陜西省榆林市陸川縣中學分校2022-2023學年高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列說法正確的是A．物體在恒力作用下不可能做曲線運動B．物體在變力作用下不可能做曲線運動C．物體在恒力作用下可能做曲線運動D．做圓周運動的物體，合外力一定指向圓心參考答案：C2.（單選）若用假想的引力場線描繪質(zhì)量相等的兩星球之間的引力場分布，使其它星球在該引力場中任意一點所受引力的方向沿該點引力場線的切線上并指向箭頭方向。則描述該引力場的引力場線分布圖是參考答案：答案：B：假想的引力場線描繪質(zhì)量相等的兩星球之間的引力場分布，使其它星球在該引力場中任意一點所受引力的方向沿該點引力場線的切線上并指向箭頭方向，可類比成等量正電荷的電場對一個負的點電荷的引力情況分析，不共線時電荷的受力方向和大小都是變化的，B正確。3.如圖所示，MN是由一個正點電荷Q產(chǎn)生的電場中的一條電場線，一個帶正電的粒子+q飛入電場后，在電場力的作用下沿一條曲線運動，先后通過a、b兩點，不計粒子的重力，則 A．粒子在a點的加速度小于在b點的加速度B．a(chǎn)點電勢φa小于b點電勢φbC．粒子在a點的動能Eka小于在b點的動能EkbD．粒子在a點的電勢能Epa小于在b點的電勢能Epb參考答案：C4.（多選題）磁流體發(fā)電機是一種把物體內(nèi)能直接轉化為電能的低碳環(huán)保發(fā)電機，如圖為其原理示意圖，平行金屬板C、D間有勻強磁場，磁感應強度為B，將一束等離子體（高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒）水平噴入磁場，兩金屬板間就產(chǎn)生電壓．定值電阻R0的阻值是滑動變阻器最大阻值的一半，與開關S串聯(lián)接在C、D兩端，已知兩金屬板間距離為d，噴入氣流的速度為v，磁流體發(fā)電機的電阻為r（R0＜r＜2R0），則滑動變阻器的滑片P由a向b端滑動的過程中（）A．金屬板C為電源負極，D為電源正極B．發(fā)電機的輸出功率一直增大C．電阻R0消耗功率最大值為D．滑動變阻器消耗功率最大值為參考答案：AC【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；閉合電路的歐姆定律．【分析】根據(jù)左手定則判斷板的極性，離子在運動過程中同時受電場力和洛倫茲力，二力平衡時兩板間的電壓穩(wěn)定．【解答】解：A、因等離子體噴入磁場后，由左手定則可知正離子向D板偏，負離子向C板偏，即金屬板C為電源負極，D為電源正極，故A正確；B、等離子體穩(wěn)定流動時，洛倫茲力與電場力平衡，即Bqv=q，所以電源電動勢為E=Bdv，又R0＜r＜2R0，所以滑片P由a向b端滑動時，外電路總電阻減小，期間某位置有r=R0+R，由電源輸出功率與外電阻關系可知，滑片P由a向b端滑動的過程中，發(fā)電機的輸出功率先增大后減小，故B錯誤；C、由題圖知當滑片P位于b端時，電路中電流最大，電阻R0消耗功率最大，其最大值為P1=I2R0=，故C正確；D、將定值電阻R0歸為電源內(nèi)阻，由滑動變阻器的最大阻值2R0＜r+R0，則當滑動變阻器連入電路的阻值最大時消耗功率最大，最大值為P=，故D錯誤．故選：AC．5.(雙選)從同一地點同時開始沿同一方向做直線運動的兩個物體A.B的速度圖象如圖所示。在0—t0時間內(nèi)，下列說法中正確的是(

) A.A.B兩個物體的加速度大小都在不斷減小 B.A物體的加速度不斷增大，B物體的加速度不斷減小 C. A.B物體的位移都不斷增大 D.A.B兩個物體的平均速度大小都大于參考答案：AC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，在場強為E、方向豎直向下的勻強電場中，有兩個質(zhì)量均為m的帶電小球，電荷量分別為＋2q和－q，兩小球用長為L的絕緣細線相連，另用絕緣細線系住帶正電的小球懸掛于O點而處于平衡狀態(tài)，重力加速度為g，則細線對懸點O的作用力等于_________.參考答案：以兩個小球組成的整體為研究對象，分析受力如圖：重力2mg、電場力，方向豎直向下，細線的拉力T，由平衡條件得：

7.（4分）磁場具有能量，磁場中單位體積所具有的能量叫做能量密度，其值為B2/2μ，式中B是磁感強度，μ是磁導率，在空氣中μ為一已知常數(shù)。為了近似測得條形磁鐵磁極端面附近的磁感強度B，一學生用一根端面面積為A的條形磁鐵吸住一相同面積的鐵片P，再用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離Δl，并測出拉力F，如圖所示。因為F所作的功等于間隙中磁場的能量，所以由此可得磁感強度B與F、A之間的關系為B＝

。參考答案：答案：(2μF/A)1/28.（選修3-4）（6分）根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，如果在空間某區(qū)域有周期性變化的電場，這個變化的電場就會在周圍產(chǎn)生

．不同波段的電磁波具有不同的特性，如紅外線具有明顯的

效應，紫外線具有較強的

效應．參考答案：答案：周期性變化的磁場（2分）

熱（2分）

熒光（2分）9.已知氫原子的基態(tài)能量為（），激發(fā)態(tài)能量，其中．已知普朗克常量為，真空中光速為，吸收波長為

▲

的光子能使氫原子從基態(tài)躍遷到的激發(fā)態(tài)；此激發(fā)態(tài)原子中的電子再吸收一個頻率為的光子被電離后，電子的動能為

▲

．參考答案：

（2分）10.

如圖所示，電阻R1=6kΩ，R2=4kΩ，兩電壓表示數(shù)均為35V，當兩電壓表位置對調(diào)后，V1表示數(shù)為30V，V2表示數(shù)為40V，則V1表的內(nèi)阻Rv1＝__________,V2表的內(nèi)阻Rv2＝__________.

參考答案：答案：2.4kΩ，3kΩ11.用打點計時器研究物體的自由落體運動，得到如圖一段紙帶，測得AB=7.65cm，

BC=9.17cm。已知交流電頻率是50Hz，則打B點時物體的瞬時速度為

m/s（保留三位有效數(shù)字）。如果實驗測出的重力加速度值比公認值偏小，可能的原因是

。參考答案：2.10，空氣阻力、紙帶與打點計時器摩擦。解:根據(jù)某點瞬時速度等于該點的相鄰的兩段位移內(nèi)的平均速度得如果實驗測出的重力加速度值比公認值偏小,可能的原因是下落過程中有存在阻力等.故答案為:,下落過程中有存在阻力等12.某半導體激光器發(fā)射頻率為1014HZ的激光，激光器的功率為5.0×10-3W。普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，該激光器每秒發(fā)出的光子數(shù)為___________。（結果保留三位有效數(shù)字）參考答案：7.54x101613.右圖為小車做直線運動的s－t圖，則小車在BC段做______運動，圖中B點對應的運動狀態(tài)的瞬時速度大小是______m/s。參考答案：勻速，1.6~1.9

三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，螺旋測微器的示數(shù)為________mm；游標卡尺的示數(shù)為_____cm。（4分）參考答案：15.用納米技術處理過的材料叫納米材料，其性質(zhì)與處理前相比會發(fā)生很多變化，如機械性能會成倍地增加，對光的反射能力會變得非常低，熔點會大大降低，甚至有特殊的磁性質(zhì)?，F(xiàn)有一種納米合金絲，欲測定出其伸長量x與所受拉力F、長度L、截面直徑D的關系。（1）若實驗中測量的數(shù)據(jù)如下表所示，根據(jù)這些數(shù)據(jù)請寫出x與F、L、D間的關系式：x=

（若用到比例系數(shù)，可用k表示）。長度L/cm

50.0100.0200.05.000.0400.200.400.8010.000.0400.400.801.605.000.0800.100.200.40

（2）若有一根合金絲的長度為20cm，用螺旋測微器測量其截面直徑，測量結果如圖所示，則截面直徑為

mm。使用中要求合金的伸長量不能超過其原長的百分之一，那么這根合金絲能承受的最大拉力為

N。參考答案：（1）

（2）0.200

62.5四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖甲所示，在邊界MN左側存在斜方向的勻強電場E1，在MN的右側有豎直向上、場強大小為E2=0.4N/C的勻強電場，還有垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場B（圖甲中未畫出）和水平向右的勻強電場E3（圖甲中未畫出），B和E3隨時間變化的情況如圖乙所示，P1P2為距MN邊界2.28m的豎直墻壁，現(xiàn)有一帶正電微粒質(zhì)量為4×10-7kg，電量為1×10-5C，從左側電場中距MN邊界m的A處無初速釋放后，沿直線以1m/s速度垂直MN邊界進入右側場區(qū)，設進入右側場時刻t=0，取g=10m/s2．求：（1）MN左側勻強電場的電場強度E1的大小及方向。（sin37o=0.6）；（2）帶電微粒在MN右側場區(qū)中運動了1.5s時的速度的大小及方向；（3）帶電微粒在MN右側場區(qū)中運動多長時間與墻壁碰撞？（≈0.19）參考答案：(1)設MN左側勻強電場場強為E1，方向與水平方向夾角為θ．帶電小球受力如右圖．沿水平方向有qE1cosθ=ma

（1分）沿豎直方向有qE1sinθ=mg

（1分）

對水平方向的勻加速運動有

v2=2as

（1分）

代入數(shù)據(jù)可解得E1=0.5N/C

（1分）θ=53o

（1分）即E1大小為0.5N/C,方向與水平向右方向夾53o角斜向上．帶電微粒在MN右側場區(qū)始終滿足qE2=mg

（1分）在0~1s時間內(nèi)，帶電微粒在E3電場中

m/s2

（1分）

帶電微粒在1s時的速度大小為v1=v+at=1+0.1×1=1.1m/s

（1分）在1~1.5s時間內(nèi)，帶電微粒在磁場B中運動，周期為s

（1分）

在1~1.5s時間內(nèi)，帶電微粒在磁場B中正好作半個圓周運動．所以帶電微粒在MN右側場區(qū)中運動了1.5s時的速度大小為1.1m/s,方向水平向左．

（1分）(3)在0s~1s時間內(nèi)帶電微粒前進距離s1=vt+at2=1×1+×0.1×12=1.05m

(1分)帶電微粒在磁場B中作圓周運動的半徑m

（1分）因為r+s1＜2.28m，所以在1s~2s時間內(nèi)帶電微粒未碰及墻壁．在2s~3s時間內(nèi)帶電微粒作勻加速運動，加速度仍為a=0.1m/s2，在3s內(nèi)帶電微粒共前進距離s3=m

（1分）在3s時帶電微粒的速度大小為m/s在3s~4s時間內(nèi)帶電微粒在磁場B中作圓周運動的半徑

m=0.19m

（2分）因為r3+s3＞2.28m，所以在4s時間內(nèi)帶電微粒碰及墻壁．

帶電微粒在3s以后運動情況如右圖，其中d=2.28-2.2=0.08m

（1分）

sinθ=

，

θ＝30o

（1分）

所以，帶電微粒作圓周運動的時間為s

（1分）帶電微粒與墻壁碰撞的時間為t總＝3+=s

（1分）

17.如圖，空間有一水平向右的勻強電場。一質(zhì)量為m，電量為+q的滑塊隨同質(zhì)量為M，傾角為α的絕緣斜面體在光滑水平面上向右運動，且滑塊與斜面間剛好沒有相對滑動趨勢，重力加速度為g。求：（1）滑塊對斜面體的壓力ks5u（2）系統(tǒng)的加速度大?。?）勻強電場的場強ks5u（4）斜面體發(fā)生一段位移s的過程中，滑塊與電場這個

系統(tǒng)的電勢能怎樣變化參考答案：解：設系統(tǒng)加速度為，斜面與滑塊的相互作用力為N和N′。兩物體受力如圖所示（1）滑塊與斜面體間沒有摩擦力，由牛頓第二定律，對滑塊，豎直方向：

①由牛頓第三定律得

②聯(lián)立①②得

③（2）對斜面體，水平方向：

④聯(lián)立③④解得

⑤（3）對整體：

⑥聯(lián)立⑤⑥得

⑦斜面體發(fā)生位移s的過程中，電場力對滑塊做正功