高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1高二物理期末模擬復(fù)習(xí)試題1一、單選題（共計(jì)32分）1.如圖所示，從S點(diǎn)向兩個(gè)方向分別發(fā)出光束a和光束b，兩束光經(jīng)三棱鏡折射后平行射出，以下說(shuō)法正確的是（）A.三棱鏡對(duì)a光的折射率小于對(duì)b光的折射率B.在三棱鏡中a光的速度小于b光的速度C.在真空中a光的頻率小于b光的頻率D.在真空中a光的速度小于b光的速度【答案】B【解析】A．由圖看出，通過(guò)玻璃三棱鏡后a光的偏折角大于b光的偏折角，根據(jù)折射定律知a光的折射率大于b光的折射率，A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)光的折射率大于b光的折射率，由可知光a在三棱鏡中的傳播速度要小于光束b，B正確；D．在真空中，光的傳播速度都為，D錯(cuò)誤；C．a(chǎn)光的折射率大于b光的折射率，則在真空中a光的頻率大于b光的頻率，C錯(cuò)誤。故選B。2.生活中處處有物理，下列生活中有關(guān)物理的說(shuō)法不正確的是（）A.甲圖中，智能手表采用無(wú)線充電方式是利用了互感的原理B.乙圖中，工人采摘松果時(shí)機(jī)械管抱緊樹干，采摘振動(dòng)頭振動(dòng)以搖動(dòng)松樹，使得松果脫落，采摘松果的快慢與采摘振動(dòng)頭的振動(dòng)頻率有關(guān)C.圖丙所示疾馳而過(guò)的急救車使人感覺(jué)音調(diào)變化，是由于多普勒效應(yīng)引起的D.圖丁所示豎直的肥皂膜看起來(lái)是水平的彩色橫紋，是由于光的衍射產(chǎn)生的【答案】D【解析】A．無(wú)線充電方式與變壓器工作原理相同，均是利用了互感的原理，即甲圖中，智能手表采用無(wú)線充電方式是利用了互感的原理，A正確，不符合題意；B．采摘振動(dòng)頭振動(dòng)以搖動(dòng)松樹，松樹發(fā)生受迫振動(dòng)，其頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率。即等于采摘振動(dòng)頭的振動(dòng)頻率，該頻率越接近松樹的固有頻率，松樹的振幅越大，采摘效果越好，即采摘松果的快慢與采摘振動(dòng)頭的振動(dòng)頻率有關(guān)，B正確，不符合題意；C．急救車靠近人時(shí)，人接收到的頻率增大，遠(yuǎn)離時(shí)，人接收到的頻率減小，即疾馳而過(guò)的急救車使人感覺(jué)音調(diào)變化，這是由于多普勒效應(yīng)引起的，C正確，不符合題意；D．肥皂膜看起來(lái)是水平的彩色橫紋，是由于光的干涉產(chǎn)生的，D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。3.如圖所示，為某一彈簧振子的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法不正確的是（）A.t1時(shí)刻，振子的位移為正，加速度為負(fù)B.t2時(shí)刻，振子的位移為負(fù)，速度為正C.t1與t2時(shí)刻，彈簧的長(zhǎng)度相同D.t3時(shí)刻，振子的速度與t2時(shí)刻相同【答案】B【解析】AB．振動(dòng)圖像描述的是振子的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律。在橫軸上方時(shí)，位移為正值，加速度為負(fù)值，而在橫軸下方時(shí)，與在上方相反。故A正確，與題意不符；B錯(cuò)誤，與題意相符；C．在t1與t2時(shí)刻，振子的位移相同，說(shuō)明振子一定在同一位置，所以彈簧長(zhǎng)度相同。故C正確，與題意不符；D．t2和t3時(shí)刻，振子位移大小相等、方向相反，位置關(guān)于平衡位置對(duì)稱，速度大小相等，且都沿負(fù)方向，所以速度相同。故D正確，與題意不符。故選B。4.一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波動(dòng)圖像如圖甲所示，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，則（）A.該波沿x軸正方向傳播B.若遇到3m的障礙物，該波能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象C.該波的傳播速率為0.25m/sD.經(jīng)過(guò)0.5s，質(zhì)點(diǎn)P沿波傳播方向移動(dòng)2m【答案】B【解析】A．在乙圖上讀出t=0時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，在甲圖上判斷出該波的傳播方向沿x軸負(fù)方向．故A不符合題意；B．由于該波的波長(zhǎng)為4m，所以該波在傳播過(guò)程中若遇到3m的障礙物，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故B符合題意；C．由甲讀出該波的波長(zhǎng)為4m，由乙圖讀出周期為1s，則波速為故C不符合題意；D．質(zhì)點(diǎn)只在自己的平衡位置附近上下振動(dòng)，并不沿波的傳播方向向前傳播．故D不符合題意。故選B。5.由半導(dǎo)體材料制成的熱敏電阻，電阻率隨溫度的升高而減小，經(jīng)常用于火警報(bào)警裝置。如圖甲所示是一火警報(bào)警器的電路示意圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=22：1，原線圈接圖乙所示的正弦交流電，副線圈與理想電壓表、理想電流表、熱敏電阻RT及報(bào)警器P（有內(nèi)阻）組成閉合電路，流過(guò)報(bào)警器P的電流超過(guò)Ic時(shí)就會(huì)發(fā)出警報(bào)聲。則以下判斷正確的是（）A.電壓表示數(shù)為10VB.變壓器原線圈兩端交變電壓u=220sinπt（V）C.當(dāng)RT所在處出現(xiàn)火情時(shí)，流過(guò)報(bào)警器P的電流會(huì)增加D.當(dāng)RT所在處出現(xiàn)火情時(shí)，變壓器輸入功率減小【答案】C【解析】A．原線圈電壓的有效值為理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比根據(jù)變壓器原、副線圈中的電壓之比等于匝數(shù)比得副線圈電壓的有效值為由于報(bào)警器有內(nèi)阻，所以電壓表示數(shù)小于10V，故A錯(cuò)誤；B．原線圈接圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓，周期，故角速度是變壓器原線圈中交流電壓的瞬時(shí)表達(dá)式故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)處溫度升高時(shí)阻值減小，副線圈中電流增大，報(bào)警器將會(huì)發(fā)出警報(bào)聲，故C正確；D．處溫度升高時(shí)副線圈中電流增大，而副線圈的電壓不變，變壓器的輸出功率變大，變壓器的輸入功率變大，故D錯(cuò)誤；故選C。6.如圖所示，一段長(zhǎng)方體形導(dǎo)電材料，已知該導(dǎo)電材料單位體積內(nèi)自由運(yùn)動(dòng)電荷數(shù)為n，左右兩端面的邊長(zhǎng)都為a和b，內(nèi)有帶電量為-q（）的自由運(yùn)動(dòng)電荷．導(dǎo)電材料置于方向垂直于其前表面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。當(dāng)通以從左到右的穩(wěn)恒電流I時(shí)，則導(dǎo)電材料上、下表面之間的電壓U及上、下表面的電勢(shì)高低的表述正確的是（）A.，B.，C.，D，【答案】B【解析】由左手定則判斷電荷的移動(dòng)方向，從而得出上下表面的電勢(shì)高低，利用洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡計(jì)算電壓的大小．電荷帶負(fù)電，由左手定則可判斷出電荷向上偏轉(zhuǎn)，上板帶負(fù)電，故，設(shè)兩板間的電壓為U，則電場(chǎng)強(qiáng)度，利用電流的微觀表達(dá)式可得，電荷的速度，穩(wěn)定時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，有，代入計(jì)算可得，故選B.7.如圖所示為電磁軌道炮的工作原理圖，待發(fā)射彈體與軌道保持良好接觸，并可在兩平行軌道之間無(wú)摩擦滑動(dòng)。電流從一條軌道流入，通過(guò)彈體流回另一條軌道，軌道電流在彈體處形成垂直于軌道平面的磁場(chǎng)（可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)），磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與電流I成正比，彈體在安培力的作用下從靜止開始滑行L后離開軌道，離開軌道時(shí)的速度大小為，為使彈體射出時(shí)的速度變?yōu)?，理論上可采用的方法有（）A.只將軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍B.只將電流I變?yōu)樵瓉?lái)的2倍C.只將電流I變?yōu)樵瓉?lái)的4倍D.只將彈體質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的2倍【答案】B【解析】根據(jù)題意可知，彈體在軌道上做勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)公式有由牛頓第二定律有又有，聯(lián)立解得則為使彈體射出時(shí)的速度由變?yōu)椋瓷涑鰰r(shí)的速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，可僅將軌道長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍；或僅將電流I變?yōu)樵瓉?lái)的2倍；或僅將彈體質(zhì)量變?yōu)樵瓉?lái)的倍。故選B。8.跳水運(yùn)動(dòng)一直是我國(guó)傳統(tǒng)的優(yōu)勢(shì)體育項(xiàng)目，我們的國(guó)家跳水隊(duì)享有“夢(mèng)之隊(duì)”的贊譽(yù)。在某次訓(xùn)練中，跳水運(yùn)動(dòng)員在跳臺(tái)上由靜止開始豎直落下，進(jìn)入水中后在水中做減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零時(shí)并未到達(dá)池底。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)量變化量大于重力的沖量B.運(yùn)動(dòng)員從剛進(jìn)入水中到速度減為零的過(guò)程中，其重力的沖量等于水的作用力的沖量C.運(yùn)動(dòng)員從開始下落到速度減為零過(guò)程中，其動(dòng)量的改變量等于水的作用力的沖量D.運(yùn)動(dòng)員從開始下落到速度減為零的過(guò)程中，其重力的沖量與水的作用力的沖量等大反向【答案】D【解析】A．運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受重力作用，根據(jù)動(dòng)量定理可知運(yùn)動(dòng)員在空中動(dòng)量的改變量等于重力的沖量，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員在水中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到重力和水對(duì)他的作用力，動(dòng)量的變化向上，則其重力的沖量小于水的作用力的沖量，故B錯(cuò)誤；C．整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得I=mΔv=0，故運(yùn)動(dòng)員整個(gè)向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中合外力的沖量為零，故C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得I=IG+IF=mΔv=0所以IG=-IF即運(yùn)動(dòng)員整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力沖量與水的作用力的沖量等大反向，故D正確；故選D。二、多選題（共計(jì)16分）9.在抗擊新冠肺炎疫情的戰(zhàn)役中，為了發(fā)現(xiàn)高危人群中的疑似病人，通常利用紅外線測(cè)量人體的溫度。關(guān)于電磁波的應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是（）A.紅外線、X射線、γ射線中紅外線的波長(zhǎng)最長(zhǎng)B.紅外線的顯著作用是熱效應(yīng)，溫度較低的物體不能輻射紅外線C.X射線片可以用于診斷病情，γ射線可以摧毀病變的細(xì)胞D.物體做受迫振動(dòng)時(shí)，其振動(dòng)頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率【答案】ACD【解析】A．紅外線、X射線、γ射線中紅外線的波長(zhǎng)最長(zhǎng)，故A正確；B．紅外線的顯著作用是熱效應(yīng)，任何溫度的物體都能輻射紅外線，故B錯(cuò)誤；C．X射線片可以用于診斷病情，γ射線可以摧毀病變的細(xì)胞，故C正確；D．物體做受迫振動(dòng)時(shí)，其振動(dòng)頻率等于驅(qū)動(dòng)力頻率，故D正確。故選ACD。10.質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒以速度v與水平方向成θ角從O點(diǎn)進(jìn)入方向如圖所示的正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)組成的混合場(chǎng)區(qū)，該微粒在電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力的共同作用下，恰好沿直線運(yùn)動(dòng)到A，下列說(shuō)法中正確的是（重力加速度為g）（）A.該微粒一定帶負(fù)電荷B.微粒從O到A的運(yùn)動(dòng)可能是勻變速運(yùn)動(dòng)C.該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D.該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為【答案】AC【解析】A．若粒子帶正電，電場(chǎng)力向左，洛倫茲力垂直于OA線斜向右下方，則電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力不能平衡，則粒子帶負(fù)電，故A正確；B．粒子如果做勻變速運(yùn)動(dòng)，重力和電場(chǎng)力不變，而洛倫茲力隨速度變化而變化，粒子不可能沿直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；CD．粒子受力如圖，由平衡條件得解得由圖可知解得故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。11.空間存在一方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其左邊界如圖（a）中的虛線所示，一長(zhǎng)為0.4m、電阻為的硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線做成的正方形閉合線框放置在絕緣水平桌面上，恰好有一半處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按圖（b）所示的規(guī)律變化時(shí)，線框在桌面上始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。則（）A.線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较駼.線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為C.線框中的電功率為D.0.3s時(shí)線框受到的摩擦力大小為【答案】BD【解析】A．由圖（b）可知，穿過(guò)線框的磁通量逐漸增大，由楞次定律和安培定則可判斷出線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，故A錯(cuò)誤；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為故B正確；C．由可得線框中的電功率為故C錯(cuò)誤；D．由B-t圖計(jì)算可得，時(shí)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度由于線框始終靜止不動(dòng)，所以線框受到的靜摩擦力大小始終等于安培力的大小，由可得線框在時(shí)受到的安培力大小為線框靜止在水平面上，則線框受到的摩擦力和安培力二力平衡，故以0.3s時(shí)線框受到的靜摩擦力大小為，故D正確。故選BD。12.如圖，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，圖中的實(shí)線和虛線分別為t=0和t=0.3s時(shí)的波形圖。已知該簡(jiǎn)諧波的周期大于0.3s。關(guān)于該簡(jiǎn)諧波，下列說(shuō)法正確的是（）A.周期為1.2sB.波速為10m/sC.x=4m處的質(zhì)點(diǎn)在t=1.5s時(shí)位于波峰D.若位于x=10m處的觀察者沿x軸負(fù)方向靠近波源，則觀察者接收到的頻率變大【答案】BCD【解析】A．由題意知可得周期T=s知該簡(jiǎn)諧波的周期大于0.3s，則n取0，T=0.4s，故A錯(cuò)誤；B．波速為故B正確；C．x=4m處的質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)位于平衡位置且向下振動(dòng)，則它在時(shí)位于波峰處，故C正確；D．若位于x=10m處的觀察者沿x軸負(fù)方向靠近波源，由于簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，由多普勒效應(yīng)規(guī)律可知觀察者接收到的頻率變大，故D正確。故選BCD。三、實(shí)驗(yàn)題（共計(jì)12分）13.某同學(xué)在做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室具備的實(shí)驗(yàn)器材有：斜槽軌道，兩個(gè)大小相等、質(zhì)量不同的小鋼球A、B，刻度尺，白紙，圓規(guī)，重垂線一條。實(shí)驗(yàn)裝置及實(shí)驗(yàn)中小球運(yùn)動(dòng)軌跡及落點(diǎn)平均位置如圖甲所示。（1）對(duì)于實(shí)驗(yàn)中注意事項(xiàng)、測(cè)量器材和需測(cè)量的物理量，下列說(shuō)法中正確的是_________。A．實(shí)驗(yàn)前軌道的調(diào)節(jié)應(yīng)注意使槽的末端的切線水平B．實(shí)驗(yàn)中要保證每次A球從同一高處由靜止釋放C．實(shí)驗(yàn)中還缺少的實(shí)驗(yàn)器材有復(fù)寫紙和秒表D．實(shí)驗(yàn)中需測(cè)量的物理量只有線段和的長(zhǎng)度（2）實(shí)驗(yàn)中若小球A的質(zhì)量為，小球B的質(zhì)量為，當(dāng)時(shí)，實(shí)驗(yàn)中記下了O、M、P、N四個(gè)位置（如圖乙所示），若滿足___________（用、、、、表示），則說(shuō)明碰撞中動(dòng)量守恒；若還滿足___________（只能用表示），則說(shuō)明碰撞前后動(dòng)能也相等?！敬鸢浮浚?）AB（2）m1·OP=m1·OM+m2·ON【解析】（1）[1]A．由于要保證兩球發(fā)生彈性碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)，即初速度沿水平方向，所以必須保證槽的末端的切線是水平的，故A正確；B．由于實(shí)驗(yàn)要重復(fù)進(jìn)行多次以確定碰撞后兩小球的落點(diǎn)的確切位置，所以每次碰撞前小球A的速度必須相同，所以每次必須讓A球從斜槽軌道上同一高度處由靜止釋放，故B正確；C．驗(yàn)證m1v0=m1v1+m2v2由于碰撞后A球和B球從同一高度開始做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)可得兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，故可驗(yàn)證m1v0t=m1v1t+m2v2t而v0t=OPv1t=OMv2t=ON故只需要驗(yàn)證m1OP=m1OM+m2ON所以要測(cè)量A球的質(zhì)量m1和B球的質(zhì)量m2，需要天平；在地面上合適的位置鋪上白紙并在白紙上面鋪上復(fù)寫紙，小球落在復(fù)寫紙上，可以在白紙上留下落點(diǎn)印跡，所以還要復(fù)寫紙，不需要秒表，故C錯(cuò)誤；D．由m1OP=m1OM+m2ON可知，實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量的物理量是A球的質(zhì)量m1和B球的質(zhì)量m2，線段OP、OM和ON的長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤。（2）[2][3]由（1）可知驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒的表達(dá)式為m1·OP=m1·OM+m2·ON若碰撞前后系統(tǒng)的動(dòng)能相等，則有聯(lián)立解得14.在“用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。（1）某同學(xué)以線狀白熾燈為光源，對(duì)實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行調(diào)節(jié)并觀察了實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象后，總結(jié)出以下幾點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是________。A．干涉條紋與雙縫垂直B．單縫和雙縫應(yīng)相互平行放置C．若取下濾光片，光屏上可觀察到白光的干涉圖樣D．想增加從目鏡中觀察到的條紋個(gè)數(shù)，可以將單縫向雙縫靠近（2）將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上螺旋測(cè)微器示數(shù)如圖甲所示。然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，記下此時(shí)圖乙中手輪上的示數(shù)為_________mm。（3）已知雙縫間距d為2.0×10﹣4m，測(cè)得雙縫到屏的距離L為0.600m，求所測(cè)量光的波長(zhǎng)為____m（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）BC##CB（2）13.865（3）7.70×10﹣7【解析】（1）[1]A．干涉條紋與雙縫平行，故A錯(cuò)誤；B．單縫和雙縫應(yīng)相互平行放置，故B正確；C．若取下濾光片，光屏上可觀察到白光的干涉圖樣，故C正確；D．想增加從目鏡中觀察到的條紋個(gè)數(shù)，則條紋間距減??；根據(jù)條紋間距公式Δxλ可知，可以將雙縫的距離d增大，或?qū)㈦p縫到屏的距離L減小，或換用波長(zhǎng)更小的光做該實(shí)驗(yàn)；單縫向雙縫靠近，不會(huì)改變條紋間距，不會(huì)改變目鏡中觀察到的條紋個(gè)數(shù)，故D錯(cuò)誤。故選BC。（2）[2]螺旋測(cè)微器的最小分度值為0.01mm，圖乙中手輪上的示數(shù)為x2=13.5mm+36.5×0.01mm=13.865mm（3）[3]圖甲所示螺旋測(cè)微器示數(shù)為x1=2mm+32.0×0.01mm=2.320mm條相鄰紋間距為由Δxλ得，所測(cè)光的波長(zhǎng)為四、解答題（共計(jì)40分）15.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ豎直放置，導(dǎo)軌光滑且電阻不計(jì)，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，上端與一阻值為R的定值電阻相連，兩平行虛線Ll、L2間有一與導(dǎo)軌所在平面垂直、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)寬度為d，電阻也為R、質(zhì)量為m的細(xì)金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置在導(dǎo)軌上。現(xiàn)將金屬棒ab從距上邊界L1高度為h處由靜止釋放，棒進(jìn)入磁場(chǎng)中先做減速運(yùn)動(dòng)后做勻速運(yùn)動(dòng)，已知棒ab始終與虛線L1平行并與導(dǎo)軌電接觸良好，重力加速度為g，求∶（1）棒ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v及此時(shí)棒中的電流大小I；（2）棒ab經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)電阻R的電量q；（3）棒ab經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦熱QR?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）【解析】（1）棒ab進(jìn)入磁場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，則

v2=2gh此時(shí)棒中的電流解得（2）棒ab穿越磁場(chǎng)的過(guò)程中，流過(guò)棒的平均電流

經(jīng)歷的時(shí)間通過(guò)電阻R的電量

解得

（3）棒ab在磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)有而

設(shè)電路產(chǎn)生的總焦耳熱為Q，由功能關(guān)系有解得則

16.如圖所示一個(gè)上表面粗糙的木板B靜止于光滑水平面上，木板B的質(zhì)量，另有一個(gè)質(zhì)量的物塊A停在B的左端，質(zhì)量的小球用長(zhǎng)的輕繩懸掛在固定點(diǎn)上，小球在最低點(diǎn)時(shí)與物塊A相切，現(xiàn)將輕繩拉至水平位置，由靜止釋放小球，小球在最低點(diǎn)與A發(fā)生碰撞后彈，反彈的速度大小為，設(shè)物塊與小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，且木板B足夠長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，取，試求：（1）小球與A發(fā)生碰撞前瞬間的速度；（2）物塊A與木板B相互作用后達(dá)到的共同速度；（3）在從釋放小球到A、B達(dá)到共同速度的過(guò)程中，小球及A、B組成的系統(tǒng)損失的總機(jī)械能．【答案】（1）5m/s（2）0