第頁湖北省部分重點中學2026屆高三第二次聯(lián)考理科綜合試卷物理部分命題教師：物理武鋼三中劉培訓；化學武漢外國語學校李倫青、李硯耘；生物黃陂一中易永春審題教師：武漢11中趙昌倫、李修華、李煒考試時間：2010年1月15日上午9：00—11：30 試卷滿分：300分 考試時間150分鐘二、選擇題（本題共8小題。在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）14．近段時間，朝鮮的“核危機”引起了全球的矚目，其焦點問題就是朝鮮核電站采用輕水堆還是重水堆，重水堆核電站在發(fā)電的同時還可以生產出可供研制核武器的钚239（eq\s(239,94)Pu），這種eq\s(239,94)Pu可由239（eq\s(239,92)U）經過n次β衰變而產生，則n為A．2 B．239 C．145 D．14、【答案】A【解析】由衰變核反應方程eq\s(239,92)U→eq\s(239,94)Pu＋neq\s(0,-1)β，根據電荷數(shù)守恒，可知n＝2，A對。15．下列敘述正確的是A．在絕熱過程中外界對氣體做功，氣體的內能必然增加B．分子間的作用力表現(xiàn)為引力時，分子間的距離增大，分子力減小，分子勢能增大C．知道某物質摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，一定可估算其分子直徑D．滿足能量守恒定律的客觀過程都可以自發(fā)地進行15、【答案】A【解析】內能的改變有兩種方式——做功和熱傳遞。根據熱力學第一定律：△U＝W＋Q，絕熱過程Q＝0，由于外界對氣體做功，W＞0，故△U＞0，即內能必定增加，A對；分子間作用力表現(xiàn)為引力時，若分子間距離增大，由分子力圖象可知分子力可能減小可能增大，但由于分子力表現(xiàn)為引力時，增大距離，分子力做負功，分子勢能增大，故B錯；知道摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，可得到分子平均占有的體積，考慮到分子間存在空隙，則估算分子直徑時，誤差較大，C錯；自然界中涉及到熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，所以根據熱力學第二定律可知，滿足能量守恒規(guī)律的客觀過程不一定能自發(fā)地進行，D錯。abc16．一細束平行光經過玻璃三棱鏡折射后分為三種單色光a、b、abcA．a種色光的波動性最顯著，產生的臨界角最小B．a種色光形成的干涉條紋間距最小C．如果b種色光能產生光電效應，則c種色光一定能產生光電效應D．c種色光穿過光導纖維的時間最小16、【答案】C【解析】由色散光路圖可知，c光折射率最大。折射率大的色光頻率大，粒子性較顯著，臨界角較小，容易發(fā)生全反射，波長較小，干涉條紋間距較小，容易發(fā)生光電效應現(xiàn)象，在介質中傳播速度較小，穿過光導纖維的時間較長，故C對。y(m)x(m)aO123-3-2-1-a17．一列橫波在xy(m)x(m)aO123-3-2-1-aA．質點振動周期最大周期為0.4sB．該波最大波速為10m/sC．從t時刻開始計時，x＝2m處的質點比x＝2.5m處的質點先回到平衡位置D．在t＋0.2s時刻，x＝－2m處的質點位移一定為a17、【答案】AC【解析】同一方向傳播的重合的波形圖，一定是相隔n個周期形成的，故n＝1時，周期最大為0.4s，A對；由圖直接看出波長為4m，由λ＝vT，可知波速有最小值v＝10m/s，B錯；t時刻，x＝2m處的質點即將向下振動，x＝2.5m處的質點正在向上振動，故x＝2.5m處的質點后回到平衡位置，C對；t＋0.2s時刻，即t時刻的波形向右傳播0.5T時，可將t時刻的波形圖向右平移半個波長，則x＝－2m處的質點處于波谷位置，位移為－a，D錯。18．歐盟和中國聯(lián)合開發(fā)的伽利略項目建立起了伽利略系統(tǒng)（全球衛(wèi)星導航定位系統(tǒng)）。伽利略系統(tǒng)由27顆運行衛(wèi)星和3顆預備衛(wèi)星組成，可以覆蓋全球，現(xiàn)已投入使用。衛(wèi)星的導航高度為2.4×104A．預備衛(wèi)星的周期大于工作衛(wèi)星的周期，速度大于工作衛(wèi)星的速度，向心加速度大于工作衛(wèi)星的向心加速度B．工作衛(wèi)星的周期小于同步衛(wèi)星的周期，速度大于同步衛(wèi)星的速度，向心加速度大于同步衛(wèi)星的向心加速度C．為了使該顆預備衛(wèi)星進入工作衛(wèi)星的軌道，應考慮啟動火箭發(fā)動機向后噴氣，通過反沖作用從較低軌道上使衛(wèi)星加速D．三個軌道平面只有一個過地心，另外兩個軌道平面分別只在北半球和南半球18、【答案】BC【解析】低層軌道的衛(wèi)星，線速度較大、周期較小、向心加速度較大，預備衛(wèi)星處于低層軌道，則A錯；衛(wèi)星的導航高度小于同步衛(wèi)星的高度，故B對；低層軌道衛(wèi)星能量較小，要進入高層軌道，必須加速，應考慮啟動火箭發(fā)動機向后噴氣，通過反沖作用進入高層軌道，C對；由于工作衛(wèi)星是導航定位衛(wèi)星，軌道穩(wěn)定，只有地球對衛(wèi)星的萬有引力指向衛(wèi)星的軌道的中心才能穩(wěn)定，否則萬有引力的其它分力必定使工作衛(wèi)星偏離軌道，因此三個軌道平面的圓心必定過地心，D錯。甲圖adbcv2L19．如圖（甲）所示，一個正方形單匝線圈abcd，邊長為L，線圈每邊的電阻均為R，以恒定速度v通過一個寬度為2L的勻強磁場區(qū)，磁感應強度為B甲圖adbcv2UUabtBLvO-BLvL/v2L/3L/4L/AUabtBLvO-BLvL/v2L/3L/4L/BUabtBLvO-BLvL/v2L/3L/4L/C2L/3L/UabtBLvO-BLvL/v4L/D19、【答案】B【解析】線框進入磁場過程中，即t＜L/v時間內，ab邊切割磁感線，等效為電源，根據右手定則，a端電勢較高，Uab為電源兩端的電壓，即路端電壓，故Uab＝3BLv/4，排除D選項；線圈在磁場中運動時，即L/v＜t＜2L/v時間內，線框中磁通量不變，無感應電流，Uab＝BLv，排除A、C選項，故B正確；線框出磁場過程中，ab邊處于外電路，故Uab＝BLv20．如圖所示為一理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)之比為1：n，副線圈接一定值電阻RabRA．若ab之間接直流電壓U，則R中的電流為eq\F(nU,R)abRB．若ab之間接直流電壓U，則原、副線圈中的電流均為零C．若ab之間接交流電壓U，則原線圈中的電流為eq\F(n2U,R)D．若ab之間接交流電壓U，則副線圈中的電流為eq\F(U,nR)20、【答案】C【解析】當ab間接直流電壓時，原線圈兩端電壓為U恒定，故原線圈中電流不變，因此副線圈中不會有感應電流，A、B錯；若接交流電壓，根據變壓器的原、副線圈電壓比值等于匝數(shù)比，故電阻R兩端的電壓為nU，則副線圈中的電流為eq\F(nU,R)，再根據原、副線圈中電流比值等于匝數(shù)的反比，故原線圈中電流為eq\F(n2U,R)，C對D錯。21．如圖所示，A、B兩點固定兩個等量正點電荷，在A、B連線的中點C處放一點電荷（不計重力）。若給該點電荷一個初速度v0，v0方向及AB連線垂直，則該點電荷可能的運動情況是v0Av0ACBB．勻變速直線運動C．加速度不斷減小，速度不斷增大的直線運動D．加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運動21、【答案】AD【解析】等量同種正點電荷的中垂線以上的電場強度的分布為：C處場強為零，無窮遠處場強也為零，中間某位置的場強具有極大值，場強的方向垂直電荷連線向上，若該點電荷為正點電荷，將做加速度先增大后減小的加速直線運動，速度不斷增加，D對；若該點電荷為負電電荷，將做加速度先增大后減小的減速運動，速度減小到零后返回，做往復直線運動，A對；也可能做加速度增大的減速運動，速度減小到零后返回，做往復直線運動，C錯；由于場強是非勻強電場，故不可能做勻變速直線運動，B錯。22．（6分）（1）某學生用螺旋測微器在測定某一金屬絲時，測得的結果如下圖左所示，則該金屬絲的直徑d＝___________________mm。另一位學生用標有20等分刻度的游標卡尺測某一工件的長度，測得的結果如下圖右所示，則該工件的長度L＝________________cm。22、【答案】2.405～3.407均正確；2.030。【解析】螺旋測微器讀數(shù)為3mm＋0.01mm×40.6＝3.406mm；游標卡尺讀數(shù)為20mm＋0.05mm×6＝20.30mm23．（12分）有一個標有“2.5V0.3A”字樣的小燈泡，現(xiàn)要測定其在0到2.5V的范圍內不同電壓下的電功率，并作出其電功率P及其兩端電壓的平方U2的關系曲線。有下列器材可供選擇：A．電壓表V（0～3V，內阻RV＝3kΩ） B．電流表G(0～500μA，內阻RG＝600Ω)C．電阻箱R1（0～99.99Ω） D．滑動變阻器R3（10Ω，2A）E．滑動變阻器R4（1kΩ，0.5A） F．電源（直流4V，內阻不計）（1）為保證實驗安全、準確、操作方便，應選用的器材除小燈泡、電源、電流表、開關、導線外，還需要___________________________________（均用器材對應的字母填寫）；（2）根據你設計的實驗電路，完成下圖的連線；（3）根據你的設計，若從儀表盤上讀得的數(shù)據分別為U、IG，則小燈泡在該條件下的功率表達式________________________________。（均用字母表示）。表達式中除U、IG以外，其他符號的意義是_____________________________________________。22、【答案】（1）ACD；（2）實物連線圖如圖所示（3）QUOTEU(IG＋eq\F(IGRG,R1)－eq\F(U,RV))；其中RG、RV分別是電流表G、電壓表V的內阻，R1是把電阻箱作為分流電阻提供的有效電阻?！窘馕觥浚?）由于電流表G量程較小，小于電燈泡的額定電流0.3A，需要對電流表進行擴容，故選擇C電阻箱及電流表并聯(lián)擴容，要多組數(shù)據從0～2.5V測量，故滑動變阻器必須分壓式接法接入電路中，為方便調節(jié)，選用D滑動變阻器較方便，電壓表為必選器材。（2）電路設計時，滑動變阻器必須分壓式接法，電流表及電阻箱C并聯(lián)擴容，經過計算，擴容后的新電流表內阻約為1Ω，由于電壓表內阻遠大于電燈泡的電阻，而新電流表內阻及電燈泡內阻相當，故電流表擴容后的新電流表盡量采用外接法。（3）若采用新電流表外接法，通過電燈泡的電壓為U，改裝后電流表測量值為IA＝IG＋eq\F(IGRG,R1)，通過電燈泡的電流為I＝IA－eq\F(U,RV)，故電阻消耗的電功率P＝UI＝U(IA－eq\F(U,RV))＝U(IG＋eq\F(IGRG,R1)－eq\F(U,RV))。24．（16分）如圖所示，某貨物倉庫，需將生產成品用傳送帶從底端傳遞到高度為H的高處存放，貨物從靜止開始輕放到傳送帶的最下端，已知貨物及傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ＝eq\R(,3)，傳送帶始終保持恒定速度運動。若想用最短時間將貨物勻加速的運送至頂端，則傳送帶及水平面夾角θ應設計為多大？最短時間為多少?（傳送帶長度可隨設計需要而變化，g＝10m/s2）vvθH24．解析：對物體受力分析，受到重力G、彈力N和摩擦力f，物體向上運動的加速度為：a＝μgcosθ－gsinθ （3分）物體做勻加速運動則：eq\F(H,sinθ)＝eq\F(1,2)(μgcosθ－gsinθ)t2 （3分）物體上升運動的時間：t＝eq\R(,\F(2H,gsinθ(μcosθ－sinθ))) （4分）而sinθ(μcosθ－sinθ)＝eq\F(1,2)μsin2θ－eq\F(1-cos2θ,2)＝eq\F(1,2)(μsin2θ＋cos2θ－1)又μsin2θ＋cos2θ＝eq\R(,1＋μ2)sin(2θ＋φ)因sinφ＝eq\F(1,eq\R(,1＋μ2))，所以φ＝30°故當θ＝30°時，μsin2θ＋cos2θ取最大值為2 （3分）所以，當θ＝30°時，貨物運動最短時間為t＝2eq\R(,\F(H,g)) （3分）25．（18分）如圖所示，坐標系中第一象限有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度B=102T，同時有豎直向上及y軸同方向的勻強電場，場強大小E1＝102V/m，第四象限有豎直向上及y軸同方向的勻強電場，場強大小E2＝2E1＝2×102V/m。若有一個帶正電的微粒，質量m＝10－12kg，電量q＝10－13C，以水平及x軸同方向的初速度從坐標軸的P1點射入第四象限，OP1＝0.2m，然后從x軸上的P2點穿入第一象限，OP2＝0.4m，接著繼續(xù)運動。取g＝10m/s（1）微粒射入的初速度；（2）微粒第三次過x軸的位置；（3）從P1開始到第三次過x軸的總時間。OOP1v0P2E1E2yx25．解析：微粒從P1到P2做類平拋運動，由于qE2＝mg，則加速度a＝g，則運動時間t1＝EQ\R(,\F(2OP1,a))＝0.2s （1分）微粒射入的初速度：v0＝eq\F(OP2,t1)＝2m/s （2分）微粒進入第一象限的速度：v＝eq\F(v0,cos45°)=2eq\R(,2)m/s （1分）粒子運動方向及x軸夾角為45° （1分）由qE1＝mg，則微粒進入第一象限做勻速圓周運動，則圓周運動的半徑R＝eq\F(mv,qB)＝0.2eq\R(,2)m （2分）P2P3＝2Rcos45°＝0.4m （1分）圓周運動的時間t2＝eq\F(πm,2qB)＝0.157s （2分）微粒再次進入第四象限做類斜上拋運動,由運動的分解可知：x軸方向做勻速運動，y軸方向做類上拋運動，粒子運動時間t3＝eq\F(2vy,a)＝0.4s （2分）運動距離P3P4＝vxt3＝0.8m （2分）故OP4＝OP2＋P2P3＋P3P4＝1.6m （2分）t＝t1＋t2＋t3＝0.757s （2分）26．（20分）某機械打樁機原理可簡化為如圖所示，直角固定桿光滑，桿上套有mA＝55kg和mB＝80kg兩滑塊，兩滑塊用無彈性的輕繩相連，繩長為5m，開始在外力作用下將A滑塊向右拉到及水平夾角為37°時靜止釋放，B滑塊隨即向下運動帶動A滑塊向左運動，當運動到繩及豎直方向夾角為37°時，B滑塊（重錘）撞擊正下方的樁頭C，樁頭C的質量mC＝200kg。碰撞時間極短，碰后A滑塊由緩沖減速裝置讓其立即靜止，B滑塊反彈上升h1＝0.05m，C樁頭朝下運動h2＝0.2m靜止。取g＝10m/s2。求：（1）滑塊B碰前的速度；（2）泥土對樁頭C的平均阻力。AAA′BB′37°37°Ch1h226．解析：設碰前A的速度為vA，B的速度為vB，由系統(tǒng)機械能守恒定律：mBg（Lsin53°－Lsin37°）=eq\F(1,2)mAvA2＋eq\F(1,2)mBvB2 （3分）物體A和物體B沿繩的分速度相等：vAcos53°＝vBcos37° （3分）聯(lián)立以上兩式得：vB＝3m/s （2分）B及C碰撞動量守恒：mBvB＝mCvC—mBvB1 （3分）B碰后豎直上拋：vB12－0＝2gh1 （2分）聯(lián)立以上兩式得：vC＝1.6m/s （2分）對C用動能定理：mgs－fs＝0－eq\F(1,2)mCvC2 （3分）所以f＝3280N （2分）

高三物理聯(lián)考參考答案題號1415161718192021答案AACACBCBCAD22．3.4053.407（3分）2.030（3分）23．（1）ACD（全對3分；漏一扣一）；ABCD（2分）（2）（4分）實物連線圖如圖所示（必須保證分壓電路，電阻箱及電流表并聯(lián)，兩表的正負極接線正確，錯一無分；內接外接均可）（3）QUOTE或（U—IR）（3分）．其中RG、RV1分別是電流表G、電壓表V的內阻，R1是把電阻箱作為分流電阻提供的有效電阻（2分）。24．解：對物體受力分析如圖所示，物體向上運動的加速度為：a=gcos—gsin…….3分物體做勻加速運動則：=（gcos—gsin）t…………….3分物體上升運動的時間：t=…4分而sin(cos—sin)=sin2—=()又=sin(2+)因sin=所以=30故當=30時，取最大值為2………………3分所以，當=30時，貨物運動最短時間為t=2……………...3分25．解：微粒從P到P做類平拋運動，則運動時間t==0.2s…………….1分