2023年高考第一次模擬考試卷物理試題全解全析（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置。認(rèn)真核對(duì)條形碼上的姓名、考生號(hào)和座號(hào)，并將條形碼粘貼在指定位置上。2．選擇題答案必須使用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必須使用0.5mm黑色簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整，筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)在各題目的答題區(qū)域內(nèi)答題，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效；保持卡面清潔，不折疊、不破損。第Ⅰ卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1．（2022·浙江·高三階段練習(xí)）以下說(shuō)法中正確的是（）A．圖甲可知，驅(qū)動(dòng)力頻率越大，能量越大，振動(dòng)幅度越大B．圖乙是雙縫干涉示意圖，若只將光源由藍(lán)色光改為綠色光，兩相鄰亮條紋間距離減小C．圖丙是用干涉法檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，若將薄片向右移動(dòng)，條紋間距將變小D．圖丁中的M、N是偏振片，P是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)，繞水平軸在豎直面內(nèi)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，從圖示位置開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)90度的過(guò)程中，光屏P上的光亮度保持不變【答案】C【解析】A．圖甲為共振曲線，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率等于振動(dòng)系統(tǒng)固有頻率時(shí)，振幅最大，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中，根據(jù)若只將光源由藍(lán)色光改為綠色光，波長(zhǎng)增大，兩相鄰亮條紋間距離將增大，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)將薄片向右移動(dòng)時(shí)，即增大空氣薄層的厚度，導(dǎo)致同級(jí)的光程差的間距變小，則干涉條紋間距會(huì)變小，故C正確；D．當(dāng)M固定不動(dòng)，緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，從圖示位置開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過(guò)程時(shí)，則M、N的振動(dòng)方向垂直，此時(shí)光屏P上的光亮度最暗，故D錯(cuò)誤。故選C。2．（2021·新疆·二模）如圖所示為某糧庫(kù)輸送小麥的示意圖。麥粒離開(kāi)傳送帶受重力作用在豎直方向上掉落后，形成圓錐狀的麥堆。若麥堆底面半徑為r，麥粒之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不考慮麥粒的滾動(dòng)。則形成的麥堆的最大高度為（）A． B．【答案】B【解析】當(dāng)麥堆達(dá)到最大高度h后，堆面的傾角α達(dá)到最大值，此時(shí)位于堆面上的麥粒恰好不會(huì)滾下，則根據(jù)幾何關(guān)系有聯(lián)立以上兩式可得故選B。3．（2022·江蘇省昆山中學(xué)模擬預(yù)測(cè)）人們對(duì)電磁炮的研究不斷深入。某高中科研興趣小組利用學(xué)過(guò)的知識(shí)制造了一臺(tái)電磁炮，其原理示意圖如圖甲所示，高壓直流電源電動(dòng)勢(shì)為E，大電容器的電容為C。線圈套在中空的塑料管上，管內(nèi)光滑，將直徑略小于管的內(nèi)徑的金屬小球靜置于管口附近。首先將開(kāi)關(guān)S接1，使電容器完全充電，然后立即將S轉(zhuǎn)接2，此后電容器放電，通過(guò)線圈的電流隨時(shí)間的變化如圖乙所示，金屬小球在0t1的時(shí)間內(nèi)被加速發(fā)射出去，t1時(shí)刻剛好運(yùn)動(dòng)到管口。下列關(guān)于該電磁炮的說(shuō)法正確的是（）A．小球在塑料管中做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)B．在0t1的時(shí)間內(nèi)，小球中產(chǎn)生的渦流從左向右看是順時(shí)針?lè)较虻腃．在t1時(shí)刻，小球受到的線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力為零D．在0t1的時(shí)間內(nèi)，電容器儲(chǔ)存的電能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能【答案】C【解析】AC．線圈中的磁場(chǎng)強(qiáng)弱程度與通過(guò)線圈的電流大小成正比，根據(jù)乙圖可知，線圈中產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度（磁通量）變化步調(diào)與電流i的變化步調(diào)一致，在0~t1時(shí)間內(nèi)，線圈電流i從0逐漸增大，但其變化率卻逐漸減小至0，所以線圈中的磁通量變化率也逐漸減小至0，金屬小球中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也逐漸減小至0，金屬小球中的渦流也逐漸減小至0，可知t=0時(shí)刻，金屬小球受到線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力為0，t1時(shí)刻，金屬小球受到線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力也為0，故0~t1時(shí)間內(nèi)，金屬小球受到線圈磁場(chǎng)對(duì)它的作用力應(yīng)先增大后減小，即加速度應(yīng)先增大后減小，故A錯(cuò)誤，C正確；B．0~t1時(shí)間內(nèi)，由安培定則知線圈電流在線圈內(nèi)的磁場(chǎng)方向向右，線圈電流在增大，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)在增大，通過(guò)金屬小球磁通量在增大，根據(jù)楞次定律可知金屬小球中產(chǎn)生渦流的磁場(chǎng)方向向左，由安培定則可知，金屬小球中產(chǎn)生的渦流從左向右看是逆時(shí)針?lè)较虻?，故B錯(cuò)誤；D．在0~t1的時(shí)間內(nèi)，電容器減少的電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能，磁場(chǎng)能有一部分轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，還留有一部分磁場(chǎng)能，所以減少的電場(chǎng)能大于小球增加的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。故選C?！敬鸢浮緿【解析】A．從物理單位的量綱來(lái)考慮，則A中單位為而頻率的單位是Hz（s1），故A錯(cuò)誤；B．B選項(xiàng)單位為B錯(cuò)誤；C．C選項(xiàng)單位為故C錯(cuò)誤；D．D選項(xiàng)單位為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。B．液體轉(zhuǎn)動(dòng)速度隨時(shí)間均勻增大【答案】ADBC．開(kāi)關(guān)閉合瞬間，液體未轉(zhuǎn)動(dòng)，沒(méi)有反電動(dòng)勢(shì)，則回路中電流有最大值為此時(shí)液體加速度最大，為液體開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)后，產(chǎn)生了反電動(dòng)勢(shì)，則電流減小，液體加速度減小，故BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為因?yàn)榉€(wěn)定時(shí)電流最小，根據(jù)焦耳定律可得，電路中產(chǎn)生的焦耳熱大于根據(jù)能量守恒定律可知時(shí)，液體具有的動(dòng)能一定小于故D正確。故選AD。6．（2022·福建省龍巖第一中學(xué)模擬預(yù)測(cè)）如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖。升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為U1和U2，降壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為U3和U4。在輸電線路的起始端接入兩個(gè)互感器，兩個(gè)互感器原、副線圈的匝數(shù)比分別為10∶1和1∶10，各互感器和電表均為理想的，則下列說(shuō)法正確的是（）A．兩互感器均起到降壓作用B．若電壓表的示數(shù)為220V，電流表的示數(shù)為10A，則線路輸送電功率為220kWC．若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和用戶數(shù)一定，僅將滑片Q下移，則輸電線損耗功率減少D．若發(fā)電機(jī)輸出電壓U1一定，若用戶數(shù)增加，為維持用戶電壓U4一定，可將滑片P上移【答案】BD【解析】A．根據(jù)兩個(gè)互感器原、副線圈的匝數(shù)比可知電壓互感器起到降壓的作用，電流互感器起到降流（升壓）的作用，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)輸電電流為I2，根據(jù)理想變壓器變壓和變流規(guī)律可得解得U2＝2200VI2＝100A所以線路輸送的電功率為P＝U2I2＝2200×100W＝220kW故B正確；C．由理想變壓器變壓和變流規(guī)律可得設(shè)輸電線路總電阻為r，根據(jù)閉合電路歐姆定律有U3＝U2－I2r設(shè)用戶端總電阻為R，根據(jù)歐姆定律有聯(lián)立以上五式解得若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和用戶數(shù)一定，僅將滑片Q下移，則U2增大，R不變，所以I2增大，而輸電線損耗功率為所以輸電線損耗功率增大，故C錯(cuò)誤；D．若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和Q的位置一定，使用戶數(shù)增加，即U2不變，R減小，則I2增大，U3減小，為了維持用戶電壓U4一定，需要增大，可將滑片P上移，故D正確。故選BD。7．（2022·遼寧·鞍山市礦山高級(jí)中學(xué)三模）“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器需要通過(guò)霍曼轉(zhuǎn)移軌道從地球發(fā)射到火星，地球軌道和火星軌道近似看成圓形軌道，霍曼轉(zhuǎn)移軌道是一個(gè)在近日點(diǎn)M和遠(yuǎn)日點(diǎn)P分別與地球軌道、火星軌道相切的橢圓軌道（如圖所示）。“天問(wèn)一號(hào)”在近日點(diǎn)短暫點(diǎn)火后進(jìn)入霍曼轉(zhuǎn)移軌道，接著沿著這個(gè)軌道運(yùn)行直至抵達(dá)遠(yuǎn)日點(diǎn)，然后再次點(diǎn)火進(jìn)入火星軌道。已知引力常量為G，太陽(yáng)質(zhì)量為m，地球軌道和火星軌道半徑分別為r和R，地球、火星、“天問(wèn)一號(hào)”運(yùn)行方向都為逆時(shí)針?lè)较颉Ｈ糁豢紤]太陽(yáng)對(duì)“天問(wèn)一號(hào)”的作用力，下列說(shuō)法正確的是（）A．兩次點(diǎn)火噴射方向都與速度方向相同C．“天問(wèn)一號(hào)”在地球軌道上的線速度大于在火星軌道上的線速度D．“天問(wèn)一號(hào)”在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的加速度比在火星軌道上P點(diǎn)的加速度小【答案】BC【解析】A．兩次點(diǎn)火都是從低軌道向高軌道轉(zhuǎn)移，需要加速，所以點(diǎn)火噴射方向都與運(yùn)動(dòng)方向相反，A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器在地球軌道上由萬(wàn)有引力提供向心力有由開(kāi)普勒第三定律得兩次點(diǎn)火之間的時(shí)間為聯(lián)立解得B正確；C．“天問(wèn)一號(hào)”在繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)滿足可得在地球軌道上運(yùn)行時(shí)軌道半徑較小，故線速度較大，C正確；D．由牛頓第二定律可得解得“天問(wèn)一號(hào)”在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)與在火星軌道上P點(diǎn)位置相同，到太陽(yáng)球心距離R相同，故加速度相同，D錯(cuò)誤。故選BC。8．（2022·遼寧·沈陽(yáng)二中三模）如圖所示，相距2L的AB、CD兩直線間的區(qū)域存在兩個(gè)大小不同、方向相反的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)，其中PS下方的電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樨Q直向上，PS上方的電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樨Q直向下。在電場(chǎng)左邊界AB上寬為L(zhǎng)的PQ區(qū)域內(nèi)，連續(xù)分布著電荷量為、質(zhì)量為m的粒子。從某時(shí)刻起由Q到P點(diǎn)間的帶電粒子，依次以相同的初速度沿水平方向垂直射入勻強(qiáng)電場(chǎng)中。從Q點(diǎn)射入的粒子，通過(guò)PS上的某點(diǎn)R進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)后從CD邊上的M點(diǎn)水平射出，其軌跡如圖。若MS兩點(diǎn)的距離為。不計(jì)粒子的重力及它們間的相互作用。下列說(shuō)法正確的是（）B．PQ間水平射入電場(chǎng)的粒子，它們一定都垂直于CD邊水平射出D．PQ間距離P點(diǎn)為的粒子射入電場(chǎng)后垂直于CD邊水平射出【答案】ACD【解析】A．PQ間水平射入電場(chǎng)的粒子在水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則它們到達(dá)CD邊的時(shí)間均為故A正確；C．從Q點(diǎn)射入的粒子，設(shè)從Q到R的時(shí)間為，R到M的時(shí)間為，到達(dá)R時(shí)的豎直速度為，則根據(jù)牛頓第二定律可得，粒子在PS下方的加速度為粒子在PS上方的加速度為根據(jù)類平拋規(guī)律有聯(lián)立可得故C正確；BD．設(shè)PQ到P點(diǎn)距離為h的粒子射入電場(chǎng)后，經(jīng)過(guò)n個(gè)類似于Q到R到M的循環(huán)運(yùn)動(dòng)（包括粒子從電場(chǎng)穿過(guò)PS進(jìn)入電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)）后，恰好垂直于CD邊水平射出，則該粒子的速度第一次變?yōu)樗剿玫臅r(shí)間為第一次到達(dá)PS邊的時(shí)間則為，則有則PQ間距離P點(diǎn)為的粒子射入電場(chǎng)后垂直于CD邊水平射出，故B錯(cuò)誤，D正確。故選ACD。第Ⅱ卷三．非選題題（共60分，其中9、10題為填空題，11、12為實(shí)驗(yàn)題，1315為計(jì)算題?？忌鶕?jù)要求作答）【答案】

增大

減小【解析】[1]當(dāng)處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時(shí)，分子平均動(dòng)能增大，單位時(shí)間內(nèi)逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來(lái)的動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強(qiáng)增大。[2]由于r2>r1，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，當(dāng)另一分子從間距由減小到的過(guò)程中，分子力做正功，則勢(shì)能減小。10．（2022·上海市復(fù)興高級(jí)中學(xué)二模）圖（a）為中國(guó)古代的魚(yú)洗：有節(jié)奏地摩擦魚(yú)洗雙耳，可以看到盆內(nèi)水波蕩漾，甚至噴出水柱。原理是：搓雙耳時(shí)，產(chǎn)生兩列相向傳播的同頻率水波，相遇時(shí)產(chǎn)生的________________（選填“干涉”、“衍射”）現(xiàn)象。圖（b）為某時(shí)刻相向傳播的兩列水波的波形圖，A、B、C、D、E、F六個(gè)質(zhì)點(diǎn)中，可能“噴出水柱”的是________________點(diǎn)?！敬鸢浮?/p>

干涉

BDF【解析】[1]有節(jié)奏地摩擦魚(yú)洗雙耳，產(chǎn)生兩列相向傳播的同頻率水波，相遇時(shí)會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象；[2]由題意知“噴出水柱”是因?yàn)閮闪胁ǖ牟ǚ迮c波峰或波谷與波谷發(fā)生了相遇，即振動(dòng)加強(qiáng)。由圖像可知，A、C、E三質(zhì)點(diǎn)是波峰與波谷相遇，這三點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)。而B(niǎo)、D、F三質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)后即為波峰與波峰相遇處，即為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)。所以可能“噴出水柱”的是BDF。11．（2020·福建漳州·一模）某同學(xué)用如圖所示的裝置測(cè)量滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其中，遮光條寬度d=6.0mm，光電門甲和乙相距l(xiāng)=1.00m。實(shí)驗(yàn)時(shí)，滑塊可以由光電門甲上方某位置自由下滑。某次實(shí)驗(yàn)中，遮光條通過(guò)光電門甲、乙的時(shí)間分別為t1=6.0×103s和t2=2.0×103s，則滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小a=_____________m/s2；測(cè)得光電門甲、乙的豎直高度差h=0.60m，g取10m/s2，則滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=______________?！敬鸢浮?/p>

4.0

0.25【解析】[1]．通過(guò)甲乙光電門的速度根據(jù)速度位移公式可知解得a=4.0m/s2[2]．根據(jù)牛頓第二定律可知mgsinθμmgcosθ=ma解得μ=0.25實(shí)驗(yàn)次數(shù)1234560.120.180.240.300.360.422.813.634.585.406.217.20表1①結(jié)果更精確的是___________A．小張的

B．小明的

C．無(wú)法判斷②其理由是___________。（2）實(shí)驗(yàn)裝置如圖3所示，將強(qiáng)磁體從長(zhǎng)玻璃管上端由靜止下落，一線圈套在玻璃管外，其兩端與數(shù)字電壓表（內(nèi)阻可視為無(wú)窮大）相連，可測(cè)出線圈兩端電壓的最大值?，F(xiàn)分別使線圈放置在距離上管口y＝10cm、20cm、30cm、40cm和50cm等處，分別記錄電壓表相應(yīng)的示數(shù)最大值U。若以y為橫軸，電壓U為縱軸，則下列圖像可能正確的是__________A．B．C．D．【答案】

B

見(jiàn)解析

兩種情況的接觸電阻差異較大

B【解析】（1）[1]實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理利用圖像法比較直觀，相對(duì)誤差比較小，故小明的結(jié)果更精準(zhǔn)，B正確。[2]為金屬絲電阻與電表內(nèi)阻（或者再加上接觸電阻）之和，是平均值法計(jì)算結(jié)果偏大的原因。用圖像法處理數(shù)據(jù)，電流表內(nèi)阻不影響斜率即的計(jì)算，還可以減小誤差較大測(cè)量點(diǎn)的影響。[3]兩種情況實(shí)驗(yàn)曲線延長(zhǎng)線不交于同一點(diǎn)的原因主要是接觸電阻差異較大。（2）[4]強(qiáng)磁體在管中下落的過(guò)程中，線圈離管口的距離不同，磁感線穿過(guò)線圈的磁通量的變化率逐漸大，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸變大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知圖線是開(kāi)口向右的曲線，B正確，ACD錯(cuò)誤。（1）小球P的拋出點(diǎn)距A點(diǎn)的高度；（2）小球P運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多少？；（3）通過(guò)計(jì)算判斷小球Q能否通過(guò)最高點(diǎn)C?！敬鸢浮浚?）0.45m；（2）52N；（3）Q能通過(guò)最高點(diǎn)C【解析】（1）根據(jù)幾何關(guān)系可得A點(diǎn)速度豎直方向分速度豎直方向根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得根據(jù)機(jī)械能守恒定