第第頁2025屆湖南省常德市高三下學(xué)期模擬考試（二模）物理試題一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．如圖所示，當(dāng)用某一單色光照射光電管時，靈敏電流表指針沒有偏轉(zhuǎn)，已知電路中所有元件及其連接完好。現(xiàn)要使靈敏電流表指針有偏轉(zhuǎn)，下列措施可行的是（）A．增加入射光的頻率 B．增加入射光的強(qiáng)度C．提高電源的電壓 D．延長光照時間2．制造某型芯片所使用的銀灰色硅片覆上一層厚度均勻的無色透明薄膜后，在自然光照射下硅片呈現(xiàn)深紫色。關(guān)于此現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．上述現(xiàn)象與三棱鏡分光原理相同B．光在薄膜的下表面發(fā)生了全反射C．薄膜上下表面的反射光發(fā)生了干涉D．薄膜厚度發(fā)生變化，硅片總呈現(xiàn)深紫色3．2024年6月2日上午6時23分，“嫦娥六號”成功著陸月球背面。若“嫦娥六號”被月球俘獲后進(jìn)入橢圓軌道I上運(yùn)行，周期為T1；當(dāng)經(jīng)過近月點M點時啟動點火裝置，完成變軌后進(jìn)入圓形軌道II上運(yùn)行，周期為T2。已知月球半徑為R，圓形軌道II距月球表面的距離為R，橢圓軌道I遠(yuǎn)月點距月球表面的距離為5R，如圖所示，引力常量為A．TB．月球的質(zhì)量為4C．月球第一宇宙速度等于軌道II上的運(yùn)行速度D．嫦娥六號由軌道I進(jìn)入軌道II需要在M點點火使其加速才能完成4．電磁血流量計是運(yùn)用于心血管手術(shù)和有創(chuàng)外科手術(shù)的精密監(jiān)控儀器，可以測量血管內(nèi)血液的流速。如圖所示，某段監(jiān)測的血管可視為內(nèi)徑為d的圓柱體，其前后兩個側(cè)面a、b固定兩塊豎直正對的金屬電極板（未畫出，電阻不計），血液中的正負(fù)離子隨血液一起從左至右水平流動，當(dāng)加豎直向下的勻強(qiáng)磁場B時a、A．b電極的電勢高于a電極的電勢B．穩(wěn)定時a、b電極間的電勢差變大，說明血管內(nèi)徑變小C．穩(wěn)定時a、b電極間的電勢差大小與血液流速成正比D．當(dāng)血液中正負(fù)離子濃度增大，穩(wěn)定時a、5．如圖所示，矩形線圈切割磁感線產(chǎn)生的交流電壓e=122sin20πtV，其中電阻r=8ΩA．1s內(nèi)副線圈中的電流方向改變10次B．當(dāng)滑動變阻器的阻值變大時，兩電壓表的示數(shù)之比增大C．若將滑動觸頭從最下端滑到最上端，R消耗的功率先減小后增大D．當(dāng)滑動變阻器的阻值調(diào)為R=8Ω時，電流表A26．三角形OPN是一光滑絕緣斜面，斜面足夠長，斜面傾角為θ，以O(shè)點為坐標(biāo)原點，沿斜面向下為x軸正方向，如圖1所示，沿斜面加一靜電場，其電場強(qiáng)度E隨x變化的關(guān)系如圖2所示，設(shè)x軸正方向為電場強(qiáng)度的正方向?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m，電荷量大小為q的帶電小滑塊（視為質(zhì)點）從O點靜止釋放，且小滑塊釋放后沿斜面向下運(yùn)動，已知qE0=2mgA．小滑塊一定帶正電B．小滑塊沿斜面向下運(yùn)動過程中機(jī)械能先減小后增大C．小滑塊沿斜面向下運(yùn)動過程中的最大速度為3D．小滑塊沿斜面向下運(yùn)動的最遠(yuǎn)距離為2二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分，在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．圖甲為一列簡諧橫波在t=0.10s時刻的波形圖，P、Q為平衡位置分別在x=2m、A．t=0.10s時質(zhì)點P向yB．該波的傳播速度大小為20C．t=0.15s時質(zhì)點PD．從t=0.10s到t=0.60s，質(zhì)點Q8．汽車工程學(xué)中將加速度隨時間的變化率稱為急動度j，急動度j是評判乘客是否感到舒適的重要指標(biāo)。了解“急動度”有助于我們在日常駕駛中采取更合理的駕駛習(xí)慣，保護(hù)車輛，延長其使用壽命。一輛汽車沿平直公路以v0=10?m/s的速度做勻速運(yùn)動，t=0A．急動度j=ΔaΔB．汽車在0～4.0?sC．在4.0～8.0?sD．10.0?s時，汽車牽引力的功率為9．如圖所示是法拉第圓盤發(fā)電機(jī)，其圓盤的半徑為r，圓盤處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1=B，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。圓盤左邊有兩條光滑平行足夠長傾斜導(dǎo)軌MN，導(dǎo)軌間距為L，其所在平面與水平面夾角為θ，導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)用導(dǎo)線把兩導(dǎo)軌分別與圓盤發(fā)電機(jī)中心和邊緣的電刷連接，圓盤邊緣和圓心之間的電阻為R。在傾斜導(dǎo)軌上放置一根質(zhì)量為m，長度也為L，電阻為2R的ab導(dǎo)體棒，其余電阻不計。當(dāng)圓盤以角速度ωA．從上往下看，圓盤順時針方向轉(zhuǎn)動B．a(chǎn)b間電勢差UC．若B2大小、方向均可改變，導(dǎo)體棒始終保持靜止?fàn)顟B(tài)時，B2D．若圓盤停止轉(zhuǎn)動，ab棒將沿導(dǎo)軌先勻加速下滑后勻速運(yùn)動10．如圖（a）所示，可視為質(zhì)點的a、b兩球通過輕繩連接跨過光滑輕質(zhì)定滑輪，b球在外力作用下靜止懸空。以地面為重力勢能的零勢能面，從靜止釋放b球，在b球落地前的過程中，a、b兩球的重力勢能隨時間t的變化關(guān)系如圖（b）所示，圖中兩圖像交點對應(yīng)時刻t=0.3s，a球始終沒有與定滑輪相碰，a、bA．b球質(zhì)量2B．b球落地時a球的動能為3C．b球下落前距地面的高度為0.3D．t=0.3?s時b球離地面的高度為三、非選擇：本題共5小題，共56分。11．某興趣小組利用磁敏電阻設(shè)計了一款測量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的磁場測量儀，其中磁敏電阻的阻值RB隨磁感應(yīng)強(qiáng)度BA.磁敏電阻RB（工作范圍為0～1.5B.電源（電動勢為3?VC.電流表（量程為5.0mAD.電阻箱RC（最大阻值為9999.9E.定值電阻R1（阻值為30F.定值電阻R2（阻值為300G.開關(guān)，導(dǎo)線若干（1）電路連接：按照圖乙所示連接實驗電路，定值電阻R應(yīng)選用（填“R1”或“R（2）按下列步驟進(jìn)行調(diào)試：①閉合開關(guān)S1，將電阻箱RC調(diào)為1300.0Ω，然后將開關(guān)S2向（填“②逐步減小電阻箱RC③將開關(guān)S2（3）用調(diào)試好的磁場測量儀進(jìn)行測量，當(dāng)電流表的示數(shù)為3.0mA時，待測磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為T（4）使用一段時間后，由于電源的電動勢略微變小，內(nèi)阻明顯變大，這將導(dǎo)致磁感應(yīng)強(qiáng)度的測量結(jié)果（填“偏大”“偏小”或“不變”）。12．某探究小組要測量一橫截面為半圓形透明玻璃磚的折射率，準(zhǔn)備的器材有玻璃磚、激光筆、刻度尺和白紙。如圖是該小組設(shè)計的實驗方案示意圖，下面是該小組的探究步驟：①用刻度尺測量玻璃磚的直徑d；②把白紙固定在水平桌面上，在白紙上建立直角坐標(biāo)系xOy，將玻璃磚放在白紙上，使其底面圓心和直徑分別與O點和x軸重合，再將刻度尺緊靠玻璃磚并垂直于x軸放置；③打開激光筆開關(guān)，讓激光筆發(fā)出的激光束始終指向圓心O射向玻璃磚，從y軸開始在xOy平面內(nèi)緩慢移動激光筆，在某一位置時，刻度尺上出現(xiàn)兩個清晰的光點，通過刻度尺讀取兩光點與x軸的距離分別為L1請回答下面問題：（1）甲同學(xué)利用步驟③測得數(shù)據(jù)計算該玻璃磚的折射率為（用測得的d、L1、L（2）乙同學(xué)在步驟③后繼續(xù)改變激光筆的位置，直到刻度尺上恰好只有一個光點，讀取該光點與x軸的距離為L3，計算該玻璃磚的折射率為（用測得的d、L（3）比較甲、乙兩同學(xué)測量折射率的方案，你認(rèn)為（選填“甲”或“乙”）同學(xué)的測量誤差更?。唬?）在操作步驟②中，刻度尺沒有與x軸嚴(yán)格垂直，而是逆時針偏離垂直x軸位置，則甲同學(xué)測得的折射率較真實值是（填“偏大”“偏小”或“不變”）。13．下圖為吸盤工作原理示意圖，使用時先把吸盤緊挨豎直墻面，按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上，擠出吸盤內(nèi)部分空氣，如圖（a），然后要把鎖扣扳下，讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外拉出，在拉起吸盤同時，鎖扣對盤蓋施加壓力，致使盤蓋以最大的壓力吸住吸盤，使外界空氣不能進(jìn)入吸盤，如圖（b）。由于吸盤內(nèi)外存在壓強(qiáng)差，使吸盤被緊壓在墻壁上，掛鉤上即可懸掛適量物體。已知鎖扣扳下前吸盤內(nèi)密封一定質(zhì)量的氣體，壓強(qiáng)與外界大氣壓強(qiáng)相同，鎖扣扳下后吸盤內(nèi)氣體體積變?yōu)榘庀虑暗?.25倍，盤蓋的左側(cè)截面積即圖（b）中大圓面積S1=6.0?cm2，吸盤中氣體與墻面的接觸面積S（1）求扳下鎖扣后吸盤內(nèi)氣體壓強(qiáng)；（2）若吸盤與墻之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.75，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計吸盤及其他裝置的重力，求此時吸盤能掛起重物質(zhì)量的最大值。14．如圖所示，在xoy平面直角坐標(biāo)系中，第二象限有一過坐標(biāo)原點O的曲線，該曲線及其上方有豎直向下的勻強(qiáng)電場。曲線上每個位置可連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，粒子均以大小為v0的初速度水平向右射入電場，所有粒子均能到達(dá)原點O，曲線上A點離y軸的距離為l，電場強(qiáng)度大小為mv02ql。第四象限內(nèi)（含x邊界）存在垂直于紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2（1）求圖中曲線方程；（2）若粒子運(yùn)動中不會與熒光屏相碰，求從A點發(fā)射的粒子在磁場中運(yùn)動時間；（3）若將熒光屏緩慢上下移動，求從A點至O點發(fā)射的粒子打在熒光屏上的發(fā)光點間的最大距離L。15．如圖所示，質(zhì)量為m、長為L的均勻長木板，其上表面光滑，下表面粗糙，靜止平放在粗糙的水平桌面上，左端安有一豎直擋板。一質(zhì)量為3m的小滑塊靜置在長木板的右端?，F(xiàn)給小滑塊一個水平向左的瞬時速度v0，小滑塊與長木板發(fā)生第一次碰撞后到第二次碰撞前小滑塊恰好不會從長木板掉下。假設(shè)小滑塊與豎直擋板的碰撞為彈性正碰，碰撞時間極短，桌面粗糙程度各處相同，桌面足夠長，重力加速度大小為g（1）第一次碰撞后瞬間小滑塊和長木板的速度大?。唬?）長木板與桌面間的動摩擦因數(shù)；（3）長木板運(yùn)動的總時間。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】本題考查對光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件理解和應(yīng)用能力。光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件是取決于入射光的頻率或波長，與入射光的強(qiáng)度、光照時間沒有關(guān)系。AB．靈敏電流計指針未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，是未發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，即入射光的頻率小于金屬的截止頻率，與光照強(qiáng)度無關(guān)，故增加入射光的頻率使入射光的頻率大于金屬的截止頻率可使靈敏電流表指針有偏轉(zhuǎn)，增加入射光的強(qiáng)度不能使靈敏電流表指針有偏轉(zhuǎn)，故A正確，B錯誤；C．電源正負(fù)極的連接使得光電子在電場中做加速運(yùn)動，故靈敏電流計指針沒有偏轉(zhuǎn)不是電壓高低的原因，故提高電源的電壓不能使靈敏電流表指針有偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D．光電效應(yīng)的發(fā)生是瞬間的，與入射光的照射時間無關(guān)，故延長光照時間不能使靈敏電流表指針有偏轉(zhuǎn)，故D錯誤。故選A?！痉治觥慨?dāng)入射光頻率大于金屬的極限頻率時，金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)，當(dāng)光電管上加上正向電壓時，靈敏電流計中有電流通過，靈敏電流計G中沒有電流通過，可能不產(chǎn)生光電效應(yīng)，由此分析。2．【答案】C【解析】【解答】本題主要考查光的干涉的應(yīng)用，根據(jù)光的干涉產(chǎn)生條件解答。A．銀灰色硅片覆上一層厚度均勻的無色透明薄膜后，在自然光照射下硅片呈現(xiàn)深紫色，此現(xiàn)象屬于薄膜干涉，三棱鏡分光原理屬于光的折射現(xiàn)象，故A錯誤；B．由于薄膜厚度均勻，光在薄膜上表面的折射角等于光在薄膜的下表面的入射角，根據(jù)光路可逆原理，光在薄膜的下表面沒有發(fā)生全反射，故B錯誤；C．薄膜干涉現(xiàn)象中，入射光在薄膜上下表面的反射光發(fā)生了干涉，故C正確；D．根據(jù)光的干涉中相互加強(qiáng)的條件，可知當(dāng)薄膜的厚度發(fā)生變化時，滿足加強(qiáng)條件的波長也會發(fā)生改變，導(dǎo)致硅片呈現(xiàn)不同的顏色，故D錯誤。故選C。

【分析】光的干涉是指兩列或幾列光波在空間相遇時相互疊加，在某些區(qū)域始終加強(qiáng)，在另一些區(qū)域則始終削弱，形成穩(wěn)定的強(qiáng)弱分布的現(xiàn)象，證實了光具有波動性。只有兩列光波的頻率相同，相位差恒定，振動方向一致的相干光源，才能產(chǎn)生光的干涉。單色光的干涉條紋是等間距明暗相間條紋，復(fù)色光產(chǎn)生彩色條紋。光的折射是光從一種介質(zhì)射入另一種介質(zhì)中，光的傳播方向發(fā)生轉(zhuǎn)變的現(xiàn)象。3．【答案】A【解析】【解答】在解答本題時，應(yīng)注意掌握衛(wèi)星變軌問題的過程，以及對于衛(wèi)星問題，要熟練運(yùn)用萬有引力提供向心力和開普勒第三定律公式A．根據(jù)開普勒第三定律有(2R)解得T故A正確；B．“嫦娥六號”在軌道II上運(yùn)行時，有GMm解得月球的質(zhì)量為M=故B錯誤；C．月球第一宇宙速度是探測器近月飛行的速度，即繞月的最大速度，所以月球第一宇宙速度大于軌道II上的運(yùn)行速度，故C錯誤；D．嫦娥六號由軌道I進(jìn)入軌道II需要在M點點火使其減速才能完成，故D錯誤。故選A。

【分析】根據(jù)開普勒第三定律進(jìn)行解答；根據(jù)萬有引力提供向心力進(jìn)行解答；第一宇宙速度等于衛(wèi)星貼近中心天體做勻速圓周運(yùn)動的環(huán)繞速度；根據(jù)變軌原理進(jìn)行分析。4．【答案】B【解析】【解答】本題考查電磁流量計的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵要知道血液流過磁場區(qū)域時，正、負(fù)粒子受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)打到左右兩個面上，形成電場，最終正、負(fù)電荷在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡狀態(tài)。A．左手定則可知正粒子向a電極偏轉(zhuǎn)，則a點電勢高于b點電勢，故A錯誤；BCD．題意知流量不變，且流量Q=Sv=π穩(wěn)定時有qvB=Eq=聯(lián)立解得穩(wěn)定時a、b電極間的電勢差U=可知電勢差U變大，說明血管內(nèi)徑變小，且U與流速、濃度無關(guān)，故B正確，CD錯誤；故選B。

【分析】血液流過磁場區(qū)域時，根據(jù)左手定則判斷帶電粒子所受洛倫茲力的方向，正、負(fù)粒子發(fā)生偏轉(zhuǎn)打到左右兩個面上，左右兩個面之間形成電場，最終正、負(fù)粒子受到的電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)Q=vS求出流量，得到電勢差表達(dá)式。5．【答案】D【解析】【解答】本題考查了理想變壓器的動態(tài)分析問題，考查了等效電阻、電源輸出功率與外電阻的關(guān)系等知識點?？疾榭忌姆治鰡栴}、解決問題的能力。A．根據(jù)交流電壓的表達(dá)式有ω=解得T=0.1由于1線圈轉(zhuǎn)動一周，電流方向改變兩次，則1s內(nèi)副線圈中的電流方向改變20次，故A錯誤；B．根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系有U可知，當(dāng)滑動變阻器的阻值變大時，兩電壓表的示數(shù)之比不變，故B錯誤；C．將變壓器與滑動變阻器等效為一個電阻，等效阻值為R令線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生電動勢的有效值為U，R消耗的功率P=由于線圈電阻r=8Ω，根據(jù)數(shù)學(xué)對勾函數(shù)規(guī)律可知，若將滑動觸頭從最下端滑到最上端，接入電阻減小，RD．線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生電動勢的有效值為U=結(jié)合上述，根據(jù)閉合電路歐姆定律，原線圈中電流I根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)關(guān)系有I解得I故D正確。故選D。

【分析】確定矩形線圈轉(zhuǎn)動的角速度，得到交流電壓的周期，一個周期內(nèi)電流方向改變2次，變壓器不改變交流電的周期，據(jù)此求解1s內(nèi)副線圈中的電流方向改變的次數(shù)；根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系，判斷兩電壓表的示數(shù)之比的變化；將理想變壓器與負(fù)載電阻整體等效為一個等效電阻，將定值電阻r等效為電源的內(nèi)阻。根據(jù)滑動變阻器接入電路的阻值的變化得到等效電阻的變化，根據(jù)電源輸出功率與外電阻的關(guān)系，分析等效電源的輸出功率（即R消耗的功率）的變化；確定線圈切割磁感線產(chǎn)生的電壓有效值，以及等效電阻的阻值。根據(jù)閉合電路歐姆定律和理想變壓器原副線圈的電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，求解副線圈中的電流。6．【答案】C【解析】【解答】知道E-x圖像與坐標(biāo)軸所圍面積表示電勢差，電場強(qiáng)度隨距離均勻變化的電場中，電場力做的功應(yīng)該用電場力的平均值計算。A．由題知，取沿斜面向下為x軸正方向，故最開始的電場強(qiáng)度方向沿斜面向上，若小滑塊帶正電，則最開始所受電場力沿斜面向上，有q即電場力大于重力沿斜面向下的分力，小滑塊剛開始不可能沿斜面向下運(yùn)動，所以小滑塊帶負(fù)電，故A錯誤；B．小滑塊帶負(fù)電，沿斜面向下運(yùn)動過程中電場力先做正功，后做負(fù)功，所以機(jī)械能先增大后減小，故B錯誤；C．小滑塊沿斜面向下運(yùn)動過程中，當(dāng)有最大速度時加速度為零，則有qE=mg解得E=由圖2可知，設(shè)此時電場強(qiáng)度對應(yīng)的橫坐標(biāo)為x，則有E解得x=從最開始到最大速度，根據(jù)動能定理有mg解得v故C正確；D．當(dāng)小滑塊的速度為零時，沿斜面向下運(yùn)動到最大位移，設(shè)為xm，對應(yīng)的電場強(qiáng)度為Em，由圖2可知E從最開始運(yùn)動到最大位移，根據(jù)動能定理有mg聯(lián)立，解得x故D錯誤。故選C。

【分析】根據(jù)電場力做功情況分析；根據(jù)物塊速度最大時受力平衡分析重力和電場強(qiáng)度的關(guān)系，然后根據(jù)動能定理分別計算BC即可；根據(jù)動能定理計算，電場力做的功剛好等于克服重力做的功時，物塊的速度為零，上升的距離最大。7．【答案】B,D【解析】【解答】本題既要理解振動圖像和波動圖像各自的物理意義，由振動圖像能判斷出質(zhì)點的速度方向，同時要把握兩種圖像的內(nèi)在聯(lián)系，知道波速、波長和頻率之間的關(guān)系v=fλ。A．根據(jù)圖乙可知，在0.1s后極短時間內(nèi)，質(zhì)點P的位移為正值，且逐漸增大，表明t=0.10s時質(zhì)點P向yB．根據(jù)圖像可知，波長為4m，周期為0.2s，則該波的傳播速度大小為v=故B正確；C．根據(jù)圖乙可知，t=0.15s時質(zhì)點P的位移為正方向的最大值，根據(jù)可知，t=0.15s時質(zhì)點PD．從t=0.10s到t=0.60s可知，質(zhì)點Q運(yùn)動的路程為2×4A+2A=10A=2.0故D正確。故選BD。

【分析】根據(jù)圖乙判斷P的振動方向；根據(jù)波速計算公式求解該波的傳播速度大?。桓鶕?jù)圖乙可知t=0.15s時質(zhì)點P達(dá)到波峰，由此分析加速度大小和方向；質(zhì)點在一個周期通過的路程為4A，由此求解。8．【答案】A,D【解析】【解答】本題主要考查急動度隨時間變化的關(guān)系，理解圖像的物理意義是解題關(guān)鍵。A．根據(jù)急動度的概念j=可知其中a為加速度，故A正確；B．由圖可知汽車在0～4.0?s內(nèi)急動度為一定值，汽車做加速度均勻增大的加速直線運(yùn)動，故B錯誤；C．在4.0～8.0?s內(nèi)，加速度恒定，由F?f=ma可知汽車牽引力大于所受阻力，故C錯誤；D．由圖可知加速度隨時間變化的圖像，如圖由圖可知，10.0s時加速度為1.0m/s2，a-t圖像中圖線與橫軸所圍面積表示速度的增加量，則10.0s時v=由牛頓第二定律可知F解得F則10.0?s時，汽車牽引力的功率為故D正確。故選AD。

【分析】根據(jù)急動度的概念分析；根據(jù)急動度隨時間變化的圖像分析汽車的運(yùn)動性質(zhì)；由牛頓第二定律分析在4.0～8.0s內(nèi)，汽車牽引力等于所受阻力；將急動度隨時間變化的圖像轉(zhuǎn)化成a-t圖像，求出10s時汽車的速度，再由牛頓第二定律求出此時的牽引力，由P=Fv計算牽引力功率。9．【答案】A,C【解析】【解答】解答本題時，要能熟練推導(dǎo)出轉(zhuǎn)動切割感應(yīng)電動勢表達(dá)式E=12B．由題可知，圓盤產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=由閉合電路歐姆定律可知，ab間電勢差為U故B錯誤；C．若B2大小、方向均可改變，導(dǎo)體棒始終保持靜止?fàn)顟B(tài)時，由平衡條件可得由閉合電路歐姆定律I=圓盤產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=聯(lián)立解得B2的最小值為故C正確；D．若圓盤停止轉(zhuǎn)動，ab棒沿導(dǎo)軌向下做切割磁感線運(yùn)動，由ab棒受力可知，棒先做變加速運(yùn)動后做勻速運(yùn)動，D錯誤。故選AC。

【分析】ab棒剛好能靜止在斜面上，根據(jù)平衡條件判斷ab棒受到的安培力方向，由左手定則判斷ab棒中感應(yīng)電流方向，再由右手定則判斷圓盤轉(zhuǎn)動方向；根據(jù)E=Brv求出圓盤產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，再根據(jù)串聯(lián)電路電壓分配關(guān)系求ab間電勢差；對ab棒，根據(jù)平衡條件以及安培力公式相結(jié)合求B2的最小值；若圓盤停止轉(zhuǎn)動，分析ab棒受力情況來判斷其運(yùn)動情況。10．【答案】B,C【解析】【解答】本題主要考查多物體系統(tǒng)的機(jī)械能守恒問題，解題時需注意，在只有重力或彈力做功的物體系統(tǒng)內(nèi)，動能與勢能可以互相轉(zhuǎn)化，而總的機(jī)械能保持不變。AB．設(shè)b球下落前距地面的高度為H，由圖b可知，Epbm=解得m由能量守恒，可得E聯(lián)立，解得b球落地時a球的動能為E故A錯誤；B正確；CD．對兩球組成的整體，受力分析，由牛頓第二定律m解得a=5則0.3s時，a球上升的高度h=由圖b可知，t=0.3s時兩球重力勢能相等，則有解得H=0.3即b球下落前距地面的高度為0.3?m，t=0.3?s時b故C正確；D錯誤。故選BC?！痉治觥拷Y(jié)合題意，由牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)規(guī)律、重力勢能的計算、機(jī)械能守恒定律分別列式。11．【答案】（1）R（2）a（3）1.0（4）偏大【解析】【解答】本題關(guān)鍵掌握測量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的磁場測量儀的實驗原理。

（1）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時，磁敏電阻的阻值為R為了保護(hù)電流表，定值電阻R的最小阻值為R故定值電阻R應(yīng)選用R2（2）本實驗為替代法測電阻，故閉合開關(guān)S1，將電阻箱RC調(diào)為1300.0Ω，然后將開關(guān)S（3）當(dāng)電流表的示數(shù)為3.0mA時，磁敏電阻的阻值為R由圖甲可知待測磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為1.0T（4）由于電源的電動勢略微變小，內(nèi)阻變大，導(dǎo)致測得的電流值偏小，磁敏電阻的阻值偏大，由圖像知這將導(dǎo)致磁感應(yīng)強(qiáng)度的測量結(jié)果偏大?！痉治觥浚?）根據(jù)串聯(lián)電路的特點和歐姆定律求解定值電阻的最小值，然后作答；

（2）根據(jù)實驗原理分析作答；

（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流表的示數(shù)為3.0mA時，磁敏電阻的阻值，再結(jié)合圖甲求解作答；

（4）電源的電動勢略微變小，內(nèi)阻變大，導(dǎo)致測得的電流值偏小，分析磁敏電阻的測量值的變化，再結(jié)合圖甲分析作答。（1）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時，磁敏電阻的阻值為R為了保護(hù)電流表，定值電阻R的最小阻值為R故定值電阻R應(yīng)選用R2（2）本實驗為替代法測電阻，故閉合開關(guān)S1，將電阻箱RC調(diào)為1300.0Ω，然后將開關(guān)S（3）當(dāng)電流表的示數(shù)為3.0mA時，磁敏電阻的阻值為R由圖甲可知待測磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為1.0T（4）由于電源的電動勢略微變小，內(nèi)阻變大，導(dǎo)致測得的電流值偏小，磁敏電阻的阻值偏大，由圖像知這將導(dǎo)致磁感應(yīng)強(qiáng)度的測量結(jié)果偏大。12．【答案】（1）4（2）4（3）甲（4）偏大【解析】【解答】本題主要考查了測量一橫截面為半圓形透明玻璃磚的折射率的實驗，要明確實驗原理，掌握折射定律和臨界角公式的運(yùn)用；根據(jù)數(shù)學(xué)知識求解入射角和折射角的正弦是解題的關(guān)鍵。

（1）按照步驟③畫出光路圖，如圖，由幾何關(guān)系sin故折射率為n=（2）按照乙同學(xué)實驗方案畫出光路圖，如圖，此時恰好發(fā)生全反射n=聯(lián)立可得折射率為n=（3）比較甲、乙兩同學(xué)測量折射率的方案，甲同學(xué)誤差更小，因為乙同學(xué)方案中“恰好只有一個光點”的狀態(tài)確定不夠準(zhǔn)確。（4）刻度尺逆時針偏離垂直x軸位置，則L1偏大，L2偏小，測量結(jié)果偏大，則甲同學(xué)測得的折射率較真實值偏大。

???????【分析】（1）按照步驟（2）乙同學(xué)在步驟③后繼續(xù)改變激光筆的位置，直到刻度尺上恰好只有一個光點，此時恰好發(fā)生全反射；根據(jù)數(shù)學(xué)知識求解入射角的正弦，根據(jù)臨界角公式求解作答；

（3）根據(jù)實驗原理分析作答；

（4）根據(jù)實驗原理，結(jié)合得到的折射率的表達(dá)式分析作答。（1）按照步驟③畫出光路圖，如圖，由幾何關(guān)系sin故折射率為n=（2）按照乙同學(xué)實驗方案畫出光路圖，如圖，此時恰好發(fā)生全反射n=聯(lián)立可得折射率為n=（3）比較甲、乙兩同學(xué)測量折射率的方案，甲同學(xué)誤差更小，因為乙同學(xué)方案中“恰好只有一個光點”的狀態(tài)確定不夠準(zhǔn)確。（4）刻度尺逆時針偏離垂直x軸位置，則L1偏大，L13．【答案】（1）已知環(huán)境氣溫不變，說明氣體發(fā)生的是等溫變化；對于一定質(zhì)量的理想氣體，在等溫變化過程中，由玻意耳定律p其中V代入數(shù)據(jù)解得下鎖扣后吸盤內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p（2）水平方向上，吸盤內(nèi)外存在壓強(qiáng)差，大氣對吸盤有一個向內(nèi)的壓力，吸盤內(nèi)氣體對吸盤有一個向外的壓力。吸盤內(nèi)外的壓力差F=代入可得F=40當(dāng)吸盤恰好能掛起重物時，豎直方向上重物的重力等于吸盤受到的最大靜摩擦力即mg=μF代入數(shù)據(jù)計算得m=3.0即吸盤能掛起重物質(zhì)量的最大值為3.0?kg【解析】【分析】（1）根據(jù)玻意耳定律，結(jié)合體積變化分析求解；

（2）根據(jù)吸盤恰好能掛起重物時，豎直方向上重物的重力等于吸盤受到的最大靜摩擦力，結(jié)合吸盤內(nèi)外的壓力差分析求解。（1）已知環(huán)境氣溫不變，說明氣體發(fā)生的是等溫變化；對于一定質(zhì)量的理想氣體，在等溫變化過程中，由玻意耳定律p其中V代入數(shù)據(jù)解得下鎖扣后吸盤內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p（2）水平方向上，吸盤內(nèi)外存在壓強(qiáng)差，大氣對吸盤有一個向內(nèi)的壓力，吸盤內(nèi)氣體對吸盤有一個向外的壓力。吸盤內(nèi)外的壓力差F=代入可得F=40當(dāng)吸盤恰好能掛起重物時，豎直方向上重物的重力等于吸盤受到的最大靜摩擦力即mg=μF代入數(shù)據(jù)計算得m=3.0即吸盤能掛起重物質(zhì)量的最大值為3.0?kg14．【答案】（1）設(shè)曲線某點坐標(biāo)為（x，y），粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，水平方向有x豎直方向有y=其中E=解得y=x22l（2）對從曲線上A點射入的粒子，作出粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示在電場中，粒子做類平拋運(yùn)動，在水平方向有l(wèi)=在豎直方向有v設(shè)粒子進(jìn)入磁場時速度v與豎直方向的夾角為θ，則有tan解得θ=粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，則有qvB=mv2解得T=則粒子在磁場運(yùn)動時間t=解得t=（3）設(shè)粒子從O點進(jìn)入磁場的速度v，與y軸負(fù)向的夾角為α，運(yùn)動半徑為R，由洛倫茲力提供向心力有qvB=m解得R=由幾何知識可知，若無熒光屏粒子出磁場時對應(yīng)的弦長為d=2R該弦長與v無關(guān)，即從OA任一點發(fā)射的粒子都從同一點射出磁場。令O點發(fā)射的粒子在磁場中運(yùn)動軌道半徑R1，結(jié)合上述有令從A點發(fā)射的粒子在磁場中運(yùn)動軌道半徑R2，則有所以打在熒光屏上的發(fā)光點的最大距離為L=解得L=【解析】【分析】（1）根據(jù)類平拋運(yùn)動規(guī)律求圖中曲線方程；

（2）在電場中，粒子做類平拋運(yùn)動，求出磁場中運(yùn)動軌跡的圓心角，根據(jù)幾何關(guān)系求從A點發(fā)射的粒子在磁場中運(yùn)動時間；

（3）根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解半徑，結(jié)合幾何關(guān)系求從A點至O點發(fā)射的粒子打在熒光屏上的發(fā)光點間的最大距離L。（1）設(shè)曲線某點坐標(biāo)為（x，y），粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，水平方向有x豎直方向有y=其中E=解得y=x22l（2）對從曲線上A點射入的粒子，作出粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示在電場中，粒子做類平拋運(yùn)動，在水平方向有l(wèi)=在豎直方向有v設(shè)粒子進(jìn)入磁場時速度v與豎直方向的夾角為θ，則有tan解得θ=粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，則有qvB=mv2解得T=則粒子在磁場運(yùn)動時間t=解得t=（3）設(shè)粒子從O點進(jìn)入磁場的速度v，與y軸負(fù)向的夾角為α，運(yùn)動半徑為R，由洛倫茲力提供向心力有qvB=m解得R=由幾何知識可知，若無熒光屏粒子出磁場時對應(yīng)的弦長為d=2R該弦長與v無關(guān)，即從OA任一點發(fā)射的粒子都從同一點射出