高三二輪檢測物理試題2025.04注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：1~8共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.近年來，量子計算技術(shù)發(fā)展迅速，超導(dǎo)量子比特是實現(xiàn)量子計算的重要物理載體之一。超導(dǎo)量子比特的能級結(jié)構(gòu)類似于原子能級，但其能級差可以通過外部電磁場調(diào)控。假設(shè)某一超導(dǎo)量子比特的能級差為，當(dāng)量子比特從高能級躍遷到低能級時，會釋放一個能量為的光子。已知普朗克常數(shù)為，光速為，則該光子的波長為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)能量公式，有該光子的波長為，故選C。2.我國研制的離子推進器工作原理是將氙離子加速后高速噴出產(chǎn)生推力。已知推進器工作時噴出的氙離子形成的電流為，每個氙離子的質(zhì)量為，電荷量為，噴出時的速率為。則該推進器產(chǎn)生的推力大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】根據(jù)電流定義式可得單位時間內(nèi)噴出來的離子數(shù)每個離子的動量為單位時間內(nèi)噴出的離子的總動量所以推進器的推力，故B符合題意。故選B。3.如圖所示，真空中有一截面為矩形的透明介質(zhì)，為的中點，一束單色光從點射入透明介質(zhì)，折射光線經(jīng)面全反射后直接到達點，已知，，，透明介質(zhì)對單色光的折射率為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】設(shè)，光線在O點的折射角為α，則可得，可得折射率故選B。4.如圖甲，“笑臉彈簧小人”由頭部、彈簧及底部組成，將彈簧小人靜置于桌面上，輕壓頭部后靜止釋放，小人不停上下振動，非常有趣．可將其抽象成如圖乙所示的模型，頭部的質(zhì)量為，彈簧質(zhì)量不計，勁度系數(shù)為，底部的質(zhì)量為。不計一切摩擦和空氣阻力，重力加速度大小為，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，將彈簧小人靜置于桌面上，輕壓頭部后由靜止釋放。若底部不離開桌面，則下壓的最大距離為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】靜置于桌面的彈簧小人，彈簧壓縮量為，則輕壓頭部后做簡諧運動，底部不離開桌面，彈簧的最大伸長量為，則最大振幅為根據(jù)簡諧運動的對稱性可知，下壓的最大距離為。故選B。5.如圖所示，在體育課上一同學(xué)將小球從點拋出，垂直撞在斜面上的A點，被垂直反彈后恰好落在斜面上的點。已知間的豎直高度為，間的豎直高度為，空氣阻力忽略不計，則小球撞向A點與從A點反彈的速度大小之比為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)撞向A點的速度大小為，從A點反彈的速度大小為，從O點運動到A點逆向看成從A點運動到O點，將小球在空中的運動分別為垂直斜面和沿斜面的兩個分運動，垂直斜面方向上有沿斜面方向有同理，小球從A點運動到B點過程，垂直斜面方向上有沿斜面方向有聯(lián)立可得小球撞向A點的速度與從A點反彈的速度之比為故選D。6.為檢測某新能源汽車的剎車性能，現(xiàn)在平直公路上做剎車實驗，測得汽車在某次剎車過程中速度與位移的關(guān)系如圖所示，設(shè)剎車過程中汽車做勻減速直線運動。已知時刻汽車速度為，則剎車后內(nèi)，汽車的位移大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】因為剎車過程中汽車做勻減速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動速度位移關(guān)系可得由圖像可得，汽車減速到零的時間為則剎車后內(nèi)，即剎車的最后1s內(nèi)的位移為故選A。7.滑草是一項使用滑草車沿傾斜草地滑行的運動，深受青年人喜愛。甲圖為滑草運動場地實景圖，該運動場地由傾斜滑道和水平滑道兩部分組成，點處平滑連接，長，與水平面夾角為，段動摩擦因數(shù)是段的2倍，如圖乙所示。某游客乘坐滑草車從A點由靜止開始沿滑道下滑，恰好停在點。取所處的水平面為重力勢能的零勢能面，游客與滑草車在上運動的機械能、重力勢能隨著位移的變化情況如圖丙所示。，則長為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】由圖丙可知，游客在A點的機械能等于游客在A點的重力勢能為解得在B點的機械能等于動能，為設(shè)長為，段的動摩擦因數(shù)為，則段的動摩擦因數(shù)為，游客從到的過程，根據(jù)動能定理可得聯(lián)立，解得游客從到的過程，根據(jù)動能定理可得解得故選C。8.如圖甲所示，我國古建屋頂多采用蝴蝶瓦方式鋪設(shè)。圖乙是兩片底瓦和一片蓋瓦的鋪設(shè)示意圖，三根相同且平行的椽子所在平面與水平面夾角為。圖丙為截面示意圖，圓弧形底瓦放置在兩根相鄰的椽子正中間，蓋瓦的底邊恰與底瓦的凹槽中線接觸。已知相鄰兩椽子與底瓦接觸點間的距離為底瓦半徑的倍，蓋瓦和底瓦形狀相同，厚度不計，質(zhì)量相同、最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小取，在無擾動的情況下，底瓦與蓋瓦均保持靜止。若僅鋪設(shè)這三片瓦進行研究，則底瓦與椽子間的動摩擦因數(shù)至少為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】題意知相鄰兩椽子與底瓦接觸點間的距離為底瓦半徑的倍，設(shè)椽子與底瓦接觸點間的彈力方向與豎直方向成角，底瓦半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系可知可知以兩片底瓦和蓋瓦整體研究對象，垂直椽子所在平面方向上整體處于平衡狀態(tài)，可知在無外界干擾的情況下，為使底瓦與蓋瓦不下滑，應(yīng)使聯(lián)立解得可知底瓦與椽子間的動摩擦因數(shù)至少為。故選D。二、多項選擇題：9~12共4道題，每題4分，共16分。全部選對得4分，對而不全得2分，錯選0分。9.如圖所示，變壓器為理想變壓器，在變壓器的原線圈接一交變電流，交變電流的電壓有效值恒定不變。副線圈接有燈泡和（設(shè)燈泡的電阻保持不變）和熱敏電阻。已知熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，下列說法正確的是（）A.只將熱敏電阻的溫度降低，理想電流表示數(shù)變大B.只將熱敏電阻的溫度降低，理想電流表示數(shù)變小C.只將從4撥向3時，燈變亮D.只將從2撥向1時，燈變亮【答案】BD【解析】AB．只將熱敏電阻的溫度降低，熱敏電阻的阻值增大，副線圈電路中電阻增大，電流變小，變壓器線圈匝數(shù)比不變，理想電流表的示數(shù)變小，故B正確，A錯誤；C．只將S2從4撥向3時，原、副線圈匝數(shù)比變小，副線圈兩端電壓變小，副線圈電路中的電阻不變，電流變小，燈兩端的電壓變小，則變暗，故C錯誤；D．只將S1從2撥向1時，原、副線圈匝數(shù)比變大，副線圈兩端電壓變大，副線圈電路中的電阻不變，電流變大，燈兩端的電壓變大，則變亮，故D正確。故選BD。10.如圖所示，某洲際導(dǎo)彈離開地面后發(fā)動機停止工作，其飛行軌跡是以地心為焦點的橢圓的一部分，遠地點到地心的距離為（為地球的半徑），發(fā)射點與落地點的連線恰好為橢圓的短軸。地球（視為質(zhì)量分布均勻的球體）的質(zhì)量為，引力常量為，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.導(dǎo)彈在點的速率為B.導(dǎo)彈在點的速率小于C.導(dǎo)彈從發(fā)射到落地所用的時間小于D.導(dǎo)彈從發(fā)射到落地所用的時間大于【答案】BD【解析】AB．當(dāng)導(dǎo)彈在過點的軌道上繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力，則有解得此時導(dǎo)彈在點的速度大小而在題述情況下，導(dǎo)彈在點只有加速才能進入圓軌道，可知題述情況下導(dǎo)彈在點的速度小于，故A錯誤，B正確；CD．當(dāng)導(dǎo)彈貼著地面做圓周運動時有，解得因為導(dǎo)彈運動軌跡為橢圓，且其半長軸大于R，根據(jù)開普勒第三定律可知，導(dǎo)彈運動周期導(dǎo)彈從發(fā)射到落地所用的時間，故C錯誤，D正確。故選BD。11.菱形邊長為，由兩個等邊三角形構(gòu)成，在、點固定放置正點電荷，電量均為，設(shè)無窮遠處電勢為零。如圖所示，下列說法正確的是（）A.在處垂直于菱形平面以大小為的速度射入的質(zhì)量為、電荷量為的負電荷，可繞、連線中點做勻速圓周運動B.在處垂直于菱形平面以大小為的速度射入的質(zhì)量為、電荷量為的負電荷，可繞、連線中點做勻速圓周運動C.若處電荷更換為電量為的負電荷，則從點沿延長線各點電勢越來越高D.若處電荷更換為電量為的負電荷，則延長線上電勢最低的點場強為0【答案】BCD【解析】AB．依題意可知點電荷A、C在D點產(chǎn)生的場強大小為，故A、C兩電荷在D點產(chǎn)生的合場強，由幾何關(guān)系帶負電的電荷繞A、C連線中點做圓周運動的半徑，則由牛頓第二定律有，解得，故A錯誤，B正確；C．若A處電荷換成,在A點沿CA的延長線上的電場強度方向是指向A點的，因此從A點沿CA的延長線各點的電勢越來也大；D．若A處電荷換成,設(shè)某點到C點的距離為，則A、C在延長線上某點產(chǎn)生的場強方向相反，大小為、，，解得，有解，從C點到該電場強度為零的點，電場強度的方向從C點指向該點，電勢逐漸降低，從該點到無限遠處，電場強度的方向從無限遠處指向該點，所以電場強度為零的該點是延長線上電勢最低的點，故D正確。故選BCD。12.如圖所示，空間存在豎直向下的場強大小為勻強電場和垂直紙面向里磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場。一質(zhì)量為、電量大小為的離子從靜止開始自點沿曲線運動，、在同一水平線上，點為運動軌跡的最低點，不計重力，則（）A.、兩點間的距離為B.、兩點間的距離為C.、點兩點間的豎直距離為D.、點兩點間的豎直距離為【答案】AC【解析】AB．正離子在電場力和洛倫茲力共同作用下，從靜止開始自M點沿曲線MQN運動的曲線屬于圓滾線，即將離子從靜止開始自M點沿曲線MQN的運動看做是水平方向的勻速運動和勻速圓周運動的合運動，M、N兩點在同一水平面上，沿MN連線運動路徑最短，所以使粒子沿MN連線勻速運動，滿足：qvB=qE，解得：方向由M指向N，離子由靜止開始的曲線運動可以看成是水平向右的勻速運動和紙面內(nèi)的勻速圓周運動的合運動，水平方向有圓周運動線速度大小周期所以運動時間則M、N兩點間的距離選項A正確，B錯誤；CD．Q點速度等于水平向右的勻速運動速度與圓周運動在Q點水平向右速度的合速度，所以粒子由M點到Q點應(yīng)用動能定理有所以選項C正確，D錯誤。故選AC。三、實驗題（本題共14分，13題6分，14題8分）13.某實驗小組利用如圖所示的裝置觀察光的干涉現(xiàn)象。單色光從單縫射出，一部分直接射到光屏上，另一部分經(jīng)平面鏡反射后投射到光屏上，兩束光在光屏上形成干涉條紋。已知單縫到平面鏡的豎直距離為，到光屏的水平距離為。（1）實驗中觀察到干涉條紋模糊，為使干涉條紋清晰，下列操作正確的是（）A.改變平面鏡與單縫的豎直距離B.調(diào)整平面鏡的角度，使之與單縫平行C.改變平面鏡與單縫的水平距離D.改變平面鏡與光屏的距離（2）若測得第2條亮紋中央到第7條亮紋中央的間距為，則該單色光的波長________（用、、表示）；（3）若將平面鏡稍向下平移，相鄰兩條亮紋之間的距離將________（選填“變大”“變小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）B（2）（3）變小【解析】【小問1詳解】A．改變平面鏡與單縫的豎直距離，對干涉條紋清晰度沒有影響，故A錯誤；B．若平面鏡與單縫不平行，反射后的光線離光屏距離較遠，導(dǎo)致干涉條紋不清晰，故B正確；C．改變平面鏡與單縫的水平距離，不會影響條紋清晰度，故C錯誤；D．改變平面鏡與光屏的距離,不會影響條紋清晰度，故D錯誤。故選B?！拘?詳解】條紋間距為縫光源S通過平面鏡成的像相當(dāng)于另一縫光源，由雙縫干涉相鄰兩條亮間距公式其中，，可得聯(lián)立可得波長為【小問3詳解】條紋間距為縫光源S通過平面鏡成的像相當(dāng)于另一縫光源，由雙縫干涉相鄰兩條亮間距公式其中，，可得若將平面鏡稍向下平移,h變大，相鄰兩條亮紋之間的距離將變小。14.如圖甲所示，某同學(xué)設(shè)計具有“”、“”和“”三種倍率簡易歐姆表的電路，并使改裝后的刻度盤正中央的刻度為15?，F(xiàn)可提供的器材如下：A．干電池（電動勢，內(nèi)阻為）B．電流表（量程為，內(nèi)阻為）C．定值電阻、、D．滑動變阻器（）E．滑動變阻器（）F．單刀多擲開關(guān)一個，紅、黑表筆各一支，導(dǎo)線若干（1）滑動變阻器應(yīng)選擇________（選填“D”或“E”）；（2））現(xiàn)利用該歐姆表測定一未知電阻的阻值，將開關(guān)接2，經(jīng)正確操作后，歐姆表的指針位置如圖乙所示，為較準確地測定該電阻的阻值，以下操作正確的是（）A.開關(guān)接1B.開關(guān)接3C.將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器使指針指在電阻的0刻線D.將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器使指針指在電阻的刻線（3）上述操作完成后，重新測量電阻阻值，歐姆表示數(shù)如圖丙所示，則________；（4）若該歐姆表使用一段時間后，電源的電動勢變小，內(nèi)阻變大，但仍能歐調(diào)零，按正確操作再測上述的阻值，其測量結(jié)果與原結(jié)果相比將________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。【答案】（1）D（2）BC（3）（4）偏大【解析】【小問1詳解】將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)使電流表達到滿偏，則有當(dāng)指針位于中間時，因為歐姆表中間刻度值為15，則針對“”、“”和“”三種倍率，倍率越大電阻越大；“”倍率檔時內(nèi)阻故滑動變阻器應(yīng)選擇“D”?！拘?詳解】由歐姆表的原理可知開關(guān)接1、2、3時，分別對應(yīng)“”、“”和“”三種倍率；開關(guān)接2，經(jīng)正確操作后，由圖乙所示可知該未知電阻較大，為了便于測量要換大倍率，即開關(guān)接3；每次換倍率后要重新歐姆調(diào)零，即將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器使指針指在電阻的0刻線；故選BC?！拘?詳解】由于倍率為“”，由丙圖知指針指在24刻度處，故【小問4詳解】由閉合電路的歐姆定律有：新電池，舊電池，則由可得則由，故測量值偏大。四、計算題（本題共46分）15.均勻介質(zhì)中質(zhì)點A、B的平衡位置位于軸上，坐標分別為0和。某簡諧橫波沿軸正方向傳播，波速為，波長大于，振幅為，且傳播時無衰減。時刻A、B速度大小相等、方向相同，偏離平衡位置的位移方向相反，此后每隔兩者的速度大小相等、方向相同。已知在時刻，質(zhì)點A位于波峰。求（1）從時刻開始，質(zhì)點B最少要經(jīng)過多長時間位于波峰；（2）時刻質(zhì)點B偏離平衡位置的位移?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】時刻，質(zhì)點A位于波峰，則從時刻開始，質(zhì)點B第一次到達波峰時，波傳播的距離為則質(zhì)點B到達波峰的最少時間為【小問2詳解】因為波長，則周期，由題意可知，波的周期為則波長質(zhì)點B位于處，則質(zhì)點B偏離平衡位置的位移為解得16.如圖所示，一個固定在水平面上的絕熱容器被隔板A分成體積均為V1=150cm3的左右兩部分。面積為S=100cm2的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的左側(cè)為真空，右側(cè)中一定質(zhì)量的理想氣體處于溫度T1=300K的狀態(tài)1。抽走隔板A，右側(cè)中的氣體就會擴散到左側(cè)中，最終達到狀態(tài)2。然后解鎖活塞B，同時施加水平向左的恒力F=10N，可使其仍保持靜止。恒力F保持不變，電阻絲C開始加熱，活塞B緩慢滑動（無摩擦），使氣體達到溫度T2=350K的狀態(tài)3，加熱過程中電阻絲C放出的熱量Q=95J。已知大氣壓強p0=1.01×105Pa，隔板厚度不計。求：（1）狀態(tài)1的壓強p1；（2）全過程氣體內(nèi)能增加量ΔU?！敬鸢浮浚?）2.04×105Pa（2）89.9J【解析】【小問1詳解】氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2為等溫變化，根據(jù)玻意耳定律則有解鎖活塞B，同時施加水平恒力F，仍使其保持靜止，以活塞B為研究對象，根據(jù)平衡條件則有聯(lián)立解得，【小問2詳解】當(dāng)電熱絲C加熱時，活塞B緩慢滑動，使氣體溫度達到的狀態(tài)3，可知氣體屬于等壓變化，根據(jù)蓋?呂薩克定律則有代入數(shù)據(jù)解得該過程氣體對外做的功為根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知代入數(shù)據(jù)解得17.如圖所示，在豎直平面內(nèi)以水平向右為軸、豎直向上為軸建立坐標系，第一象限內(nèi)存在方向分別垂直紙面向里和向外的勻強磁場區(qū)域I、II，兩區(qū)域的邊界均與軸平行，區(qū)域II的下邊界在軸上，二者足夠長，其寬度分別為、，且，磁感應(yīng)強度大小均為。一質(zhì)量為、電阻為、邊長為的單匝正方形剛性導(dǎo)線框處于圖示位置，邊沿軸。現(xiàn)將線框以水平向右的初速度拋出，導(dǎo)線框恰好勻速進入?yún)^(qū)域I，線框的邊經(jīng)過磁場區(qū)域I的上邊界時速度方向與邊界夾角為，一段時間后又恰好勻速離開區(qū)域II。在全過程中線框始終處于坐標系平面內(nèi)，其邊始終與軸保持平行，重力加速度為，空氣阻力不計，求：（1）導(dǎo)線框的邊剛進入?yún)^(qū)域I時的速度大小；（2）導(dǎo)線框的邊剛進入?yún)^(qū)域II時的加速度大小和導(dǎo)線框進入磁場區(qū)域II的過程中產(chǎn)生的焦耳熱；（3）導(dǎo)線框上的點經(jīng)過軸時的位置坐標。【答案】（1）（2），（3）【解析】【小問1詳解】導(dǎo)線框恰好勻速進入?yún)^(qū)域I，根據(jù)平衡條件可得其中解得則導(dǎo)線框的邊剛進入?yún)^(qū)域I時的速度大小為【小問2詳解】導(dǎo)線框下邊剛進入磁場區(qū)域II時，導(dǎo)線中的電流為線框所受安培力大小為根據(jù)牛頓第二定律有解得方向豎直向上。導(dǎo)線框邊經(jīng)過區(qū)域II上下邊界的速度相等，由能量守恒可得，進入?yún)^(qū)域II的過程產(chǎn)生的焦耳熱為【小問3詳解】導(dǎo)線框在磁場外運動的時間為邊經(jīng)過區(qū)域II過程中，設(shè)安培力作用的時間為，重力作用的時間為，根據(jù)動量定理可得其中，，解得點經(jīng)過軸時的坐標為其中解得18.如圖所示，一固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道圓心為，半徑，底端點切線水平。原長勁度系數(shù)的輕彈簧，一端掛在過點的光滑水平軸