福建省閩侯第六中學(xué)20172018學(xué)年高二12月月考物理試題一、選擇題1.關(guān)于磁場(chǎng)和磁感線(xiàn)的描述，正確的說(shuō)法是（）A.磁感線(xiàn)從磁體的N極出發(fā)，終止于S極B.磁場(chǎng)的方向就是通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中某點(diǎn)受磁場(chǎng)作用力的方向C.沿磁感線(xiàn)方向，磁場(chǎng)逐漸減弱D.在磁場(chǎng)強(qiáng)的地方同一通電導(dǎo)體受的安培力可能比在磁場(chǎng)弱的地方受的安培力小【答案】D【解析】試題分析：磁感線(xiàn)分布特點(diǎn)：在磁體外部磁感線(xiàn)從N極出發(fā)進(jìn)入S極，在磁體內(nèi)部從S極指向N極．故A錯(cuò)誤．磁場(chǎng)的方向與通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中某點(diǎn)受磁場(chǎng)作用力的方向垂直．故B錯(cuò)誤．磁場(chǎng)的強(qiáng)弱看磁感線(xiàn)的疏密，與磁感線(xiàn)方向無(wú)關(guān)，沿磁感線(xiàn)方向，磁場(chǎng)不一定減弱．故C錯(cuò)誤．據(jù)安培力公式F=BILsinα，可見(jiàn)，在B大的地方，F(xiàn)不一定大．故D正確．故選D．考點(diǎn)：磁場(chǎng)和磁感線(xiàn)【名師點(diǎn)睛】本題考查對(duì)磁場(chǎng)基本知識(shí)的理解和掌握程度，基礎(chǔ)題．注意安培力與電場(chǎng)力不同：安培力方向與磁場(chǎng)方向垂直，而電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同或相反．2.如圖所示，當(dāng)磁鐵突然向銅環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)，銅環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況是A.向右運(yùn)動(dòng)B.向左運(yùn)動(dòng)C.靜止不動(dòng)D.不能判定【答案】A點(diǎn)睛：本題可直接利用楞次定律的阻礙作用去解決，楞次定律的含義可理解為：增反減同和來(lái)拒去留。3.關(guān)于電功和電熱，下面說(shuō)法正確的是()A.任何電路中的電功W=UIt，電熱Q=I2Rt且W=QB.任何電路中的電功W=UIt，電熱Q=I2Rt且W有時(shí)不等于QC.電功W=UIt在任何電路中都適用，Q=I2Rt只在純電阻電路中適用D.電功W=UIt，電熱Q=I2Rt，只適用于純電阻電路【答案】B【解析】試題分析：A、C、D、任何電路中電功公式W=UIt，電熱公式Q=I2Rt都適用，但兩者不一定相等，只有在純電阻電路中W=Q，故A錯(cuò)誤．B、任何電路中的電功W=UIt，電熱Q=I2Rt，在非純電阻電路中電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，還有一部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能，所以此時(shí)W大于Q，故B正確．故選：B4.如圖所示，一幢居民樓里住著生活水平各不相同的24戶(hù)居民，所以整幢居民樓里有各種不同的電器，例如電爐、電視機(jī)、微波爐、電腦等。停電時(shí)，用多用電表測(cè)得A、B間的電阻為R；供電后，各家電器同時(shí)使用，測(cè)得A、B間電壓為U，進(jìn)線(xiàn)電流為I，則計(jì)算該幢居民樓用電的總功率可以用的公式是()A.B.C.D.以上公式都可以【答案】C【解析】由題可知，該幢樓內(nèi)用電器有純電阻的用電器，也有非純電阻的用電器，則該幢樓居民用電的總功率為,由于歐姆定律不成立，，則，不再成立，故ABD錯(cuò)誤，C正確。點(diǎn)睛：本題要明確公式對(duì)任何電器只適用，歐姆定律只適用于純電阻電路，家用電器有純電阻用電器，由非純電阻用電器，求用電器的總功率，應(yīng)該用公式來(lái)求。5.電路中有一段金屬絲長(zhǎng)為L(zhǎng)，電阻為R，要使電阻變?yōu)?R，下列可行的方法是()A.將金屬絲拉長(zhǎng)至2LB.將金屬絲兩端的電壓提高到原來(lái)的4倍C.將金屬絲對(duì)折后擰成一股D.將金屬絲拉長(zhǎng)至4L【答案】A【解析】A、將金屬絲拉長(zhǎng)至，體積不變，則橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的，根據(jù)知，電阻變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故A正確；B、電阻與電壓和電流無(wú)關(guān)；將金屬絲兩端的電壓提高到原來(lái)的4倍，電阻不變，故B錯(cuò)誤；C、將金屬絲對(duì)折后擰成一股，長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的一半，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，根據(jù)知，電阻變?yōu)樵瓉?lái)的，故C錯(cuò)誤；D、將金屬絲拉長(zhǎng)至，體積不變，則橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的，根據(jù)知，電阻變?yōu)樵瓉?lái)的16倍，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律，知道導(dǎo)體的電阻與長(zhǎng)度、橫截面積有關(guān)，與所加的電壓無(wú)關(guān)。6.有二個(gè)標(biāo)有“110V，25W”和“110V，60W”字樣的燈泡，要把它們接在220V的電源上，燈泡既正常發(fā)光，又最省電的連接方式是圖中的哪一個(gè)？()A.B.C.D.【答案】B【解析】試題分析：根據(jù)公式R=可知，“110V，25W”的燈泡的電阻RA==484Ω“110V，60W”燈泡的電阻RB==201.7Ω知A電阻大于B電阻．A、由公式I=IA+IB得燈泡A和燈泡B并聯(lián)后的電流是二者電流之和，由P=I2R知R上損失功率多；B、圖是燈泡A和電阻并聯(lián)后，然后和B串聯(lián)，接到220V的電源上，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點(diǎn)可知兩燈泡兩端的電壓都可以等于110V，所以能正常工作，且總電流小，電阻損失功率小，故B正確；C、圖是燈泡B和電阻R并聯(lián)后又和燈泡A串聯(lián)，燈泡要想正常工作，必須滿(mǎn)足燈泡B與電阻R并聯(lián)后和燈泡A的電阻相等；但并聯(lián)電路中，電阻越并越小，小于任何一個(gè)分電阻，所以此電路中燈泡A和燈泡B也不能正常工作，故C錯(cuò)誤；D、圖是燈泡A和燈泡B分別與一個(gè)電阻串聯(lián)，串聯(lián)電路，電阻越串越大；可以使燈泡A和燈泡B都能使燈正常發(fā)光，但消耗的功率多，D錯(cuò)誤．故選：B．7.如圖所示為有兩個(gè)量程的電壓表，當(dāng)使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0~10V，當(dāng)使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0~100V。已知表頭內(nèi)阻Rg為100Ω，滿(mǎn)偏電流Ig為1mA，則關(guān)于Rg、R1、R2的關(guān)系正確的是（）A.R1=100RgB.R2=1000RgC.R1=99RgD.R2=999Rg【答案】C【解析】試題分析：當(dāng)使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，由歐姆定律得U1=10V=Ig（R1+Rg），解得：R1=﹣Rg=﹣100=9900（Ω）=99Rg．當(dāng)使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，由歐姆定律得U2=100V=Ig（R2+R1+Rg），解得：R2=﹣R1﹣Rg=﹣9900﹣100=90000Ω=900Rg．故選：C．8.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)D.R3上消耗的功率逐漸增大【答案】A【解析】試題分析：由圖可知電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動(dòng)可知電路中電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化及電容器兩端的電壓變化；再分析質(zhì)點(diǎn)的受力情況可知質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況．由圖可知，與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)后與并聯(lián)后，再與串聯(lián)接在電源兩端；電容器與并聯(lián)；當(dāng)滑片向a移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減??；路端電壓增大，同時(shí)兩端的電壓也減??；故并聯(lián)部分的電壓增大；由歐姆定律可知流過(guò)的電流增大，則流過(guò)并聯(lián)部分的電流減小，故電流表示數(shù)增減??；因并聯(lián)部分電壓增大，而中電壓減小，故電壓表示數(shù)增大，因電容器兩端電壓增大，故電荷受到的向上電場(chǎng)力增大，則重力小于電場(chǎng)力，合力向上，電荷向上運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤故BC正確；因兩端的電壓增大，由可知，上消耗的功率增大，故D正確；【點(diǎn)睛】解決閉合電路歐姆定律的題目，一般可以按照整體局部整體的思路進(jìn)行分析，注意電路中某一部分電阻減小（增大）時(shí)，無(wú)論電路的連接方式如何，總電阻均是減?。ㄔ龃螅┑模?.關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是()A.磁感應(yīng)強(qiáng)度只是描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱的物理量B.通電導(dǎo)線(xiàn)所受磁場(chǎng)力為零，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C.通電導(dǎo)線(xiàn)所受磁場(chǎng)力為零，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零D.放置在磁場(chǎng)中1m的導(dǎo)線(xiàn)，通過(guò)1A的電流，受到的磁場(chǎng)力為1N時(shí)，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度就是1T【答案】C【解析】試題分析：A、磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向的物理量，由磁場(chǎng)自身決定，故A錯(cuò)誤；B、C、當(dāng)電流元與磁場(chǎng)平行時(shí)，不是安培力，故B錯(cuò)誤，C正確；D、放置在磁場(chǎng)中l(wèi)m的導(dǎo)線(xiàn)，通過(guò)lA的電流，受到的力為1N時(shí)，根據(jù)公式F=BILsinθ，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度至少為1I，當(dāng)電流元與磁場(chǎng)垂直時(shí)，說(shuō)明磁感應(yīng)強(qiáng)度為1T；故D錯(cuò)誤；故選：C．10.同一段通電導(dǎo)線(xiàn)，放在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的四個(gè)不同方位，如圖所示，則：（）A.（c）中導(dǎo)線(xiàn)受的磁場(chǎng)力大于（a）中受的磁場(chǎng)力；B.只有（b）中通電導(dǎo)線(xiàn)不受磁場(chǎng)力的作用；C.（b）（c）中兩種情況導(dǎo)線(xiàn)都不受磁場(chǎng)力的作用；D.（a）（d）中導(dǎo)線(xiàn)所受的磁場(chǎng)力大小相等?！敬鸢浮緽【解析】解：A、ac中通電電流與磁場(chǎng)方向沒(méi)法確定，故無(wú)法判斷安培力大小關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B、磁場(chǎng)方向與通電導(dǎo)線(xiàn)電流方向相同，不受安培力，故B正確；C、因c中通電電流方向與磁場(chǎng)方向無(wú)法確定，故沒(méi)法判斷所受安培力大小，故C錯(cuò)誤；D、a中磁場(chǎng)方向沒(méi)法判斷，故安培力大小無(wú)法判斷，故D錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】注意電流方向與磁場(chǎng)方向的夾角，靈活應(yīng)用安培力和左手定則判斷．11.如圖甲所示，在x軸上有一個(gè)點(diǎn)電荷Q(圖中未畫(huà)出)，O、A、B為軸上三點(diǎn)，放在A、B兩點(diǎn)的試探電荷受到的電場(chǎng)力跟試探電荷所帶電荷量的關(guān)系如圖乙所示，則A.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2×103N/CB.B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2×103N/CC.點(diǎn)電荷Q在A、B之間D.點(diǎn)電荷Q在A、O之間【答案】AC【解析】試題分析：A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，選項(xiàng)A正確；B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因AB兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相反，故點(diǎn)電荷Q在A、B之間，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選AC.考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度.12.如圖是質(zhì)譜議的工作原理示意圖。帶電粒子被加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)的強(qiáng)度分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過(guò)的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2，平板S下方有強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。下列表述正確的是A.質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外C.能通過(guò)狹縫P的帶電粒子的速率等于E/BD.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越【答案】ABC【解析】試題分析：進(jìn)入B0的粒子滿(mǎn)足，知道粒子電量后，便可求出m的質(zhì)量，所以質(zhì)譜儀可以用來(lái)分析同位素，故A正確；假設(shè)粒子帶正電，則受電場(chǎng)力向右，由左手定則可判斷磁場(chǎng)方向垂直直面向外，故B正確；由qE=qvB，得，此時(shí)離子受力平衡，可沿直線(xiàn)穿過(guò)選擇器，故C正確；由，知R越小，荷質(zhì)比越大，故D錯(cuò)誤。故選ABC.考點(diǎn)：質(zhì)譜儀視頻13.如圖甲所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌連接一個(gè)平行板電容器C和電阻R，導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上且接觸良好，整個(gè)裝置放于垂直導(dǎo)軌平面的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化情況如圖乙所示(圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?，MN始終保持靜止，忽略電容器C的充電時(shí)間，則在0～t2時(shí)間內(nèi)A.電容器C所帶的電荷量先減小后增大B.電容器C的a板先帶正電后帶負(fù)電C.通過(guò)MN電流始終沒(méi)變D.MN所受安培力的方向先向右后向左【答案】CD【解析】A、磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生恒定電動(dòng)勢(shì)，電路中電流恒定，電阻R兩端的電壓恒定，則電容器的電壓恒定，電容器C所帶的電荷量大小始終沒(méi)變，電容器極板的電性也不會(huì)變化，故AB錯(cuò)誤；C、由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，所以感應(yīng)電流也恒定，根據(jù)楞次定律回路感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，MN所受安培力的方向先向右后向左，故CD正確。點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵要根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷出電路中的電動(dòng)勢(shì)恒定不變，再根據(jù)楞次定律、左手定則進(jìn)行分析。14.如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻為lΩ，R為2Ω，R全阻值為3Ω，閉合開(kāi)關(guān)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.當(dāng)R2為1Ω時(shí)，R1消耗的功率最大B.通過(guò)改變R2的阻值，路端電壓的最大值為5V，最小值為4VC.R2的阻值越小，R1消耗的功率越大D.當(dāng)R2的阻值為3Ω時(shí)，R1消耗的功率最大【答案】AD【解析】A、是定值電阻，由知，當(dāng)時(shí)，電路中電流最大時(shí)，其功率最大，故A錯(cuò)誤；B、路端電壓隨外電阻增大而增大，則當(dāng)時(shí)，路端電壓最大，最大值為，當(dāng)時(shí)，路端電壓最小，最小值為，故B正確．C、是定值電阻，由知，的阻值越小，電路中電流越大，消耗的功率越大，故C正確．D、當(dāng)?shù)淖柚禐闀r(shí)，電路中電流最小，消耗的功率最小，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是求解出各個(gè)功率的表達(dá)式，掌握路端電壓隨外電阻增大而增大的規(guī)律，即可進(jìn)行判斷。15.如圖，a、b、c三個(gè)α粒子(氦核），同時(shí)由同一點(diǎn)垂直于場(chǎng)強(qiáng)以不同的速率進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，其軌跡如圖，其中b恰好飛出電場(chǎng)，不計(jì)α粒子之間的相互作用力，由此可以肯定（）A.在b飛離電場(chǎng)的同時(shí)，a剛好打在負(fù)極板上B.b和c同時(shí)飛離電場(chǎng)C.進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，c的速度最小，a的速度最大D.動(dòng)能的增量相比，c的最小，a和b一樣大【答案】AD【解析】A、三個(gè)粒子所受的電場(chǎng)力相等，加速度大小相等，在豎直方向上有：可知：a、b的偏轉(zhuǎn)位移相等，大于c的偏轉(zhuǎn)位移，知a、b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，大于c的時(shí)間，故A正確，B錯(cuò)誤；C、因?yàn)閍的水平位移小于b的水平位移，它們的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，則a的速度小于b的速度，b的水平位移和c的水平位移相等，b的時(shí)間大于c的時(shí)間，則b的速度小于c的速度，所以進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，c的速度最大，a的速度最小，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)動(dòng)能定理知，a、b的偏轉(zhuǎn)位移相等，則電場(chǎng)力做功相等，大于c電場(chǎng)力做功，所以a、b的動(dòng)能增量相等，大于c的動(dòng)能增量，故D正確。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握處理類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的方法，在沿電場(chǎng)方向上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，垂直電場(chǎng)方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式抓住等時(shí)性進(jìn)行分析求解。二、填空題16.在用電壓表和電流表研究小燈泡在不同電壓下的功率的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室備有下列器材供選擇：A.待測(cè)小燈泡“3.0V1.5W”B.電流表(量程3A，內(nèi)阻約為1Ω)C.電流表(量程0.6A，內(nèi)阻約為5Ω)D.電壓表(量程3.0V，內(nèi)阻約為10kΩ)E.電壓表(量程15.0V，內(nèi)阻約為50kΩ)F.滑動(dòng)變阻器(最大阻值為100Ω，額定電流50mA)G滑動(dòng)變阻器(最大阻值為10Ω，額定電流1.0A)H電源(電動(dòng)勢(shì)為4.0V，內(nèi)阻不計(jì))I.開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線(xiàn)等(1)為了使實(shí)驗(yàn)完成的更好，電流表應(yīng)選用________；電壓表應(yīng)選用________；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________。(只需填器材前面的字母即可)(2)請(qǐng)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_____________________(3)某同學(xué)在一次測(cè)量時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)如圖所示。則電壓值為_(kāi)_______V，電流值為_(kāi)_______A，小燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)_______W。【答案】(1).C(2).D(3).G(4).如圖所示：(5).(6).(7).【解析】（1）從測(cè)量精確度考慮，小燈泡的額定電壓為，所以電壓表選取量程為的，小燈泡的額定電流，所以電流表選取量程為的，最大阻值為的滑動(dòng)變阻器接入電路測(cè)量誤差較大，所以選取最大阻值為的滑動(dòng)變阻器，故選C、D、G；（2）由于要研究小燈泡在不同電壓下的功率，所以電壓和電流需從0開(kāi)始測(cè)起，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，與電流表內(nèi)阻相當(dāng)，屬于小電阻，故采取電流表的外接法，電流圖如下：（3）電壓表量程為，所以1格等于，所以電壓表讀數(shù)為，電流表量程為，所以1格等于，所以電流表讀數(shù)為，。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，掌握滑動(dòng)變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，以及電流表內(nèi)外接的區(qū)別。17.某同學(xué)利用一只電流表和一個(gè)電阻箱測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，使用的器材還有開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線(xiàn)若干，實(shí)驗(yàn)原理如甲所示。(1)在圖乙的實(shí)物圖中，已正確連接了部分電路，請(qǐng)完成其余電路的連接________________。(2)調(diào)節(jié)電阻箱，示數(shù)如圖丙所示，讀得電阻值是________Ω。(3)接通開(kāi)關(guān)，多次改變電阻箱的阻值R，同時(shí)讀出對(duì)應(yīng)的電流表的示數(shù)I，并作記錄，畫(huà)出關(guān)系圖線(xiàn)，如圖丁所示。則圖線(xiàn)斜率的物理意義是____________；若電流表內(nèi)阻RA＝0.1Ω，由圖線(xiàn)求得電源的電動(dòng)勢(shì)E＝______V，內(nèi)阻r＝______Ω?！敬鸢浮?1).如圖所示：(2).(3).電源電動(dòng)勢(shì)(4).(5).【解析】試題分析：（1）根據(jù)圖1所示實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，如圖所示．（2）由圖2所示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為2×1Ω+3×0.1Ω=2.3Ω．（3）由閉合電路歐姆定律可得：E=I（r+R+RA），則R=﹣r﹣RA，則R﹣圖象的斜率是E，即電源電動(dòng)勢(shì)；由圖2丙所示圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)E===1.4V；圖象在橫軸上的截距為0.5，即r+RA=0.5，則電源內(nèi)阻r=0.5﹣0.1=0.4Ω．三、計(jì)算題18.如圖所示電路中，甲、乙兩個(gè)毫安表的內(nèi)阻均為6Ω，R3=R4=12Ω，S斷開(kāi)時(shí)，AB之間電阻為3Ω，S閉合時(shí)，甲、乙兩個(gè)毫安表的