五年（2021-2025）高考真題分類(lèi)匯編PAGEPAGE1專(zhuān)題09恒定電流考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1串并聯(lián)電路2023、2024恒定電流考點(diǎn)在選擇題中占比超60%，聚焦基礎(chǔ)概念與模型分析。通過(guò)電路動(dòng)態(tài)分析考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，需結(jié)合滑動(dòng)變阻器阻值變化判斷電流、電壓的變化趨勢(shì)。以“電容器動(dòng)態(tài)分析”為背景，考查電容公式與場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系的聯(lián)立應(yīng)用。實(shí)驗(yàn)題則注重基礎(chǔ)操作與設(shè)計(jì)能力。閉合電路歐姆定律與能量轉(zhuǎn)化：作為高頻考點(diǎn)，命題從單一電路擴(kuò)展至多電源、多支路系統(tǒng)。需綜合應(yīng)用串并聯(lián)規(guī)律與功率公式。電表改裝與多用電表使用：命題注重電表原理與實(shí)際應(yīng)用的結(jié)合，實(shí)際情境中的電路設(shè)計(jì)：試題常以智能家居、電動(dòng)汽車(chē)等為背景，考查電路參數(shù)計(jì)算與優(yōu)化從基礎(chǔ)到綜合，難度梯度分明。簡(jiǎn)化為電場(chǎng)加速模型，結(jié)合幾何關(guān)系確定離子落點(diǎn)。同時(shí)，數(shù)學(xué)方法的應(yīng)用更加頻繁，如利用圖像分析伏安特性曲線。試題情境常涉及國(guó)家重大工程和科技前沿，“離子噴鍍技術(shù)”考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)?？键c(diǎn)2電功和電功率2023、2025考點(diǎn)3非純電阻電路2022考點(diǎn)4閉合電路歐姆定律2024考點(diǎn)5電路分析2021考點(diǎn)01串并聯(lián)電路1．（2024·浙江·1月選考）在探究熱敏電阻的特性及其應(yīng)用的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得熱敏電阻Rt溫度/℃4.19.014.320.028.038.245.560.4電阻/（1022201601006045302515某同學(xué)利用上述熱敏電阻Rt、電動(dòng)勢(shì)E=3V（內(nèi)阻不計(jì)）的電源、定值電阻R（阻值有3kΩ、5kΩ、12kΩ三種可供選擇）、控制開(kāi)關(guān)和加熱系統(tǒng)，設(shè)計(jì)了A、B、C三種電路。因環(huán)境溫度低于20℃，現(xiàn)要求將室內(nèi)溫度控制在20℃～28℃范圍，且1、2兩端電壓大于2V，控制開(kāi)關(guān)開(kāi)啟加熱系統(tǒng)加熱，則應(yīng)選擇的電路是___，定值電阻R的阻值應(yīng)選___kΩ，1、A．

B．

C．【答案】C31.8【詳析】[1]A．電路A，定值電阻和熱敏電阻并聯(lián)，電壓不變，故不能實(shí)現(xiàn)電路的控制，故A錯(cuò)誤；B．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，定值電阻分得電壓越小，無(wú)法實(shí)現(xiàn)1、2兩端電壓大于2V，控制開(kāi)關(guān)開(kāi)啟加熱系統(tǒng)加熱。故B錯(cuò)誤；C．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，熱敏電阻分得電壓越大，可以實(shí)現(xiàn)1、2兩端電壓大于2V，控制開(kāi)關(guān)開(kāi)啟加熱系統(tǒng)加熱。故C正確。故選C。[2]由熱敏電阻Rt在不同溫度時(shí)的阻值表可知，20.060×100由題意可知U解得R=3[3]28℃時(shí)關(guān)閉加熱系統(tǒng)，此時(shí)熱敏電阻阻值為4.5kΩ，此時(shí)1、2兩點(diǎn)間的電壓為34.5+3×4.5V=1.8V則1、2．（2023·浙江·1月選考）在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中：（1）測(cè)量一段金屬絲電阻時(shí)所用器材和部分電路連線如圖1所示，圖中的導(dǎo)線a端應(yīng)與________（選填“一”、“0.6”或“3”）接線柱連接，b端應(yīng)與___________（選填“—”、“0.6”或“3”）接線柱連接。開(kāi)關(guān)閉合前，圖1中滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)置于____________（選填“左”或“右”）端。（2）合上開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到多組U和I數(shù)據(jù)。甲同學(xué)由每組U、I數(shù)據(jù)計(jì)算電阻，然后求電阻平均值；乙同學(xué)通過(guò)U-I圖像求電阻。則兩種求電阻的方法更合理的是___________（選填“甲”或“乙”）。（3）兩同學(xué)進(jìn)一步探究用鎳鉻絲將滿偏電流Ig=300μA的表頭G改裝成電流表。如圖2所示，表頭G兩端并聯(lián)長(zhǎng)為L(zhǎng)的鎳鉻絲，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數(shù)為I。改變L，重復(fù)上述步驟，獲得多組I、L數(shù)據(jù)，作出則I-1L圖像斜率k=______mA?m。若要把該表頭G改裝成量程為9mA的電流表，需要把長(zhǎng)為【答案】0.60.6左乙2.1/2.2/2.3/2.4/2.50.24/0.25/0.26/0.27/0.28【詳析】（1）[1][2][3]實(shí)驗(yàn)中用兩節(jié)干電池供電，滑動(dòng)變阻器分壓式連接，電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，電流表選較小量程測(cè)量電流減小誤差，則圖中的導(dǎo)線a端應(yīng)與“0.6”接線柱連接，電壓表測(cè)電阻兩端的電壓，則金屬絲的電阻較小，電流表外接誤差較小，故b端應(yīng)與“0.6”接線柱連接。為了保護(hù)電表，開(kāi)關(guān)閉合前，圖1中滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)置于左端。（2）[4]做U-I圖象可以將剔除偶然誤差較大的數(shù)據(jù),提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確程度，減少實(shí)驗(yàn)的誤差，則乙同學(xué)通過(guò)U-I圖像求電阻，求電阻的方法更合理；（3）[5]由圖像可知I-1k=[6]方法一：由電路可知Igrg=(I-Ig)ρLS解得I=Ig+方法二：延長(zhǎng)圖像可知，當(dāng)I=9.0mA時(shí)可得1L=3.8m考點(diǎn)02電功和電功率3．（2025·浙江·1月選考）我國(guó)新一代車(chē)用電池能夠提供更長(zhǎng)的續(xù)航里程，其參數(shù)之一為210W?h/kg。其中單位“WA．能量 B．位移 C．電流 D．電荷量【答案】A【來(lái)源】2025年1月浙江選考物理試題【詳析】根據(jù)電功W=Pt可知W?故選A。4．（2023·浙江·6月選考）某興趣小組設(shè)計(jì)了一種火箭落停裝置，簡(jiǎn)化原理如圖所示，它由兩根豎直導(dǎo)軌、承載火箭裝置（簡(jiǎn)化為與火箭絕緣的導(dǎo)電桿MN）和裝置A組成，并形成閉合回路。裝置A能自動(dòng)調(diào)節(jié)其輸出電壓確?；芈冯娏鱅恒定，方向如圖所示。導(dǎo)軌長(zhǎng)度遠(yuǎn)大于導(dǎo)軌間距，不論導(dǎo)電桿運(yùn)動(dòng)到什么位置，電流I在導(dǎo)電桿以上空間產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似為零，在導(dǎo)電桿所在處產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，大小B1=kI（其中k為常量），方向垂直導(dǎo)軌平面向里；在導(dǎo)電桿以下的兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，大小B2=2kI，方向與B1相同?；鸺裏o(wú)動(dòng)力下降到導(dǎo)軌頂端時(shí)與導(dǎo)電桿粘接，以速度v0進(jìn)入導(dǎo)軌，到達(dá)絕緣?？科脚_(tái)時(shí)速度恰好為零，完成火箭落停。已知火箭與導(dǎo)電桿的總質(zhì)量為M，導(dǎo)軌間距d=3Mg（1）求導(dǎo)電桿所受安培力的大小F和運(yùn)動(dòng)的距離L；（2）求回路感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的關(guān)系；（3）求裝置A輸出電壓U與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的關(guān)系和輸出的能量W；（4）若R的阻值視為0，裝置A用于回收能量，給出裝置A可回收能量的來(lái)源和大小?！敬鸢浮浚?）3Mg；v024g；（2）E=6MgI(v0-2gt)；（3）【詳析】（1）導(dǎo)體桿受安培力F=B1Id=3Mg方向向上，則導(dǎo)體桿向下運(yùn)動(dòng)的加速度Mg-F=Ma解得a=-2（2）回路的電動(dòng)勢(shì)E=B2其中v=（3）右手定則和歐姆定律可得：U+E=IR可得U=IR-E=IR-電源輸出能量的功率P=UI=(IR-E)I==在0～v02g時(shí)間內(nèi)輸出的能量對(duì)應(yīng)（4）裝置A可回收火箭的動(dòng)能和重力勢(shì)能，及磁場(chǎng)能；從開(kāi)始火箭從速度v0到平臺(tái)速度減為零，則W=I2Rv02g-3Mv考點(diǎn)03非純電阻電路5．（2022·浙江·1月選考）某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，水以v0=15m/s的速度水平噴出，每秒噴出水的質(zhì)量為2.0kg。噴出的水是從井下抽取的，噴口離水面的高度保持H=3.75m不變。水泵由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，輸入電壓為220V，輸入電流為2.0AA．每秒水泵對(duì)水做功為75JB．每秒水泵對(duì)水做功為225JC．水泵輸入功率為440WD．電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為10Ω【答案】D【詳析】AB．每秒噴出水的質(zhì)量為m0=2.0kg,抽水增加了水的重力勢(shì)能和動(dòng)能，則每秒水泵對(duì)水做功為W=C．水泵的輸出能量轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能，則P出=Wt=300W而水泵的抽水效率（水泵的輸出功率與輸入功率之比）為D．電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率，則電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為P機(jī)=P入=400W而電動(dòng)機(jī)的電功率為P故選D?？键c(diǎn)04閉合電路歐姆定律6．（2024·浙江·1月選考）在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，把電阻箱R（0～9999Ω）、一節(jié)干電池、微安表（量程0～300μA，零刻度在中間位置）、電容器C（2200μF、16（1）把開(kāi)關(guān)S接1，微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到零：然后把開(kāi)關(guān)S接2，微安表指針偏轉(zhuǎn)情況是___；A．迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小

B．向右偏轉(zhuǎn)示數(shù)逐漸增大C．迅速向左偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小

D．向左偏轉(zhuǎn)示數(shù)逐漸增大（2）再把電壓表并聯(lián)在電容器兩端，同時(shí)觀察電容器充電時(shí)電流和電壓變化情況。把開(kāi)關(guān)S接1，微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到160μA時(shí)保持不變；電壓表示數(shù)由零逐漸增大，指針偏轉(zhuǎn)到如圖2所示位置時(shí)保持不變，則電壓表示數(shù)為_(kāi)__V，電壓表的阻值為_(kāi)__kΩ【答案】C0.503.1【詳析】（1）[1]把開(kāi)關(guān)S接1，電容器充電，電流從右向左流過(guò)微安表，微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到零；把開(kāi)關(guān)S接2，電容器放電，電流從左向右流過(guò)微安表，則微安表指針迅速向左偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小。故選C。（2）[2]由題意可知電壓表應(yīng)選用0~3V量程，由圖2可知此時(shí)分度值為0.1V，需要估讀到0.01V，則讀數(shù)為0.50V。[3]當(dāng)微安表示數(shù)穩(wěn)定時(shí)，電容器中不再有電流通過(guò)，此時(shí)干電池、電阻箱、微安表和電壓表構(gòu)成回路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有R+RV聯(lián)立可得R7．（2024·浙江·6月選考）某小組探究“法拉第圓盤(pán)發(fā)電機(jī)與電動(dòng)機(jī)的功用”，設(shè)計(jì)了如圖所示裝置。飛輪由三根長(zhǎng)a=0.8m的輻條和金屬圓環(huán)組成，可繞過(guò)其中心的水平固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，不可伸長(zhǎng)細(xì)繩繞在圓環(huán)上，系著質(zhì)量m=1kg的物塊，細(xì)繩與圓環(huán)無(wú)相對(duì)滑動(dòng)。飛輪處在方向垂直環(huán)面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，左側(cè)電路通過(guò)電刷與轉(zhuǎn)軸和圓環(huán)邊緣良好接觸，開(kāi)關(guān)S可分別與圖示中的電路連接。已知電源電動(dòng)勢(shì)E0=12V、內(nèi)阻r=0.1Ω、限流電阻R1=0.3（1）開(kāi)關(guān)S擲1，“電動(dòng)機(jī)”提升物塊勻速上升時(shí)，理想電壓表示數(shù)U=8V①判斷磁場(chǎng)方向，并求流過(guò)電阻R1的電流I1；②求物塊勻速上升的速度v1。（2）開(kāi)關(guān)S擲2，物塊從靜止開(kāi)始下落，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，物塊勻速下降的速度與“電動(dòng)機(jī)”勻速提升物塊的速度大小相等，①求可調(diào)電阻R2的阻值；②求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。【答案】（1）①垂直紙面向外，10A；②5m/s；（2）①0.2Ω；【詳析】（1）①物塊上升，則金屬輪沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，輻條受到的安培力指向逆時(shí)針?lè)较?，輻條中電流方向從圓周指向O點(diǎn)，由左手定則可知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外；等效電路如圖由閉合電路的歐姆定律可知E0-U=②等效電路如圖輻條切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)與電源電動(dòng)勢(shì)相反，設(shè)每根輻條產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E1，則U-解得E1=5V此時(shí)金屬輪可視為電動(dòng)機(jī)P出=E1另解：因U=8V，I1=10A，根據(jù)（2）①物塊勻速下落時(shí)，由受力分析可知，輻條受到的安培力與第（1）問(wèn)相同，等效電路如圖經(jīng)過(guò)R2的電流I2=I1RR解得R另解：由能量關(guān)系可知mg解得R②根據(jù)E2而E2=5考點(diǎn)05電路分析8．（2021·浙江·1月選考）嫦娥五號(hào)成功實(shí)現(xiàn)月球著陸和返回，鼓舞人心。小明知道月球上沒(méi)有空氣，無(wú)法靠降落傘減速降落，于是設(shè)計(jì)了一種新型著陸裝置。如圖所示，該裝置由船艙、間距為l的平行導(dǎo)軌、產(chǎn)生垂直船艙導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁體和“∧”型剛性線框組成，“∧”型線框ab邊可沿導(dǎo)軌滑動(dòng)并接觸良好。船艙、導(dǎo)軌和磁體固定在一起，總質(zhì)量為m1整個(gè)裝置豎直著陸到月球表面前瞬間的速度大小為v0，接觸月球表面后線框速度立即變?yōu)榱?。?jīng)過(guò)減速，在導(dǎo)軌下方緩沖彈簧接觸月球表面前船艙已可視為勻速。已知船艙電阻為3r，“∧”型線框的質(zhì)量為m2，其7條邊的邊長(zhǎng)均為l，電阻均為r；月球表面的重力加速度為g/6。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有ab邊在磁場(chǎng)中，線框與月球表面絕緣，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和摩擦阻力。(1)求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間線框ab邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E；(2)通過(guò)畫(huà)等效電路圖，求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間流過(guò)ab型線框的電流I0；(3)求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v；(4)同桌小張認(rèn)為在磁場(chǎng)上方、兩導(dǎo)軌之間連接一個(gè)電容為C的電容器，在著陸減速過(guò)程中還可以回收部分能量，在其他條件均不變的情況下，求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v'和此時(shí)電容器所帶電荷量q【答案】(1)Blv0；(2)Blv02r；(3)m1gr【詳析】(1)導(dǎo)體切割磁感線，電動(dòng)勢(shì)E(2)等效電路圖如圖并聯(lián)總電阻R=2r電流I(3)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)線框受到安培力F根據(jù)牛頓第三定律，質(zhì)量為m1的部分受力F=FA，方向豎直向上，勻速條件F=m1(4)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)電容器不充放電，滿足v'=v=m11．（2025·浙江Z20名校聯(lián)盟·模擬預(yù)測(cè)）新能源汽車(chē)越來(lái)越得到推廣。某電動(dòng)汽車(chē)自重2t，其營(yíng)銷(xiāo)廣告如下：電池額定容量為50kW·h，電池瞬時(shí)功率最高可達(dá)90kW，車(chē)行駛受到的阻力約為車(chē)重的110，理論續(xù)航里程400km?，F(xiàn)有國(guó)家電網(wǎng)的充電樁可在電池額定容量的30%~80%之間應(yīng)用快充技術(shù)（500V，50A）充電，而便攜式充電器（220V，16A）可以將電池容量從0充到100%。不計(jì)充電損耗，當(dāng)汽車(chē)電池剩余電量為額定值的30%A．汽車(chē)還能行駛180kmB．用國(guó)家電網(wǎng)充電樁將電池容量充到其額定值的80%，理論上需要50minC．用便攜式充電器將電池容量充到其額定值的80%，理論上需要7h以上D．此電動(dòng)汽車(chē)的最高行駛速度可超過(guò)180km/h【答案】C【詳析】A．由題干可知汽車(chē)還能夠行使的距離為x=400km×30%B．用國(guó)家電網(wǎng)充電樁將電池容量充至其額定值的80%，理論上需要t=50×103C．用便攜式充電器將電池容量充到其額定值的80%，理論上需要t=50×103D．此電動(dòng)汽車(chē)以最高速度行駛時(shí)，牽引力等于阻力，所以最高行駛速度為vm=P故選C。2．(24-25高三下·2025屆浙江縣域教研聯(lián)盟·模擬)如圖所示，電路中包含電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，三個(gè)阻值均為R的定值電阻A、B、C，以及一個(gè)自感系數(shù)較大、直流電阻可忽略的線圈L。針對(duì)電路不同狀態(tài)，下列分析正確的是：（）A．S閉合瞬間，流過(guò)A、B、C的電流之比為1:1:1B．S閉合到電路穩(wěn)定過(guò)程中，C的功率變小C．電路穩(wěn)定后，B與C兩端的電壓之比為1:2D．電路穩(wěn)定后斷開(kāi)S瞬間，B兩端的電壓與穩(wěn)定時(shí)B兩端電壓之比為1:2【答案】B【詳析】A．依題意，S閉合瞬間，由于線圈的自感作用，線圈中沒(méi)有電流經(jīng)過(guò)，電阻A、B串聯(lián)，然后和電阻C并聯(lián)，三個(gè)電阻的阻值相等，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，流過(guò)A、B的電流相等，流過(guò)C的電流是A、B的2倍，故流過(guò)A、B、C的電流之比為1:1:2，A錯(cuò)誤；B．由閉合電路歐姆定律U=E-Ir，在電路穩(wěn)定過(guò)程中，線圈L和電阻B組成的支路，電阻逐漸減小，支路電流增大，干路電流I增大，則路端電壓U減小由P=U2R知，CC．電路穩(wěn)定后，B與C并聯(lián)，兩端的電壓之比為1:1，C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)前，設(shè)線圈L和電阻B組成的支路，電流為I0，則B兩端的電壓為U2=I0R斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，線圈L相當(dāng)于電源，I0為干路電流，外電路B與C串聯(lián)，再和A并聯(lián)，故此時(shí)流過(guò)B的電流為13I故選B。3．（2025·浙江北斗星盟·三模）單位為J/s的物理量是（）A．電功率 B．磁感應(yīng)強(qiáng)度 C．磁通量 D．電場(chǎng)強(qiáng)度【答案】A【詳析】焦耳為能量單位，秒是時(shí)間單位。Js寫(xiě)成對(duì)應(yīng)的表達(dá)式為Wt。由P=W故選A。4．（2025·浙江北斗星盟·三模）鋰電池體積小、容量大、電壓穩(wěn)定，在手機(jī)中廣泛應(yīng)用。它主要依靠鋰離子在正極（含鋰化合物）和負(fù)極（碳材料）之間移動(dòng)來(lái)工作，其原理如圖所示。若某款手機(jī)鋰電池的電動(dòng)勢(shì)3.7V，電池容量4000mA·h，正常通話電流400mA，則（）A．正常通話時(shí)，電池輸出的功率為1.48WB．電池充滿電后，手機(jī)能正常通話2.7hC．圖示狀態(tài)是電池放電狀態(tài)D．負(fù)極積累的鋰離子越多，電池存儲(chǔ)的電能越少【答案】C【詳析】A．正常通話時(shí)，電池的總功率為P總=EI=3.7×0.4W=1.48WB．電池充滿電后，手機(jī)能正常通話時(shí)間為t=qI=C．圖示狀態(tài)鋰離子從電池負(fù)極到正極，即為電池內(nèi)部的電流方向，故處于放電狀態(tài)，故C正確；D．負(fù)極積累的鋰離子越多，電池中充入的電荷量也就越多，存儲(chǔ)的電能越多，故D錯(cuò)誤。故選C。5．（2025·浙江·選考二測(cè)）太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)大氣層到地面大概損失一半的能量。某太陽(yáng)能發(fā)電站使用的太陽(yáng)能板加裝有自動(dòng)跟蹤功能，保證太陽(yáng)能板與陽(yáng)光始終垂直，已知單位面積的太陽(yáng)能板每天發(fā)電2.28kW?h，太陽(yáng)與地球之間的距離取R=1.5×1011m，每天陽(yáng)光照射太陽(yáng)能板的時(shí)間約為8hA．53% B．42% C．31%【答案】B【詳析】結(jié)合球面公式可知垂直陽(yáng)光方向上地表單位面積接收到的光照功率約為P單位面積太陽(yáng)能板每天發(fā)電2.28kW?h，則單位面積太陽(yáng)能板的發(fā)電功率約為P所以光電轉(zhuǎn)化效率約為η故選B。6．（2025·浙江·選考測(cè)評(píng)四）如圖所示，某路燈由風(fēng)光互補(bǔ)系統(tǒng)（由風(fēng)力發(fā)電機(jī)和太陽(yáng)能電池板組成）提供電能，陽(yáng)光照射電池板5h，風(fēng)力發(fā)電機(jī)在某風(fēng)速下工作5h，產(chǎn)生的總電能可以使一盞路燈工作40h。已知陽(yáng)光照射期間，電池板平均發(fā)電功率為60W，風(fēng)力發(fā)電機(jī)內(nèi)部線圈面積為0.8m2，匝數(shù)為200，線圈所在磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.25T，該風(fēng)速下，輸出電流為1.5A，風(fēng)葉每秒轉(zhuǎn)動(dòng)4.2圈，不考慮線圈內(nèi)阻，則該路燈的電功率約為（A．150W B．180W C．230W D．300W【答案】A【來(lái)源】2025年浙江省普通高校招生選考科目考試物理測(cè)評(píng)卷（四）【詳析】陽(yáng)光照射電池板5h產(chǎn)生的電能W風(fēng)力發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E=nBSω輸出電壓有效值U=風(fēng)力發(fā)電機(jī)工作5h產(chǎn)生的電能W一盞路燈工作40h消耗的電能W=路燈的電功率P=故選A。7．（2025·浙江溫州·二模）某微型電動(dòng)車(chē)為零排放的純電動(dòng)汽車(chē)，其電池容量為150A·h。其中單位“A·h”所對(duì)應(yīng)的物理量是（）A．能量 B．電荷量 C．電流 D．電容【答案】B【來(lái)源】2025屆浙江省溫州市高三下學(xué)期二模物理試題【詳析】根據(jù)電流定義式I=Qt可得Q=It可知單位故選B。8．（2025·浙江·選考測(cè)評(píng)）下列物理量的單位用國(guó)際單位制基本單位表示正確的是（）A．電流mA B．電場(chǎng)強(qiáng)度kgC．磁感應(yīng)強(qiáng)度kg?A-1【答案】C【來(lái)源】2025年浙江省普通高校招生選考科目考試物理測(cè)評(píng)卷（八）【詳析】A．電流強(qiáng)度的國(guó)際單位制基本單位是安培，符號(hào)為A，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式有E=Fq根據(jù)電流的定義式有I=qt根據(jù)單位運(yùn)算可知，電場(chǎng)強(qiáng)度用國(guó)際單位制基本單位可表示為C．根據(jù)qvB=mv2R可得B=mvqRD．根據(jù)W=Fx根據(jù)單位運(yùn)算可知，能量的單位用國(guó)際單位制基本單位可表示為kg?m2故選C。9．(24-25高二下·山西部分重點(diǎn)高中·)某品牌的手機(jī)充電器銘牌如表所示，用該充電器在正常工作狀態(tài)下給容量為4200mA·h、額定電壓為4V的手機(jī)電池充電，下列說(shuō)法正確的是（）輸入：100~240V

50/60Hz輸出：5V

4AA．該充電器的額定輸出功率為12.5W B．該充電器輸入交流電壓的最大值為240VC．手機(jī)電池充滿電需要約1.68小時(shí) D．手機(jī)電池充滿電儲(chǔ)存的電能為60.48kJ【答案】D【來(lái)源】山西省部分重點(diǎn)高中2024-2025學(xué)年高二下學(xué)期3月聯(lián)考物理試題【詳析】A．該充電器的額定輸出功率為P=UI=5×4W=20WB．該充電器輸入交流電壓的最大值為Um=2402C．手機(jī)電池充滿電需要約t=QI=D．手機(jī)電池充滿電儲(chǔ)存的電能為E=QU=4200×10-3×3600×4故選D。10．（2025·浙江·二聯(lián)）單晶硅太陽(yáng)能發(fā)電原理是：讓陽(yáng)光照射到單晶硅太陽(yáng)能板上而激發(fā)電子形成電流。根據(jù)相關(guān)資料得知杭州西站樞紐屋頂鋪設(shè)了面積約為1.5×104m2的單晶硅太陽(yáng)能板，在陽(yáng)光照射下其平均發(fā)電功率約為3×10A．單晶硅太陽(yáng)能板發(fā)出的是交流電；B．地球表面單位面積上接收到的太陽(yáng)輻射功率約1400WC．一天大約可發(fā)電7.2×10D．太陽(yáng)能發(fā)電的光電轉(zhuǎn)換效率約為22%【答案】B【來(lái)源】2025屆浙江省新陣地教育聯(lián)盟高三下學(xué)期第二次聯(lián)考物理試題【詳析】A．單晶硅太陽(yáng)能板發(fā)出的是直流電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；距離太陽(yáng)1.5×1011m的球面面積S=4πr2=2.826×C．若24小時(shí)都有太陽(yáng)，則工作一天大約可發(fā)電W=P電t=7.2×104kW?D．太陽(yáng)板接收的太陽(yáng)能P光=P總S故選B。11．（2025·浙江·選考測(cè)評(píng)）下列對(duì)實(shí)驗(yàn)操作的敘述正確的是（）A．在進(jìn)行“探究變壓器原，副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可以去掉鐵芯提高實(shí)驗(yàn)精度B．將電流表改裝為電壓表時(shí)，應(yīng)串聯(lián)定值電阻C．用多用電表測(cè)電阻時(shí)，每次調(diào)節(jié)擋位后都需要進(jìn)行歐姆調(diào)零D．可以用多用電表歐姆擋粗測(cè)電源內(nèi)阻【答案】BC【詳析】A．變壓器的鐵芯能減少變壓器的漏磁現(xiàn)象，有助于提高實(shí)驗(yàn)精度，可知，在進(jìn)行“探究變壓器原，副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，不能夠通過(guò)去掉鐵芯提高實(shí)驗(yàn)精度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)串聯(lián)分壓原理可知，將電流表改裝為電壓表時(shí)，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)電阻分壓，故B正確；C．歐姆表每一根擋位的內(nèi)阻均不相同，在用多用電表測(cè)電阻時(shí)，每次調(diào)節(jié)擋位后都需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故C正確；D．多用電表使用歐姆擋時(shí)電表內(nèi)有電源，與待測(cè)電源連接后，回路總電動(dòng)勢(shì)會(huì)發(fā)生改變，導(dǎo)致測(cè)量結(jié)果不準(zhǔn)確，即不能夠用多用電表歐姆擋粗測(cè)電源內(nèi)阻，故D錯(cuò)誤。故選BC。12．（2025·浙江溫州·三模）某實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內(nèi)阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內(nèi)阻為1.20ΩC．定值電阻R1D．定值電阻R2E.滑動(dòng)變阻器R；F.電鍵和導(dǎo)線若干。根據(jù)提供的器材，設(shè)計(jì)電路如圖1所示。(1)將毫安表與定值電阻R1改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為_(kāi)_____A(2)為了精確測(cè)量，圖中多用電表的右邊表筆P應(yīng)接到______（選填“B”或“C”）處；(3)閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數(shù)U、毫安表的示數(shù)I。其中一次測(cè)量時(shí)多用電表示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____V。(4)作U-I圖線如圖3所示，該干電池電動(dòng)勢(shì)E=______V；內(nèi)阻r=______Ω（以上結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1)0~0.6(2)B(3)1.15(4)1.451.56【詳析】（1）毫安表的滿偏電壓為U0=所以，改裝后的量程為0~0.6A（2）由于改裝后的電流表的內(nèi)阻已知，為了精確測(cè)量，圖中多用電表代替的電壓表應(yīng)為電源的“內(nèi)接法”，即右邊表筆P應(yīng)接到“B”處。（3）由圖2可知，多用電表的讀數(shù)為1.15V。（4）[1][2]由（1）分析可知，電路中電流為毫安表示數(shù)的3倍。改裝后的電流表的內(nèi)阻為R根據(jù)歐姆定律E=U+3Ir+R2+RA整理可得U=-3r+R2+13．（2025·浙江北斗星盟·三模）為了研究圖1所示的玩具電動(dòng)機(jī)的能量轉(zhuǎn)換，設(shè)計(jì)了如圖2所示的電路，其中學(xué)生電源穩(wěn)壓4V。先將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最左端，閉合開(kāi)關(guān)S，緩慢改變滑動(dòng)變阻器的阻值，增大電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，在表中記錄電壓表、電流表的讀數(shù)。表組數(shù)123456789101112U/V0.070.140.210.280.350.420.520.680.891.101.321.50I/A0.040.080.160.200.240.140.160.180.200.220.24(1)補(bǔ)充第3組電流表讀數(shù)為_(kāi)_____A(2)電流相同時(shí)，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓可能不同。比如第4組和第8組，從能量轉(zhuǎn)換的角度，其理由是______(3)電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)后，隨著電壓的增大，機(jī)械能的轉(zhuǎn)換效率______（選填“逐漸變大”、“逐漸變小”或“保持不變”）。【答案】(1)0.12（0.11~0.13均可）(2)見(jiàn)解析(3)逐漸變大【詳析】（1）由表中數(shù)據(jù)分析可得，當(dāng)電壓較小時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，相當(dāng)于一個(gè)電阻，此時(shí)線圈的電阻為R=ΔUΔI（2）第4組數(shù)據(jù)，電壓較小，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，相當(dāng)于一個(gè)電阻，電能完全轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；第8組數(shù)據(jù)，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電能除了轉(zhuǎn)化為內(nèi)能外，大部分轉(zhuǎn)化為葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械能。因此電流相同時(shí)，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓可能不同。（3）不考慮發(fā)熱對(duì)線圈電阻的影響，機(jī)械能的轉(zhuǎn)換效率η=可得第7組數(shù)據(jù)的轉(zhuǎn)換效率η第8組數(shù)據(jù)的轉(zhuǎn)換效率η第9組數(shù)據(jù)的轉(zhuǎn)換效率η第10組數(shù)據(jù)的轉(zhuǎn)換效率η第11組數(shù)據(jù)的轉(zhuǎn)換效率η第12組數(shù)據(jù)的轉(zhuǎn)換效率η由表中給出的數(shù)據(jù)可知電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)后，隨著電壓的增大，機(jī)械能的轉(zhuǎn)換效率逐漸變大。14．（2025·浙江金華&麗水&衢州·二模）小劉同學(xué)在家找到一個(gè)老舊的白熾燈泡，他對(duì)這個(gè)燈泡進(jìn)行研究，先用歐姆表×10擋進(jìn)行測(cè)量，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針如圖甲所示，小劉同學(xué)為了更準(zhǔn)確的測(cè)量燈泡的電阻，找到了下列器材：A．量程為3V的電壓表，內(nèi)阻約為3kΩB．量程為10mA的電流表，內(nèi)阻為6ΩC．滑動(dòng)變阻器R1（0—10Ω）D．滑動(dòng)變阻器R2（0—100Ω）E.電阻箱R（999.9Ω）F.電源3V開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干(1)小劉同學(xué)發(fā)現(xiàn)電流表的量程太小，想改裝成量程為40mA的電流表，則電流表與電阻箱______（填并聯(lián)或串聯(lián)），阻值為_(kāi)_____Ω。(2)若要求電壓從0開(kāi)始測(cè)量，滑動(dòng)變阻器選______（填器材前的字母）(3)根據(jù)所選器材，把實(shí)物連接圖乙補(bǔ)充完整。(4)根據(jù)所測(cè)量的數(shù)據(jù)，畫(huà)出I-U圖線如圖丙所示，若已知圖線的斜率為k，則燈泡的電阻為_(kāi)_____Ω【答案】(1)并聯(lián)2(2)C(3)(4)1【詳析】（1）[1]并聯(lián)可以分流，要擴(kuò)大電流表的量程，需并聯(lián)一個(gè)定值電阻；[2]根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)及歐姆定律可得IgR（2）實(shí)驗(yàn)要求電壓從0開(kāi)始變化，故滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為了便于實(shí)驗(yàn)調(diào)節(jié)，應(yīng)選用規(guī)格較小的滑動(dòng)變阻器，故選R1，即選C（3）由于電流表的內(nèi)阻已知，故電流表采用內(nèi)接法，結(jié)合上述分析可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電路連接情況如下（4）根據(jù)歐姆定律可得(I+IRgR)Rx+IRg=U其中R=215．（2025·浙江紹興·三模）如圖所示是研究小組設(shè)計(jì)的一種“圓盤(pán)電動(dòng)機(jī)”。半徑為L(zhǎng)的導(dǎo)體圓環(huán)豎直放置，圓環(huán)附近存在水平向右且垂直圓環(huán)平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，它通過(guò)三根阻值均為3R的輻條與轉(zhuǎn)軸O1O2固連。圓環(huán)左側(cè)的電阻R通過(guò)導(dǎo)線與輻條并聯(lián)，電源S是恒流源，能提供恒定不變的電流I（箭頭表示電流方向），電阻R與電源S之間接有開(kāi)關(guān)K；圓環(huán)的右側(cè)有一個(gè)半徑為L(zhǎng)(1)當(dāng)開(kāi)關(guān)K斷開(kāi)時(shí)，細(xì)線下面懸掛質(zhì)量為m0①流過(guò)電阻R的電流方向；②鋁塊下落的最終速度vm(2)當(dāng)開(kāi)關(guān)K閉合時(shí)，圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)鋁塊向上運(yùn)動(dòng)，求①開(kāi)關(guān)接通瞬間，單根輻條上的安培力F的大??；②此電動(dòng)機(jī)可能輸出的最大機(jī)械功率為多少？此時(shí)鋁塊質(zhì)量m為多大？【答案】(1)①?gòu)腶到b，②v(2)①F=16BIL，②【詳析】（1）①鋁塊下落時(shí)，從右向左看，輻條順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，由右手定則，流過(guò)輻條的電流從圓環(huán)流向轉(zhuǎn)軸，故R兩端的電流為從a到b②設(shè)此時(shí)輻條轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω則三根輻條產(chǎn)生的等效電動(dòng)勢(shì)為E=12BL2ω等效電阻為R（2）①流過(guò)三根輻條的總電流為I2，流過(guò)單根輻條的電流單根輻條上的安培力F=B②設(shè)流過(guò)三根輻條的總電流為iU=P=Ui-代入得P=IRi-2Ri當(dāng)i=I4根據(jù)U=E+iR代入得ω=物體上升的速度vP得m=16．（2025·浙江嘉興·三模）如圖所示是研究電磁感應(yīng)的裝置，由Ⅰ和Ⅱ兩部分組成。裝置I由兩個(gè)半徑分別為r1和r2，圓心分別為O1和O2的水平金屬圓環(huán)與金屬棒固定連接而成。裝置Ⅰ處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，可繞O1O2軸線轉(zhuǎn)動(dòng)。裝置Ⅱ中有兩水平的光滑平行金屬導(dǎo)軌，通過(guò)開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線與裝置Ⅰ的兩圓環(huán)邊緣相接，導(dǎo)軌右側(cè)接有電容為C的電容器，左側(cè)接有阻值為R的定值電阻。質(zhì)量為m，匝數(shù)為n，每匝周長(zhǎng)為l的線軌通過(guò)電刷與導(dǎo)軌接通，該線圈與兩根勁度系數(shù)均為k的水平彈定連接，并靜置于輻向磁場(chǎng)區(qū)域的左邊界內(nèi)側(cè)，線圈所在處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B，現(xiàn)斷開(kāi)S2，將S1撥到a，讓裝置Ⅰ以角速度ω逆時(shí)針（俯視）勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；待電容器充電完畢，將S1從a撥到b瞬間，線圈即被以速度(1)判斷電容器上極板P帶哪種電荷，并求轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒兩端的電壓U；(2)求線圈被彈離后，電容器C所帶的電量q；(3)若已知從線圈被彈離到向右運(yùn)動(dòng)達(dá)最遠(yuǎn)處過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為Q。求：①線圈進(jìn)入輻向磁場(chǎng)的最大距離x；②此過(guò)程中，彈簧彈力對(duì)線圈的沖量大小I。【答案】(1)U=(2)q=(3)①x=mv2【來(lái)源】2025屆浙江省嘉興市高三下學(xué)期三模物理試題【詳析】（1）上極板P帶正電，根據(jù)裝置結(jié)構(gòu)，導(dǎo)體棒有效切割長(zhǎng)度l=r2（2）根據(jù)動(dòng)量定理nBlΔq=mv-0

可得放電電量Δq=mvnBl電容器充電完成后，總電量q總=CU（3）①根據(jù)能量守恒12mv②根據(jù)動(dòng)量定理有-nBl?nBlxR專(zhuān)題09恒定電流考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1串并聯(lián)電路2023、2024恒定電流考點(diǎn)在選擇題中占比超60%，聚焦基礎(chǔ)概念與模型分析。通過(guò)電路動(dòng)態(tài)分析考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，需結(jié)合滑動(dòng)變阻器阻值變化判斷電流、電壓的變化趨勢(shì)。以“電容器動(dòng)態(tài)分析”為背景，考查電容公式與場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系的聯(lián)立應(yīng)用。實(shí)驗(yàn)題則注重基礎(chǔ)操作與設(shè)計(jì)能力。閉合電路歐姆定律與能量轉(zhuǎn)化：作為高頻考點(diǎn)，命題從單一電路擴(kuò)展至多電源、多支路系統(tǒng)。需綜合應(yīng)用串并聯(lián)規(guī)律與功率公式。電表改裝與多用電表使用：命題注重電表原理與實(shí)際應(yīng)用的結(jié)合，實(shí)際情境中的電路設(shè)計(jì)：試題常以智能家居、電動(dòng)汽車(chē)等為背景，考查電路參數(shù)計(jì)算與優(yōu)化從基礎(chǔ)到綜合，難度梯度分明。簡(jiǎn)化為電場(chǎng)加速模型，結(jié)合幾何關(guān)系確定離子落點(diǎn)。同時(shí)，數(shù)學(xué)方法的應(yīng)用更加頻繁，如利用圖像分析伏安特性曲線。試題情境常涉及國(guó)家重大工程和科技前沿，“離子噴鍍技術(shù)”考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。考點(diǎn)2電功和電功率2023、2025考點(diǎn)3非純電阻電路2022考點(diǎn)4閉合電路歐姆定律2024考點(diǎn)5電路分析2021考點(diǎn)01串并聯(lián)電路1．（2024·浙江·1月選考）在探究熱敏電阻的特性及其應(yīng)用的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得熱敏電阻Rt溫度/℃4.19.014.320.028.038.245.560.4電阻/（1022201601006045302515某同學(xué)利用上述熱敏電阻Rt、電動(dòng)勢(shì)E=3V（內(nèi)阻不計(jì)）的電源、定值電阻R（阻值有3kΩ、5kΩ、12kΩ三種可供選擇）、控制開(kāi)關(guān)和加熱系統(tǒng)，設(shè)計(jì)了A、B、C三種電路。因環(huán)境溫度低于20℃，現(xiàn)要求將室內(nèi)溫度控制在20℃～28℃范圍，且1、2兩端電壓大于2V，控制開(kāi)關(guān)開(kāi)啟加熱系統(tǒng)加熱，則應(yīng)選擇的電路是___，定值電阻R的阻值應(yīng)選___kΩ，1、A．

B．

C．【答案】C31.8【詳析】[1]A．電路A，定值電阻和熱敏電阻并聯(lián)，電壓不變，故不能實(shí)現(xiàn)電路的控制，故A錯(cuò)誤；B．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，定值電阻分得電壓越小，無(wú)法實(shí)現(xiàn)1、2兩端電壓大于2V，控制開(kāi)關(guān)開(kāi)啟加熱系統(tǒng)加熱。故B錯(cuò)誤；C．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，熱敏電阻分得電壓越大，可以實(shí)現(xiàn)1、2兩端電壓大于2V，控制開(kāi)關(guān)開(kāi)啟加熱系統(tǒng)加熱。故C正確。故選C。[2]由熱敏電阻Rt在不同溫度時(shí)的阻值表可知，20.060×100由題意可知U解得R=3[3]28℃時(shí)關(guān)閉加熱系統(tǒng)，此時(shí)熱敏電阻阻值為4.5kΩ，此時(shí)1、2兩點(diǎn)間的電壓為34.5+3×4.5V=1.8V則1、2．（2023·浙江·1月選考）在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中：（1）測(cè)量一段金屬絲電阻時(shí)所用器材和部分電路連線如圖1所示，圖中的導(dǎo)線a端應(yīng)與________（選填“一”、“0.6”或“3”）接線柱連接，b端應(yīng)與___________（選填“—”、“0.6”或“3”）接線柱連接。開(kāi)關(guān)閉合前，圖1中滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)置于____________（選填“左”或“右”）端。（2）合上開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，得到多組U和I數(shù)據(jù)。甲同學(xué)由每組U、I數(shù)據(jù)計(jì)算電阻，然后求電阻平均值；乙同學(xué)通過(guò)U-I圖像求電阻。則兩種求電阻的方法更合理的是___________（選填“甲”或“乙”）。（3）兩同學(xué)進(jìn)一步探究用鎳鉻絲將滿偏電流Ig=300μA的表頭G改裝成電流表。如圖2所示，表頭G兩端并聯(lián)長(zhǎng)為L(zhǎng)的鎳鉻絲，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數(shù)為I。改變L，重復(fù)上述步驟，獲得多組I、L數(shù)據(jù)，作出則I-1L圖像斜率k=______mA?m。若要把該表頭G改裝成量程為9mA的電流表，需要把長(zhǎng)為【答案】0.60.6左乙2.1/2.2/2.3/2.4/2.50.24/0.25/0.26/0.27/0.28【詳析】（1）[1][2][3]實(shí)驗(yàn)中用兩節(jié)干電池供電，滑動(dòng)變阻器分壓式連接，電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，電流表選較小量程測(cè)量電流減小誤差，則圖中的導(dǎo)線a端應(yīng)與“0.6”接線柱連接，電壓表測(cè)電阻兩端的電壓，則金屬絲的電阻較小，電流表外接誤差較小，故b端應(yīng)與“0.6”接線柱連接。為了保護(hù)電表，開(kāi)關(guān)閉合前，圖1中滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)置于左端。（2）[4]做U-I圖象可以將剔除偶然誤差較大的數(shù)據(jù),提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確程度，減少實(shí)驗(yàn)的誤差，則乙同學(xué)通過(guò)U-I圖像求電阻，求電阻的方法更合理；（3）[5]由圖像可知I-1k=[6]方法一：由電路可知Igrg=(I-Ig)ρLS解得I=Ig+方法二：延長(zhǎng)圖像可知，當(dāng)I=9.0mA時(shí)可得1L=3.8m考點(diǎn)02電功和電功率3．（2025·浙江·1月選考）我國(guó)新一代車(chē)用電池能夠提供更長(zhǎng)的續(xù)航里程，其參數(shù)之一為210W?h/kg。其中單位“WA．能量 B．位移 C．電流 D．電荷量【答案】A【來(lái)源】2025年1月浙江選考物理試題【詳析】根據(jù)電功W=Pt可知W?故選A。4．（2023·浙江·6月選考）某興趣小組設(shè)計(jì)了一種火箭落停裝置，簡(jiǎn)化原理如圖所示，它由兩根豎直導(dǎo)軌、承載火箭裝置（簡(jiǎn)化為與火箭絕緣的導(dǎo)電桿MN）和裝置A組成，并形成閉合回路。裝置A能自動(dòng)調(diào)節(jié)其輸出電壓確?；芈冯娏鱅恒定，方向如圖所示。導(dǎo)軌長(zhǎng)度遠(yuǎn)大于導(dǎo)軌間距，不論導(dǎo)電桿運(yùn)動(dòng)到什么位置，電流I在導(dǎo)電桿以上空間產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似為零，在導(dǎo)電桿所在處產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，大小B1=kI（其中k為常量），方向垂直導(dǎo)軌平面向里；在導(dǎo)電桿以下的兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生的磁場(chǎng)近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，大小B2=2kI，方向與B1相同?；鸺裏o(wú)動(dòng)力下降到導(dǎo)軌頂端時(shí)與導(dǎo)電桿粘接，以速度v0進(jìn)入導(dǎo)軌，到達(dá)絕緣?？科脚_(tái)時(shí)速度恰好為零，完成火箭落停。已知火箭與導(dǎo)電桿的總質(zhì)量為M，導(dǎo)軌間距d=3Mg（1）求導(dǎo)電桿所受安培力的大小F和運(yùn)動(dòng)的距離L；（2）求回路感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的關(guān)系；（3）求裝置A輸出電壓U與運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的關(guān)系和輸出的能量W；（4）若R的阻值視為0，裝置A用于回收能量，給出裝置A可回收能量的來(lái)源和大小。【答案】（1）3Mg；v024g；（2）E=6MgI(v0-2gt)；（3）【詳析】（1）導(dǎo)體桿受安培力F=B1Id=3Mg方向向上，則導(dǎo)體桿向下運(yùn)動(dòng)的加速度Mg-F=Ma解得a=-2（2）回路的電動(dòng)勢(shì)E=B2其中v=（3）右手定則和歐姆定律可得：U+E=IR可得U=IR-E=IR-電源輸出能量的功率P=UI=(IR-E)I==在0～v02g時(shí)間內(nèi)輸出的能量對(duì)應(yīng)（4）裝置A可回收火箭的動(dòng)能和重力勢(shì)能，及磁場(chǎng)能；從開(kāi)始火箭從速度v0到平臺(tái)速度減為零，則W=I2Rv02g-3Mv考點(diǎn)03非純電阻電路5．（2022·浙江·1月選考）某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，水以v0=15m/s的速度水平噴出，每秒噴出水的質(zhì)量為2.0kg。噴出的水是從井下抽取的，噴口離水面的高度保持H=3.75m不變。水泵由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，輸入電壓為220V，輸入電流為2.0AA．每秒水泵對(duì)水做功為75JB．每秒水泵對(duì)水做功為225JC．水泵輸入功率為440WD．電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為10Ω【答案】D【詳析】AB．每秒噴出水的質(zhì)量為m0=2.0kg,抽水增加了水的重力勢(shì)能和動(dòng)能，則每秒水泵對(duì)水做功為W=C．水泵的輸出能量轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能，則P出=Wt=300W而水泵的抽水效率（水泵的輸出功率與輸入功率之比）為D．電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率，則電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為P機(jī)=P入=400W而電動(dòng)機(jī)的電功率為P故選D。考點(diǎn)04閉合電路歐姆定律6．（2024·浙江·1月選考）在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，把電阻箱R（0～9999Ω）、一節(jié)干電池、微安表（量程0～300μA，零刻度在中間位置）、電容器C（2200μF、16（1）把開(kāi)關(guān)S接1，微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到零：然后把開(kāi)關(guān)S接2，微安表指針偏轉(zhuǎn)情況是___；A．迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小

B．向右偏轉(zhuǎn)示數(shù)逐漸增大C．迅速向左偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小

D．向左偏轉(zhuǎn)示數(shù)逐漸增大（2）再把電壓表并聯(lián)在電容器兩端，同時(shí)觀察電容器充電時(shí)電流和電壓變化情況。把開(kāi)關(guān)S接1，微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到160μA時(shí)保持不變；電壓表示數(shù)由零逐漸增大，指針偏轉(zhuǎn)到如圖2所示位置時(shí)保持不變，則電壓表示數(shù)為_(kāi)__V，電壓表的阻值為_(kāi)__kΩ【答案】C0.503.1【詳析】（1）[1]把開(kāi)關(guān)S接1，電容器充電，電流從右向左流過(guò)微安表，微安表指針迅速向右偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小到零；把開(kāi)關(guān)S接2，電容器放電，電流從左向右流過(guò)微安表，則微安表指針迅速向左偏轉(zhuǎn)后示數(shù)逐漸減小。故選C。（2）[2]由題意可知電壓表應(yīng)選用0~3V量程，由圖2可知此時(shí)分度值為0.1V，需要估讀到0.01V，則讀數(shù)為0.50V。[3]當(dāng)微安表示數(shù)穩(wěn)定時(shí)，電容器中不再有電流通過(guò)，此時(shí)干電池、電阻箱、微安表和電壓表構(gòu)成回路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有R+RV聯(lián)立可得R7．（2024·浙江·6月選考）某小組探究“法拉第圓盤(pán)發(fā)電機(jī)與電動(dòng)機(jī)的功用”，設(shè)計(jì)了如圖所示裝置。飛輪由三根長(zhǎng)a=0.8m的輻條和金屬圓環(huán)組成，可繞過(guò)其中心的水平固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，不可伸長(zhǎng)細(xì)繩繞在圓環(huán)上，系著質(zhì)量m=1kg的物塊，細(xì)繩與圓環(huán)無(wú)相對(duì)滑動(dòng)。飛輪處在方向垂直環(huán)面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，左側(cè)電路通過(guò)電刷與轉(zhuǎn)軸和圓環(huán)邊緣良好接觸，開(kāi)關(guān)S可分別與圖示中的電路連接。已知電源電動(dòng)勢(shì)E0=12V、內(nèi)阻r=0.1Ω、限流電阻R1=0.3（1）開(kāi)關(guān)S擲1，“電動(dòng)機(jī)”提升物塊勻速上升時(shí)，理想電壓表示數(shù)U=8V①判斷磁場(chǎng)方向，并求流過(guò)電阻R1的電流I1；②求物塊勻速上升的速度v1。（2）開(kāi)關(guān)S擲2，物塊從靜止開(kāi)始下落，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，物塊勻速下降的速度與“電動(dòng)機(jī)”勻速提升物塊的速度大小相等，①求可調(diào)電阻R2的阻值；②求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小?！敬鸢浮浚?）①垂直紙面向外，10A；②5m/s；（2）①0.2Ω；【詳析】（1）①物塊上升，則金屬輪沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，輻條受到的安培力指向逆時(shí)針?lè)较颍棗l中電流方向從圓周指向O點(diǎn)，由左手定則可知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外；等效電路如圖由閉合電路的歐姆定律可知E0-U=②等效電路如圖輻條切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)與電源電動(dòng)勢(shì)相反，設(shè)每根輻條產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E1，則U-解得E1=5V此時(shí)金屬輪可視為電動(dòng)機(jī)P出=E1另解：因U=8V，I1=10A，根據(jù)（2）①物塊勻速下落時(shí)，由受力分析可知，輻條受到的安培力與第（1）問(wèn)相同，等效電路如圖經(jīng)過(guò)R2的電流I2=I1RR解得R另解：由能量關(guān)系可知mg解得R②根據(jù)E2而E2=5考點(diǎn)05電路分析8．（2021·浙江·1月選考）嫦娥五號(hào)成功實(shí)現(xiàn)月球著陸和返回，鼓舞人心。小明知道月球上沒(méi)有空氣，無(wú)法靠降落傘減速降落，于是設(shè)計(jì)了一種新型著陸裝置。如圖所示，該裝置由船艙、間距為l的平行導(dǎo)軌、產(chǎn)生垂直船艙導(dǎo)軌平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁體和“∧”型剛性線框組成，“∧”型線框ab邊可沿導(dǎo)軌滑動(dòng)并接觸良好。船艙、導(dǎo)軌和磁體固定在一起，總質(zhì)量為m1整個(gè)裝置豎直著陸到月球表面前瞬間的速度大小為v0，接觸月球表面后線框速度立即變?yōu)榱?。?jīng)過(guò)減速，在導(dǎo)軌下方緩沖彈簧接觸月球表面前船艙已可視為勻速。已知船艙電阻為3r，“∧”型線框的質(zhì)量為m2，其7條邊的邊長(zhǎng)均為l，電阻均為r；月球表面的重力加速度為g/6。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有ab邊在磁場(chǎng)中，線框與月球表面絕緣，不計(jì)導(dǎo)軌電阻和摩擦阻力。(1)求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間線框ab邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E；(2)通過(guò)畫(huà)等效電路圖，求著陸裝置接觸到月球表面后瞬間流過(guò)ab型線框的電流I0；(3)求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v；(4)同桌小張認(rèn)為在磁場(chǎng)上方、兩導(dǎo)軌之間連接一個(gè)電容為C的電容器，在著陸減速過(guò)程中還可以回收部分能量，在其他條件均不變的情況下，求船艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v'和此時(shí)電容器所帶電荷量q【答案】(1)Blv0；(2)Blv02r；(3)m1gr【詳析】(1)導(dǎo)體切割磁感線，電動(dòng)勢(shì)E(2)等效電路圖如圖并聯(lián)總電阻R=2r電流I(3)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)線框受到安培力F根據(jù)牛頓第三定律，質(zhì)量為m1的部分受力F=FA，方向豎直向上，勻速條件F=m1(4)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)電容器不充放電，滿足v'=v=m11．（2025·浙江Z20名校聯(lián)盟·模擬預(yù)測(cè)）新能源汽車(chē)越來(lái)越得到推廣。某電動(dòng)汽車(chē)自重2t，其營(yíng)銷(xiāo)廣告如下：電池額定容量為50kW·h，電池瞬時(shí)功率最高可達(dá)90kW，車(chē)行駛受到的阻力約為車(chē)重的110，理論續(xù)航里程400km?，F(xiàn)有國(guó)家電網(wǎng)的充電樁可在電池額定容量的30%~80%之間應(yīng)用快充技術(shù)（500V，50A）充電，而便攜式充電器（220V，16A）可以將電池容量從0充到100%。不計(jì)充電損耗，當(dāng)汽車(chē)電池剩余電量為額定值的30%A．汽車(chē)還能行駛180kmB．用國(guó)家電網(wǎng)充電樁將電池容量充到其額定值的80%，理論上需要50minC．用便攜式充電器將電池容量充到其額定值的80%，理論上需要7h以上D．此電動(dòng)汽車(chē)的最高行駛速度可超過(guò)180km/h【答案】C【詳析】A．由題干可知汽車(chē)還能夠行使的距離為x=400km×30%B．用國(guó)家電網(wǎng)充電樁將電池容量充至其額定值的80%，理論上需要t=50×103C．用便攜式充電器將電池容量充到其額定值的80%，理論上需要t=50×103D．此電動(dòng)汽車(chē)以最高速度行駛時(shí)，牽引力等于阻力，所以最高行駛速度為vm=P故選C。2．(24-25高三下·2025屆浙江縣域教研聯(lián)盟·模擬)如圖所示，電路中包含電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，三個(gè)阻值均為R的定值電阻A、B、C，以及一個(gè)自感系數(shù)較大、直流電阻可忽略的線圈L。針對(duì)電路不同狀態(tài)，下列分析正確的是：（）A．S閉合瞬間，流過(guò)A、B、C的電流之比為1:1:1B．S閉合到電路穩(wěn)定過(guò)程中，C的功率變小C．電路穩(wěn)定后，B與C兩端的電壓之比為1:2D．電路穩(wěn)定后斷開(kāi)S瞬間，B兩端的電壓與穩(wěn)定時(shí)B兩端電壓之比為1:2【答案】B【詳析】A．依題意，S閉合瞬間，由于線圈的自感作用，線圈中沒(méi)有電流經(jīng)過(guò)，電阻A、B串聯(lián)，然后和電阻C并聯(lián)，三個(gè)電阻的阻值相等，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，流過(guò)A、B的電流相等，流過(guò)C的電流是A、B的2倍，故流過(guò)A、B、C的電流之比為1:1:2，A錯(cuò)誤；B．由閉合電路歐姆定律U=E-Ir，在電路穩(wěn)定過(guò)程中，線圈L和電阻B組成的支路，電阻逐漸減小，支路電流增大，干路電流I增大，則路端電壓U減小由P=U2R知，CC．電路穩(wěn)定后，B與C并聯(lián)，兩端的電壓之比為1:1，C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)前，設(shè)線圈L和電阻B組成的支路，電流為I0，則B兩端的電壓為U2=I0R斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，線圈L相當(dāng)于電源，I0為干路電流，外電路B與C串聯(lián)，再和A并聯(lián)，故此時(shí)流過(guò)B的電流為13I故選B。3．（2025·浙江北斗星盟·三模）單位為J/s的物理量是（）A．電功率 B．磁感應(yīng)強(qiáng)度 C．磁通量 D．電場(chǎng)強(qiáng)度【答案】A【詳析】焦耳為能量單位，秒是時(shí)間單位。Js寫(xiě)成對(duì)應(yīng)的表達(dá)式為Wt。由P=W故選A。4．（2025·浙江北斗星盟·三模）鋰電池體積小、容量大、電壓穩(wěn)定，在手機(jī)中廣泛應(yīng)用。它主要依靠鋰離子在正極（含鋰化合物）和負(fù)極（碳材料）之間移動(dòng)來(lái)工作，其原理如圖所示。若某款手機(jī)鋰電池的電動(dòng)勢(shì)3.7V，電池容量4000mA·h，正常通話電流400mA，則（）A．正常通話時(shí)，電池輸出的功率為1.48WB．電池充滿電后，手機(jī)能正常通話2.7hC．圖示狀態(tài)是電池放電狀態(tài)D．負(fù)極積累的鋰離子越多，電池存儲(chǔ)的電能越少【答案】C【詳析】A．正常通話時(shí)，電池的總功率為P總=EI=3.7×0.4W=1.48WB．電池充滿電后，手機(jī)能正常通話時(shí)間為t=qI=C．圖示狀態(tài)鋰離子從電池負(fù)極到正極，即為電池內(nèi)部的電流方向，故處于放電狀態(tài)，故C正確；D．負(fù)極積累的鋰離子越多，電池中充入的電荷量也就越多，存儲(chǔ)的電能越多，故D錯(cuò)誤。故選C。5．（2025·浙江·選考二測(cè)）太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)大氣層到地面大概損失一半的能量。某太陽(yáng)能發(fā)電站使用的太陽(yáng)能板加裝有自動(dòng)跟蹤功能，保證太陽(yáng)能板與陽(yáng)光始終垂直，已知單位面積的太陽(yáng)能板每天發(fā)電2.28kW?h，太陽(yáng)與地球之間的距離取R=1.5×1011m，每天陽(yáng)光照射太陽(yáng)能板的時(shí)間約為8hA．53% B．42% C．31%【答案】B【詳析】結(jié)合球面公式可知垂直陽(yáng)光方向上地表單位面積接收到的光照功率約為P單位面積太陽(yáng)能板每天發(fā)電2.28kW?h，則單位面積太陽(yáng)能板的發(fā)電功率約為P所以光電轉(zhuǎn)化效率約為η故選B。6．（2025·浙江·選考測(cè)評(píng)四）如圖所示，某路燈由風(fēng)光互補(bǔ)系統(tǒng)（由風(fēng)力發(fā)電機(jī)和太陽(yáng)能電池板組成）提供電能，陽(yáng)光照射電池板5h，風(fēng)力發(fā)電機(jī)在某風(fēng)速下工作5h，產(chǎn)生的總電能可以使一盞路燈工作40h。已知陽(yáng)光照射期間，電池板平均發(fā)電功率為60W，風(fēng)力發(fā)電機(jī)內(nèi)部線圈面積為0.8m2，匝數(shù)為200，線圈所在磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.25T，該風(fēng)速下，輸出電流為1.5A，風(fēng)葉每秒轉(zhuǎn)動(dòng)4.2圈，不考慮線圈內(nèi)阻，則該路燈的電功率約為（A．150W B．180W C．230W D．300W【答案】A【來(lái)源】2025年浙江省普通高校招生選考科目考試物理測(cè)評(píng)卷（四）【詳析】陽(yáng)光照射電池板5h產(chǎn)生的電能W風(fēng)力發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E=nBSω輸出電壓有效值U=風(fēng)力發(fā)電機(jī)工作5h產(chǎn)生的電能W一盞路燈工作40h消耗的電能W=路燈的電功率P=故選A。7．（2025·浙江溫州·二模）某微型電動(dòng)車(chē)為零排放的純電動(dòng)汽車(chē)，其電池容量為150A·h。其中單位“A·h”所對(duì)應(yīng)的物理量是（）A．能量 B．電荷量 C．電流 D．電容【答案】B【來(lái)源】2025屆浙江省溫州市高三下學(xué)期二模物理試題【詳析】根據(jù)電流定義式I=Qt可得Q=It可知單位故選B。8．（2025·浙江·選考測(cè)評(píng)）下列物理量的單位用國(guó)際單位制基本單位表示正確的是（）A．電流mA B．電場(chǎng)強(qiáng)度kgC．磁感應(yīng)強(qiáng)度kg?A-1【答案】C【來(lái)源】2025年浙江省普通高校招生選考科目考試物理測(cè)評(píng)卷（八）【詳析】A．電流強(qiáng)度的國(guó)際單位制基本單位是安培，符號(hào)為A，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式有E=Fq根據(jù)電流的定義式有I=qt根據(jù)單位運(yùn)算可知，電場(chǎng)強(qiáng)度用國(guó)際單位制基本單位可表示為C．根據(jù)qvB=mv2R可得B=mvqRD．根據(jù)W=Fx根據(jù)單位運(yùn)算可知，能量的單位用國(guó)際單位制基本單位可表示為kg?m2故選C。9．(24-25高二下·山西部分重點(diǎn)高中·)某品牌的手機(jī)充電器銘牌如表所示，用該充電器在正常工作狀態(tài)下給容量為4200mA·h、額定電壓為4V的手機(jī)電池充電，下列說(shuō)法正確的是（）輸入：100~240V

50/60Hz輸出：5V

4AA．該充電器的額定輸出功率為12.5W B．該充電器輸入交流電壓的最大值為240VC．手機(jī)電池充滿電需要約1.68小時(shí) D．手機(jī)電池充滿電儲(chǔ)存的電能為60.48kJ【答案】D【來(lái)源】山西省部分重點(diǎn)高中2024-2025學(xué)年高二下學(xué)期3月聯(lián)考物理試題【詳析】A．該充電器的額定輸出功率為P=UI=5×4W=20WB．該充電器輸入交流電壓的最大值為Um=2402C．手機(jī)電池充滿電需要約t=QI=D．手機(jī)電池充滿電儲(chǔ)存的電能為E=QU=4200×10-3×3600×4故選D。10．（2025·浙江·二聯(lián)）單晶硅太陽(yáng)能發(fā)電原理是：讓陽(yáng)光照射到單晶硅太陽(yáng)能板上而激發(fā)電子形成電流。根據(jù)相關(guān)資料得知杭州西站樞紐屋頂鋪設(shè)了面積約為1.5×104m2的單晶硅太陽(yáng)能板，在陽(yáng)光照射下其平均發(fā)電功率約為3×10A．單晶硅太陽(yáng)能板發(fā)出的是交流電；B．地球表面單位面積上接收到的太陽(yáng)輻射功率約1400WC．一天大約可發(fā)電7.2×10D．太陽(yáng)能發(fā)電的光電轉(zhuǎn)換效率約為22%【答案】B【來(lái)源】2025屆浙江省新陣地教育聯(lián)盟高三下學(xué)期第二次聯(lián)考物理試題【詳析】A．單晶硅太陽(yáng)能板發(fā)出的是直流電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；距離太陽(yáng)1.5×1011m的球面面積S=4πr2=2.826×C．若24小時(shí)都有太陽(yáng)，則工作一天大約可發(fā)電W=P電t=7.2×104kW?D．太陽(yáng)板接收的太陽(yáng)能P光=P總S故選B。11．（2025·浙江·選考測(cè)評(píng)）下列對(duì)實(shí)驗(yàn)操作的敘述正確的是（）A．在進(jìn)行“探究變壓器原，副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，可以去掉鐵芯提高實(shí)驗(yàn)精度B．將電流表改裝為電壓表時(shí)，應(yīng)串聯(lián)定值電阻C．用多用電表測(cè)電阻時(shí)，每次調(diào)節(jié)擋位后都需要進(jìn)行歐姆調(diào)零D．可以用多用電表歐姆擋粗測(cè)電源內(nèi)阻【答案】BC【詳析】A．變壓器的鐵芯能減少變壓器的漏磁現(xiàn)象，有助于提高實(shí)驗(yàn)精度，可知，在進(jìn)行“探究變壓器原，副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，不能夠通過(guò)去掉鐵芯提高實(shí)驗(yàn)精度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)串聯(lián)分壓原理可知，將電流表改裝為電壓表時(shí)，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)電阻分壓，故B正確；C．歐姆表每一根擋位的內(nèi)阻均不相同，在用多用電表測(cè)電阻時(shí)，每次調(diào)節(jié)擋位后都需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故C正確；D．多用電表使用歐姆擋時(shí)電表內(nèi)有電源，與待測(cè)電源連接后，回路總電動(dòng)勢(shì)會(huì)發(fā)生改變，導(dǎo)致測(cè)量結(jié)果不準(zhǔn)確，即不能夠用多用電表歐姆擋粗測(cè)電源內(nèi)阻，故D錯(cuò)誤。故選BC。12．（2025·浙江溫州·三模）某實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內(nèi)阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內(nèi)阻為1.20ΩC．定值電阻R1D．定值電阻R2E.滑動(dòng)變阻器R；F.電鍵和導(dǎo)線若干。根據(jù)提供的器材，設(shè)計(jì)電路如圖1所示。(1)將毫安表與定值電阻R1改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為_(kāi)_____A(2)為了精確測(cè)量，圖中多用電表的右邊表筆P應(yīng)接到______（選填“B”或“C”）處；(3)閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數(shù)U、毫安表的示數(shù)I。其中一次測(cè)量時(shí)多用電表示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____V。(4)作U-I圖線如圖3所示，該干電池電動(dòng)勢(shì)E=______V；內(nèi)阻r=______Ω（以上結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。【答案】(1)0~0.6(2)B(3)1.15(4)1.451.56【詳析】（1）毫安表的滿偏電壓為U0=所以，改裝后的量程為0~0.6A（2）由于改裝后的電流表的內(nèi)阻已知，為了精確測(cè)量，圖中多用電表代替的電壓表應(yīng)為電源的“內(nèi)接法”，即右邊表筆P應(yīng)接到“B”處。（3）由圖2可知，多用電表的讀數(shù)為1.15V。（4）[1][2]由（1）分析可知，電路中電流為毫安表示數(shù)的3倍。改裝后的電流表的內(nèi)阻為R根據(jù)歐姆定律E=U+3Ir+R2+RA整理可得U=-3r+R2+13．（2025·浙江北斗星盟·三模）為了研究圖1所示的玩具電動(dòng)機(jī)的能量轉(zhuǎn)換，設(shè)計(jì)了如圖2所示的電路，其中學(xué)生電源穩(wěn)壓4V。先將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最左端，閉合開(kāi)關(guān)S，緩慢改變滑動(dòng)變阻器的阻值，增大電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，在表中記錄電壓表、電流