.線圈仍靜止不動(dòng)C.從上往下看，線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)D.彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)增大【答案】CD【解析】ABC．根據(jù)安培定則可知，環(huán)形電流內(nèi)部磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，則圓形線圈相當(dāng)于N極指向紙面內(nèi)的小磁針。導(dǎo)線a中通入電流時(shí)，由安培定則可判斷出，導(dǎo)線a中電流在線圈處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向左，因小磁針N極指向磁場(chǎng)方向，故從上向下看時(shí)，線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤，C正確。D．當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過90°時(shí)，根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥可知，線圈上半部分受到向上的力，線圈下半部分受到向下的力，由于下半部分距離導(dǎo)線a較近，以下半部分受到的安培力比較大，線圈整體受到向下的安培力，可知彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)一定增大，選項(xiàng)D正確。故選CD。10.如圖所示，半徑為R、質(zhì)量為m的半圓軌道小車靜止在光滑水平地面上，直徑AB水平。現(xiàn)將質(zhì)量為m的小球從A點(diǎn)正上方高處由靜止釋放，然后小球由A點(diǎn)經(jīng)過半圓軌道后從B點(diǎn)沖出，在空中能上升的最大高度為，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小球和小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.小車向左運(yùn)動(dòng)最大距離為RC.小球離開小車后做斜上拋運(yùn)動(dòng)，此過程小球?qū)π≤嚨臎_量為0D.小球第二次能上升的最大高度h滿足【答案】BD【解析】A．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但系統(tǒng)整體所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．由于系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得則解得小車的位移為故B正確；C．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，小球由A點(diǎn)離開小車時(shí)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為零，小球與小車水平方向速度為零，小球離開小車后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．小球第一次車中運(yùn)動(dòng)過程中，由能量守恒得解得即小球第一次在車中滾動(dòng)損失的機(jī)械能為mgh0，由于小球第二次在車中滾動(dòng)時(shí)，對(duì)應(yīng)位置處速度變小，因此小車對(duì)小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功小于mgh0，機(jī)械能損失小于mgh0，因此小球再次離開小車時(shí)，能上升的高度大于而小于，故D正確。故選BD。三、非選擇題：共54分。11.某種花卉喜光，但陽(yáng)光太強(qiáng)時(shí)易受損傷。某興趣小組決定制作簡(jiǎn)易光照強(qiáng)度報(bào)警器，以便在光照過強(qiáng)時(shí)提醒花農(nóng)。該報(bào)警器需要一種光敏電阻，已知光照越強(qiáng)，該光敏電阻阻值越小。該實(shí)驗(yàn)用到的主要器材如下：學(xué)生電源、多用電表、電壓表（量程為0~20V）、電流表（量程為0~20mA）、滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為50Ω，允許通過的最大電流為1.5A）、白熾燈、可調(diào)電阻（阻值為0~50kΩ）、二極管LED、光敏電阻Rc、開關(guān)和若干導(dǎo)線等。（1）判斷二極管的極性使用多用電表的“×10k”歐姆擋測(cè)量二極管的電阻。如圖甲所示，當(dāng)黑表筆與接線端M接觸、紅表筆與接線端N接觸時(shí)，多用電表指針位于圖乙所示的表盤的a位置，對(duì)調(diào)紅、黑表筆后指針位于圖乙所示的表盤的b位置，由此判斷M端為二極管的_________（填“正極”或“負(fù)極”）。（2）研究光敏電阻在不同光照條件下的伏安特性：①采用圖丙中的器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，部分實(shí)物連接已完成。要求閉合開關(guān)后電壓表和電流表的示數(shù)能從0開始。導(dǎo)線L?、L?和L?的另一端應(yīng)分別連接滑動(dòng)變阻器的_________、_________、_________接線柱。（以上三空均填接線柱標(biāo)號(hào)“A”“B”“C”或“D”）②圖丁為三種不同光照強(qiáng)度下得到的光敏電阻的伏安特性曲線，圖中曲線I、Ⅱ和Ⅲ中_________（填“I”或“Ⅱ”“Ⅲ”）對(duì)應(yīng)的光照最強(qiáng)?！敬鸢浮浚?）負(fù)極（2）AAD##CⅢ【解析】（1）使用多用電表時(shí)，通過多用電表的電流流向遵循“紅進(jìn)黑出”，使用多用電表的歐姆擋時(shí)，當(dāng)黑表筆與M端接觸、紅表筆與N端接觸時(shí)，若有電流，則二極管中電流方向?yàn)镸→N，而由題圖乙可知此時(shí)多用電表指針位于a位置，即此時(shí)二極管電阻無窮大，由二極管的單向?qū)щ娦钥芍?，此時(shí)二極管所接電壓為反向電壓，則M端為二極管的負(fù)極。（2）①[1][2][3]由于要求閉合開關(guān)后電壓表和電流表的讀數(shù)從0開始，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，L1、L2的另一端應(yīng)接A接線柱，L3另一端應(yīng)接C（或D）接線柱。②[4]根據(jù)歐姆定律可知，圖像上某點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)表示光敏電阻的阻值，由題圖可知，則曲線Ⅲ的斜率最大，電阻最小，由于光照增強(qiáng)時(shí)，光敏電阻的阻值減小，故Ⅲ對(duì)應(yīng)的光照最強(qiáng)。12.“祖沖之”研究小組探究楞次定律的實(shí)驗(yàn)。（1）除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外，還要用到一個(gè)電表，請(qǐng)從下列電表中選擇______。A.量程為0~3V的電壓表 B.量程為0~3A的電流表C.零刻度在中間的靈敏電流計(jì) D.量程為0~0.6A的電流表（2）該同學(xué)首先按圖甲所示的電路圖接線，用來查明電流表指針的______與______的關(guān)系，然后再按圖乙所示的電路圖將電流表與線圈E連成一個(gè)閉合回路。在圖甲中，當(dāng)閉合開關(guān)S時(shí)，觀察到電流表的指針向左偏（不通電時(shí)指針停在正中央）。（3）在圖乙中，磁鐵N極插入線圈E的過程中電流表的指針將______（填“向左”或“向右”）偏轉(zhuǎn)，當(dāng)磁鐵插入螺線管的速度越快，電表指針的偏角______（填“不變”“變大”或“變小”）?！敬鸢浮浚?）C（2）偏轉(zhuǎn)方向電流方向（3）向左變大【解析】（1）在探究楞次定律的實(shí)驗(yàn)中，除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外，為了觀察到明顯的現(xiàn)象，還需要一個(gè)零刻度在中間的靈敏電流計(jì)。（2）[1][2]用圖甲所示的電路圖，主要是查明電流流入電表方向與電表指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系。（3）[1]在上一步中分析甲圖可知，當(dāng)閉合開關(guān)S時(shí)，電流從電流表的右端流入電流表，觀察到電流表的指針向左偏；在圖乙中，磁鐵N極插入線圈E的過程中，通過線圈E的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，可知產(chǎn)生向上的感應(yīng)磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則可知，線圈E（從上往下看）產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流，即線圈E的下端為電源的正極，所以電流從電流表的右端流入電流表，故電流表的指針向左偏；[2]當(dāng)磁鐵插入螺線管的速度越快，通過線圈E的磁通量變化越快，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流也越大，則電表指針的偏角變大。13.如圖所示，足夠大的光滑水平桌面上，勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在桌面左端，另一端與小球A拴接，當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，小球A位于P點(diǎn)。將小球A用細(xì)線跨過光滑的定滑輪連接小球B，桌面上方的細(xì)線與桌面平行，此時(shí)小球A靜止于O點(diǎn)，A、B兩小球質(zhì)量均為M。現(xiàn)將小球A移至P點(diǎn)后由靜止釋放，當(dāng)小球A向右運(yùn)動(dòng)至速度為零時(shí)剪斷細(xì)線，此時(shí)小球B未接觸地面。已知彈簧振子的振動(dòng)周期（m為振子的質(zhì)量，k為彈簧的勁度系數(shù)），彈簧的彈性勢(shì)能為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），重力加速度大小為g，空氣阻力不計(jì)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。求：（1）小球A從P點(diǎn)由靜止釋放瞬間的加速度大小a；（2）剪斷細(xì)線前瞬間細(xì)線的張力大小F；（3）從剪斷細(xì)線開始計(jì)時(shí)，小球A第一次返回O點(diǎn)所用的時(shí)間t，及小球A到達(dá)O點(diǎn)的速度大小v?！敬鸢浮浚?）（2）（3），【解析】（1）小球A從P點(diǎn)由靜止釋放瞬間彈簧的彈力為零，小球A、B一起向右運(yùn)動(dòng)對(duì)小球A、B整體，由牛頓第二定律得Mg=2Ma解得（2）設(shè)小球A靜止于0點(diǎn)時(shí)，彈簧的形變量為x0則kx0=Mg小球A、B組成的系統(tǒng)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，振幅由對(duì)稱性可知，小球A向右運(yùn)動(dòng)至最遠(yuǎn)點(diǎn)時(shí)，對(duì)A有2kx0-F=Ma對(duì)小球B有F-Mg=Ma解得（3）細(xì)線斷裂后A球單獨(dú)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，其平衡位置為P點(diǎn)，振幅變?yōu)閯tA球單獨(dú)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振動(dòng)方程當(dāng)小球A第一次返回O點(diǎn)時(shí)，位移有解得小球A到O點(diǎn)過程中彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球A的動(dòng)能，有解得14.如圖所示，一光滑導(dǎo)軌水平放置，其左端連有電阻，長(zhǎng)度為、質(zhì)量為的直導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，受恒力作用由靜止開始運(yùn)動(dòng)，空間存在垂直平面向外、大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其余電阻不計(jì)，經(jīng)時(shí)間，導(dǎo)體棒的速度達(dá)到最大值，求該過程中：（1）導(dǎo)體棒的加速度最大值；（2）導(dǎo)體棒的速度最大值；（3）導(dǎo)體棒的位移大??；（4）電阻產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】（1）導(dǎo)體棒剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度最大，由牛頓第二定律得解得（2）當(dāng)安培力等于時(shí)，導(dǎo)體棒的速度最大，則有，，聯(lián)立解得（3）導(dǎo)體棒由靜止到最大速度過程，由動(dòng)量定理得又解得（4）導(dǎo)體棒由靜止到最大速度過程，由能量守恒定律得解得15.某同學(xué)受電動(dòng)窗簾的啟發(fā)，設(shè)計(jì)了如圖所示的簡(jiǎn)化模型，n個(gè)質(zhì)量均為m的滑塊剛開始均靜止且相鄰滑塊間距離均為d，最后一滑塊離端點(diǎn)距離也為d，滑塊碰到端點(diǎn)瞬間均靜止，開窗簾過程中，電機(jī)對(duì)滑塊1施加一個(gè)水平向右、大小為F的恒力，滑塊1與滑塊2碰撞，碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，后一起運(yùn)動(dòng)，類似的依次下去，不考慮阻力。（1）求滑塊1與滑塊2碰后瞬間的速度大??；（2）證明每次滑塊間碰撞損失的能量相等且求出其值Q；（3）求滑塊1運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間T?！敬鸢浮浚?）（2）見解析（3）【解析】（1）由動(dòng)能定理得滑塊1與滑塊2碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，后一起運(yùn)動(dòng)，可以看成完全非彈性碰撞，有解得（2）由動(dòng)能定理得總結(jié)規(guī)律可得出：第一次碰撞后總動(dòng)能第二次碰撞后總動(dòng)能第三次碰撞后總動(dòng)能第四次碰撞后總動(dòng)能第五次碰撞后總動(dòng)能第六次碰撞后總動(dòng)能可得第n-1次碰撞后總動(dòng)能則第p次碰撞后總動(dòng)能第p+1次碰撞后總動(dòng)能Q是定值且等于第一次碰撞損失的能量。（3）由牛頓第二定律得因?yàn)槁?lián)立解得同理可得，因?yàn)?，解得?024—2025學(xué)年高二下學(xué)期第一次月考物理本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上。2、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列有關(guān)電磁感應(yīng)定律的說法正確的是（）A.電路中有感應(yīng)電流，不一定有電動(dòng)勢(shì)B.電路中沒有感應(yīng)電流，就一定沒有電動(dòng)勢(shì)C.法拉第、紐曼、韋伯對(duì)電磁感應(yīng)定律都作出了巨大貢獻(xiàn)D.磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越小【答案】C【解析】A．電路中有感應(yīng)電流，一定有電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電源，如果電路不閉合就沒有沒有感應(yīng)電流，有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，紐曼、韋伯總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律，他對(duì)電磁感應(yīng)定律都作出了巨大貢獻(xiàn)，故C正確；D．根據(jù)可知磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故D錯(cuò)誤。故選C。2.“西電東送”采用高壓輸電，在保持輸送功率及輸電線路電阻不變的情況下，將輸送電壓提高到原來的5倍，則輸電線路中電阻損耗的功率將減少到原來的（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)P=UI可得則輸電線路中電阻損耗的功率輸送電壓提高到原來的5倍，則輸電線路中電阻損耗的功率變?yōu)樵瓉淼摹９蔬xA。3.一根長(zhǎng)的導(dǎo)線中通有的電流，當(dāng)其處于的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力不可能是（）A.0 B.1N C. D.【答案】C【解析】當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力最大，則有則安培力大小應(yīng)滿足故選C。4.如圖所示，這是清洗汽車用的高壓水槍。設(shè)水槍出水口的直徑為D，水流以速度v從槍口噴出，近距離垂直噴射到車身。所有噴到車身的水流，約有向四周濺散開，濺起時(shí)垂直車身向外的速度為，其余的水流撞擊車身后無反彈地順著車流下，由于水流與車身的作用時(shí)間較短，因此在分析水流對(duì)車身的作用力時(shí)可忽略水流所受的重力。已知水的密度為，水流對(duì)車身的平均沖擊力大小為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】取Δt時(shí)間內(nèi)的水流為研究對(duì)象，則該時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量，利用動(dòng)量定理列方程得解得故選D。5.如圖所示，L是自感系數(shù)很大的線圈，但其自身的電阻幾乎為零。A和B是兩個(gè)相同的小燈泡。下列說法正確的是（）A.開關(guān)S由斷開變?yōu)殚]合，A燈泡先亮，B燈泡后亮B.開關(guān)S由斷開變?yōu)殚]合，A、B兩燈泡同時(shí)亮，然后B燈泡逐漸熄滅C.開關(guān)S由閉合變?yōu)閿嚅_，A燈泡逐漸熄滅，B燈泡立即熄滅D.開關(guān)S由閉合變斷開，A、B兩燈泡同時(shí)熄滅【答案】B【解析】AD．剛閉合S時(shí)，電源的電壓同時(shí)加到兩燈泡上，A、B兩燈泡同時(shí)亮，由于線圈自感作用，線圈中的電流由0逐漸增大到穩(wěn)定值，穩(wěn)定后，線圈相當(dāng)于一根導(dǎo)線，發(fā)生短路，此時(shí)B燈熄滅，故B燈亮后逐漸熄滅，發(fā)生短路后，外電路的總電阻減小，則總電流增大，A燈泡更亮，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．B燈泡與線圈構(gòu)成閉合回路，所以穩(wěn)定后再斷開開關(guān)S，由于線圈自感作用，B燈泡由不亮變亮再逐漸熄滅，A燈泡立即熄滅，故CD錯(cuò)誤。故選B。6.如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端連接一輕質(zhì)薄板。時(shí)刻，一質(zhì)量為的物塊從彈簧正上方某處由靜止下落，落至薄板上后和薄板始終粘連，物塊的位置隨時(shí)間變化的圖像（圖像）如圖乙所示，其中s時(shí)物塊剛接觸薄板。彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為，空氣阻力不計(jì)，則下列說法正確的是（）A.當(dāng)物塊開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)后，振動(dòng)的周期為0.8sB.s時(shí)物塊的加速度大小為C.在0.2s~0.4s時(shí)間內(nèi)，物塊的加速度先變大再變小D.若增大物塊自由下落的高度，則物塊與薄板粘連后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期減小【答案】B【解析】A．由圖可知從B點(diǎn)到C點(diǎn)的時(shí)間為半個(gè)周期解得周期故A錯(cuò)誤；B．由題中圖像結(jié)合胡克定律可知在B點(diǎn)時(shí)有解得故B正確；C．由題中圖像可知在時(shí)間內(nèi)，物塊的加速度先向下減小到0，再反向增大到，故C錯(cuò)誤；D．物塊下降高度增大，只是增大振幅，不會(huì)改變周期，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，空間存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一粒子發(fā)射源P位于足夠大絕緣平板MN的上方距離為d處，在紙面內(nèi)向各個(gè)方向均勻發(fā)射速率均為v的同種帶負(fù)電粒子，不考慮粒子間的相互作用和粒子所受的重力，已知粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大小為，則下列說法正確的是（）A.若改變粒子的電性，則到達(dá)板上的粒子位置不變B.粒子能打在板上離P點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為2dC.粒子從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到板上的最長(zhǎng)時(shí)間D.粒子能打在板上的區(qū)域長(zhǎng)度為【答案】C【解析】B．如圖所示，圓O1與平板MN相切于A點(diǎn)，圓O2于平板MN相交于B點(diǎn)，PB為直徑，圓O3與平板MN相切于C點(diǎn)，A、C兩點(diǎn)為粒子恰好能打到平板上的臨界點(diǎn)，B為粒子能打到的距離P點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)，BC為粒子能打到平板的范圍；粒子能打在板上離P點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為故B錯(cuò)誤；A．改變粒子電性，粒子能打到的范圍長(zhǎng)度不變，但位置發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；C．粒子打到平板所用時(shí)間最長(zhǎng)的粒子其初速度為v1，設(shè)v1與豎直方向夾角為，由幾何關(guān)系得解得=30°所以打到A點(diǎn)的粒子速度偏轉(zhuǎn)角為240°，所以最長(zhǎng)時(shí)間為故C正確；D．BC為粒子能打到平板上的范圍，由幾何關(guān)系可得故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.某LC振蕩電路如圖甲所示，圖乙描繪的是流過電路中M點(diǎn)的電流隨時(shí)間變化規(guī)律的圖像，假設(shè)回路中電流以順時(shí)針方向?yàn)檎较颍瑒t下列說法正確的是（）A.在第1s末到第2s末的過程中，電容器正在充電B.在第1s末到第2s末的過程中，電容器的下極板帶正電C.在第2s末到第3s末的過程中，M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)高D.在第2s末到第3s末的過程中，電路中的電場(chǎng)能正在逐漸增大【答案】AB【解析】AB．在第1s末到第2s末的過程中，振蕩電流是充電電流，充電電流是由上極板流向下極板，則下極板帶正電，AB正確；CD．在第2s末到第3s末的過程中，振蕩電流是放電電流，電場(chǎng)能正在減小，磁場(chǎng)能正在增大，放電電流是由下極板流向上極板，由于電流為負(fù)值，所以由N點(diǎn)流向M點(diǎn)，則N點(diǎn)的電勢(shì)高，CD錯(cuò)誤。故選AB。9.如圖所示，輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)下懸掛的圓形線圈中通有順時(shí)針方向的電流I。，線圈的正下方固定有一根足夠長(zhǎng)的直導(dǎo)線a，線圈靜止時(shí)導(dǎo)線a垂直于線圈平面，現(xiàn)在導(dǎo)線a中通有垂直紙面向外的較大電流，則下列判斷正確的是（）A.線圈左右擺動(dòng)B.線圈仍靜止不動(dòng)C.從上往下看，線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)D.彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)增大【答案】CD【解析】ABC．根據(jù)安培定則可知，環(huán)形電流內(nèi)部磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，則圓形線圈相當(dāng)于N極指向紙面內(nèi)的小磁針。導(dǎo)線a中通入電流時(shí)，由安培定則可判斷出，導(dǎo)線a中電流在線圈處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向左，因小磁針N極指向磁場(chǎng)方向，故從上向下看時(shí)，線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤，C正確。D．當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過90°時(shí)，根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥可知，線圈上半部分受到向上的力，線圈下半部分受到向下的力，由于下半部分距離導(dǎo)線a較近，以下半部分受到的安培力比較大，線圈整體受到向下的安培力，可知彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)一定增大，選項(xiàng)D正確。故選CD。10.如圖所示，半徑為R、質(zhì)量為m的半圓軌道小車靜止在光滑水平地面上，直徑AB水平?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的小球從A點(diǎn)正上方高處由靜止釋放，然后小球由A點(diǎn)經(jīng)過半圓軌道后從B點(diǎn)沖出，在空中能上升的最大高度為，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小球和小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.小車向左運(yùn)動(dòng)最大距離為RC.小球離開小車后做斜上拋運(yùn)動(dòng)，此過程小球?qū)π≤嚨臎_量為0D.小球第二次能上升的最大高度h滿足【答案】BD【解析】A．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但系統(tǒng)整體所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．由于系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得則解得小車的位移為故B正確；C．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，小球由A點(diǎn)離開小車時(shí)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為零，小球與小車水平方向速度為零，小球離開小車后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．小球第一次車中運(yùn)動(dòng)過程中，由能量守恒得解得即小球第一次在車中滾動(dòng)損失的機(jī)械能為mgh0，由于小球第二次在車中滾動(dòng)時(shí)，對(duì)應(yīng)位置處速度變小，因此小車對(duì)小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功小于mgh0，機(jī)械能損失小于mgh0，因此小球再次離開小車時(shí)，能上升的高度大于而小于，故D正確。故選BD。三、非選擇題：共54分。11.某種花卉喜光，但陽(yáng)光太強(qiáng)時(shí)易受損傷。某興趣小組決定制作簡(jiǎn)易光照強(qiáng)度報(bào)警器，以便在光照過強(qiáng)時(shí)提醒花農(nóng)。該報(bào)警器需要一種光敏電阻，已知光照越強(qiáng)，該光敏電阻阻值越小。該實(shí)驗(yàn)用到的主要器材如下：學(xué)生電源、多用電表、電壓表（量程為0~20V）、電流表（量程為0~20mA）、滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為50Ω，允許通過的最大電流為1.5A）、白熾燈、可調(diào)電阻（阻值為0~50kΩ）、二極管LED、光敏電阻Rc、開關(guān)和若干導(dǎo)線等。（1）判斷二極管的極性使用多用電表的“×10k”歐姆擋測(cè)量二極管的電阻。如圖甲所示，當(dāng)黑表筆與接線端M接觸、紅表筆與接線端N接觸時(shí)，多用電表指針位于圖乙所示的表盤的a位置，對(duì)調(diào)紅、黑表筆后指針位于圖乙所示的表盤的b位置，由此判斷M端為二極管的_________（填“正極”或“負(fù)極”）。（2）研究光敏電阻在不同光照條件下的伏安特性：①采用圖丙中的器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，部分實(shí)物連接已完成。要求閉合開關(guān)后電壓表和電流表的示數(shù)能從0開始。導(dǎo)線L?、L?和L?的另一端應(yīng)分別連接滑動(dòng)變阻器的_________、_________、_________接線柱。（以上三空均填接線柱標(biāo)號(hào)“A”“B”“C”或“D”）②圖丁為三種不同光照強(qiáng)度下得到的光敏電阻的伏安特性曲線，圖中曲線I、Ⅱ和Ⅲ中_________（填“I”或“Ⅱ”“Ⅲ”）對(duì)應(yīng)的光照最強(qiáng)。【答案】（1）負(fù)極（2）AAD##CⅢ【解析】（1）使用多用電表時(shí)，通過多用電表的電流流向遵循“紅進(jìn)黑出”，使用多用電表的歐姆擋時(shí)，當(dāng)黑表筆與M端接觸、紅表筆與N端接觸時(shí)，若有電流，則二極管中電流方向?yàn)镸→N，而由題圖乙可知此時(shí)多用電表指針位于a位置，即此時(shí)二極管電阻無窮大，由二極管的單向?qū)щ娦钥芍?，此時(shí)二極管所接電壓為反向電壓，則M端為二極管的負(fù)極。（2）①[1][2][3]由于要求閉合開關(guān)后電壓表和電流表的讀數(shù)從0開始，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，L1、L2的另一端應(yīng)接A接線柱，L3另一端應(yīng)接C（或D）接線柱。②[4]根據(jù)歐姆定律可知，圖像上某點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)表示光敏電阻的阻值，由題圖可知，則曲線Ⅲ的斜率最大，電阻最小，由于光照增強(qiáng)時(shí)，光敏電阻的阻值減小，故Ⅲ對(duì)應(yīng)的光照最強(qiáng)。12.“祖沖之”研究小組探究楞次定律的實(shí)驗(yàn)。（1）除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外，還要用到一個(gè)電表，請(qǐng)從下列電表中選擇______。A.量程為0~3V的電壓表 B.量程為0~3A的電流表C.零刻度在中間的靈敏電流計(jì) D.量程為0~0.6A的電流表（2）該同學(xué)首先按圖甲所示的電路圖接線，用來查明電流表指針的______與______的關(guān)系，然后再按圖乙所示的電路圖將電流表與線圈E連成一個(gè)閉合回路。在圖甲中，當(dāng)閉合開關(guān)S時(shí)，觀察到電流表的指針向左偏（不通電時(shí)指針停在正中央）。（3）在圖乙中，磁鐵N極插入線圈E的過程中電流表的指針將______（填“向左”或“向右”）偏轉(zhuǎn)，當(dāng)磁鐵插入螺線管的速度越快，電表指針的偏角______（填“不變”“變大”或“變小”）?！敬鸢浮浚?）C（2）偏轉(zhuǎn)方向電流方向（3）向左變大【解析】（1）在探究楞次定律的實(shí)驗(yàn)中，除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外，為了觀察到明顯的現(xiàn)象，還需要一個(gè)零刻度在中間的靈敏電流計(jì)。（2）[1][2]用圖甲所示的電路圖，主要是查明電流流入電表方向與電表指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系。（3）[1]在上一步中分析甲圖可知，當(dāng)閉合開關(guān)S時(shí)，電流從電流表的右端流入電流表，觀察到電流表的指針向左偏；在圖乙中，磁鐵N極插入線圈E的過程中，通過線圈E的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，可知產(chǎn)生向上的感應(yīng)磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則可知，線圈E（從上往下看）產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流，即線圈E的下端為電源的正極，所以電流從電流表的右端流入電流表，故電流表的指針向左偏；[2]當(dāng)磁鐵插入螺線管的速度越快，通過線圈E的磁通量變化越快，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流也越大，則電表指針的偏角變大。13.如圖所示，足夠大的光滑水平桌面上，勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在桌面左端，另一端與