2021屆江西省景德鎮(zhèn)市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

B.哥27九衰變?yōu)槔螧i要經(jīng)過5次a衰變和3次口衰變

C.緒Rn的半衰期3.8天，8個蕾Rn原子核經(jīng)過7.6天后剩下2個會Rn原子核

D.不管是輕核聚變還是重核裂變，都要滿足質(zhì)量守恒和電荷量守恒

2.某衛(wèi)星在半徑為r的軌道1上做圓周運動，動能為a,變軌到軌道2上后，動能比在軌道1上減小

了△后,在軌道2上也做圓周運動，則軌道2的半徑為（）

AEkcEkccE-AE

rrk

A，Ek-AEB.Ek-t^EC.E.-.JD.AEI

3.如圖甲所示，矩形線圈abed在勻強磁場中逆時針勻速轉(zhuǎn)動時,線圈中產(chǎn)生的交流電如圖乙所示，

設沿abeda方向為電流正方向，則（）

A.乙圖中0a時間段對應甲圖中4至B圖的過程

B.乙圖中c時刻對應甲圖中的C圖

C.若乙圖中d等于0.02s,則1s內(nèi)電流的方向改變了50次

D.若乙圖中b等于0.02s,則交流電的頻率為50Hz

4.在x軸上方存在著垂直于紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場.一個不

計重力的帶電粒子從坐標原點。處以速度"進入磁場，粒子進入磁場時的

速度方向垂直于磁場且與％軸正方向成120。角，若粒子從x軸上的P點射

出磁場，已知P點與。點的距離為a,則該粒子的比荷和所帶電荷的正負

是（）

A.亨，正電荷B.蘇，正電荷C.亨，負電荷D.蘇，負電荷

5.1844年，德國天文學家貝塞爾根據(jù)天狼星的移動路徑出現(xiàn)的波浪圖形，推斷天狼星是雙星系統(tǒng)

中的一顆星，因為該星在附近空間中沿一條呈波形的軌跡運動。天狼星及其伴星都在各自軌道

上互相繞轉(zhuǎn)，繞轉(zhuǎn)的周期是49.9年，平均距離約為日地距離的20倍。如果由天文觀察測得某雙

星系統(tǒng)4、B做勻速圓周運動，已知運動周期為T,兩星體之間的距離為r,繞行中心為0,引力

常量為6.則（）

A.可求出雙星系統(tǒng)的平均密度

B.可求出雙星系統(tǒng)中任一星體的質(zhì)量

C.可求出雙星系統(tǒng)的總質(zhì)量

D.雙星系統(tǒng)中質(zhì)量大的星體離繞行中心。遠

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.某足球運動員罰點球直接射門，球恰好從橫梁下邊緣4點踢進，球經(jīng)過4點時的速度為也4點離

地面的高度為％,球的質(zhì)量為小，運動員對球做的功為以1，球從踢飛到4點過程中克服空氣阻力

做的功為明，選地面為零勢能面，下列說法正確的是（）

2

A.運動員對球做的功叫=IV2+^mv+mgh

B.從球靜止到4點的過程中，球的機械能變化量為名-伍

C.球剛離開運動員腳面的瞬間，球的動能為

D.從球剛離開運動員腳面的瞬間到4點的過程中，球的動能變化量為伍-山。八

7.一白熾燈泡標"220V40W",那么為了使它正常發(fā)光，所使用的正弦交流電應是（）

A.電壓最大值為220V,電流最大值約為0.184

B.電壓最大值為311V,電流最大值約為0.264

C.電壓有效值為220U,電流有效值約為0.184

D.電壓有效值為311V,電流有效值約為0.264

8.在如圖甲所示的電路中，場是半導體熱敏電阻，其電阻場隨溫度T變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，

當Rr所在處溫度升高時，下列關(guān)于通過理想電流表的電流/,ab間電壓U和電容器電量q的說法

正確的是（）

Rr

A./變大，U變大B./變大，U變小

C.U變小，q變小D.U變大，q變大

9.下列說法正確的是（）

A.相同質(zhì)量0冤的水的分子勢能比0冤的冰的分子勢能大

B.大顆粒的鹽磨成了細鹽，就變成了非晶體

C.自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因

D.氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫

度都有關(guān)

E.氣體在等壓膨脹過程中溫度一定不變

10.一列橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻的波形曲線如圖所示。已知這列波的質(zhì)點P從t=0時

A.這列波的頻率為1.25Hz

B.這列波的波長為5m

C.這列波的傳播速度為6.25zn/s

D.當=0.8s時，質(zhì)點P的位移x=0

E.質(zhì)點Q到達波峰時，質(zhì)點P恰好到達波谷

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

11.如甲圖所示，一根水平金屬絲置于勻強磁場8中，與豎直放置的導軌有良好的接觸，不計金屬絲

與導軌間的摩擦.可變電源可以提供任一方向的電流.金屬絲由質(zhì)量不計的棉線與彈簧秤連接，

可以沿豎直方向上下滑動.彈簧秤在沒有任何負載時，讀數(shù)恰好為零.現(xiàn)測得多組實驗數(shù)據(jù)，

并作出如圖乙所示的圖象.

(1)在甲圖中，當彈簧秤的讀數(shù)為零時，流過水平金屬絲的電流為4,方向為(填順時

針或逆時針)；

(2)在乙圖中，作出磁場的磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍時的圖線.

<

N

.

紀

水f金屬曾

c慧

T

M

et

40mm

xXXXXx06

可變電源一電表電商A)

圖乙

圖甲

12.(1)圖甲為測定干電池電動勢和內(nèi)阻“的實驗采用的電路圖，連接多用電表的導線c端應接在圖

中1m“a”或"b”)接線柱；多用電表的選擇開關(guān)位置正確的是圖乙中的

(填“4"，”B”或”C")

(2)正確連線后，閉合開關(guān)前，圖甲中變阻器滑片應位于(填"左"”右”)端，緩慢移動滑片

至某一位置時兩表指針如圖丙所示，此時電流表的示數(shù)為,多用電表讀數(shù)為。

四、計算題(本大題共4小題，共52.0分)

13.如圖所示，在水平面上有一電動小車，車上固定一個小鐵鉤，總質(zhì)量m=0.50kg,在0點懸掛

一條不可伸長的細繩，繩長L=2.0m,下端C點結(jié)有一質(zhì)量可忽略的小輕環(huán)，過細繩中點作一水

平線4B,在這條水平線上釘一釘子，然后讓小車從距離C點s=2.0m處，以恒定功率P=5.0w開

始啟動，小車受到地面恒定阻力/=0.50N,運動時間t=2.0s后，小車電動機自動關(guān)閉，繼續(xù)

運動到C點，車上鐵鉤剛好插入繩下端的輕環(huán)，并緊扣在一起，所有碰撞忽略能量損失。

0

(1)小車鐵鉤插入輕環(huán)后的瞬間，細繩的拉力多大？

(2)細繩碰到釘子之后，小車將繞著釘子做圓周運動，若能通過最高點，求釘子離豎直線。。的距離心

的取值范圍。

(3)將細繩換成勁度系數(shù)k=10N/m的彈性細橡皮筋，橡皮筋原長也是L=2.0m,且下端同樣結(jié)上輕

環(huán)，要使小車剛要離開地面時，橡皮筋恰好碰到釘子，求釘子離豎直線0C的距離四.9取10m/s2,

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

14.(10分)如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運動的簡化模型示意圖.在Oxy平面的4BCD區(qū)域

內(nèi)，存在兩個大小均為E的勻強電場/和〃，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形.在該區(qū)域48邊

的中點處由靜止釋放電子(已知電子電量為e,質(zhì)量為不計電子所受重力)，求:

k—LL-

(1)電子進入電場〃時的速度？

(2)電子離開力BCD區(qū)域的位置？

(3)電子從釋放開始到離開電場〃過程中所經(jīng)歷的時間？

15.如圖，一底面積為S、內(nèi)壁光滑的圓柱形容器豎直放置在水平地面上，開口向上，內(nèi)

有兩個質(zhì)量均為m的相同活塞4和B；在4與B之間、B與容器底面之間分別封有一定A匕二之立:二:

量的同樣的理想氣體，平衡時體積均為匕已知容器內(nèi)氣體溫度始終不變，重力加速B勿勿切,

度大小為g，外界大氣壓強為Po,現(xiàn)假設活塞B發(fā)生緩慢漏氣，致使B最終與容器底面接觸。求

活塞a移動的距離。

16.如圖所示，扇形408為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角乙40B=60°.

一束平行于角平分線的單色光由。4射入介質(zhì)，經(jīng)04折射的光線

恰平行于08.

(1)求介質(zhì)的折射率.

(2)試分析折射光線中恰好射到M點的光線能否發(fā)生全反射.

參考答案及解析

I.答案：B

解析：解：4、原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的，要把它們分開，需要能量，這就是原子核的結(jié)合能，

而平均結(jié)合能是結(jié)合能及核子數(shù)的比值，原子核的平均結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A錯誤。

B、根據(jù)質(zhì)量守恒定律及核電荷數(shù)守恒，有第2771T曷2加+5：He+3e,故鬲27Tl衰變?yōu)槔螧i要

經(jīng)過5次a衰變和3次￡衰變，故B正確。

C、半衰期是大量放射性元素的統(tǒng)計規(guī)律，對于個別放射性元素沒有意義，故C錯誤。

D.不管是輕核聚變還是重核裂變，都要滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷量守恒，由于質(zhì)量虧損，質(zhì)量并不

守恒，故。錯誤.

故選：B.

原子核的平均結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；根據(jù)質(zhì)量守恒定律及核電荷數(shù)守恒判斷；半衰期是大量

放射性元素的統(tǒng)計規(guī)律，對于個別元素并不適應；注意由于質(zhì)量虧損，質(zhì)量并不守恒，而質(zhì)量數(shù)是

守恒的。

本題考查了結(jié)合能、半衰期、裂變反應和聚變反應等知識點。易錯點：確定衰變次數(shù)，因為衰變對

質(zhì)量數(shù)無影響，先由質(zhì)量數(shù)的改變確定a衰變的次數(shù)，然后再根據(jù)￡衰變規(guī)律確定0衰變的次數(shù)。

2.答案:A

解析：解：對任一衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力等于向心力，得：G^=m-,

rzr

解得：V=

2

衛(wèi)星動能的表達式為：Ek=|mv=

則得：Ek=學,&*=翳

聯(lián)立解得：r'=F%r，故A正確.

故選：A

根據(jù)動能的計算公式a=:巾/,和萬有引力提供圓周運動向心力求得衛(wèi)星的動能與軌道半徑的關(guān)

系，即可解答.

此題的關(guān)鍵要結(jié)合動能的表達式，由萬有引力提供圓周運動向心力分析求解線速度與半徑的關(guān)系，

由動能關(guān)系得出半徑與動能的關(guān)系.

3.答案：A

解析：解：從線圈轉(zhuǎn)過中性面的位置開始計時，所以電流在開始時為0；線圈在勻強磁場中繞軸逆時

針勻速轉(zhuǎn)動時，切割磁感線，產(chǎn)生電流，根據(jù)右手定則可以判定；

A、乙圖中。4感應電流為正方向，且大小在增大，根據(jù)楞次定律，則有：感應電流方向abcda,根

據(jù)法拉第電磁感應定律，則有：感應電流的大小在增大，所以對應甲圖中4至B圖的過程，故A正確；

8、乙圖中C時刻，感應電流最大，則磁通量的變化率最大，即磁通量最小，而C圖的磁通量最大，

故B錯誤；

C、若乙圖中。等于0.02s,則周期為0.02s,則交流電的頻率為50Hz,而一個周期內(nèi)電流方向改變兩

次，所以1s內(nèi)電流的方向改變了100次；故C錯誤：

。、若b為0.02s,則周期為0.04s,交流電的頻率為25Hz；故。錯誤；

故選：Ao

該位置的磁通量最大，感應電流為0,是中性面.矩形線圈在勻強磁場中繞軸勻速轉(zhuǎn)動時，在線圈中

產(chǎn)生正弦交流電.

該題考查交流電的產(chǎn)生、中性面與交流電的圖象，要明確線圈的轉(zhuǎn)動圖象與交流電的瞬時電動勢的

圖象之間的關(guān)系.

4.答案：C

解析：

根據(jù)帶電粒子的運動情況，畫出粒子的運動的軌跡，由左手定則判斷電性，再根據(jù)粒子運動軌跡的

幾何關(guān)系和半徑的公式可以求得該粒子的比荷。

本題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運動軌跡后，

幾何關(guān)系就比較明顯了。

由左手定則判斷知，粒子帶負電。

由幾何關(guān)系知，運動軌跡所夾的圓心角為240。，由題意：R+Rsin30°=a,又&=竺，解

qB

得：色=3_,故C正確。

m2aB

故選Co

5.答案：C

解析：解：AC,根據(jù)巴詈=7nmM=m2r2警聯(lián)立解得小】+m2=需，因為雙星的體積未知，

無法求出雙星系統(tǒng)的平均密度，故A錯誤，C正確；

BD、根據(jù)7711「1等=m2r2等可得爪1「1=7712r2可知，質(zhì)量大的星體離。點較近，但6和上的大小不知

道，無法求解雙星系統(tǒng)中任一星體的質(zhì)量，故8。錯誤。

故選：Co

雙星具有相同的角速度和周期，靠相互間的萬有引力提供向心力，根據(jù)向心力相等求出做圓周運動

軌道半徑和質(zhì)量的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵知道雙星系統(tǒng)的特點，結(jié)合萬有引力提供向心力進行求解，知道雙星系統(tǒng)距離相同

的角速度。

6.答案：AB

2

解析：解：4、球從踢飛到4點過程，根據(jù)動能定理得：Wr-W2-mgh=|mv,則得運動員對足

球做的功為-=W2+17nl/+mgh,故A正確；

8、機械能的變化量等于除重力以外的力做功之和，故從球靜止到4點的過程中，機械能的增加量為

名-明，故8正確；

C、從球剛離開運動員腳面的瞬間到4點的過程中，由動能定理得—也—&o.可得，

運動員剛踢完球的瞬間，足球的動能為“=肌+69%+如小，故C錯誤；

D、從球剛離開運動員腳面的瞬間到4點的過程中，球的動能變化量為-勿2-巾9%，故。錯誤。

故選：AB.

根據(jù)動能定理：合外力做的功等于動能的變化量，求運動員對球做的功。機械能的變化量等于除重

力以外的力做功之和。運動員踢球過程中只有運動員對球做功，由動能定理得出踢完瞬間足球的動

能。從球剛離開運動員腳面的瞬間到4點的過程中，根據(jù)動能定理求動能的變化量.

本題考查了動能定理、重力勢能的變化與重力做功的關(guān)系以及功能關(guān)系的直接應用，要掌握各種功

與能的關(guān)系，并能熟練運用。

7.答案：BC

解析：解:白熾燈泡上標“220U40W”，燈泡額定電壓為220W,額定電壓指的是有效值，

正常工作時通過它的電流/=《=黑。0.18A,即電流有效值約為0.184

根據(jù)正弦交流電有效值跟最大值的關(guān)系得

電壓最大值為220xa笈311V,電流最大值約為0.18x近20,264故錯誤，8C正確；

故選BC.

已知電動機的額定電壓和額定功率，根據(jù)公式P=U/可求正常工作時通過它的電流.

根據(jù)有效值跟最大值的關(guān)系可求最大值.

本題主要考查了電動機銘牌上的標識的含義以及最大值和有效值之間的關(guān)系，難度不大，屬于基礎

題.

8.答案：BC

解析：解：當場所在處溫度升高時，耳變小，心與/?2并聯(lián)的電阻變小，外電路總電阻變小，則干路

電流/于變大，路端電壓U變小.

R］與內(nèi)電壓變大，則必與/?2并聯(lián)的電壓變小，電容器板間電壓變小，由。=?！ㄖ弘娙萜鞯膸щ娏?/p>

q變小.

砰與并聯(lián)的電壓變小，通過氏2的電流變小，而干路電流變大，則通過電流表的電流/變大.故4。

錯誤，BC正確.

故選：BC.

當場所在處溫度升高時，其電阻變小，分析總電阻的變化，判斷干路電流的變化和路端電壓的變化，

確定U的變化.根據(jù)并聯(lián)部分的電壓變化，判斷電容器帶電量的變化.

本題是電路中動態(tài)變化分析問題，采用這樣的程序進行分析：“局部—整體―局部”.

9.答案:ACD

解析：解：4、0汽的水與0式的冰的分子平均動能相同，冰熔化成水時需要從外界吸收熱量，從而改

變分子勢能的大小，故A正確。

B、大顆粒的鹽磨成了細鹽由多晶體變成單晶體，而不是變成非晶體，故B錯誤。

C、自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相互排斥的原因，故C正確。

。、氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度

都有關(guān)，故。正確。

E、氣體在等壓膨脹過程中分子數(shù)密度減小，故分子平均動能應該增大，故溫度升高。

故選：ACDo

冰熔化成水時需要從外界吸收熱量，從而改變分子勢能的大小；大顆粒的鹽磨成了細鹽由多晶體變

成單晶體，而不是變成非晶體；自行車打氣越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大而非分子間相

互排斥的原因；氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)

和氣體溫度都有關(guān)；氣體在等壓膨脹過程中分子數(shù)密度減小，故分子平均動能應該增大，故溫度升

高.

本題考車分子動理論、內(nèi)能的概念、氣體壓強的微觀解釋等內(nèi)容，難度不大，但要理解透徹

10.答案：ADE

解析：解：A、波沿x軸正方向傳播，由傳播方向與振動方向的關(guān)系可知t=0時刻P振動的方向向下，

則P質(zhì)點經(jīng)過山=0.6s第一次到達波峰，所以可知周期為0.8s,波的頻率為：/=；=*=1.25Hz,

故A正確

B、從波形圖象可知此波的波長是4m,故B錯誤；

C、波速為：v=^=^-=5m/s,故C錯誤；

。、在t=0時刻P在平衡位置，經(jīng)0.8S即一個周期回到原位置，故。正確；

E、P、Q兩質(zhì)點相距6根，即|個波長，P、Q兩質(zhì)點振動步調(diào)相反，故E正確

故選：ADE.

由圖得到波長，根據(jù)質(zhì)點P的運動得到周期，即可求得波速；根據(jù)兩質(zhì)點平衡位置間的距離和波長的

關(guān)系得到振動關(guān)系；根據(jù)波的傳播得到質(zhì)點Q第一次到達波峰的時間。

機械振動問題中，一般根據(jù)振動圖或質(zhì)點振動得到周期、質(zhì)點振動方向；再根據(jù)波形圖得到波長和

波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點振動，進而根據(jù)周期得到路程。

11.答案：一3.5；順時針

解析：解：（1）當彈簧秤示數(shù)為零時，知安培力與重力平衡，根據(jù)左手定則知安培力方向向上，則電

流方向為順時針方向.根據(jù)圖象當彈簧秤示數(shù)為零時，則電流的大小為-3.54

(2)根據(jù)平衡得,F=mg+B/L,通過圖象知，圖線的斜率等于BL,即BL=亨=10,即F=35+10/,

當磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍，則斜率等于5,圖線的表達式為F=5/+35.圖；

2C

象如圖所示.:

B

故答案為：(1)-3.54順時針方向.

(2)如圖所示.

(1)當彈簧秤示數(shù)為零時，重力與安培力平衡，則左手定則判斷電流的方向，根據(jù)圖象得出F=0時，

電流的大小.

(2)根據(jù)共點力平衡得出彈簧彈力、重力和安培力的關(guān)系，得出表達式，當磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍，

再次根據(jù)平衡得出表達式，從而作出對應的圖線.

解決本題的關(guān)鍵通過共點力平衡得出F與/的表達式，以及掌握左手定則判斷安培力的方向.

12.答案：bB左0.20/11.05V

解析：解：(1)由于干電池內(nèi)阻較小與電流表內(nèi)阻相差不多，因此應采用相對電源的外接法進行測量，

故導線c應接在b端；同時多用電表應作為電壓表使用，故應為B；

(2)電流表量程為0.64故最小分度為0.024因此讀數(shù)為0.204；電壓表量程為2.5U,故最小分度為

0.057,則讀數(shù)為1.05V；

故答案為：⑴b；8；(2)0.2041.05乙

(1)明確利用伏安法測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路，明確電流表的正接法，從而明確電路圖；

(2)根據(jù)電表的量程進行分析，明確最小分度從而確定讀數(shù)。

本題考查電動勢和內(nèi)電阻的測量以及多用電表的使用，要注意明確多電表內(nèi)部結(jié)構(gòu)，知道伏安法測

量電動勢和內(nèi)電阻一般采用相對電源的外接法。

13.答案：解：(1)設小車在C點的速度為外小車在水平面上運動，只有外力和阻力做功，所以，運

用動能定理，可得：-0=Pt-fs,

因為細繩不可伸長，所以，小球到達C點后將做圓周運動，設小車鐵鉤插入輕環(huán)后的瞬間，細繩的拉

力為T,則有：T-mg=中,

所以，T=mg+^=mg+紗：區(qū)=0.50x10+(%=14/V；

(2)細繩碰到釘子之后，小車將繞著釘子做圓周運動，若能通過最高點，設小車在最高點處的速度為

V,

則小車做圓周運動的半徑R=L—j(1)2+df=2-6飛>0.所以，mg<--.

在C點之后，小車運動過程中只有重力做功，所以，由動能定理可得：-R)="/-加吟

所以，mgR<mv'2—mv2—mg(L+2R),

所以，R工；(—―L)=所以，0v2—+d]<4，

3mg15v15

所以，l.lzn<dt<1.7m；

(3)當小車到達C點右端汽瓶處時，橡皮筋的彈力7=依也不記-2),其在豎直方向上的分量加=

=2k(1

所以，x越大，7\越大；當加=巾9時，小車將要離開地面，此時％=2dz；

所以，2k(1一啟)=叫所以，=9徵=0,88機。

答：(1)小車鐵鉤插入輕環(huán)后的瞬間，細繩的拉力為14N；

(2)細繩碰到釘子之后，小車將繞著釘子做圓周運動，若能通過最高點，則釘子離豎直線0C的距離四

的取值范圍為[1.1m,1.7m)。

(3)將細繩換成勁度系數(shù)k=10N/m的彈性細橡皮筋，橡皮筋原長也是L=2.0m,且下端同樣結(jié)上輕

環(huán)，要使小車剛要離開地面時，橡皮筋恰好碰到釘子，則釘子離豎直線0C的距離d2為0.88m。

解析：(1)應用動能定理求得小車在C點的速度，再由牛頓第二定律求得拉力；

(2)由幾何關(guān)系求得最高點高度與刈的關(guān)系式，再由動能定理求得在最高點的速度，然后利用牛頓第

二定律即可求解；

(3)小車要離開地面時，地面對小車的支持力為零，對小車進行受力分析，小車受力平衡，再利用胡

克定律即可求解。

在物體運動問題中，常用動能定理求解物體初、末速度或某力在這一過程中所做的功。

14.答案：解：(1)設電子的質(zhì)量為rn,電量為e,電子在電場/中做勻加速直線運動，出區(qū)域/時的為孫，

中間勻速，所以進入進入電場〃時的速度也為孫

根據(jù)動能定理有：=；制詔

(2)此后電子在電場〃中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做初速度為零的勻加速

直線運動.假設電子從CO邊射出,出射點縱坐標為y,根據(jù)勻變速直線運動公式有:

1借2一力)2=獷24m3L

￡L

解得：，=彳，所以原假設成立，即電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標為(一23±)

(3)設