1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，甲、乙兩個(gè)電路，都是由一個(gè)靈敏電流計(jì)G和一個(gè)變阻器R組成，它們之中一個(gè)是測(cè)電壓的電壓表，另一個(gè)是測(cè)電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是（）A甲表是電流表，R增大時(shí)量程減小B甲表是電流表，R增大時(shí)量程增大C乙表是電壓表，R增大時(shí)量

2、程減小D上述說法都不對(duì)2、鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，下列說法錯(cuò)誤的是 ( )A電路通過1C電荷量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能B電池接入電路時(shí)，其兩極間的電壓是2VC電池沒有接入電路時(shí)，其兩極間的電壓是2VD鉛蓄電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池(電動(dòng)勢(shì)為1 .5V)大3、初速為0的電子經(jīng)電壓U1加速后垂直電場(chǎng)方向進(jìn)入平行板間電場(chǎng)，平行板間的電壓為U2，若U1加倍，為了使電子在板間的軌跡不變，下列做法可行的是（）A將U2加倍B將板間距離加倍C將U2及板間距離同時(shí)加倍D將U2變?yōu)樵瓉淼囊话?、在地面附近存在一個(gè)有界電場(chǎng)，邊界將空間分成上、下兩個(gè)區(qū)域I、II,在區(qū)域 II中有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)

3、，在區(qū)域I中離邊界某一高度處由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為的 帶電小球A 如圖甲所示，小球運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力，則（）A小球受到的重力與電場(chǎng)力大小之比為4 : 5Bt=5s時(shí)，小球經(jīng)過邊界MNC在小球向下運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中，重力做的功 大于克服電場(chǎng)力做的功D在14 s過程中小球機(jī)械能先減小后增大5、下圖中，可以將電壓升高給電燈供電的變壓器是（ ）ABCD6、如圖,電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,不計(jì)電壓表和電流表的內(nèi)阻對(duì)電路的影響。當(dāng)開關(guān)閉合后,兩燈均能發(fā)光.在將滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)的過程中,下列說法正確的是( ) A小燈泡L1、L2均變暗B小燈泡L1、L2均變亮C流過滑動(dòng)變阻器的電流變大D電

4、流表A的讀數(shù)變小,電壓表V的讀數(shù)變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示為一點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)線，M、為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)。下列說法正確的是A該點(diǎn)電荷為負(fù)電荷B該點(diǎn)電荷為正電荷CM點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度DM點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度8、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V.內(nèi)阻r=3.R0=1.直流電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻R0=1，當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1=2時(shí)，圖甲電路輸出功率最大，調(diào)節(jié)R2使圖乙電路輸出功率最大，且此時(shí)電動(dòng)機(jī)正好正常工作（(額定功事為6W).則此時(shí)R2的阻值和電動(dòng)機(jī)的

5、焦耳熱功率P為AR2=2BR2=1.5CP=6WDP=4W9、利用如圖所示裝置可以選擇一定速度范圍內(nèi)的帶電粒子圖中板MN上方的感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，板上兩條寬度分別為2d和d的縫，兩縫近端相距為L(zhǎng)一群質(zhì)量為m、電荷為q，具有不同素的的粒子從寬度為2d的縫垂直于板MN進(jìn)入磁場(chǎng)，對(duì)于能夠從寬度d的縫射出的粒子，下列說法正確的是A粒子帶正電B射出粒子的最大速度為C保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大D保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大10、靜電噴涂機(jī)原理如圖所示，靜電噴涂機(jī)接高壓電源，工作時(shí)涂料微粒會(huì)向帶正電的被噴涂工件高速運(yùn)

6、動(dòng)，微粒最后被吸附到工件表面關(guān)于靜電噴涂機(jī)的涂料微粒，下列表述正確的有( )A微粒帶負(fù)電B微粒帶正電C微粒受洛倫茲力作用D微粒受電場(chǎng)力作用三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了下列器材供選用：A待測(cè)干電池一節(jié)B直流電流表（量程0 0.6 3 A，0.6 A擋內(nèi)阻為0.1，3 A擋內(nèi)阻為0.02）C直流電壓表（量程0 3 15 V，3 V擋內(nèi)阻為5 k，15 V擋內(nèi)阻為25 k）D滑動(dòng)變阻器（阻值范圍為0 15，允許最大電流為1A）E滑動(dòng)變阻器（阻值范圍為0 1000，允許最大電流為0.

7、2 A）F開關(guān)G導(dǎo)線若干（1） 將如圖所示中的器材，進(jìn)行實(shí)物連線_；（2）為盡可能減少實(shí)驗(yàn)的誤差，其中滑動(dòng)變阻器選_（填代號(hào)）；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄，畫出的UI圖線如圖所示，從中可求出待測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)為E=_V，內(nèi)電阻為r=_12（12分）（1）某同學(xué)在一次“測(cè)定某特殊電阻元件的電阻”的實(shí)驗(yàn)中，用游標(biāo)卡尺測(cè)量電阻元件的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑d。電阻元件長(zhǎng)L為_cm，金屬絲的直徑d為_mm；（2）該同學(xué)用多用表歐姆檔粗測(cè)電阻，選用“100”倍率的電阻擋估測(cè)元件電阻，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角過大。因此他選擇“10”倍率的電阻擋。并歐姆調(diào)零，再進(jìn)行測(cè)量，之后多用表的示數(shù)如下圖所示，測(cè)量結(jié)果為

8、R=_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)有水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B，圓形區(qū)域右側(cè)有一豎直感光板，從圓弧頂點(diǎn)P以速率的帶正電粒子平行于紙面進(jìn)入磁場(chǎng)，已知粒子的質(zhì)量為m，電量為q，粒子重力不計(jì)（1）若粒子對(duì)準(zhǔn)圓心射入，求它在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）若粒子對(duì)準(zhǔn)圓心射入，且速率為，求它打到感光板上時(shí)速度的垂直分量.14（16分）輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m0.32 kg、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)0.8 m、匝數(shù)n10的正方形線圈，總電阻為r1 .邊長(zhǎng)為的正方形磁場(chǎng)區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，如

9、圖甲所示，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，大小隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，從t0開始經(jīng)t0時(shí)間細(xì)線開始松弛，取g10 m/s2.求：(1)在前t0時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)；(2)在前t0時(shí)間內(nèi)線圈的電功率；(3)t0的值15（12分）如圖所示,質(zhì)量為的帶正電小球能沿著豎直的絕緣墻豎直下滑,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平,并與小球運(yùn)動(dòng)方向垂直.若小球帶電荷量為q,球與墻間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,求：（1）小球下滑的最大速度為多大？（2）下滑過程中最大加速度為多大？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】AB、靈敏電流計(jì)G改裝成電

10、流表需并聯(lián)小電阻分流，根據(jù)圖可知，甲表是電流表，并聯(lián)的電阻越大，則分流越小，量程越小，故A正確，B錯(cuò)誤；C、靈敏電流計(jì)G改裝電壓表需串聯(lián)大電阻分壓，根據(jù)圖可知，乙表是電壓表，R增大時(shí)，則分壓越大，量程越大，故C錯(cuò)誤；D、由上可知，故D錯(cuò)誤；故選A?！军c(diǎn)睛】改裝電壓表和電流表所應(yīng)用的原理都是串聯(lián)分壓和并聯(lián)分流2、B【解析】電動(dòng)勢(shì)與電勢(shì)差是兩個(gè)不同的概念，電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電路電壓之和電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量電動(dòng)勢(shì)由電源本身的特性決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)?！驹斀狻緼項(xiàng)：電路中每通過1C的電量時(shí)，電池將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能；故A正確；B項(xiàng)：當(dāng)電源接入外電路時(shí)，電池兩端

11、的電壓小于電動(dòng)勢(shì)2V，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，不接入外電路，該鉛蓄電池兩極間的電壓為2V，故C正確；D項(xiàng)：電動(dòng)勢(shì)反應(yīng)電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)；故鉛蓄電池把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的強(qiáng)，故D正確。故應(yīng)選B?！军c(diǎn)睛】本題考查對(duì)電動(dòng)勢(shì)的理解關(guān)鍵抓住電動(dòng)勢(shì)的物理意義：表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小。3、A【解析】電子現(xiàn)在加速電場(chǎng)中被加速，獲得速度后進(jìn)去偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)做類平拋運(yùn)動(dòng)，由類平拋運(yùn)動(dòng)的公式其中在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得化簡(jiǎn)可得電子做類平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡方程為若U1加倍，為了使電子在板間的軌跡不變，可以將U2加倍，或者將板間距離減半。

12、故選A。4、D【解析】B小球進(jìn)入電場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)后受到電場(chǎng)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，由圖可以看出，小球經(jīng)過邊界MN的時(shí)刻是t=1s或者4s時(shí)，故B錯(cuò)誤。A由圖象的斜率等于加速度得小球進(jìn)入電場(chǎng)前的加速度為：進(jìn)入電場(chǎng)后的加速度大小為：由牛頓第二定律得：mg=ma1F-mg=ma2得電場(chǎng)力：由得重力mg與電場(chǎng)力F之比為3：1故A錯(cuò)誤。C整個(gè)過程中，動(dòng)能變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理，整個(gè)過程中重力做的功與克服電場(chǎng)力做的功大小相等，故C錯(cuò)誤。D整個(gè)過程中，由圖可得，小球在0-2.1s內(nèi)向下運(yùn)動(dòng)，在2.1s-1s內(nèi)向上運(yùn)動(dòng)，在1s4s過程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功。電勢(shì)能先增大，后減??；由于整個(gè)的過

13、程中動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能的總和不變，所以小球的機(jī)械能先減小后增大。故D正確。5、C【解析】變壓器不能升高直流電流的電壓，AD錯(cuò)誤；根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比，則升壓變壓器的原線圈匝數(shù)應(yīng)小于副線圈匝數(shù)，B錯(cuò)誤；C正確6、D【解析】將滑動(dòng)變阻器的滑片逐漸向右滑動(dòng)的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數(shù)的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L1燈亮度的變化。【詳解】將滑動(dòng)變阻器的滑片逐漸向右滑動(dòng)的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分的電阻增大，外電路總電阻增大，則干路電流減小，故L2燈變

14、暗，電流表讀數(shù)變小。電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)變大根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)可知，并聯(lián)部分電壓增大，則L1燈變亮由上分析可知，流過滑動(dòng)變阻器的電流等于燈L2的電流減去燈L1的電流，所以流過滑動(dòng)變阻器的電流一定減小，綜上所述，故應(yīng)選：D?！军c(diǎn)睛】本題是一道閉合電路的動(dòng)態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用歐姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】AB. 根據(jù)電場(chǎng)線分布可知，該點(diǎn)電荷為負(fù)電荷，選項(xiàng)A正

15、確，B錯(cuò)誤；CD. 因N點(diǎn)電場(chǎng)線較M點(diǎn)密集，可知M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于N點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。8、BD【解析】考點(diǎn)：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：對(duì)于甲圖，當(dāng)電路的內(nèi)阻和外阻相等時(shí)，電路的輸出功率最大，由此可以求得甲圖中的最大的功率，根據(jù)最大的功率可以求得乙圖中的電阻的大小和電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率解答：解：由閉合電路歐姆定律可得，甲圖中電路的電流為I=A=2A，所以電路的最大的輸出功率為P=I2（R0+R1）=12W，對(duì)于乙圖，輸出的功率也為12W，所以對(duì)于乙圖有I2R2+6W=12W，解得R21.5，對(duì)于電動(dòng)機(jī)，發(fā)熱功率為I2R0=4w，所以BD正確故選BD點(diǎn)評(píng)：對(duì)于

16、電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的9、BC【解析】粒子向右偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則知，粒子帶負(fù)電故A錯(cuò)誤粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大半徑為，根據(jù)半徑公式得，粒子的最大速度故B正確粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的最小半徑為，根據(jù)半徑公式得，粒子的最小速度，則最大速度和最小速度之差，保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度和最小速度之差不變故C正確，D錯(cuò)誤故選BC10、AD【解析】因?yàn)楸煌抗ぜд姡粤Ｗ訋ж?fù)電，這樣使得涂料更好的與被涂物體相結(jié)合，過程中電荷受到的庫(kù)倫力，屬于電場(chǎng)力，所以AD正

17、確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 D 1.5 V 1.0 【解析】（1）測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路圖如圖所示，對(duì)照電路圖連線如下：（2）滑動(dòng)變阻器E電阻值較大，操作不方便，同時(shí)額定電流太小，故選小電阻的滑動(dòng)變阻器；故選D（3）電源的U-I圖象的縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，故E=1.5V；斜率表示電源的內(nèi)電阻，故12、11.050 1.996 300 【解析】（1）12由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：110mm+100.05mm=110.50mm=11.050cm；由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：1.5mm+49.60.01mm=1.

18、996mm；（2）3由圖示表盤可知，電阻阻值為：R=30.010=300；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）?！窘馕觥浚?）設(shè)帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，由牛頓第二定律得解得：r=R帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡為四分之一圓周，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為，如圖所示則（2）由（1）知，當(dāng)時(shí)，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由圖可知，所以帶電粒子離開磁場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)原來方向60，則有：14、 (1)0.4 V(2)0.16 W(3)2 s【解析】(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律得：Enn 解得E0.4 V 感應(yīng)電流的方向：逆時(shí)針(2)I0.4 A PI2r 0.16 W (3)分析線圈受力可知，當(dāng)細(xì)線松弛時(shí)有：F安nBt0ImgI Bt02 T 由圖乙知：Bt010.5t0 解得：t02 s15、（1） （2）【解析】對(duì)小球進(jìn)行受力分析，再根據(jù)各