屆廣東省順德區(qū)普通高中高三上學期教學質量檢測物理試題（一）一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．第19屆亞運會于2023年9月在杭州舉行，以“中國特色、亞洲風采、精彩紛呈”為目標，秉持“綠色、智能、節(jié)儉、文明”辦會理念，下列說法正確的是（）A．對參加首次列入亞運會正式競賽項目的霹靂舞競賽的運動員打分時，可以把運動員看成質點B．忽略空氣阻力，17歲“天才少女”黃雨婷，在射擊比賽中打出的子彈在空中做勻速直線運動C．張亮以6分57秒06的成績獲得賽艇男子單人雙槳冠軍，6分57秒06指時間D．參加4×100米混合泳接力賽的四名運動員比賽游過的總位移大小為400m2．有關高樓墜物的事故報道屢屢見諸報端，一次次事故引發(fā)全民關注這“懸在城市上空的痛”，關于墜物，以下說法正確的是（）A．墜物下落過程處于超重狀態(tài)B．墜物對被砸物體的作用力等于其重力C．被砸物體很危險是因為墜物的動量變化很大D．被砸物體很危險是因為墜物的動量變化很快3．如圖所示，順德商場常見的兩種電梯，圖甲為階梯式電梯，圖乙為斜面式電梯，設同一個乘客在兩種電梯中隨電梯勻速上行，下列說法正確的是（）A．兩種電梯對乘客支持力的方向相同B．兩種電梯對乘客作用力的大小與方向均相同C．兩種電梯對乘客摩擦力的方向相同D．兩種電梯對乘客支持力的大小相等4．如圖所示，起重機以額定功率將地面上質量為800kg的重物由靜止沿豎直方向吊起，4秒后，重物開始以1m/s的速度向上做勻速直線運動，忽略空氣阻力，重力加速度取g=10m/sA．0~4秒內重物所受起重機牽引力逐漸變大B．0~4秒內重物的加速度大小恒為0.25m/C．0~4秒內重物克服重力做功1.6×D．起重機的額定功率為8kW5．如圖為釣魚時魚漂靜浮于水面的示意圖．某次魚咬鉤時將魚漂往下拉一小段距離后松口，魚漂做上下振動，一定時間內魚漂在豎直方向近似做簡諧運動，取豎直向上為正方向，魚松口時為計時起點，用t、x、a分別表示魚漂運動的時間、位移和加速度，關于魚漂此過程中的運動，下列圖像可能正確的是（）A． B．C． D．6．如圖所示，“羲和號”是我國首顆可24小時全天候對太陽進行觀測的試驗衛(wèi)星，該衛(wèi)星繞地球可視為勻速圓周運動，軌道平面與赤道平面垂直。衛(wèi)星距離A點的最小距離是517千米，每天繞地球運行n圈（n>1），下列關于“羲和號”的說法錯誤的是（）A．“羲和號”的運行速度小于第一宇宙速度B．“羲和號”的發(fā)射速度大于第一宇宙速度C．“羲和號”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星D．“羲和號”的運行周期大于地球同步衛(wèi)星7．彈簧在生活中有著廣泛的應用。很多緩沖裝置就是利用彈簧的彈力作用來實現的。如圖所示，某緩沖裝置可抽象成由原長相等、勁度系數不同的兩輕質彈簧串聯而成的簡單模型，在彈性限度內，墊片向右移動時，下列說法正確的是（）A．兩彈簧產生的彈力保持相等B．墊片受到彈簧彈力等于兩彈簧的彈力之和C．兩彈簧的長度保持相等D．兩彈簧產生的彈性勢能相等二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分，在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．8．如圖所示，平板車上放置某物塊，運動過程中物塊相對平板車靜止，不考慮空氣阻力，下列說法正確的是（）A．沿斜面向上運動時，物塊可能只受到兩個力的作用B．沿斜面向上運動時，物塊的合外力一定沿斜面向上C．沿斜面向下運動時，車可能給物塊沿斜面向上的摩擦力D．沿斜面向下運動時，車給物塊的力可能豎直向上9．蝙蝠具有一種回聲定位的特殊本領，它們在喉部產生短促而高頻的超聲波，經鼻或嘴傳出后被附近物體反射回來形成回聲，聽覺神經中樞對回聲本身以及發(fā)出聲與回聲間的差異進行分析，從而確定前方獵物的位置、大小、形狀、結構以及運動速度與方向，下列說法正確的是（）A．不同蝙蝠發(fā)出不同頻率的超聲波可能發(fā)生干涉B．蝙蝠發(fā)出的超聲波進入水中后傳播速度不變C．蝙蝠產生高頻的超聲波目的是便于捕捉較小的獵物D．蝙蝠聽到回聲的頻率變高時，能判斷出正在靠近的獵物10．人們用滑道從高處向低處運送貨物．如圖所示，貨物A、B均視為質點，A從14光滑圓弧滑道頂端P點靜止釋放，沿滑道運動到圓弧末端Q點時與B發(fā)生彈性碰撞。已知A的質量為5kg，B的質量為15kg?；栏叨萮為0.2m，且過Q點的切線水平，重力加速度取10m/A．碰撞前瞬間A速度大小為3m/sB．碰撞后瞬間兩貨物速度大小均為1m/sC．碰撞后，A最高可以回到斜面上高度0.05m處D．A和B組成的系統(tǒng)在整個過程中機械能和動量守恒三、非選擇題：共54分．11．實驗室提供如圖所示的氣墊導軌和光電門組合實驗裝置，并有天平、螺旋測微器、細線、力傳感器等輔助器材。某實驗小組利用該裝置及輔助器材來探究合外力做功與物體動能變化之間的關系，已知實驗時光電門1和光電門2測出遮光條通過它們的時間分別為t1和t（1）用螺旋測微器測量遮光條寬度d時，其示數如圖乙所示，則d=mm；（2）實驗過程中還需要測量的物理量有：兩光電門之間的距離L、滑塊的質量m和（請寫出物理量及對應的字母）；（3）實驗得到滑塊從光電門1位置運動到光電門2位置過程中合外力做功的表達式為W=，滑塊動能變化量的表式為ΔEk（4）以下操作步驟可以減小實驗誤差的有。A．為平衡摩擦力適當墊高導軌右端B．兩個光電門之間的距離適當遠一些C．遮光條的寬度適當小一些D．換用質量盡量大的滑塊12．某研究性學習小組利用光電門傳感器、天平、刻度尺研究單擺的周期與擺球質量、擺長之間的關系。實驗裝置如圖甲所示，實驗時，將小球拉起一定角度后釋放（小于5°），利用光電門測出小球擺動的周期。（1）該實驗采用的實驗方法為（選填“控制變量法”或“理想實驗法”）；（2）如果實驗組用該裝置分別在北京和順德兩地進行探究“單擺的周期T與擺長L的關系”的實驗，然后將實驗數據繪制成T2?L圖像，如圖乙所示，則在順德測得的實驗結果對應的圖線是（3）某次實驗中，小組成員小明想用該裝置測當地重力加速度，已知繩長為L，小球直徑為d，擺球擺動過程中光電門接收到光信號強度I隨時間ｔ的變化如圖丙所示，t1和tn均為已知量，由此可知此次實驗單擺的周期為，當地重力加速度大小的計算表達式g=13．2023年9月21日，中國航天員首次在夢天實驗艙內進行授課，為廣大青少年帶來一場精彩的太空科普課。在奇妙“乒乓球”實驗中，神舟十六號航天員朱楊柱用“特制”乒乓球拍將靜止的水球拍出，若將該直線運動過程看成水球先做勻加速運動后勻速運動，其中加速時間t1=1s，加速位移為s1（1）水球勻速運動時的速度v的大??；（2）加速過程中加速度大??；（3）全過程的總位移的大小。14．生產小鋼球的工廠為提高裝配效率設計一款裝置，其模型簡化如下。ABCD可視為足夠大的光滑矩形斜面，其與水平面夾角為θ，斜面上固定半徑為R的光滑圓弧軌道MKN，其中K為圓弧最低點，半徑OM與AD垂直，ON與MO延長線夾角為β，某質量為m的鋼球沿水平管道以大小為v的初速度從斜面左邊緣P點滑上斜面，并恰好沿N點切線方向進入圓弧軌道做圓周運動，鋼球滑行的最高點Q處有裝配箱（圖中未畫出），已知重力加速度為g，求：（1）鋼球在N點的速度大??；（2）PQ之間的距離LPQ（3）鋼球運動到K點受軌道支持力大小。15．為節(jié)約人力，某公司安裝斜面和傳送帶設備，其結構簡化如下。斜面AB與水平面的夾角θ=37°。水平傳送帶順時針轉動，長度為s=5m，速度大小為v0=12m/s，傳送帶左端與斜面底端平滑相連。傳送帶右端下方h=5m處有貨箱長L=7m的貨車，在傳送帶左端無初速度釋放貨物，貨物恰能落入貨箱尾端。已知貨物與傳送帶的動摩擦因數μ1=0.25，與斜面的動摩擦因數（1）求落入貨箱尾部的貨物的速度大小；（2）當貨物從斜面上距離B點18.75m處靜止釋放，求落入貨箱的位置；（3）在斜面存在一段長度區(qū)域，在區(qū)域內任何位置無初速度釋放貨物后都能落入貨箱前端，求這段區(qū)域長度。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、對參加首次列入亞運會正式競賽項目的霹靂舞競賽的運動員打分時，運動員的大小不能忽略，不可以把運動員看成質點，故A錯誤；

B、忽略空氣阻力，17歲“天才少女”黃雨婷，在射擊比賽中打出的子彈在空中運動時因受重力作用而做做勻變速曲線運動，故B錯誤；

C、張亮以6分57秒06的成績獲得賽艇男子單人雙槳冠軍，6分57秒06指時間，故C正確；

D、參加4×100米混合泳接力賽的四名運動員比賽游過的總路程為400m，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】當物體的形狀和大小對所研究的物理問題的影響可以忽略不計時，可將物體視為質點。當物體所受合外力不為零時，物體做變速運動。注意掌握路程和位移的區(qū)別和特點。2．【答案】D【解析】【解答】A．墜物下落過程由于加速下落所以加速度向下，根據加速度的方向可以得出：墜物處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B．墜物與被砸物體接觸后，由于墜物的速度減小則具有向上得加速度，根據加速度方向向上則墜物對被砸物體的作用力大于其重力，故B錯誤；CD．墜物與被砸物體接觸的過程中，根據動量定理有F由于作用時間比較短，所以作用力比較大，所以被砸物體很危險是因為墜物的動量變化很快，故C錯誤，D正確。故選D。

【分析】利用加速度的方向可以判別墜物處于失重狀態(tài)；利用墜物與被砸物體接觸后，由于墜物的速度減小則具有向上得加速度，根據加速度方向向上則墜物對被砸物體的作用力大于其重力；利用動量定理結合作用時間比較短可以判別被砸物體很危險是因為墜物的動量變化很快。3．【答案】B【解析】【解答】由于乘客在兩種電梯做勻速直線運動，則合力等于0，則兩種電梯對乘客的作用力都等于重力，方向與重力方向相反；在甲圖中由于支持力方向向上與重力相反，則階梯式電梯對乘客的摩擦力為0；圖乙中為斜面式電梯，由于乘客處于平衡，根據平衡條件可以得出電梯對乘客支持力的方向垂直于斜面向上，大小等于乘客的重力垂直斜面的分力mgcosθ（θ為斜面傾斜），斜面式電梯對乘客的摩擦力不為0，大小為故選B。

【分析】利用乘客做勻速直線運動的平衡條件可以判別電梯對人的作用力大小及方向；利用平衡方程可以判別支持力和摩擦力的大小。4．【答案】D【解析】【解答】A．在0~4秒內，由于起重機的額定功率保持不變，重物的速度不斷增大，則根據功率的表達式有P額=FvB．在0~4秒內，由于加速度方向向上，則牛頓第二定律可得F?mg=ma由于重物所受起重機牽引力逐漸變小，可知重物的加速度逐漸變小，B錯誤；D．重物在4秒后以1m/s的速度向上做勻速直線運動，根據重物的平衡方程可以得出牽引力的大小為F根據功率的表達式可以得出起重機的額定功率為PD正確；C.0~4秒內，已知重物上升時速度不斷增大，根據動能定理可得P在0~4秒內，重物克服重力做功WC錯誤。故選D。

【分析】利用功率不變結合速度不斷增大可以判別牽引力不斷減?。唤Y合牛頓第二定律可以判別加速度不斷減??；利用額定功率的表達式及平衡方程可以求出額定功率的大??；利用動能定理可以求出克服阻力做功的大小。5．【答案】B【解析】【解答】魚漂在水面上做簡諧運動，靜止在水面上的位置是平衡位置，取豎直向上為正方向，魚將魚漂往下拉了一小段距離后松口，由于魚漂的位置最初在平衡位置的下方，所以開始振動的位移為負，之后位移減小一直到0，即回到平衡位置，之后位移為正，可得位移隨時間變化關系為x=?A根據回復力和位移的關系式有：F可得加速度的表達式為a=?根據表達式可知a與x成正比關系，a與t成余弦函數關系。故選B。

【分析】魚漂做簡諧運動，根據簡諧運動的表達式可以求出位移與時間的表達式，結合回復力與位移的關系結合牛頓第二定律可以求出加速度和位移的表達式，進而判別對應的圖像關系。6．【答案】D【解析】【解答】A．第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的線速度，由于軌道半徑最小，根據

v=GMrB．由于第一宇宙速度為最小的發(fā)射速度，則“羲和號”的發(fā)射速度大于第一宇宙速度，B正確，不符合題意；CD．由題意可知，“羲和號”每天繞地球運行n圈（n>1），因此“羲和號”的運行周期小于地球同步衛(wèi)星，根據開普勒第三定律可知“羲和號”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，根據引力提供向心力，根據牛頓第二定律可得Ga=G由于“羲和號”的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，因此“羲和號”的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星，C正確，不符合題意；D錯誤，符合題意。故選D。

【分析】第一宇宙速度為最大的環(huán)繞速度，也是最小的發(fā)射速度；根據開普勒第三定律結合周期的大小可以比較軌道半徑的大小，結合加速度的表達式可以比較加速度的大小。7．【答案】A【解析】【解答】A．由于兩個彈簧相互產生的彈力屬于作用力與反作用力，根據牛頓第三定律可知，彈簧間的相互作用力大小相等，故A正確；B.由于墊片只與一個彈簧接觸，則受到彈簧彈力等于一個彈簧產生的彈力大小，故B錯誤；CD．墊片向右移動時，由于兩彈簧的彈力大小相等，根據胡克定律有F=kx由于兩個彈簧的勁度系數不同，可知兩彈簧的壓縮量不相等，而原長相同，彈簧的長度為彈簧的原長減去壓縮量，則兩彈簧的長度不相等。根據胡克定律可以得出：彈簧k1的形變量為

x彈簧k2的形變量為

x根據彈性勢能的表達式可以得出：彈簧k1的彈性勢能為E根據彈性勢能的表達式可以得出：彈簧k2的彈性勢能為E由于兩彈簧勁度系數不同，所以兩彈簧產生的彈性勢能不相等，故CD錯誤。故選A。

【分析】兩個彈簧相互產生的彈力屬于作用力與反作用力，彈簧間的相互作用力大小相等；墊片受到一個彈簧的彈力作用；根據胡克定律可以比較壓縮量的大小，進而比較彈簧長度的大?。焕脡嚎s量及彈性勢能的表達式可以比較彈性勢能的大小。8．【答案】A,C,D【解析】【解答】AB．當物塊和小車一起向上做勻減速直線運動時，當加速度方向沿斜面向下，且大小為gsinθ（CD．若物塊沿斜面向下做的是勻速運動，根據物塊的平衡條件可以得出車給物塊的摩擦力沿斜面向上，根據二力平衡條件可以得出：車給物塊的作用力與物塊的重力平衡，方向豎直向上，故CD正確。故選ACD。

【分析】利用物塊做勻減速直線運動的加速度方向及大小可以判別物塊受到力的個數及合力的方向；當物塊向下勻速直線運動時，可以判別小車對物塊的摩擦力方向及作用力的方向。9．【答案】C,D【解析】【解答】A．兩列波的干涉條件必須是兩波的頻率相同，則不同蝙蝠發(fā)出不同頻率的超聲波不可能發(fā)生干涉，選項A錯誤；B．波在不同介質傳播時速度會發(fā)生改變，所以蝙蝠發(fā)出的超聲波進入水中后傳播速度要發(fā)生變化，選項B錯誤；C．根據波長和頻率的關系可以得出：高頻的超聲波波長較短，更容易被較小的獵物反射，從而產生回聲，所以蝙蝠產生高頻的超聲波目的是便于捕捉較小的獵物，選項C正確；D．根據多普勒效應可知，當接收器越靠近聲源時，則接收到的聲音頻率會變高，則蝙蝠聽到回聲的頻率變高時，能判斷出正在靠近的獵物，選項D正確。故選CD。

【分析】兩列波的干涉條件必須是兩波的頻率相同；波在不同介質傳播時速度會發(fā)生改變；蝙蝠產生高頻的超聲波目的是便于捕捉較小的獵物；根據多普勒效應可知，當接收器越靠近聲源時，則接收到的聲音頻率會變高。10．【答案】B,C【解析】【解答】A．A沿斜面下滑，設碰撞前瞬間A速度大小為vA1mgh=得A碰前的速度大小為：v故A錯誤；B．A與B發(fā)生彈性碰撞，碰撞瞬間，根據動量定理和機械能守恒定律有m1解得碰后A和B的速度大小為：vv故B正確；C．碰撞后，A繼續(xù)沿斜面上滑，根據動能定理有mg可以得出上滑的最大高度為：h故C正確；D．由于A和B組成的系統(tǒng)在整個過程中只有重力做功，根據機械能守恒定律的條件可以判別系統(tǒng)機械能守恒，由于系統(tǒng)受到的合外力不為0，根據動量守恒定律的條件可以判別動量不守恒，故D錯誤。故選BC。

【分析】利用動能定理可以求出A碰前速度的大?。焕脛恿渴睾愣杉澳芰渴睾愣煽梢郧蟪雠龊髢蓚€貨物速度的大??；利用動能定理可以求出碰后A上升的最大高度；利用機械能守恒定律的條件可以判別系統(tǒng)機械能守恒，根據動量守恒定律的條件可以判別動量不守恒。11．【答案】0.729；力傳感器的示數F；FL；12【解析】【解答】（1）螺旋測微器的精度為0.01mm，轉動刻度估讀到0.1格，根據螺旋測微器的結構可以得出遮光條寬度為

d=0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm（0.729mm~0.730mm均可）（2）實驗探究為了探究合力做功與物體動能變化的關系，所以還需要利用力傳感器測量拉力的大??；（3）根據功的表達式可以得出：滑塊從光電門1位置運動到光電門2位置過程中合外力做功的表達式為W=FL根據平均速度公式可以得出：滑塊通過兩光電門的瞬時速度為v1=根據動能的表達式可以得出：滑塊動能變化量的表式為Δ（4）A．因為滑塊與氣墊導軌之間的摩擦力接近為0，所以不需要把氣墊導軌的右端適當墊高來平衡摩擦力，故A錯誤；B．兩光電門之間的距離L適當大一些，這樣可以使測量L的相對誤差小些，故B正確；C．實驗中利用滑塊經過光電門的平均速度近似為滑塊經過光電門的瞬時速度，則要求遮光條的寬度適當小一點，滑塊通過光電門的時間更短，其平均速度更接近通過光電門的瞬時速度，有利于減小誤差，故C正確；D．當滑塊的質量變大時，由于對滑塊的速度和動能變化沒有沒有影響，不能減小實驗誤差，故D錯誤。故選BC。

【分析】（1）利用螺旋測微器的結構可以得出遮光條的寬度；

（2）探究合外力做功的大小則需要利用力傳感器測量拉力的大?。?/p>

（3）利用功的表達式可以求出合外力做功的表達式；利用平均速度公式可以求出滑塊經過光電門的速度，結合動能的表達式可以求出動能變化量的大??；

（4）因為滑塊與氣墊導軌之間的摩擦力接近為0，所以不需要把氣墊導軌的右端適當墊高來平衡摩擦力；兩光電門之間的距離L適當大一些，這樣可以使測量L的相對誤差小些；實驗中利用滑塊經過光電門的平均速度近似為滑塊經過光電門的瞬時速度，則要求遮光條的寬度適當小一點，滑塊通過光電門的時間更短，其平均速度更接近通過光電門的瞬時速度，有利于減小誤差；當滑塊的質量變大時，由于對滑塊的速度和動能變化沒有沒有影響，不能減小實驗誤差，12．【答案】控制變量法；A；2tn【解析】【解答】（1）實驗研究研究單擺的周期與擺球質量、擺長之間的關系。為了探究周期與其中質量或者擺長的關系，則需要使用控制變量法。（2）由單擺的周期公式有T=2π整理有T則在圖像中的斜率為

k=4π（3）擺球在擺動的過程中，根據擺球的周期公式有T=2π整理可以得出重力加速度的表達式為：g=因為擺球在一個周期內要經過兩次光電門，根據多次經過光電門的時間和周期的關系有：t整理周期為：T=根據幾何關系可以得出：擺球的擺長為l=L+聯立上面等式可以得出重力加速度的表達式為：g=π2n?12L+d13．【答案】解：（1）椐題意水球從靜止開始做勻加速直線運動可得s代入數據解得t1v=0.2m/s之后水球做勻速直線運動，速度大小等于t1（2）由勻加速直線運動規(guī)律得v代入數據解得加速過程中加速度大小為a=0.2（3）勻速階段用時t2s水球運動全過程的總位移的大小為s=【解析】【分析】（1）水球做勻加速直線運動，利用位移公式可以求出末速度的大??；

（2）水球做勻加速直線運動，利用速度位移公式可以求出加速度的大??；

（3）水球做勻速直線運動，利用位移公式可以求出勻速運動的位移，結合加速運動的位移可以求出全程運動的位移大小。14．【答案】解：（1）鋼球在斜面上做類平拋運動，運動到N點時，沿半徑方向和切線方向分解速度，可得v（2）依題意，斜面光滑，鋼球從P點運動到Q點過程中，只有重力做功，由動能定理可得-mg解得L（3）鋼球從N點運動到