2026屆高三階段?？嘉锢碓囶}一、單選題：本大題共8小題，共32分。甲乙丙丁間的滑動摩擦因數(shù)為0.5,地面其余部分光滑，重力加速度g取10m/s2,下列說法正確的是()D.木板全部滑出粗糙地面時的速度為5m/s高三物理試題第1頁，共6頁長和轉(zhuǎn)過的圓心角，則下列圖像正確的是()5.如圖，一質(zhì)量為M、長為l的木板靜止在光滑水平桌面上，另一質(zhì)量為m的小物塊(可視為質(zhì)點)從木板上的左端以速度v?開始運動。已知物塊與木板間的滑動摩擦力大小為f,當(dāng)物塊從木板右A.木板的動能一定等于flB.木板的動能一定大于flC.物塊的動能一定小D.物塊的動能一定等6.某學(xué)習(xí)小組利用高腳杯進行搬運乒乓球的比賽，看相同時間內(nèi)哪位同學(xué)將杯口倒立后搬運的數(shù)量更多；即用杯子罩住乒乓球，輕晃杯子后使乒乓球沿杯子的內(nèi)壁運動；緩慢將酒杯豎直提起可看到乒乓球在水平面內(nèi)做圓周運動。將該過程簡化如下：高腳杯內(nèi)壁有處于同一豎直面內(nèi)的A、B、C、D四個點，過該四點杯身的豎直剖面可看成圓0的一段圓弧，其中C點位于杯身的內(nèi)徑最大處。乒乓球在杯身不同高度處的水平面內(nèi)做圓周運動時，將乒乓球視為質(zhì)點，且不考慮乒乓球所受的摩擦及空氣作用力，下列說法中正確的是A.乒乓球在某一水平面內(nèi)穩(wěn)定圓周運動時，杯子對小球做正功B.乒乓球可能在C、D間某一位置的水平面內(nèi)做圓周運動C.乒乓球運動平面越接近C點，所需要的向心力越小D.乒乓球在過A與在過B的水平面內(nèi)做圓周運動時，在B的速率更大B.繩的拉力大小A.小球與軌道第一次碰撞后的速度大小為5m/s二、多選題：本大題共4小題，共16分。A.0-t?時間內(nèi)，汽車牽引力為6000NB.t?-t?時間內(nèi)，汽車功率為60kWC.汽車運動的最大速度為20m/sD.0-t?時間內(nèi)，汽車位移為1125m光滑。下列說法正確的是()高三物理試題第3頁，共6頁質(zhì)量為m的光滑小球靜止于c點?，F(xiàn)在使小球獲得一個瞬間水平速度vo,使小球剛好abcd內(nèi)做完整的圓周運動，物體M始終保持靜止。下列說法正確的是()A.小球獲得的瞬間水平速度vo=√5grB.小球通過d點時，物體M受到地面的靜摩擦力大小為3mg,方向水平向右C.物體M受到地面的最大支持力為Mg+6mgD.物體M受到地面的最小支持力為18m的頂端。已知工件與傳送帶間動摩擦因數(shù)μ=0.8,以工件在傳送帶底端時的重力勢能為零(sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=10m/s2)。下列說法正確的是()A.工件從底端運送到頂端所需的時間為12.5sB.工件到達頂端時的機械能為376JC.工件與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為512JD.電動機由于傳送工件而多消耗的電能為1264J三、實驗題：本大題共2小題，共14分。一高度時，用小錘輕擊彈性金屬片，使A球水平飛出，同時B球被松開下落.x芮高三物理試題第4頁，共6頁(2)安裝圖乙研究平拋運動實驗裝置時，保證斜槽末端水平，斜槽.(3)然后小明用圖乙所示方法記錄平拋運動的軌跡，由于沒有記錄拋出點，如圖丙所示，數(shù)據(jù)處理時選擇A點為坐標原點(0,0),丙圖中小方格的邊長均為20cm,重力加速度g取10m/s2,則B.測出擋光條的寬度d;(2)某次測得擋光條到光電門的距離為L,擋光條通過光電門的時間為to,滑塊由靜止釋放至光電(3)若利用圖像法處理實驗數(shù)據(jù)，下列選項中A.D.四、計算題：本大題共3小題，共38分。第15題10分，第16題12分，第17題16分15.如圖所示，一水平圓盤半徑為R=1.2m,繞過圓心0的豎直軸轉(zhuǎn)動，A、0、B三點共線，且A、B一個小球，小球速度方向與直線AOB的夾角為θ=53°。已知小球擊中圓盤右邊緣時，恰與此時轉(zhuǎn)(1)小球從A點斜向上拋出的速度大?。?2)圓盤轉(zhuǎn)動角速度的最小值。16.如圖所示，豎直放置的圓錐頂角為2θ,側(cè)壁光滑，可繞通過其中心的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動。質(zhì)量為m的小球通過長為L的輕繩拴在豎直軸線上，可隨軸線和側(cè)壁一起相對靜止的轉(zhuǎn)動。已知輕繩與圓錐側(cè)壁平行，重力加速度大小為g,問：(1)當(dāng)圓錐不轉(zhuǎn)動，小球靜止在側(cè)壁時，小球?qū)K子的拉力T?的大?。?2)試寫出繩子的拉力T的大小和小球轉(zhuǎn)動的角速度w的函數(shù)關(guān)系(提示：需分類討論)。17.如圖，水平平臺上有一輕彈簧，左端固定在A點，自然狀態(tài)時其右端位于B點，平臺AB段光滑，BC段長x=1m,與滑塊間的摩擦因數(shù)為μ1=0.25。平臺右端與水平傳送帶相接于C點，傳送帶的長為L=3m,與滑塊間的摩擦因數(shù)為μ2=0.4,傳送帶向右勻速運動，其速度的大小可以由驅(qū)動系統(tǒng)根據(jù)需要設(shè)定。傳送帶右端D點與一光滑圓弧形軌道相切，圓弧形軌道半徑R=0.8m。今將一質(zhì)量m=2kg的滑塊向左壓縮輕彈簧到最短，此時彈簧的彈性勢能為Ep=30J,然后突然釋放，滑塊滑到傳送帶右端D點后繼續(xù)滑上圓弧形軌道。重力加速度g=10m/s2,sin53°=(1)滑塊到達C點的速度vc。(2)改變傳送帶的速度，求物塊從傳送帶右側(cè)D滑出時速度v的范圍。(3)要使滑塊不脫離圓弧形軌道，求傳送帶的速度范圍?！敬鸢浮?5D第3頁，共10頁 解得T=mw2L,所以物塊從傳送帶右側(cè)D滑出時速度v的范圍為1m/s≤v≤7m/s;代入數(shù)據(jù)解得：vDz=4m/s (2)物塊從傳送帶右側(cè)D滑出時速度v的范圍為1m/s≤v≤7m第4頁，共10頁【解析】籃球拋出后，手對籃球沒有作用力，B錯誤；丁圖中沙袋受到的重力、拉力的合力提供向心力，使沙袋做勻速圓周運動，D錯誤。落在B、P兩點的小球運動時間相同，水平位移之比為2:1,所以其初速度之比為2:1,D錯誤。3.木板所受摩擦力隨位移變化的圖像如圖所示，f-x圖像中圖線f/Nf/NμmgAB.設(shè)木板剛好全部進入粗糙地面時的速度為v?,由動能定理,解得故選C。5.設(shè)物塊離開木板時的速度為v?,此時木板的速度為v?,由題可知v?>v?,設(shè)物塊的對地位移為xm,木板【分析】第6頁，共10頁速度方向與重力方向不在同一直線上，所以小球做斜拋運動，而平拋運動要求初速度水平，故B錯誤。CD、以A點為原點，沿A點切線方向為x'軸，垂直A點切線方向為y'軸建立直角坐標系。第一次碰撞后，小球由于軌道y=0.5x2關(guān)于y軸對稱，且小球在A點碰撞后運動具有對稱性(從能量和受力角度分析),小球第二次碰撞點在原點(0,0),故C錯誤，D正確。故選：D。【分析】根據(jù)速度一位移公式解得小球在A點豎直速度，小球與軌道碰撞后，沿接觸面方向速度不變，垂直接觸面方向速度大小不變、方向相反，解得合速度；小球與軌道第一次碰撞后，速度方向斜向上，且只受重力作用，加速度為重力加速度g,方向豎直向下，速度方向與重力方向不在同一直線上，所以小球做斜拋運動，而平拋運動要求初速度水平，以A點為原點，沿A點切線方向為x'軸，垂直A點切線方向為y'軸建立直角坐標系，設(shè)經(jīng)過時間t小球再次與軌道碰撞，再將x′、y'轉(zhuǎn)換回原x、y坐標系，解得碰撞后的坐標點。本題考查了自由落體運動，運動的合成與分解以及斜拋運動的掌握程度，建立坐標系運用數(shù)學(xué)工具坐標系的建立與轉(zhuǎn)換解決物理問題。9.A、汽車在0-t?時間內(nèi)的加速度根據(jù)牛頓第二定律F-f=ma?得F=f+ma?=2000N+2000kg×2m/s2=6000N,故A正確；B、在t?-t?時間汽車的功率保持不變，可得汽車的額定功率為P=Fv?=6000×10W=6×10?W,故BC、汽車運動的最大速度為,故C錯誤；D、0-t?時間內(nèi)，汽車運動的位移在t?-t?時間汽車的位移代入數(shù)據(jù)，解得x?=1100m所以運動的總位移為x=x?+x?=25m+1100m=1125m,故D正確。故選：ABD。A、先利用運動學(xué)公式求出汽車在0-t?時間內(nèi)加速度大小，在根據(jù)牛頓第二定律，求出汽車牽引力；B、在t?-t?時間汽車的功率保持不變，在由P=Fv?可以求出此時的功率；第7頁，共10頁C、當(dāng)汽車運動到最大速度時，汽車開始做勻速運動，故F=f,由p=Fv?=fv?,得1可求出最大速度；D、第一階段在0一t?時做勻加速直線運動，由運動學(xué)公式可以求出位移x?,在t?∽t?汽車的功率保持不變，由動能定理可以求出位移x?。解決該題的關(guān)鍵是明確知道汽車在各段運動過程中物理量變化情況，熟記功率、牽引力以及速度之間的關(guān)系式，掌握功與功率的計算。10.AB、當(dāng)小球B沿墻下滑距離為時，桿與水平方向的夾角為30°,設(shè)A球的速度為va,B球的速度為vg,根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得：分解兩球速度如圖兩球沿桿方向上的速度相等，則有：VAcos30°=vBcos60°。聯(lián)立兩式解得：故A正D正確。故選：ACD。11.A.在最高點，僅由重力提供向心力，則,從最低點到最高點，由機械能守恒定律得,二式聯(lián)立解得v。=√5gr,故A正確；的靜摩擦力大小為3mg,M保持靜止，根據(jù)平衡條件可知，方向水平向左，故B錯誤；C、在最低點，小球?qū)壍赖膲毫ψ畲?，?解得小球所受支持力的大小為：Fn=6mg,由牛頓第三定律知小球?qū)壍赖淖畲髩毫椋篎′n=Fn=6mg,物體M受到地面的最大支持力為Mg+6mg,第8頁，共10頁設(shè)此位置和0點的連線與水平方向的夾角為θ,小球在該點的速度大小為v?,小球從c點到此點的過程，根據(jù)機械能守恒定律設(shè)支架對小球的彈力大小為FN?,在此點，對小球由牛支架為研究對象，設(shè)地面對支架的支持力大小為F?在豎直方向上，根據(jù)平衡條件有Fn+F'nisinθ=Mg,聯(lián)立解得：FN=3mgsin2θ-3mgsinθ+Mg,即F?是關(guān)于sinθ的二次函數(shù)，函數(shù)圖像為開口向上的拋物線，根據(jù)二次函數(shù)性質(zhì)可知地面對支架的最小支持力為：故D正確。故選：ACD?！痉治觥吭谧罡唿c，僅由重力提供向心力，通過d點以及最低點，分析向心力來源，由機械能守恒以及牛頓運動定律分析。根據(jù)機械能守恒定律和牛頓運動定律相結(jié)合得到小球?qū)χЪ艿膹椓Ρ磉_式，以支架為研究對象，根據(jù)平衡條件求地面對支架的最小支持力。本題考查了機械能守恒定律和牛頓第二、第三定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要知道小球做圓周運動的向心力由指向圓心的合力提供。12.A.工件放到傳送帶時先做勻加速直線運動，設(shè)加速度為a。根據(jù)牛頓第二定律得μmgcosθ-mgsinθ=ma,解得a=0.4m/s2,設(shè)工件勻加速至速度等于v=4m/s的時間為t?,則有通過的位移為x?,則有v2=2ax?,解得共速時由于μmgcosθ>mgsinθ,所以之后工件隨傳送帶勻速上升，則到達頂端還需時間共需時間t=t?+t?=B.工件到達頂端時的動能,重力勢能Ep=mgLsin37°=720J,機械能E=Ek+Ep=C.工件勻加速運動的時間為t?=10s,該時間內(nèi)傳送帶的位移帶=vt?=40m,工件與傳送帶間的相對位移大小△x=x帶-x?=20m,因摩擦產(chǎn)生的熱量Q=μmgcosθ△x,代入數(shù)據(jù)解得Q=512J,故C正確；D.電動機由于傳送工件而多消耗的電能E電=E+Q=1264J,故D正確。度不變，,可知，小球在空中運動的時間不變；從斜槽上同一位置由靜止開始釋放，小球在