2021-2025年高考物理真題知識(shí)點(diǎn)分類匯編之運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系（一）

一.選擇題（共20小題）

1.（2025?山東）工人在河堤的硬質(zhì)坡面上固定一垂直坡面的擋板，向坡底運(yùn)送長(zhǎng)方體建筑材料。如圖所

示，坡面與水平面夾角為①交線為PN,坡面內(nèi)QN與PN垂直，擋板平面與坡面的交線為MN,Z

MNQ=0。若建筑材料與坡面、擋板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為a重力加速度大小為g,則建筑材料沿MN

向下勻加速滑行的加速度大小為（）

A.gsin20-pgcosO-ngsin6cos6

B.gsinbcosB-pgcosH-pgsin2U

C.gsinOcosG-pgcosG-|igsin9cos0

D.gcos20-ngcos0-|igsin20

2.（2025?甘肅）2025年4月24日，在甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了搭載神舟二十號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征

二號(hào)F遙二十運(yùn)載火箭。若在初始的1s內(nèi)燃料對(duì)火箭的平均推力約為6X1。62火箭質(zhì)量約為50（）噸

且認(rèn)為在1s內(nèi)基本不變，則火箭在初始1s內(nèi)的加速度大小約為（重力加速度g取lOm/s?）（）

A.2m/s2B.4m/s2C.6m/s2D.12m/s2

3.（2025?湖北）一個(gè)寬為L(zhǎng)的雙軌推拉門(mén)由兩扇寬為$的門(mén)板組成，門(mén)處于關(guān)閉狀態(tài)，其俯視圖如圖（a）

所示。某同學(xué)用與門(mén)板平行的水平恒定拉力作用在一門(mén)板上，一段時(shí)間后撤去拉力，該門(mén)板完全運(yùn)動(dòng)到

另一邊，且恰好不與門(mén)框發(fā)生碰撞，其俯視圖如圖（b）所示。門(mén)板在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力與其重力

大小之比為山重力加速度大小為go若要門(mén)板的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程用時(shí)盡量短，則所用時(shí)間趨近于（）

L_L_

:.2j21

:1........1

圖（a）

圖(b)

A?匾B搗D.2品

4.（2025?北京）模擬失重環(huán)境的實(shí)驗(yàn)艙，通過(guò)電磁彈射從地面由靜止開(kāi)始加速后豎直向上射出，上升到

最高點(diǎn)后回落，再通過(guò)電磁制動(dòng)使其停在地面。實(shí)驗(yàn)艙運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到的空氣阻力f的大小隨速率增

大而增大，f隨時(shí)間［的變化如圖所示（向上為正）。下列說(shuō)法正確的是（）

A.從U到13,實(shí)驗(yàn)艙處于電磁彈射過(guò)程

B.從12到13,實(shí)驗(yàn)艙加速度大小減小

C.從t3到t5,實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)物體處于失重狀態(tài)

D.t4時(shí)刻，實(shí)驗(yàn)艙達(dá)到最高點(diǎn)

5.（2025?選擇性）某智能物流系統(tǒng)中，質(zhì)量為20kg的分揀機(jī)器人沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng)，受到的合力沿軌

道方向，合力F隨時(shí)間I的變化如圖所示，則下列圖像可能正確的是（）

6.（2025?安徽）如圖，裝有輕質(zhì)光滑定滑輪的長(zhǎng)方體木箱靜置在水平地面上，木箱上的物塊甲通過(guò)不可

伸長(zhǎng)的水平輕繩繞過(guò)定滑輪與物塊乙相連。乙拉著甲從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，木箱始終保持靜止。已知甲、乙

質(zhì)量均為1.0kg,甲與木箱之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取lOm/s2,則在乙下

落的過(guò)程中（)

n1

///////////////////>/////

A.甲對(duì)木箱的摩擦力方向向左

B.地面對(duì)木箱的支持力逐漸增大

C.甲運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2.5m/s2

D.乙受到繩子的拉力大小為5.0N

7.（2024?選擇性）利用硯臺(tái)將墨條研磨成墨汁時(shí)講究“圓、緩、勻二如圖，在研磨過(guò)程中，硯臺(tái)始終靜

止在水平桌面上。當(dāng)墨條的速度方向水平向左時(shí)（）

A.硯臺(tái)對(duì)墨條的摩擦力方向水平向左

B.桌面對(duì)硯臺(tái)的摩擦力方向水平向左

C.桌面和黑條對(duì)硯臺(tái)的摩擦力是一對(duì)平衡力

D.桌面對(duì)硯臺(tái)的支持力與墨條對(duì)硯臺(tái)的壓力是一對(duì)平衡力

8.（2024?廣東）如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定。木塊從彈簧正上方H高度處由靜止釋放，以

木塊釋放點(diǎn)為原點(diǎn)，取豎直向下為正方向，木塊的位移為y,所受合外力為F,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,忽略空氣

阻力，彈簧在彈性限度內(nèi)，關(guān)于木塊從釋放到第一次回到原點(diǎn)的過(guò)程中，其F-y圖像或y-t圖像可能

正確的是（）

木塊T

H

■1

tr\yTT\y

9.（2024?湖南）如圖，質(zhì)量分別為4m、3m、2m、m的四個(gè)小球A、B、C、D,通過(guò)細(xì)線或輕彈簧互相

連接，懸掛于O點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。若將B、C間的細(xì)線剪斷，則剪斷瞬間B和C

的加速度大小分別為（）

6D

A.g,1.5gB.2g,1.5gC.2g,0.5gD.g,0.5g

10.（2024?北京）如圖所示，飛船與空間站對(duì)接后，在推力F作用下一起向前運(yùn)動(dòng)，飛船和空間站的質(zhì)量

分別為m和M,則飛船和空間站之間的作用力大小為（）

空間站~~飛船一_____

II.（2024?北京）水平傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)，將一物體無(wú)初速度地放置在傳送帶上，最終物體隨傳送帶一起勻

速運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.剛開(kāi)始物體相對(duì)傳送帶向前運(yùn)動(dòng)

B.物體勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到靜摩擦力

C.物體加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，摩擦力對(duì)物體做負(fù)功

D.傳送帶運(yùn)動(dòng)速度越大，物體加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)

12.（2024?安徽》傾角為0的傳送帶以恒定速率vo順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。t=0時(shí)在傳送帶底端無(wú)初速輕放一小物

塊，如圖所示。I。時(shí)刻物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶中間某位置，速度達(dá)到vo。傳送帶各處的粗糙程度相同，不計(jì)

空氣阻力，則物塊從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到頂端的過(guò)程中，加速度a、速度v隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線可能

正確的是（）

13.（2024?浙江）下列屬于國(guó)際單位制基本單位符號(hào)的是（）

A.sB.NC.FD.T

14.（2024?安徽）如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩完全相同的輕質(zhì)彈簧，它們的一端分別固定于水平線上的M、

N兩點(diǎn)，另一端均連接在質(zhì)量為m的小球上。開(kāi)始時(shí)，在豎直向上的拉力作用下，小球靜止于MN連

線的中點(diǎn)O,彈簧處于原長(zhǎng).后將小球聯(lián)直向上緩慢拉至P點(diǎn)，并保持靜止，此時(shí)拉力F大小為2mg.

已知重力加速度大小為g,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力。若撤去拉力，則小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)

到O點(diǎn)的過(guò)程中（）

C.加速度的最大值為3gD.加速度先增大后減小

15.（2023?遼寧）安培通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電流之間相互作用力的規(guī)律。若兩段長(zhǎng)度分別為ALi和AL2、

電流大小分別為h和12的平行直導(dǎo)線間距為「時(shí),相互作用力的大小可以表示為F=k號(hào)必。比

例系數(shù)k的單位是（）

A.kg*m/(S2*A)B.kg,m/(S2*A2)

C.kgTn2/(S3*A)D.kg,m2/(S3*A3)

16,（2023?北京）如圖所示，在光滑水平地面上，兩相同物塊用細(xì)線相連。兩物塊質(zhì)量均為1kg,細(xì)線能

承受的最大拉力為2N。若在水平拉力F作用下，兩物塊走向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。則F的最大值為

)

/////////

A.INB.2NC.4ND.5N

17.（2023?浙江）在足球運(yùn)動(dòng)中，足球入網(wǎng)如圖所示，則（）

A.踢香蕉球時(shí)足球可視為質(zhì)點(diǎn)

B.足球在飛行和觸網(wǎng)時(shí)慣性不變

C.足球在飛行時(shí)受到腳的作用力和重力

D.觸網(wǎng)時(shí)足球?qū)W(wǎng)的力大于網(wǎng)對(duì)足球的力

18,（2023?浙江）如圖所示，在考慮空氣阻力的情況下，一小石子從O點(diǎn)拋出沿軌跡OPQ運(yùn)動(dòng)，其中P

是最高點(diǎn)。若空氣阻力大小與瞬時(shí)速度大小成正比，則小石子豎直方向分運(yùn)動(dòng)的加速度大?。ǎ?/p>

A.O點(diǎn)最大

B.P點(diǎn)最大

C.Q點(diǎn)最大

D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程保持不變

19.（2023?浙江）下列屬于國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)的是（）

A.JB.KC.WD.Wb

20.（2022?遼寧）如圖所示，一小物塊從長(zhǎng)1m的水平桌面一端以初速度vo沿中線滑向另一端，經(jīng)過(guò)1s

從另一端滑落。物塊與桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)為2g取10m/s2。下列vo、u值可能正確的是（）

C.-0.28D.p=0.25

2021-2025年高考物理真題知識(shí)點(diǎn)分類匯編之運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系（一）

參考答案與試題解析

一.選擇題（共20小題）

題號(hào)1234567891011

答案BABBACCBAAD

題號(hào)121314151617181920

答案CAABCBABB

一,選擇題（共20小題）

I.（2025?山東）工人在河堤的硬質(zhì)坡面上固定一垂直坡面的擋板，向坡底運(yùn)送長(zhǎng)方體建筑材料。如圖所

示，坡面與水平面夾角為仇交線為PN,坡面內(nèi)QN與PN垂宜，擋板平面與坡面的交線為MN,Z

MNQ=0o若建筑材料與坡面、擋板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為H，重力加速度大小為g,則建筑材料沿MN

向下勻加速滑行的加速度大小為（）

PN

A.gsin26-pgcosG-pgsin0cos0

B.gsin6cos8-jigcosG-|.igsiir0

C.gsin6cos6-pgcosO-pgsin9cos0

D.geos%-ngcosO-|igsin26

【考點(diǎn)】物體在粗糙斜面上的運(yùn)動(dòng).

【專題】應(yīng)用題：學(xué)科綜合題：定量思想：推理法：摩擦力專題：分析綜合能力.

【答案】B

【分析】對(duì)長(zhǎng)方體建筑材料進(jìn)行受力分析，根據(jù)力的合成與分解、滑動(dòng)摩擦力公式和牛頓第二定律求解

作答。

【解答】解：將長(zhǎng)方體建筑材料的重力沿著斜面和垂直斜面分解，垂直斜面方向FNi=mgcos6

斜面對(duì)長(zhǎng)方體建筑材料的摩擦力fi=pFNi=nmgcose

方向沿MN向上；

重力沿斜面QN方向的分力Gi=mgsin0

Gi垂直于MN的分力風(fēng)2=G.sind=mgsin26

擋板對(duì)長(zhǎng)方體建筑材料的摩擦力心=〃氐2=^ngsin20

方向沿MN向上；

Gi沿MN向下的分力Gz=G?cos0=mgsinBcosG

根據(jù)牛頓第二定律G2-fl-f2=ma

聯(lián)解得a=gsin9cos0-jigcosG-|igsin20

故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了受力分析、力的合成與分解、滑動(dòng)摩擦力公式和牛頓第二定律的運(yùn)用；本題對(duì)

立體空間的認(rèn)知要求高，根據(jù)力的合成與分解求解斜面對(duì)■長(zhǎng)方體、擋板對(duì)長(zhǎng)方體的支持力是解題的關(guān)鍵。

2.（2025?甘肅）2025年4月24日，在甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了搭載神舟二十號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征

二號(hào)F遙二十運(yùn)載火箭。若在初始的1s內(nèi)燃料對(duì)火箭的平均推力約為6XKHN,火箭質(zhì)量約為500噸

且認(rèn)為在Is內(nèi)基本不變，則火箭在初始1s內(nèi)的加速度大小約為（重力加速度g取IOm/s2）（）

A.2m/s2B.4m/s2C.6m/s2D.I2m/s2

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【專題】應(yīng)用題；學(xué)科綜合題：定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題：分析綜合能力.

【答案】A

【分析】根據(jù)牛頓第二定律求解作答。

【解答】解：取豎直向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律R-譏g=ma

加速度a9—。2mls2-10m/s2=2m/s2

m5‘00“XI103

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律的簡(jiǎn)單運(yùn)用，基礎(chǔ)題，

3.（2025?湖北）一個(gè)寬為L(zhǎng)的雙軌推拉門(mén)由兩扇寬為3的門(mén)板組成，門(mén)處于關(guān)閉狀態(tài)，其俯視圖如圖（a）

所示。某同學(xué)用與門(mén)板平行的水平恒定拉力作用在一門(mén)板.匕一段時(shí)間后撤去拉力，該門(mén)板完全運(yùn)動(dòng)到

另一邊，且恰好不與門(mén)框發(fā)生碰撞，其俯視圖如圖（b）所示。門(mén)板在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力與其重力

大小之比為山重力加速度大小為go若要門(mén)板的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程用時(shí)盡量短，則所用時(shí)間趨近于（）

LL_

2

-7

—1..........................1

圖(a)

圖（b）

A?%B-JS。,據(jù)D.2懸

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間的關(guān)系.

【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】B

【分析】門(mén)板先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合題意求解。

【解答】解：門(mén)板先在向右的外力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，撤去外力后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，若外力比

較大，加速時(shí)間很短，位移很小，可以忽略不計(jì)，此時(shí)門(mén)板的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，撤去外力后根據(jù)牛頓第二

L1

定律，有pmg=ma,設(shè)撤去外力后門(mén)板最短運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,運(yùn)動(dòng)的距離為5=5aPo,可得門(mén)板的最短運(yùn)

動(dòng)時(shí)間趨近于￡二隔B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用，極限法的應(yīng)用是難點(diǎn)。

4.（2025?北京）模擬失重環(huán)境的實(shí)驗(yàn)艙，通過(guò)電磁彈射從地面由靜止開(kāi)始加速后豎直向上射出，上升到

最高點(diǎn)后回落，再通過(guò)電磁制動(dòng)使其停在地面。實(shí)驗(yàn)艙運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到的空氣阻力f的大小隨速率增

大而增大，f隨時(shí)間t的變化如圖所示（向上為正）。下列說(shuō)法正確的是（）

A.從U到t3,實(shí)驗(yàn)艙處于電磁彈射過(guò)程

B.從t2到t3，實(shí)驗(yàn)艙加速度大小減小

C.從t3到t5,實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)物體處于失重狀態(tài)

D.t4時(shí)刻，實(shí)驗(yàn)艙達(dá)到最高點(diǎn)

【考點(diǎn)】超重與失重的圖像問(wèn)題.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】B

【分析】根據(jù)阻力的方向和大小的變化情況，分析實(shí)驗(yàn)艙的速度變化和運(yùn)動(dòng)方向，確定實(shí)驗(yàn)艙的運(yùn)動(dòng)狀

態(tài)；根據(jù)牛頓第二定律判斷實(shí)驗(yàn)艙的加速度變化；根據(jù)加速?gòu)?fù)方向判斷超重失重情況。

【解答】解：A.ti到t3時(shí)間內(nèi)，f向下，先增大后減小，可知此時(shí)速度方向向上，先增大后減小，故實(shí)

驗(yàn)艙先處于彈射過(guò)程后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.12到t3時(shí)間內(nèi)，f向下在減小，可知此時(shí)速度方向向上，速度在減小，根據(jù)牛頓第二定律有mg+f=

ma,即a=《+g,故加速度大小在減小，故B正確；

C.t3到t5時(shí)間內(nèi)，f向上，先增大后減小，可知此時(shí)速度方向向下，先增大后減小，先向下加速后向下

減速，加速度先向下后向上，先失重后超重，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)前面分析可知t3時(shí)刻速度方向改變，從向上變成向下運(yùn)動(dòng)，故t3時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題是信息給予題，要把握空氣阻力與速率的關(guān)系，注意空氣阻力方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，弄清

楚受力情況和運(yùn)動(dòng)情況是關(guān)鍵。

5.（2025?選擇性）某智能物流系統(tǒng)中，質(zhì)量為20kg的分揀機(jī)器人沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng)，受到的合力沿軌

道方向，合力F隨時(shí)間t的變化如圖所示，則下列圖像可能正確的是（）

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的圖像問(wèn)題；根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)情況判斷V7圖像是否正確.

【專題】定量思想：方程法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，然后結(jié)合v-t圖像斜率的意義分析。

【解答】解：選取第1s內(nèi)機(jī)器人受力的方向?yàn)檎较?，則第1s內(nèi)機(jī)器人的加速度%=A:喋m/s2=

lni/s?

第2s內(nèi)機(jī)器人受力為零，則加速度為零；第3s內(nèi)機(jī)器人的加速度a?=2==-Im/s?

可知第3s內(nèi)機(jī)器人的加速度的方向與第1s內(nèi)加速度的方向相反。

A、若初速度為lm/s,與第Is內(nèi)受力的方向相同，則機(jī)器人第Is內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng),

第3s內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng)，由v-t圖線的斜率表示加速度的大小可知，第1s內(nèi)的加速度是lm/s2,第3s內(nèi)的

加速度大小也是101層，故A正確；

B、該圖中第3s內(nèi)仍然做加速運(yùn)動(dòng)，與受力不符，故B錯(cuò)誤；

C、該圖中第1s的加速度與第3s的加速度都是正值，與受力不符，故C錯(cuò)誤；

D、該圖中第1s的加速度大小為2m/s2,與實(shí)際不符，故D錯(cuò)誤。

故選：A。

【點(diǎn)評(píng)】該題考查力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，既要注意力的大小對(duì)加速度大小的影響，也要注意力的方向?qū)铀?/p>

度方向的影響。

6.（2025?安徽）如圖，裝有輕質(zhì)光滑定滑輪的長(zhǎng)方體木箱靜置在水平地面上，木箱上的物塊甲通過(guò)不可

伸長(zhǎng)的水平輕繩繞過(guò)定滑輪與物塊乙相連。乙拉著甲從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，木箱始終保持靜止。已知甲、乙

質(zhì)量均為1.0kg,甲與木箱之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2,則在乙下

落的過(guò)程中（）

D甲

/////////////////////////

A.甲對(duì)木箱的摩擦力方向向左

B.地面對(duì)木箱的支持力逐漸增大

C.甲運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2.5m/s2

D.乙受到繩子的拉力大小為5.0N

【考點(diǎn)】連接體模型；滑動(dòng)摩擦力的方向；牛頓第三定律的理解與應(yīng)用.

【專題】定量思想；推理法；摩擦力專題；推理論證能力.

【答案】C

【分析】根據(jù)相對(duì)運(yùn)動(dòng)知識(shí)、牛頓第三定律和豎直方向滿足的條件、牛頓第二定律等進(jìn)行分析解答。

【解答】解：A.因?yàn)槲飰K甲相對(duì)于木箱向右運(yùn)動(dòng)，所以木箱對(duì)甲的滑動(dòng)摩擦力方向向左，由牛頓第三定

律可知，甲對(duì)木箱的摩擦力方向向右，故A錯(cuò)誤；

B.設(shè)乙運(yùn)動(dòng)的加速度為a,只要乙有豎直向下的恒定加速度，對(duì)甲、乙和木箱整體，豎直方向滿足FN

=則地面對(duì)木箱的支持力大小不變，故B錯(cuò)誤；

CD.設(shè)繩子的彈力大小為T(mén),對(duì)甲受力分析有T-Rmg=ma,對(duì)乙受力分析有mg-T=ma,聯(lián)立解得a

=2.5m/s2,T=7.5N,故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】考查相對(duì)運(yùn)動(dòng)知識(shí)、牛頓第三定律和豎直方向滿足的條件、牛頓第二定律等，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行

準(zhǔn)確分析解答。

7.（2024?選擇性）利用硯臺(tái)將墨條研磨成墨汁時(shí)講窕“圓、緩、勻”。如圖，在研磨過(guò)程中，硯臺(tái)始終靜

止在水平桌面上。當(dāng)墨條的速度方向水平向左時(shí)（）

A.硯臺(tái)對(duì)墨條的摩擦力方向水平向左

B.桌面對(duì)硯臺(tái)的摩擦力方向水平向左

C.桌面和墨條對(duì)硯臺(tái)的摩擦力是一對(duì)平衡力

D.桌面對(duì)硯臺(tái)的支持力與墨條對(duì)硯臺(tái)的壓力是一對(duì)平衡力

【考點(diǎn)】相互作用力與平衡力的區(qū)別和聯(lián)系.

【專題】信息給予題；定性思想；推理法；摩擦力專題；共點(diǎn)力作用下物體平衡專題；理解能力.

【答案】C

【分析】AB.滑動(dòng)摩擦力的方向與磨條的相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反；根據(jù)牛頓第三定律判斷硯臺(tái)受到磨條的滑

動(dòng)摩擦力方向，根據(jù)平衡條件判斷桌面對(duì)硯臺(tái)的摩擦力方向；

CD.硯臺(tái)處「靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件進(jìn)行分析。

【解答】解：AB.磨條速度方向水平向左，磨條受到硯臺(tái)的滑動(dòng)摩擦力水平向右，根據(jù)牛頓第三定律硯

臺(tái)受到磨條的摩擦力方向向左，硯臺(tái)有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，桌面對(duì)硯臺(tái)的摩擦力方向水平向右，故AB錯(cuò)

誤:

C.硯臺(tái)處于靜止?fàn)顟B(tài)，水平方向的合力為零，桌面和磨條對(duì)硯臺(tái)的摩擦力是一對(duì)平衡力，故C正確；

D.根據(jù)平衡條件桌面對(duì)硯臺(tái)的支持力與磨條對(duì)硯臺(tái)的壓力和現(xiàn)臺(tái)的重力的合力互相平衡，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了摩擦力方向的判斷、牛頓第三定律和平衡條件的運(yùn)用。

8.（2024?廣東）如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定。木塊從彈簧正上方H高度處由靜止釋放，以

木塊釋放點(diǎn)為原點(diǎn)，取豎直向下為正方向，木塊的位移為y,所受合外力為F,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為3忽略空氣

阻力，彈簧在彈性限度內(nèi)，關(guān)于木塊從釋放到第一次回到原點(diǎn)的過(guò)程中，其F-y圖像或y-t圖像可能

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用；胡克定律及其應(yīng)用.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】B

【分析】根據(jù)題意分析出木塊的合外力特點(diǎn)，并由此得出木塊的加速度變化情況和對(duì)應(yīng)的y-t圖像。

【解答】解：AB、木塊釋放過(guò)程中，位移由0增加到H時(shí)未接觸彈簧時(shí)，木塊的合外力為重力，保持

不變。當(dāng)y=H時(shí)接觸彈簧，根據(jù)胡克定律，可知之后彈簧的彈力逐漸增大，且與物塊的位移成線性關(guān)

系，當(dāng)彈簧彈力等于重力時(shí)合力為零，之后彈力大于重力，合力方向反向向上，到達(dá)最低點(diǎn)后木塊開(kāi)始

向上移動(dòng)，位移y變小，此后木塊的受力特點(diǎn)和之前的受力特點(diǎn)呈現(xiàn)對(duì)稱情況，位移由最大減小到零的

過(guò)程，圖像與之前的重合，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、木塊在未接觸彈簧時(shí)做自由落體，加速度保持恒定，則y?t圖像為拋物線，而后彈簧開(kāi)始有彈力

且逐漸增大，由牛頓第二定律mg-ky=ma,加速度逐漸減個(gè)后反向增大，木塊先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速

運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，而后的運(yùn)動(dòng)情況和之前的成對(duì)稱特點(diǎn)，故在y=H之后到位移最大的過(guò)程，圖像

的斜率先變大后變小到零，故CD錯(cuò)誤。

故選：B.

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉物體的受力分析，結(jié)合牛頓第二定律和圖像的

物理意義即可完成分析。

9.（2024?湖南）如圖，質(zhì)量分別為4m、3m、2m、m的四個(gè)小球A、B、C、D,通過(guò)細(xì)線或輕彈簧互相

連接，懸掛于O點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。若將B、C間的細(xì)線剪斷，則剪斷瞬間B和C

的加速度大小分別為（）

I

A.g,1,5gB.2g,1.5gC.2g,0.5gD.g,0.5g

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用；力的分解過(guò)程中多解和極值的問(wèn)題.

【專題】定量思想；控制變量法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；理解能力.

【答案】A

【分析】剪斷前，對(duì)BCD整體和對(duì)D分析列式：剪斷瞬間，分別對(duì)B、C分析列式。

【解答】解：剪斷前，對(duì)BCD整體分析，可得

FAB=（m+2m+3m）g

對(duì)D分析列式

FcD=mg

剪斷瞬間，對(duì)B分析

FAB-3mg=3ma

解得

a=g

對(duì)C分析，其中FCD=FDC,則

FDC+2mg=2ma'

解得

a'=1.5g

加速度方向豎直向下，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了牛頓第二定律、力的平衡條件等知識(shí)點(diǎn)C關(guān)鍵點(diǎn)：彈簧彈力不會(huì)突變，細(xì)繩的拉力

會(huì)發(fā)生突變。

10.（2024?北京）如圖所示，飛船與空間站對(duì)接后，在推力F作用下一起向前運(yùn)動(dòng)，飛船和空間站的質(zhì)量

分別為m和M,則飛船和空間站之間的作用力大小為（）

空間站飛船

Mm

Mm

C.一D.—F

M+rn.M+m,mM

【考?點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【7題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】對(duì)飛船和空間站整體和空間站分別列牛頓第二定律方程聯(lián)立解答。

【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)飛船和空間站整體有：

F=（M+m）a

對(duì)空間站，設(shè)飛船對(duì)空間站的作用力大小為F',根據(jù)牛頓第二定律有:

F'=Ma

解兩式可得飛船和空間站之間的作用力為：F'=禺

M+m

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】考查整體法和隔離法的應(yīng)用，結(jié)合牛頓第二定律分析解決實(shí)際問(wèn)題。

11.（2024?北京）水平傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)，將一物體無(wú)初速度地放置在傳送帶匕最終物體隨傳送帶一起勻

速運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.剛開(kāi)始物體相對(duì)傳送帶向前運(yùn)動(dòng)

B.物體勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到靜摩擦力

C.物體加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，摩擦力對(duì)物體做負(fù)功

D.傳送帶運(yùn)動(dòng)速度越大，物體加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)

【考點(diǎn)】水平傳送帶模型；牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【專題】定性思想；推理法；摩擦力專題；推理論證能力；模型建構(gòu)能力.

【答案】D

【分析】A.根據(jù)初始時(shí)刻物塊速度和傳送帶速度大小關(guān)系判斷；

B.根據(jù)勻速運(yùn)動(dòng)的條件判斷摩擦力的有無(wú)；

C.根據(jù)物塊做加速運(yùn)動(dòng)判斷摩擦力做功的問(wèn)題：

D.根據(jù)加速度公式結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式分析解答。

【解答】解：A.剛開(kāi)始時(shí)，物體速度小于傳送帶速度，則物體相對(duì)傳送帶向后運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體與傳送帶之間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，則物體不受摩擦力作用，故B錯(cuò)混；

C.物體加速，由動(dòng)能定理可知，摩擦力充當(dāng)合外力對(duì)物體做正功，故C錯(cuò)誤；

D.設(shè)物體與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為p,物體相對(duì)傳送帶運(yùn)動(dòng)時(shí)，a=“g,做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體速度小

于傳送帶速度則一直加速，由,,=次可知，傳速帶速度越大，物體加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)，故D正確。

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】考杳傳送帶的相關(guān)問(wèn)題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行相應(yīng)的分析和解答。

12.（2024?安徽）傾角為8的傳送帶以恒定速率vo順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。t=0時(shí)在傳送帶底端無(wú)初速輕放一小物

塊，如圖所示。t。時(shí)刻物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶中間某位置，速度達(dá)到V（J0傳送帶各處的粗糙程度相同，不計(jì)

空氣阻力，則物塊從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到頂端的過(guò)程中，加速度a、速度v隨時(shí)間I變化的關(guān)系圖線可能

正確的是（）

復(fù)雜的運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像問(wèn)題；牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【專題】信息給予題；定量思想；推理法；運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖象專題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題：理解能力:

模型建構(gòu)能力.

【答案】C

【分析】在傳送帶底端無(wú)初速輕放一小物塊，小物塊先在傳送帶上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定

律求加速度，結(jié)合v-t圖像和a-t圖像進(jìn)行分析;

經(jīng)過(guò)時(shí)間U）,小物塊與傳送帶共速，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的大小與重力沿斜面向下的分力大小，判斷共速后

小物塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再結(jié)合v-t圖像和a-t圖像進(jìn)行分析作答。

【解答】解：在傳送帶底端無(wú)初速輕放一小物塊，小物塊先住傳送帶上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖

像為過(guò)原點(diǎn)的偵斜直線;

設(shè)動(dòng)摩擦因數(shù)為根據(jù)牛頓第二定律nmgcosO-mgsin0=mai

解得ai=|igcos6-gsinO

加速度保持不變，圖像為平行于t軸的直線;

經(jīng)過(guò)時(shí)間10,小物塊與傳送帶共速，由于最大靜摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，滑動(dòng)摩擦力發(fā)生突

變靜摩擦力，此時(shí)fm=mgsin。，小物塊受平衡力作用，加速度a2=0,小物塊隨傳送帶一起以速度vo

做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像為平行于t軸的直線。

綜上分析，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了傳送帶問(wèn)題，能夠?qū)ξ飰K進(jìn)行正確的受力分析，知道小物塊所受的滑動(dòng)摩擦力

在小物塊與傳送帶共速時(shí)會(huì)發(fā)生突變，這是兩者能否保持相對(duì)靜止的依據(jù)。

13.（2024?浙江）下列屬于國(guó)際單位制基本單位符號(hào)的是（）

A.sB.NC.FD.T

【考點(diǎn)】力學(xué)單位制與單位制.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；理解能力.

【答案】A

【分析】國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量。分別為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、

物質(zhì)的量。它們的在國(guó)際單位制中的單位稱為基本單位，根據(jù)基本單位及其符號(hào)分析答題C

【解答】解：國(guó)際單位制中的基本單位分別是：長(zhǎng)度的單位是米，符號(hào)m；電流的單位是安培，符號(hào)是

A：熱力學(xué)溫度的單位是開(kāi)爾文，符號(hào)K：物質(zhì)的量單位是摩爾，符號(hào)mol：發(fā)光強(qiáng)度的單位是坎德拉，

符號(hào)cd,質(zhì)量的單位是千克，符號(hào)kg；時(shí)間的單位是秒，符號(hào)s；故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】國(guó)際單位制規(guī)定了七人基本物理量，這七個(gè)基本物理量分別是誰(shuí)，它們?cè)趪?guó)際單位制分別是誰(shuí)，

這都是需要學(xué)生自己記住的。

14.（2024?安徽）如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩完全相同的輕質(zhì)彈簧，它們的一端分別固定于水平線上的M、

N兩點(diǎn)，另一端均連接在質(zhì)量為m的小球上。開(kāi)始時(shí)，在豎直向上的拉力作用下，小球靜止于MN連

線的中點(diǎn)O,彈簧處于原長(zhǎng)。后將小球豎直向上緩慢拉至P點(diǎn)，并保持靜止，此時(shí)拉力F大小為2mg。

已知重力加速度大小為g,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力。若撤去拉力，則小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)

到O點(diǎn)的過(guò)程中（）

A.速度一直增大B,速度先增大后減小

C.加速度的最大值為3gD.加速度先增大后減小

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用：胡克定律及其應(yīng)用.

【專題】信息給予題：定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；動(dòng)能定理的應(yīng)用專題；理解能力.

【答案】A

【分折】AB.對(duì)小球進(jìn)行受力分析，然后分折撤去拉力，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的過(guò)程中，重力做功和

彈力做功的情況，根據(jù)動(dòng)能定理分析小球動(dòng)能的變化，再分析小球速度的變化；

CD.根據(jù)小球的受力情況分析撤去拉力瞬間合力的情況，再根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的最大值以及

加速度的變化情況。

【解答】解：撤去拉力前，小球的受力情況如圖所示：

AB.撤去拉力，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到0點(diǎn)的過(guò)程中，小球所受重力和兩彈簧的彈力都對(duì)小球做正功，根據(jù)

動(dòng)能定理可知，小球的動(dòng)能一宜增大，速度一直增大，故A正確，B錯(cuò)誤；

C.小球在P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件可知小球所受的合力為()，由于拉力F=2mg,因此兩彈簧

的合力為mg；

當(dāng)撤去F的瞬間，小球所受的合力最大Fm=2mg

根據(jù)牛頓第二定律Fm=mam

解得am=2g,故C錯(cuò)誤；

D.小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到0點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧的彈力減小，兩彈簧彈力的合力減小，重力不變，小球所受

的合力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球的加速度減小，故D錯(cuò)誤。

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了共點(diǎn)力作用下物體的平衡，牛頓第二定律和動(dòng)能定理；明確合外力做功引起物

體動(dòng)能的變化.

15.(2023?遼寧)安培通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電流之間相互作用力的規(guī)律。若兩段長(zhǎng)度分別為△Li和AL2、

電流大小分別為h和12的平行直導(dǎo)線間距為r時(shí)，相互作用力的大小可以表示為F=k?當(dāng)必。比

丁2

例系數(shù)k的單位是()

A.kg*m/(S2*A)B.kg*m/(s2*A2)

C.kg*m2/(S3*A)D.kg*m2/(s3*A3)

【考點(diǎn)】力學(xué)單位制與單位制.

【專題】定量思想；推理法；磁場(chǎng)磁場(chǎng)對(duì)電流的作用；推理論證能力.

【答案】B

【分析】根據(jù)牛頓第二定律，力的單位N可換成kg-m/s2,再根據(jù)表達(dá)式中各個(gè)物理量的單位推導(dǎo)即可。

【解答】解：由牛頓第二定律F=ma,可得：lN=lkg?m/s2

由F=k---‘可得：

k=//J；胃=鳥(niǎo)=lkg?m/(s2?A2),故B正確，ACD錯(cuò)誤。

/]/2〃乙1〃乙2i/ixi/iximxim]力4

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題以平行直導(dǎo)線相互作用力為背景，考查了單位制問(wèn)題，要知道國(guó)際單位制中基本物理量的

基本單位，能夠通過(guò)物理原理將導(dǎo)出單位換成基本單位來(lái)表示。

16.(2023?北京)如圖所示，在光滑水平地面上，兩相同物塊用細(xì)線相連。兩物塊質(zhì)量均為1kg,細(xì)線能

承受的最大拉力為2N。若在水平拉力F作用下，兩物塊?起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。則F的最大值為

()

77777777/

A.INB.2NC.4ND.5N

【考點(diǎn)】連接體模型；力的合成與分解的應(yīng)用；牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【專題】定量思想：整體法和隔離法：力程法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；分析綜合能力；模型建構(gòu)能力.

【答案】C

【分析】?jī)晌飰K一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)兩個(gè)物塊組成的整體，由牛頓第二定律可列出方程；對(duì)

左側(cè)物塊，由牛頓第二定律可列出方程；聯(lián)立兩方程，結(jié)合細(xì)線能承受的最大拉力，可求出F的最大值。

【解答】解：設(shè)每個(gè)物塊的質(zhì)量為m,設(shè)細(xì)線上張力大小為T(mén),對(duì)兩個(gè)物塊組成的整體，由牛頓第二定

律有

F=(m+m)a

對(duì)左側(cè)物塊，由牛頓第二定律有

T=ma

又有：TW2N

聯(lián)立各式解得：FW4N

即F的最大值為4N

故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】解答本題，要靈活采用整體法、隔離法，根據(jù)牛頓第二定律列出相應(yīng)的方程；兩物塊一起向右

做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)的最大值受細(xì)線能承受的最大拉力的限制。

17.(2023?浙江)在足球運(yùn)動(dòng)中，足球入網(wǎng)如圖所示，則()

A.踢香蕉球時(shí)足球可視為質(zhì)點(diǎn)

B.足球在飛行和觸網(wǎng)時(shí)慣性不變

C.足球在飛行時(shí)受到腳的作用力和重力

D.觸網(wǎng)時(shí)足球?qū)W(wǎng)的力大于網(wǎng)對(duì)足球的力

【考點(diǎn)】慣性與質(zhì)量；作用力與反作用力：牛頓第三定律的理解與應(yīng)用：質(zhì)點(diǎn).

【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題：理解能力.

【答案】B

【分析】踢出旋轉(zhuǎn)球時(shí)，足球的大小和形狀不能忽略，不能看作質(zhì)點(diǎn)；慣性大小僅與物體的質(zhì)量有關(guān)；

足球飛行時(shí)不受腳的作用力；一對(duì)作用力大小相等，方向相反。

【解答】解：A、踢香蕉球時(shí)，香蕉球產(chǎn)生的原因主要是旋轉(zhuǎn)，因旋轉(zhuǎn)，所以足球的大小和形狀不能忽

略，即需要考慮足球的大小和形狀，足球不能看作質(zhì)點(diǎn)，故A借誤；

B、足球的慣性僅與足球的質(zhì)量有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，即在飛行和觸網(wǎng)時(shí)足球的慣性不變，故B正確；

C、足球在飛行時(shí)不受腳的作用力，僅受重力和空氣阻力，故C錯(cuò)誤：

D、觸網(wǎng)時(shí)足球?qū)W(wǎng)的力和網(wǎng)對(duì)足球的力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等方向相反，故D錯(cuò)誤。

故選：B..

【點(diǎn)評(píng)】本題考查質(zhì)點(diǎn)、慣性、作用力與反作用力等，解題關(guān)鍵是掌握物體看作質(zhì)點(diǎn)的條件，知道慣性

大小僅與物體的質(zhì)量有關(guān)，一對(duì)作用力與反作用力等大反向，

18.（2023?浙江）如圖所示，在考慮空氣阻力的情況下，一小石子從O點(diǎn)拋出沿軌跡OPQ運(yùn)動(dòng)，其中P

是最高點(diǎn)。若空氣阻力大小與瞬時(shí)速度大小成正比，則小石子豎直方向分運(yùn)動(dòng)的加速度大小（）

A.O點(diǎn)最大

B.P點(diǎn)最大

C.Q點(diǎn)最大

D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程保持不變

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【專題】比較思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】對(duì)小石子受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化。

【解答】解：小石子從0點(diǎn)到P點(diǎn)，豎直方向受到向下的重力和向下的阻力，重力和豎直方向阻力之

和產(chǎn)生豎直方向的分加速度，小石子速度減小，空氣阻力減小，加速度減小，到P點(diǎn)時(shí)，豎直方向加速

度最??；

小石子從P點(diǎn)到Q點(diǎn)，豎直方向受到向下的重力和向上的阻力，重力和豎直方向阻力之差產(chǎn)生豎直方

向的分加速度，小石子速度增大，空氣阻力增大，加速度減小，到。點(diǎn)時(shí):豎直方向加速度最??；

即整段過(guò)程中，O點(diǎn)豎直方向的加速度最大，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：Ao

【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵是對(duì)小石子做好受力分析，結(jié)合牛頓第二定律判斷即可。

19,（2023?浙江）下列屬于國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)的是（）

A.JB.KC.WD.Wb

【考點(diǎn)】力學(xué)單位制與單位制.

【專題】定性思想；推理法；理解能力.

【答案】B

【分析】本題根據(jù)國(guó)際單位制中基本單位的七個(gè)基本單位，即可解答。

【解答】解：國(guó)際單位制中基本單位有kg,m,s,K,A,cd,mol,故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生對(duì)國(guó)際單位制中基本單位的七個(gè)基本單位的掌握，比較簡(jiǎn)單。

20.（2022?遼寧）如圖所示，一小物塊從長(zhǎng)1m的水平桌面一端以初速度vo沿中線滑向另一端，經(jīng)過(guò)1s

從另一端滑落。物塊與桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)為山g取lOm/s2。下列vo、口值可能正確的是（)

A.vo=2.5m/sB.vo=1.5m/sC.-0.28D.尸0.25

【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用.

【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題：推理論證能力.

【答案】B

【分析】物塊做勻變速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移判斷速度的大小，根據(jù)受力分析判斷摩擦因數(shù)。

【解答】解：AB、物塊水平沿中線做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則

由題干知

x=lm,t=Is,v>0

代入數(shù)據(jù)有vo〈2m/s,故A不可能，B可能；

CD、對(duì)物塊做受力分析有

a=-咯

V2—Vo=2ax

整理有.

詔+2ax>0

由于vo〈2m/s可得pV0.2,故CD不可能。

故選：Bo

【力:評(píng)】本題比較新穎，考查學(xué)生對(duì)規(guī)律知識(shí)的理解和靈活應(yīng)用的能力。

考點(diǎn)卡片

1.質(zhì)點(diǎn)

【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】

（I）定義：用來(lái)代替物體的有質(zhì)量的點(diǎn).

①質(zhì)點(diǎn)是用來(lái)代替物體的具有質(zhì)量的點(diǎn)，因而其突出特點(diǎn)是“具有質(zhì)量”和“占有位置二但沒(méi)有大

小，它的質(zhì)量就是它所代替的物體的質(zhì)量.

②質(zhì)點(diǎn)沒(méi)有體積或形狀，因而質(zhì)點(diǎn)是不可能轉(zhuǎn)動(dòng)的.任何轉(zhuǎn)動(dòng)的物體在研究其自轉(zhuǎn)時(shí)都不可簡(jiǎn)化為質(zhì)

點(diǎn),

③質(zhì)點(diǎn)不一定是很小的物體，很大的物體也可簡(jiǎn)化為質(zhì)點(diǎn).同一個(gè)物體有時(shí)可以看作質(zhì)點(diǎn)，有時(shí)又不

能看作質(zhì)點(diǎn)，要具體問(wèn)題具體分析.

（2）物體可以看成質(zhì)點(diǎn)的條件：如果在研究的問(wèn)題中，物體的形狀、大小及物體上各部分運(yùn)動(dòng)的差異是

次要或不起作用的因素，就可以把物體看做一個(gè)質(zhì)點(diǎn).

（3）突出主要因索，忽略次要因素，將實(shí)際問(wèn)題簡(jiǎn)化為物理模型，是研究物理學(xué)問(wèn)題的基本思維方法之

一，這種思維方法叫理想化方法.質(zhì)點(diǎn)就是利用這種思維方法建立的一個(gè)理想化物理模型.

【命題方向】

（I）第一類?？碱}型是對(duì)具體事例進(jìn)行分析?：

在物理學(xué)研究中，有時(shí)可以把物體看成質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)，可以把乒乓球看成質(zhì)點(diǎn)

B.研究車輪的轉(zhuǎn)動(dòng)，可以把車輪看成質(zhì)點(diǎn)

C.研究跳水運(yùn)動(dòng)員在空中的翻轉(zhuǎn)，可以把運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)

D.研究地球繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)，可以把地球看成質(zhì)點(diǎn)

分析：當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)

的條件來(lái)判斷即可.

解答：A、研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)時(shí)，不能把乒乓球看成質(zhì)點(diǎn)，因?yàn)榭闯少|(zhì)點(diǎn)的話，就沒(méi)有旋轉(zhuǎn)可言了，所以

A錯(cuò)誤.

B、研究車輪的轉(zhuǎn)動(dòng)是，不能把車輪看成質(zhì)點(diǎn)，因?yàn)榭闯少|(zhì)點(diǎn)的話，就沒(méi)有轉(zhuǎn)動(dòng)可言了，所以B錯(cuò)誤.

C、研究跳水運(yùn)動(dòng)員在空中的翻轉(zhuǎn)時(shí)，不能看成質(zhì)點(diǎn)，把運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)的話，也就不會(huì)翻轉(zhuǎn)了，所以C

錯(cuò)誤.

D、研究地球繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)時(shí)，地球的大小對(duì)于和太陽(yáng)之間的距離來(lái)說(shuō)太小，可以忽略，所以可以把地球

看成質(zhì)點(diǎn)，所以D正確.

故選D.

點(diǎn)評(píng)：考查學(xué)生對(duì)質(zhì)點(diǎn)這個(gè)概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點(diǎn)時(shí)的條件，看物體的大小體積對(duì)?所研

究的問(wèn)題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略.

（2）第二類常考題型是考查概念：

下列關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的說(shuō)法中，正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化模型，實(shí)際上并不存在，所以，引入這個(gè)概念沒(méi)有多大意義

B.只有體積很小的物體才能看作質(zhì)點(diǎn)

C.凡輕小的物體，皆可看作質(zhì)點(diǎn)

D.如果物體的形狀和大小對(duì)所研究的問(wèn)題屬于無(wú)關(guān)或次要因素時(shí)，即可把物體看作質(zhì)點(diǎn)

分析：物體可以看成質(zhì)點(diǎn)的條件是物體的大小體積對(duì)所研究的問(wèn)題是否產(chǎn)生影響，同一個(gè)物體在不同的時(shí)

候，有時(shí)可以看成質(zhì)點(diǎn)，有時(shí)不行，要看研究的是什么問(wèn)題.

解答：A、質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化模型，實(shí)際上并不存在，引入這個(gè)概念可以簡(jiǎn)化我們分析的問(wèn)題，不是沒(méi)有

意義，所以A錯(cuò)誤：

B、體積大的物體也可以看做質(zhì)點(diǎn)，比如地球，所以B錯(cuò)誤；

C、輕小的物體，不一定可以看做質(zhì)點(diǎn)，要看它的形狀對(duì)分析的問(wèn)題有沒(méi)有影響，所以C錯(cuò)誤：

D、如果物體的形狀和大小對(duì)所研究的問(wèn)題屬于無(wú)關(guān)或次要因素時(shí)，即可把物體看作質(zhì)點(diǎn)，所以D正確.

故選：D.

點(diǎn)評(píng)：考查學(xué)生對(duì)質(zhì)點(diǎn)這個(gè)概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點(diǎn)時(shí)的條件，看物體的大小體積對(duì)所研

究的問(wèn)題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略.

【解題方法點(diǎn)撥】

理想模型及其在科學(xué)研究中的作用

在自然科學(xué)的研究中，“理想模型”的建立，具有十分重要的意義.

第一，引入“理想模型”的概念，可以使問(wèn)題的處理大為簡(jiǎn)化而又不會(huì)發(fā)生大的偏差.把現(xiàn)實(shí)世界中，

有許多實(shí)際的事物與這種“理想模型”十分接近.在一定的場(chǎng)合、一定的條件下，作為一種近似，可以把

實(shí)際事物當(dāng)作“理想模型”來(lái)處理，即可以將“理想模型”的研究結(jié)果直接地應(yīng)用于實(shí)際事物.例如，在

研究地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的運(yùn)動(dòng)的M候，由于地球與入陽(yáng)的平均距離（約為14960萬(wàn)公里）比地球的半徑（約

為6370公里)大得多，地球上各點(diǎn)相對(duì)于太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)可以看做是相同的，即地球的形狀、大小可以忽略

不計(jì).在這種場(chǎng)合，就可以直接把地球當(dāng)作一個(gè)“質(zhì)點(diǎn)”來(lái)處理.在研究炮彈的飛行時(shí)，作為第一級(jí)近似，

可以忽略其轉(zhuǎn)動(dòng)性能，把炮彈看成一個(gè)“質(zhì)點(diǎn)”；作為第二級(jí)近似，可以忽略其彈性性能，把炮彈看成一

個(gè)“剛體”.在研究一般的真實(shí)句體時(shí)，在通常的溫度和壓強(qiáng)范圍內(nèi)，可以把它近似地當(dāng)作“理想氣體”,

從而直接地運(yùn)用“理想氣體”的狀態(tài)方程來(lái)處理.

第二，對(duì)于復(fù)雜的對(duì)象和過(guò)程，可以先研究其理想模型，然后，將理想模型的研究結(jié)果加以種種的修

正，使之與實(shí)際的對(duì)象相符合.這是自然科學(xué)中，經(jīng)常采用的一種研究方法.例如：“理想氣體”的狀態(tài)

方程，與實(shí)際的氣體并不符合，但經(jīng)過(guò)適當(dāng)修正后的范德瓦爾斯方程，就能夠與實(shí)際氣體較好地符合了.

第三，由于在“理想模型”的抽象過(guò)程中，舍去了大量的具體材料，突出了事物的主要特性，這就更

便于發(fā)揮邏輯思維的力量，從而使得“理想模型”的研究結(jié)果能夠超越現(xiàn)有的條件?，指示研究的方向，形

成科學(xué)的預(yù)見(jiàn).例如：在固體物理的理論研究中，常常以沒(méi)有“缺陷”的“理想晶體”作為研究時(shí)象.但

應(yīng)用量子力學(xué)對(duì)這種“理想晶體”進(jìn)行計(jì)算的結(jié)果，表明其強(qiáng)度竟比普通金屬材料的強(qiáng)度大一千倍.由此，

人們想到：既然“理想晶體”的強(qiáng)度應(yīng)比實(shí)際晶體的強(qiáng)度大一千倍，那就說(shuō)明常用金屬材料的強(qiáng)度之所以

減弱，就是因?yàn)椴牧现杏性S多“缺陷”的緣故.如果能設(shè)法減少這種“缺陷”，就可能大大提高金屬材料

的強(qiáng)度.后來(lái)，實(shí)踐果然證實(shí)了這個(gè)預(yù)言.人們沿著這一思路制造出了若干極細(xì)的金屬絲，其強(qiáng)度接近于

“理想晶體”的強(qiáng)度，稱之為“金胡須”.總之，由于客觀事物具有質(zhì)的多樣性，它們的運(yùn)動(dòng)規(guī)律往往是

非常復(fù)雜的，不可能一下子把它們認(rèn)識(shí)清楚.而采用理想化的客體(即“理想模型”)來(lái)代替實(shí)在的客體，

就可以使事物的規(guī)律具有比較簡(jiǎn)單的形式，從而便于人們?nèi)フJ(rèn)識(shí)和掌握它們.

2.勻變速