…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷81考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、對(duì)于電容C=以下說(shuō)法正確的是:()A.一只電容充電荷量越大，電容就越大B.對(duì)于固定電容器，它所充電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變C.可變電容器的充電荷量跟加在兩極間的電壓成反比D.如果一個(gè)電容器沒(méi)有電壓，就沒(méi)有充電荷，也就沒(méi)有電容2、如圖所示，在真空中把一絕緣金屬導(dǎo)體向帶負(fù)電的小球緩慢的靠近(不相碰)，則下列說(shuō)法正確的是A.B端的感應(yīng)電荷越來(lái)越多B.導(dǎo)體內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大C.感應(yīng)電荷在M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于在N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)D.感應(yīng)電荷在M點(diǎn)和N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等．3、下列設(shè)備中屬于利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象的原理來(lái)工作的是A.電動(dòng)機(jī)B.發(fā)電機(jī)C.電烙鐵D.電磁起重機(jī)4、實(shí)驗(yàn)室常用的彈簧測(cè)力計(jì)如圖甲所示，彈簧的一端與連接有掛鉤的拉桿相連，另一端固定在外殼上的O

點(diǎn)，外殼上固定一個(gè)圓環(huán)，整個(gè)外殼重為G

彈簧和拉桿的質(zhì)量忽略不計(jì).

現(xiàn)將該彈簧測(cè)力計(jì)以如圖乙和丙的兩種方式固定在地面上，并分別用同樣的力0(F0>G)

豎直向上拉彈簧測(cè)力計(jì)；則穩(wěn)定后彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)分別為(

)

A.乙圖讀數(shù)為F0鈭?G

丙圖讀數(shù)為F0+G

B.乙圖讀數(shù)為F0+G

丙圖讀數(shù)為F0鈭?G

C.乙圖讀數(shù)為F0

丙圖讀數(shù)為F0鈭?G

D.乙圖讀數(shù)為F0鈭?G

丙圖讀數(shù)為F0

5、假設(shè)飛機(jī)在南京祿口機(jī)場(chǎng)降落后在跑道上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，最后停在4

號(hào)停機(jī)坪上.

下列能反映其運(yùn)動(dòng)的v鈭?t

圖象是(

)

A.B.C.D.6、兩根材料相同的均勻?qū)Ь€A和B，其長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)和2L，串聯(lián)在電路中時(shí)沿長(zhǎng)度方向電勢(shì)的變化如圖所示，則A和B導(dǎo)線的橫截面積之比為（）A.2：3B.1：3C.1：2D.3：17、科學(xué)發(fā)現(xiàn)或發(fā)明是社會(huì)進(jìn)步的強(qiáng)大推動(dòng)力，青年人應(yīng)當(dāng)崇尚科學(xué)在下列關(guān)于科學(xué)發(fā)現(xiàn)或發(fā)明的敘述中，存在錯(cuò)誤的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電與磁的聯(lián)系B.法拉第經(jīng)歷了十年的探索，實(shí)現(xiàn)了“磁生電”的理想C.洛倫茲發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律D.楞次在分析許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化8、圖中當(dāng)電流通過(guò)線圈時(shí)，磁針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，以下的判斷正確的是()

A.當(dāng)線圈通以沿順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，磁針N

極將指向讀者B.當(dāng)線圈通以沿逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，磁針S

極將指向讀者C.當(dāng)磁針N

極指向讀者，線圈中電流沿逆時(shí)針?lè)较駾.不管磁針如何偏轉(zhuǎn)，線圈中的電流總是沿順時(shí)針?lè)较?、穿過(guò)一個(gè)內(nèi)阻為1Ω的10匝閉合線圈的磁通量每秒均減少2Wb，則線圈中（）A.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒增加2VB.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)每秒減少2VC.磁通量的變化率為2Wb/sD.感應(yīng)電流為2A評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、在點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中，一個(gè)電子通過(guò)時(shí)的軌跡如圖實(shí)線所示，a、b為兩個(gè)等勢(shì)面，則下列判斷中正確的是（）A.Q一定為負(fù)電荷B.電子從b到a的過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功C.電子經(jīng)過(guò)兩等勢(shì)面的動(dòng)能Eka＞EkbD.電子在兩等勢(shì)面上的電勢(shì)能Epa＞Epb11、把一個(gè)具有球面的平凸透鏡平放在平行透明玻璃板上（如圖）．現(xiàn)用某單色光垂直于平面照射，在裝置的上方向下觀察，可以看到干涉條紋．下列關(guān)于兩束干涉光及干涉條紋的說(shuō)法中正確的是（）A.兩束干涉光是圖中a、b面反射形成的B.干涉條紋是疏密均勻的同心圓C.若換一個(gè)表面曲率半徑稍大的平凸透鏡，條紋變密D.若改用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光照射，條紋變疏12、如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率v的關(guān)系圖象．由圖象可知（）A.該金屬的逸出功等于E-hν0B.該金屬的逸出功等于hν0C.入射光的頻率為2ν0時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為hν0D.當(dāng)入射光的頻率v大于v0時(shí)，若v增大一倍，則光電子的最大初動(dòng)能也增大一倍13、在如圖所示的電路中，輸入電壓U

恒為8V

燈泡L

標(biāo)有“3V6W

”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=1婁賂.

若燈泡恰能正常發(fā)光，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.電動(dòng)機(jī)的輸入電壓是5V

B.流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是2A

C.電動(dòng)機(jī)的效率是80%

D.整個(gè)電路消耗的電功率是10W

14、如圖所示，一小滑塊沿足夠長(zhǎng)的斜面以初速度v

向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)ABCD

到達(dá)最高點(diǎn)E

已知AB=BD=6mBC=1m

滑塊從A

到C

和從C

到D

所用的時(shí)間都是2s.

設(shè)滑塊經(jīng)C

時(shí)的速度為vc

則(

)

A.滑塊上滑過(guò)程中加速度的大小為0.5m/s2

B.vc=6m/s

C.DE=3m

D.從D

到E

所用時(shí)間為4s

評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖，R1=2小明在實(shí)驗(yàn)中記錄三只電表的讀數(shù)時(shí)，不慎漏記了單位，記下了一組數(shù)據(jù)是1.5、2.5和3，請(qǐng)你幫助它確定電源電壓是_____V，R2的電阻是_____16、沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t＝0時(shí)的波形如圖所示，P、Q兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的平衡位置分別位于x＝3.5m和x＝6.5m處。在t1＝0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝_________s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q此后第二次在平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)；當(dāng)t1＝0.9s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的位移為_____________cm。17、有一個(gè)電流表電阻Rg=1KΩ,滿偏電流Ig=100μA.要把它改裝成量程為3V的電壓表,應(yīng)該聯(lián)一個(gè)Ω的電阻；若將此電流表改裝成量程為1A的電流表,應(yīng)____聯(lián)一個(gè)Ω的電阻。18、在“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）為了減少系統(tǒng)誤差；實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意：

①擺線的長(zhǎng)度L比______大得多；②擺角θ______．

（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得g值偏大，其原因可能是下述中的______

A．小球質(zhì)量太大B．將擺線長(zhǎng)當(dāng)作擺長(zhǎng)；未加小球的半徑。

C．將振動(dòng)次數(shù)n誤記為（n+1）D．振幅偏?。?9、用伏安法測(cè)電阻，當(dāng)對(duì)被測(cè)電阻的阻值一無(wú)所知而無(wú)法選擇接法時(shí)，可以采用試接的方法，如圖所示，讓電壓表的一端接A點(diǎn)，另一端先后接到B點(diǎn)和C點(diǎn)，若電流表示數(shù)有明顯變化，而電壓表示數(shù)無(wú)明顯變化，說(shuō)明待測(cè)電阻阻值______（選填“較大”或“較小”），應(yīng)選擇電流表______接電路．20、下表是某種家用電熱水器的銘牌上所列的主要技術(shù)參數(shù).

請(qǐng)根據(jù)銘牌中的數(shù)據(jù)計(jì)算此熱水器的額定電壓是____V

在此電壓下工作時(shí)，通過(guò)電熱水器的電流為____A

該電熱水器正常工作2h

消耗電能為____kw隆隴h

21、設(shè)地球半徑為R。某物體在地球表面上受到地球?qū)λ奈?00N，為使此物體受到的引力減為100N，物體距地心的距離為R22、若一氣泡從湖底上升到湖面的過(guò)程中溫度保持不變，則在此過(guò)程中關(guān)于氣泡中的氣體，若將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，氣泡從湖底上升到湖面的過(guò)程中，對(duì)外界做0.6J

的功，則此過(guò)程中氣泡______(

選填“吸收”或“放出”)

的熱量是______J.

氣泡到達(dá)湖面后，溫度上升的過(guò)程中，又對(duì)外界做了0.1J

的功，同時(shí)吸收了0.3J

的熱量，則此過(guò)程中，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加了______J

．評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共28分)23、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）25、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）26、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共18分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】電容是電容器本身的屬性，與所帶電量沒(méi)有關(guān)系，A錯(cuò)；由Q=CU可知可變電容器的充電荷量跟加在兩極間的電壓成正比，C錯(cuò)；同理D錯(cuò)；【解析】【答案】B2、A|C【分析】在緩慢靠近的過(guò)程中，絕緣金屬導(dǎo)體始終處于靜電平衡中，內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，Q在絕緣金屬導(dǎo)體內(nèi)部的電場(chǎng)與感應(yīng)電荷的電場(chǎng)總是等大反向的，當(dāng)靠近Q的過(guò)程中，Q在絕緣金屬導(dǎo)體內(nèi)部的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大，所以感應(yīng)出的電荷越來(lái)越多，AC對(duì)；【解析】【答案】AC3、B【分析】發(fā)電機(jī)是利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象的原理來(lái)工作的，B對(duì)；電動(dòng)機(jī)是利用安培力工作的，電烙鐵是利用焦耳熱工作的，電磁起重機(jī)是利用電流的磁效應(yīng)工作的【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】對(duì)于乙圖，選彈簧測(cè)力計(jì)的外殼為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析，由力的平衡列式求解可得知該圖中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)；對(duì)于丙圖，以彈簧測(cè)力計(jì)的掛鉤為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析，再由二力平衡列式，即可得知此時(shí)的彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)。本題考查彈簧測(cè)力計(jì)的結(jié)構(gòu)及測(cè)量原理的理解與運(yùn)用.

解答該題，不但要了解彈簧測(cè)力計(jì)的原理，還要注意適當(dāng)?shù)倪x取研究對(duì)象，選取研究對(duì)象時(shí)，常常以受力較少的那個(gè)物體為研究對(duì)象。【解答】在乙圖中，以彈簧測(cè)力計(jì)的外殼為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析，受豎直向下的重力G

豎直向上的拉力F0

和彈簧的向下的拉力F(

即等于此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù))

由力的平衡得：F0=G+F

則F=F0鈭?G

對(duì)于丙圖，以彈簧測(cè)力計(jì)的掛鉤為研究對(duì)象，受彈簧向下的拉力F隆盲(

即等于此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù))

向上的拉力F0

由二力平衡得：F=F0

故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。【解析】D

5、B【分析】解：根據(jù)題意知飛機(jī)做勻減速度直線運(yùn)動(dòng)；加速度不變，速度時(shí)間圖象是一條傾斜直線，且最后速度為零，故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選：B

在速度時(shí)間圖象上傾斜圖象為勻變速直線運(yùn)動(dòng)；平行時(shí)間軸為勻速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度．

本題關(guān)鍵是能根據(jù)速度時(shí)間圖象判斷物體運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)：傾斜直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平行時(shí)間軸表示勻速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度即可輕松解題【解析】B

6、B【分析】解：A、B兩端的電勢(shì)差分別為6V，4V，電流相等，根據(jù)歐姆定律得，=

根據(jù)電阻定律得，R=ρ則s=

則橫截面積之比==．故B正確；A；C、D錯(cuò)誤。

故選：B。

串聯(lián)電路中電流相等；根據(jù)電勢(shì)差的大小，通過(guò)歐姆定律得出電阻的大小關(guān)系，再根據(jù)電阻定律得出A和B導(dǎo)線的橫截面積之比。

本題考查了歐姆定律、電阻定律以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，難度不大?！窘馕觥緽7、C【分析】解：A；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；揭示了電與磁的聯(lián)系。故A正確；

B；法拉第經(jīng)歷了十年的探索；實(shí)現(xiàn)了“電生磁”的理想。故B正確；

C；庫(kù)柏和紐因總結(jié)了電磁感應(yīng)定律。故C錯(cuò)誤；

D；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象后；楞次在分析許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化。故D正確。

本題選擇錯(cuò)誤的；故選：C。

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一?！窘馕觥緾8、C【分析】【分析】一個(gè)通電線圈也有N

極和S

極，也按照安培定則判斷，若紙里是線圈的N

極，則紙外是線圈的S

極；線圈外部的磁場(chǎng)是從線圈的N

極出來(lái)回到極，線圈內(nèi)部的磁場(chǎng)是從線圈的S

極出來(lái)回到N

極；磁場(chǎng)中該點(diǎn)的磁體N

極受到磁力方向和該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相同；通電線圈內(nèi)部的磁場(chǎng)方向和通電線圈外部的磁場(chǎng)方向不同。解決本題的關(guān)鍵是把握通電線圈內(nèi)部的磁場(chǎng)從S

極出來(lái)回到N

極；通電線圈外部的磁場(chǎng)從N

極出來(lái)回到S

極?！窘獯稹堪才喽▌t：用右手握著通電線圈，四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電線圈的NN極。A.當(dāng)線圈通以沿順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的NN極，紙外是通電線圈的SS極，通電線圈內(nèi)部的磁場(chǎng)是從SS極出來(lái)回到NN極，小磁針在通電螺線管的內(nèi)部，小磁針NN極受到的磁力和磁場(chǎng)方向相同，小磁針NN極垂直指向紙里，故A錯(cuò)誤；BCD.BCD.當(dāng)線圈通以沿逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的SS極，紙外是通電線圈的NN極，通電線圈內(nèi)部的磁場(chǎng)是從SS極出來(lái)回到NN極，小磁針在通電線圈的內(nèi)部，小磁針NN極受到的磁力和磁場(chǎng)方向相同，小磁針NN極垂直指向紙外，故BD錯(cuò)誤，C正確。故選C?！窘馕觥緾

9、C【分析】解：A、閉合線圈的磁通量每秒均減少2Wb，知磁通量的變化率為2Wb/s，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，E=n=10×2V=20V．故A；B錯(cuò)誤；C正確。

D、根據(jù)歐姆定律得，感應(yīng)電流I=故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)磁通量的變化率；結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，根據(jù)歐姆定律求出感應(yīng)電流的大?。?/p>

本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的基本運(yùn)用，知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量的變化率成正比，基礎(chǔ)題．【解析】C二、多選題(共5題，共10分)10、AC【分析】解：A；根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知；帶電粒子受到了排斥力作用，故Q為負(fù)電荷，故A正確；

B、根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，帶電粒子受到了排斥力作用，從b到a過(guò)程中；電場(chǎng)力做正功；故B錯(cuò)誤；

C、D、根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，帶電粒子受到了排斥力作用，從b到a過(guò)程中；電場(chǎng)力做正功，因此動(dòng)能增大電勢(shì)能減小，故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：AC

從粒子運(yùn)動(dòng)軌跡看出，軌跡向左彎曲，可知帶電粒子受到了排斥力作用，從a到b過(guò)程中；電場(chǎng)力做負(fù)功，反之，遠(yuǎn)離Q的過(guò)程電場(chǎng)力做正功．可判斷電勢(shì)能的大小和動(dòng)能大小以及Q的電性．

該題考查軌跡問(wèn)題，首先要根據(jù)彎曲的方向判斷出帶電粒子所受電場(chǎng)力方向，確定是排斥力還是吸引力．由動(dòng)能定理分析動(dòng)能和電勢(shì)能的變化是常用的思路．【解析】【答案】AC11、CD【分析】解：由圖1可見，如設(shè)透鏡的曲率半徑為R，與接觸點(diǎn)O相距為r處空氣層的厚度為d，其幾何關(guān)系式為：R2=（R-d）2+r2=R2-2Rd+d2+r2；

由于R＞＞d，可以略去d2得：d=

產(chǎn)生暗環(huán)的條件是：

△=（2k+1）

其中k=0，1，2，3，為干涉暗條紋的級(jí)數(shù)；可得第k級(jí)暗環(huán)的半徑為：=kRλ；

只要測(cè)出Dm與Dn（分別為第m與第n條暗環(huán)的直徑）的值；就能算出R或λ．這樣就可避免實(shí)驗(yàn)中條紋級(jí)數(shù)難于確定的困難，利用后一計(jì)算式還可克服確定條紋中心位置的困難．

通過(guò)以上分析，可以得到，兩束干涉光是圖中b；c面反射形成；A錯(cuò)誤；干涉條紋不是疏密均勻的同心圓，越向外越稀疏，故B錯(cuò)誤；表面曲率半徑R變大，若換一個(gè)表面曲率半徑稍大的平凸透鏡，條紋變密C正確；若改用波長(zhǎng)λ更長(zhǎng)的單色光照射，條紋變疏，D正確．

故選：C；D．

將一曲率半徑相當(dāng)大的平凸玻璃透鏡放在一平面玻璃的上面；則在兩者之間形成一個(gè)厚度隨直徑變化的空氣薄膜．空氣薄膜的等厚干涉條紋是一組明暗相間的同心環(huán)．該干涉條紋最早被牛頓發(fā)現(xiàn)，所以稱為牛頓環(huán)．

理解了該實(shí)驗(yàn)的原理即可順利解決此題，故在學(xué)習(xí)過(guò)程中要深入理解各個(gè)物理現(xiàn)象產(chǎn)生的機(jī)理是什么．【解析】【答案】CD12、BC【分析】解：A、根據(jù)Ekm=hv-W0得，金屬的截止頻率等于ν0，縱軸截距的絕對(duì)值等于金屬的逸出功，逸出功等于E，則E=hv0；故A錯(cuò)誤；B正確；

C、根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W0可知，入射光的頻率為2ν0時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為hν0．故C正確；D也錯(cuò)誤．

故選：BC．

根據(jù)光電效應(yīng)方程得出最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系；結(jié)合圖線的斜率和截距進(jìn)行分析．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系．【解析】【答案】BC13、AB【分析】解：A

燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓等于其額定電壓；電動(dòng)機(jī)電壓UM=U鈭?UL=8V鈭?3V=5V

故A正確；

B、燈泡正常發(fā)光，則電路電流I=PLUL=63A=2A

故B正確．

C、電動(dòng)機(jī)的總功率為：P=UMI=5隆脕2W=10W

電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P魯枚=P鈭?I2RM=10鈭?22隆脕1=6W

故電動(dòng)機(jī)的效率為：婁脟=P魯枚P=610=60%

故C錯(cuò)誤；

D；整個(gè)電路消耗的功率P脳脺=UI=8V隆脕2A=16W

故D錯(cuò)誤；

故選：AB

．

由電路圖可知；燈泡與電動(dòng)機(jī)串聯(lián)；由串聯(lián)電路特點(diǎn)可以求出燈泡正常發(fā)光時(shí)電動(dòng)機(jī)兩端電壓；

由P=UI

的變形公式求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流．

由P=I2R

求出電動(dòng)機(jī)的熱功率；然后求出電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率，由效率公式求出電動(dòng)機(jī)的效率；由P=UI

求出電路的總功率．

電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于總功率與熱功率之差．【解析】AB

14、AD【分析】解：A

因?yàn)閤AC=7mxCD=5m

根據(jù)鈻?x=at2

得，a=鈻?xt2=鈭?24m/s2=鈭?0.5m/s2.

故A正確．

B、C

點(diǎn)是AD

段的中間時(shí)刻，所以C

點(diǎn)的速度等于AD

段的平均速度，則vC=xAD2t=124m/s=3m/s.

故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得，xCE=0鈭?vc22a=鈭?9鈭?1m=9m

則DE=9鈭?(6鈭?1)m=4m.

故C錯(cuò)誤．

D、C

點(diǎn)到E

點(diǎn)的時(shí)間t=0鈭?vca=3鈭?0.5s=6s

則D

到E

的時(shí)間為4s.

故D正確．

故選：AD

．

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量氣促滑塊上滑的加速度.

根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出C

點(diǎn)的瞬時(shí)速度.

根據(jù)速度位移公式求出CE

的距離；從而得出DE

的距離.

根據(jù)速度時(shí)間公式求出CE

的時(shí)間，從而得出DE

段的時(shí)間．

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和推論，并能靈活運(yùn)用．【解析】AD

三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】本題考查了串并聯(lián)電路規(guī)律以及歐姆定律的應(yīng)用（1）分析電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式，畫出等效電路圖；（2）根據(jù)各電表所測(cè)量的量及題中所給數(shù)據(jù)，判斷各數(shù)據(jù)是哪個(gè)表的示數(shù)，再根據(jù)電表所測(cè)的量及并聯(lián)電路特的確定各電表示數(shù)單位；（3）根據(jù)電路圖及電表示數(shù)求出電源電壓，由并聯(lián)電路特點(diǎn)求出流過(guò)R2的電流，最后由歐姆定律求出電阻R2的阻值．（1）分析電路結(jié)構(gòu)，等效電路圖如圖所示；（2）由電路圖知：電壓表測(cè)電源電壓，電源電壓與電壓表示數(shù)相等，R1=2Ω，由歐姆定律知：電源電壓，即電壓表示數(shù)即電壓表示數(shù)是電流表A2示數(shù)的兩倍，由題中所給數(shù)據(jù)可知：3是電壓表示數(shù)，3的單位是V，即電源電壓1.5是電流表的示數(shù)，單位是A，即剩下的數(shù)據(jù)2.5是電流表A1的示數(shù)單位是A，即IA1=2.5A；（3）由并聯(lián)電路電流特點(diǎn)知；流過(guò)電阻R2的電流的阻值思路拓展：本題考查了根據(jù)數(shù)據(jù)判斷電表單位，求電源電壓與電阻阻值問(wèn)題，確定各數(shù)據(jù)是哪個(gè)電表的示數(shù)是本題的難點(diǎn)，也是解本題的關(guān)鍵．【解析】【答案】3，3；16、略

【分析】【解析】【答案】____，____。17、略

【分析】試題分析：改裝的電壓表總電阻Ω，應(yīng)串聯(lián)的電阻R串＝R總－Rg=29KΩ，改裝的電流表并聯(lián)的阻值＝0.1Ω考點(diǎn)：本題考查電表的改裝。【解析】【答案】串，R=29KΩ；并，0.1Ω18、略

【分析】解：（1）為了減小系統(tǒng)誤差；使小球的單擺運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺線的長(zhǎng)度L比小球半徑大得多，且擺角應(yīng)小于5度．

（2）根據(jù)T=得，g=．

A；小球的質(zhì)量太大不影響g值的測(cè)量．故A錯(cuò)誤．

B；將擺線的長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)；未加小球的半徑，知道擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，則重力加速度的測(cè)量值偏?。蔅錯(cuò)誤．

C；將振動(dòng)次數(shù)n誤記為（n+1）；則測(cè)量的周期偏小，重力加速度的測(cè)量值偏大．故C正確．

D；振幅偏小不影響g的測(cè)量．故D錯(cuò)誤．

故選：C．

（1）單擺模型是一種理想化的模型；只有在擺動(dòng)角度小于5°的范圍內(nèi)，其運(yùn)動(dòng)才近似為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，同時(shí)要注意不能做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，否則誤差較大．?dāng)[線的長(zhǎng)度比小球的半徑要大得多．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；結(jié)合測(cè)量值的偏差分析重力加速度的測(cè)量值．

解決本題的關(guān)鍵知道單擺實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，要注意盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺動(dòng)角度要小，不能讓擺球做圓錐擺．以及掌握單擺的周期公式，并能靈活運(yùn)用．【解析】小球半徑；小于5度；C19、略

【分析】解：由圖示電路圖可知；電壓表的一端接A點(diǎn)，另一端接到B點(diǎn)時(shí)，電壓表與電阻并聯(lián)，電流表測(cè)電阻與電壓表電流之和，另一端接到C點(diǎn)時(shí)，電流表測(cè)通過(guò)電阻的電流；若電流表示數(shù)有明顯變化，而電壓表示數(shù)無(wú)明顯變化，說(shuō)明電壓表分流較大，待測(cè)電阻阻值較大；由于電壓表分流較大，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選擇內(nèi)接法．

故答案為：較大；內(nèi)．

本題的關(guān)鍵是明確電流表采用外接法時(shí)；造成誤差的原因是電壓表的分流作用，所以當(dāng)電壓表內(nèi)阻越大時(shí)，應(yīng)用外接法測(cè)量誤差越小，反之電壓表的內(nèi)阻若不是很大時(shí)，則應(yīng)用電流表內(nèi)接法；電流表采用內(nèi)接法時(shí)，造成誤差的原因是電流表的分壓作用，所以當(dāng)電流表內(nèi)阻很小時(shí)，應(yīng)用內(nèi)接法測(cè)量誤差較小，反之若電流表內(nèi)阻不是很小，則應(yīng)用外接法測(cè)量．

應(yīng)明確“試觸法”選擇電流表內(nèi)外接法的原理和方法：當(dāng)電壓表示數(shù)變化明顯時(shí)，說(shuō)明電流表的分壓作用明顯，即電流表內(nèi)阻較大，由于電流表內(nèi)阻較小時(shí)，應(yīng)用內(nèi)接法，所以當(dāng)電壓表示數(shù)變化明顯時(shí)應(yīng)用外接法；當(dāng)電流表示數(shù)變化明顯時(shí)，說(shuō)明電壓表分流作用明顯，說(shuō)明電壓表內(nèi)阻較小，應(yīng)用內(nèi)接法．【解析】較大；內(nèi)20、略

【分析】【分析】根據(jù)銘牌得出額定電壓，由電功率公式求出電流，電功的計(jì)算公式計(jì)算消耗的電能。本題考查了歐姆定律、電功、電功率的綜合計(jì)算。應(yīng)用電功率公式、歐姆定律公式即可正確解題?！窘獯稹坑摄懪瓶芍簾崴鞯念~定電壓是220V

由P=UI

可知，電流：電熱水器正常工作2h

消耗電能為：W=Pt=2200隆脕10鈭?3隆脕2kW隆隴h=4.4kW隆隴h

．故填：220104.4

【解析】220104.4

21、略

【分析】在地球表面時(shí)由重力等于萬(wàn)有引力當(dāng)引力減為100N時(shí)，半徑增大為原來(lái)的兩倍【解析】【答案】222、吸收0.60.2【分析】【分析】一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度不變，其內(nèi)能不變.

氣體對(duì)外做功，功為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況和內(nèi)能變化情況。本題考查了熱力學(xué)第一定律。熱力學(xué)第一定律是能量守恒定律的特殊情況，可以從能量轉(zhuǎn)化和守恒的角度理解.

應(yīng)用時(shí)關(guān)鍵抓住符號(hào)法則：使氣體內(nèi)能增加的量均為正值，否則為負(fù)值?！窘獯稹繗馀輳暮咨仙胶孢^(guò)程中，W=鈭?0.6J鈻?U=0