高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆河南省許平汝名校高三下學(xué)期模擬測(cè)試試題本試卷滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。一、單項(xiàng)選擇題∶本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.放射源釙（）自發(fā)衰變成鉛（）時(shí)會(huì)放出一個(gè)粒子，同時(shí)釋放的核能為。已知釙（）核的比結(jié)合能為，鉛（）核的比結(jié)合能為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該衰變?yōu)樗プ傿.該衰變?yōu)樗プ僀.所釋放粒子的比結(jié)合能為D.所釋放粒子的比結(jié)合能為【答案】C【解析】AB．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得該衰變?yōu)棣了プ儯蔄B錯(cuò)誤；CD．由能量關(guān)系可知所釋放粒子的比結(jié)合能為故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，由紫光與紅光混合的細(xì)光束從底面鍍銀的半圓形玻璃磚頂點(diǎn)A以入射角=60°射入玻璃磚，已知該玻璃磚對(duì)紫光與紅光的折射率分別為n1、n2（n1>n2>），光束在玻璃磚半圓弧面上發(fā)生折射時(shí)不考慮反射，紫光與紅光在玻璃磚內(nèi)傳播的時(shí)間分別為t1、t2。下列判斷正確的是（）A.t1>t2 B.t1=t2 C.t1<t2 D.t1≤t2【答案】A【解析】作出光束在玻璃磚內(nèi)傳播的光路圖。設(shè)半圓形玻璃磚的半徑為R，真空中的光速為c，紫光、紅光在A點(diǎn)的折射角分別為α、β。對(duì)紫光有，，解得同理得由于，故，選項(xiàng)A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。3.將壓癟的乒乓球（未漏氣）浸泡在熱水中，一段時(shí)間后乒乓球便恢復(fù)原狀，然后將其從熱水中拿出，乒乓球內(nèi)部氣體（視為理想氣體）經(jīng)歷了由的變化過(guò)程，V-T圖像如圖所示，T為熱力學(xué)溫度，已知理想氣體的內(nèi)能與熱力學(xué)溫度成正比，則下列結(jié)論正確的是（）A.狀態(tài)A、B的壓強(qiáng)之比為3：2B.A→D過(guò)程，球內(nèi)氣體從外界吸收的熱量為零C.在狀態(tài)C、D時(shí)氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)平均速率之比為2：1D.在狀態(tài)C、D時(shí)氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的平均速率之比為1：2【答案】C【解析】A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知解得，A錯(cuò)誤；B．A→D的過(guò)程中，溫度不變，故內(nèi)能不變，氣體體積增大，對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，B錯(cuò)誤；CD．由題意可知，氣體的平均動(dòng)能，可得C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4.山東省計(jì)劃到2020年，建成“五條交流兩條直流”的外電入魯輸電格局，接受外電能力達(dá)到2500萬(wàn)千瓦，占全省年用電量近。外電入魯接近用戶端時(shí)通過(guò)降壓變壓器降壓給用戶供電的示意圖如圖所示（圖中變壓器可視為理想變壓器，圖中電表均為理想交流電表）。用戶電阻用R表示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比小于1B.降壓變壓器不能改變功率，但可以改變電壓和頻率的大小C.僅用戶電阻R變小時(shí)，電壓表的示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變大D.僅用戶電阻R變大時(shí)，電壓表的示數(shù)變大，電流表的示數(shù)變小【答案】D【解析】A．由降壓變壓器可知因U1>U2，則降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比大于1，故A錯(cuò)誤；B．變壓器只能改變電壓和電流，不能改變功率和頻率，故B錯(cuò)誤；C．僅用戶電阻R變小時(shí)，總電流變大，根據(jù)輸電的電壓損失變大，變壓器輸入端電壓變小，所以電壓表的示數(shù)變小，電流表的示數(shù)變大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)C選項(xiàng)分析，同理可知僅用戶電阻R變大時(shí)，電壓表的示數(shù)變大，電流表的示數(shù)變小，故D正確。故選D。5.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有兩個(gè)相同的彈簧測(cè)力計(jì)，測(cè)力計(jì)下方豎直懸掛一副邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，粗細(xì)均勻的勻質(zhì)金屬等邊三角形，將三條邊分別記為a、b、c。在a的左右端點(diǎn)M、N連上導(dǎo)線，并通入由M到N的恒定電流，此時(shí)a邊中電流大小為I，兩彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)均為。僅將電流反向，兩彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)均為。電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)忽略不計(jì)，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.三條邊a、b、c中電流大小相等B.兩次彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)C.金屬等邊三角形的總質(zhì)量D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】C【解析】A．根據(jù)題意可知，b與c串聯(lián)后再與a并聯(lián)，電壓相等，bc的電阻為a的電阻的兩倍，此時(shí)a邊中電流大小為I，則bc中的電流為，故A錯(cuò)誤；BCD．電流反向前，根據(jù)左手定則，可知a邊的安培力方向豎直向上，b、c邊的安培力合力方向也豎直向上，a邊的安培力大小為b、c邊的安培力合力大小為對(duì)金屬等邊三角形受力分析，可得電流反向后，根據(jù)左手定則，可知a邊的安培力方向豎直向下，b、c邊的安培力合力方向豎直向下，a邊的安培力大小仍然為b、c邊的安培力合力大小仍然為對(duì)金屬等邊三角形受力分析，可得解得，可得，故BD錯(cuò)誤；C正確。故選C。6.如圖所示，是做平拋運(yùn)動(dòng)的a球和做自由落體運(yùn)動(dòng)的b球的運(yùn)動(dòng)軌跡，其中A點(diǎn)和B點(diǎn)分別是a、b兩球運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)，C為兩球軌跡的交點(diǎn)。已知兩球同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)。圖中每個(gè)小方格的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，重力加速度為g。則（）A.a球拋出的初速度為B.兩球C點(diǎn)相遇C.a球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，兩球間的距離為2LD.兩球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小距離為2L【答案】D【解析】A．a(chǎn)球做平拋運(yùn)動(dòng)，從A到C在豎直方向有在水平方向有可得a球的初速度，故A錯(cuò)誤；B．豎直方向上兩球均做自由落體運(yùn)動(dòng)，且同時(shí)下落，因起始點(diǎn)B較A點(diǎn)高2L，故兩球豎直方向的間距恒為2L，不可能在空間上某點(diǎn)相遇，故B錯(cuò)誤；CD．以b為參考系，a相對(duì)b做水平方向的勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a位于直線BC上時(shí)，有最小距離2L，而a運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)時(shí)b位于BC直線上且距D水平距離為豎直距離為實(shí)際合成距離為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.有一種簡(jiǎn)單測(cè)量聲速的辦法：如圖所示，電子石英鐘放在擴(kuò)音機(jī)前，擴(kuò)音機(jī)喇叭正對(duì)墻壁放出電子石英鐘秒針走動(dòng)時(shí)有節(jié)奏的“咔、咔”聲（每相鄰兩個(gè)“咔”聲相隔時(shí)間為T），讓某同學(xué)站在墻壁和擴(kuò)音機(jī)中間某位置，這位同學(xué)既能直接聽到喇叭發(fā)出的聲音，也能聽到墻壁反射來(lái)的聲音，只不過(guò)反射來(lái)的聲音的音量更小一些，聽到的聲音節(jié)奏為“咔（強(qiáng)）——咔（弱）——咔（強(qiáng)）——咔（弱）……”當(dāng)這位同學(xué)與墻的距離為L(zhǎng)時(shí)（該同學(xué)與擴(kuò)音機(jī)喇叭的距離大于2L），聽到“咔（弱）”的時(shí)刻正好是兩個(gè)“咔（強(qiáng)）”的中間時(shí)刻，則聲速v的測(cè)量值為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】設(shè)擴(kuò)音機(jī)與人相距，則人聽到第一聲咔（強(qiáng)）的時(shí)刻為聽到第二次咔（強(qiáng)）的時(shí)刻為聽到第一次咔（弱）的時(shí)刻為已知，聽到“咔（弱）”的時(shí)刻正好是兩個(gè)“咔（強(qiáng)）”的中間時(shí)刻，即有因此有解得，故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.赤道上某處固定有很長(zhǎng)的豎直索道，太空電梯可沿索道上下運(yùn)動(dòng)。電影《流浪地球2》有這樣一個(gè)片段，太空電梯沿索道勻速上升，某時(shí)刻站在太空電梯地板上的人突然飄起來(lái)了，下列說(shuō)法正確的是（）（已知地球半徑，地球表面重力加速度g取）A.太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的角速度變大B.太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度變大C.站在太空電梯地板上的人突然飄起來(lái)時(shí)，太空電梯離地面的高度約為D.站在太空電梯地板上的人突然飄起來(lái)時(shí)，太空電梯離地面的高度約為【答案】BD【解析】A．太空電梯和地球要保持相對(duì)靜止，則電梯各處必有相同的角速度，故A錯(cuò)誤B．由公式可知，太空電梯沿索道勻速上升時(shí)，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變大，則太空電梯繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度變大，故B正確；CD．站在太空電梯地板上的人突然飄起來(lái)時(shí)，人所受萬(wàn)有引力恰好提供做圓周運(yùn)動(dòng)向心力，設(shè)此時(shí)太空電梯離地面的高度為，則有，地球表面物體受到的重力聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。9.如圖甲所示，在分布區(qū)域足夠大的均勻介質(zhì)的水平表面上建立坐標(biāo)系xOy，t=0時(shí)刻，位于坐標(biāo)原點(diǎn)O的波源沿z軸方向開始做如圖乙所示的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，波源的振動(dòng)在均勻介質(zhì)中將形成以O(shè)點(diǎn)為中心的簡(jiǎn)諧圓面橫波。圖中半徑R1=12m的虛線圓面Ⅰ為簡(jiǎn)諧圓面橫波的波谷，半徑R2=18m的實(shí)線圓面Ⅱ?yàn)橄噜彽暮?jiǎn)諧圓面橫波的波峰。已知xOy平面內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)A、B、C的坐標(biāo)分別為（9m，12m）、（－3m，－3m）、（－12m，12m），則下列說(shuō)法正確的是（）A.波在介質(zhì)中的傳播速度為60m/sB.t=0.8s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A的加速度達(dá)到最大，方向沿z軸負(fù)方向C.t=0.6s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)B的速度達(dá)到最大，方向沿z軸正方向D.在0~2.3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)C振動(dòng)通過(guò)的路程為1.5m【答案】BD【解析】A．根據(jù)題意可知，波長(zhǎng)根據(jù)題圖乙可知振動(dòng)周期則波的傳播速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題圖乙可知，波源起振方向沿z軸負(fù)方向，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)A的坐標(biāo)（9m，12m），可得O、A間距為，波傳到質(zhì)點(diǎn)A經(jīng)歷時(shí)間C．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)B的坐標(biāo)（－3m，－3m），可得O、B間距為波傳到質(zhì)點(diǎn)B經(jīng)歷時(shí)間，開始振動(dòng)，起振方向與波源起振方向相同，沿z軸負(fù)方向，由于，表明時(shí)質(zhì)點(diǎn)B到達(dá)了平衡位置，速度達(dá)到最大值，方向沿z軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)C的坐標(biāo)（－12m，12m），可得O、C間距為波傳到質(zhì)點(diǎn)C經(jīng)歷時(shí)間開始振動(dòng)，起振方向與波源起振方向相同，沿z軸負(fù)方向，由于則0～2.3s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)C振動(dòng)通過(guò)的路程為，故D正確。故選BD。10.如圖所示，正方形ABCD四個(gè)頂點(diǎn)固定四個(gè)等量點(diǎn)電荷，其中A、B處電荷帶正電，C、D處電荷帶負(fù)電，E、F、G、H分別為正方形四條邊的中點(diǎn)，O為正方形的中心，下列說(shuō)法正確的是（）A.O點(diǎn)電勢(shì)為0B.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0C.電子在E點(diǎn)的電勢(shì)能小于在F點(diǎn)的電勢(shì)能D.將電子從G點(diǎn)沿直線移動(dòng)到H點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功【答案】AC【解析】AD．點(diǎn)分別在和的中垂線上，處和處分別放置等量異種點(diǎn)電荷，為0等勢(shì)線，所以點(diǎn)的電勢(shì)為零，將電子從點(diǎn)沿直線移動(dòng)到點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，選項(xiàng)A正確、選項(xiàng)D錯(cuò)誤；B．處和處分別放置等量同種點(diǎn)電荷，它們?cè)谥写咕€上產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度方向均由指向，所以點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不為0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因電場(chǎng)強(qiáng)度方向均由指向，所以點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)，帶負(fù)電的電子在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，所以電子在點(diǎn)的電勢(shì)能小于在點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)C正確。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某班級(jí)分若干個(gè)學(xué)習(xí)小組，通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律思路：求出做自由落體運(yùn)動(dòng)物體的重力勢(shì)能的減少量和對(duì)應(yīng)過(guò)程動(dòng)能的增加量，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若二者相等，說(shuō)明機(jī)械能守恒，從而驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。（1）在實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程中出現(xiàn)如圖所示的四種情況，操作正確的是。A. B. C. D.（2）按正確合理的方法進(jìn)行操作，打出的一條紙帶如下圖所示，在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)O的距離分別為hA、hB、hC。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，重物的質(zhì)量為m，交流電的頻率為f。從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能減小量__________，動(dòng)能增加量__________。（3）換用兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的重物P、Q進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，記錄下落高度h和相應(yīng)的速度大小v，描繪v2-h圖像如圖。對(duì)比圖像分析正確的是。A.阻力可能為零 B.阻力不可能為零C.m1可能等于m2 D.m1不可能等于m2【答案】（1）B（2）①.②.（3）BC【解析】【小問(wèn)1】打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)連接交流電源，為了減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦，并且充分利用紙帶，應(yīng)手提著紙帶上端使紙帶處于豎直方向且重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。故選B【小問(wèn)2】從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能的減少量依題意有，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻速度等于該段過(guò)程的平均速度，則打B點(diǎn)時(shí)的速度大小為則從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過(guò)程中，重物動(dòng)能的增加量為【小問(wèn)3】設(shè)重物受到的阻力大小為f，根據(jù)動(dòng)能定理可得整理可得若阻力為0，則v2-h圖線的斜率為，則兩圖線斜率應(yīng)相同，由題圖可知，兩圖線斜率不相等，所以阻力不可能為零；由圖像斜率關(guān)系可知由于不清楚兩重物所受阻力大小關(guān)系，所以無(wú)法確定m1與m2的大小關(guān)系，即m1可能等于m2。故選BC。12.隨著智能手機(jī)耗電的增加，充電寶成了為手機(jī)及時(shí)充電的一種重要選擇。小南同學(xué)利用下列所給器材研究了不同電量時(shí)某充電寶的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻變化規(guī)律。A.電壓表V（量程，內(nèi)阻約）B.電流表A（量程，內(nèi)阻約）C.滑動(dòng)變阻器（）D.滑動(dòng)變阻器（）E.待測(cè)充電寶（電動(dòng)勢(shì)E約，內(nèi)阻r約）F.開關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選__________（填或），電路應(yīng)選圖甲中的__________（填“1”或“2”）。（2）連接電路，電源用電量的充電寶，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄電壓表和電流表的讀數(shù)。作出U-I圖像，如圖乙所示。由圖像求得電量充電寶的電動(dòng)勢(shì)E=__________，內(nèi)阻__________。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）（3）由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，充電寶內(nèi)阻的測(cè)量值__________真實(shí)值（選填“大于”“小于”或“等于”）。（4）小南同學(xué)又測(cè)量了不同電量某充電寶的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，如下表所示。根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的分析處理方法可以發(fā)現(xiàn)，隨著該充電寶電量的減少，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的變化規(guī)律是：電動(dòng)勢(shì)________，內(nèi)阻________。電量100%80%60%40%20%5%5.045.045.005.145.080.210.200.210.250.15【答案】（1）；1（2）5.07##5.08##5.09；（3）小于（4）基本不變；基本不變【解析】【小問(wèn)1】充電寶內(nèi)阻小，選阻值小的滑動(dòng)變阻器方便調(diào)節(jié)，故選；充電寶內(nèi)阻小，圖2中電流表分壓作用明顯，電路圖選1誤差較?。弧拘?wèn)2】由閉合電路歐姆定律得作出圖像，如圖所示縱軸的截距表示充電寶的電動(dòng)勢(shì)，故電源內(nèi)阻【小問(wèn)3】等效電源法，測(cè)量值為電壓表內(nèi)阻和充電寶內(nèi)阻并聯(lián)值，故測(cè)量值小于真實(shí)值【小問(wèn)4】充電寶的電動(dòng)勢(shì)非常穩(wěn)定，幾乎跟電量的多少?zèng)]有關(guān)系，電量在已充滿和快用完之間，被測(cè)充電寶的電動(dòng)勢(shì)始終是5.1伏左右，故電動(dòng)勢(shì)基本不變。雖然充電寶在不同電量下測(cè)得的內(nèi)阻數(shù)值有所不同，但它們離平均值的差異都小于0.1歐?？梢哉J(rèn)為，這是由測(cè)量時(shí)的偶然誤差引起的，其數(shù)量級(jí)跟實(shí)驗(yàn)用的導(dǎo)線電阻相當(dāng)，充電寶內(nèi)阻基本不變。13.2024年10月25日第57屆田徑運(yùn)動(dòng)會(huì)正式開幕。小明所在班級(jí)使用了桶裝純凈水進(jìn)行供水，圖甲為桶裝純凈水使用壓水器供水的示意圖，圖乙是簡(jiǎn)化的原理圖。當(dāng)手按下壓水器時(shí)，壓水器中的活塞打開，外界空氣壓入桶內(nèi)，放手后，壓水器活塞關(guān)閉，當(dāng)壓水器將水壓到出水管管口時(shí)，水可以流出。壓水器出水管上方有一個(gè)止水閥，按下止水閥，桶內(nèi)空氣可以與外界相通。已知桶底橫截面積，容積V＝20L。現(xiàn)桶內(nèi)有10L水，初始時(shí)出水管豎直部分內(nèi)外液面相平，出水口與桶內(nèi)水面的高度差h＝0.3m，壓水器氣囊的容積，空氣可視為理想氣體。出水管的體積與桶內(nèi)水的體積相比可忽略不計(jì)，水的密度，外界大氣壓強(qiáng)恒為，重力加速度g取。（1）若桶內(nèi)氣體溫度不變，剛好有水從出水管流出時(shí)桶內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為多少。（2）已知小明的水杯容量為500mL，現(xiàn)有10位擁有相同容量水杯的同學(xué)需要接水。若每次將氣囊完全壓下，需要壓多少次，可以讓10位同學(xué)剛好接滿水。已知整個(gè)過(guò)程桶內(nèi)溫度不變，壓氣完成后打開出水管開關(guān)進(jìn)行接水。【答案】（1）（2）28次【解析】【小問(wèn)1】設(shè)剛有水出時(shí)桶內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，解得【小問(wèn)2】設(shè)10位同學(xué)用水總量為，則有此時(shí)水面到管口的高度為解得設(shè)接水穩(wěn)定后桶內(nèi)壓強(qiáng)為，則有解得對(duì)整個(gè)過(guò)程，根據(jù)玻意耳定律可得聯(lián)立可得n＝28次14.如圖所示，位于同一水平面上的物塊甲、乙、丙均可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量分別為和，初始時(shí)甲以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，乙、丙分別靜止在兩點(diǎn)。已知水平面足夠長(zhǎng)，兩點(diǎn)間距為，重力加速度為，僅兩點(diǎn)之間的地面可能存在摩擦，所有碰撞均沒有能量損失。（1）若兩點(diǎn)之間光滑，甲與乙、乙與丙各發(fā)生一次碰撞后立即將乙取走，判斷甲和丙能否再次發(fā)生碰撞；（2）若甲、乙與間地面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，為使三個(gè)物塊間只能發(fā)生共2次碰撞求應(yīng)滿足的條件?！敬鸢浮浚?）不能（2）【解析】【小問(wèn)1】若A、B兩點(diǎn)之間光滑，規(guī)定向右為正方向，甲與乙先發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒有，解得，此后乙與丙發(fā)生彈性碰撞，有，解得顯然，取走乙后，甲與丙速度完全相同，故不能再相碰【小問(wèn)2】由（1）可知，甲與乙先發(fā)生第一次碰撞，碰后兩者的速度分別為，，此后乙穿過(guò)AB的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有解得顯然根號(hào)內(nèi)值必須為正，即解得然后乙與丙發(fā)生第二次碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒有，解得為使乙不會(huì)與甲再次碰撞，應(yīng)使甲、乙都在AB間減速直至都靜止時(shí)