高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高三高考特訓(xùn)2物理試卷本試卷共6頁(yè)，15題。滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘?！镒？荚図樌镒⒁馐马?xiàng)：1.答題前、先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.地鐵是城市中重要的交通工具，某城市地鐵相鄰兩站之間的軌道可以看成水平直軌道，某相鄰兩站之間的距離為912m。已知地鐵列車(chē)變速時(shí)的最大加速度大小為1.5m/s2，行駛過(guò)程允許的最大速度為24m/s，列車(chē)在每一個(gè)站都需要?？?，則地鐵列車(chē)在這兩站之間行駛的最短時(shí)間為A.35s B.42s C.50s D.54s2.如圖所示，圍棋比賽時(shí)解說(shuō)員用的掛盤(pán)盤(pán)面豎直，磁性棋子吸在棋盤(pán)上靜止不動(dòng)，每個(gè)棋子的質(zhì)量相等，與盤(pán)面間的磁性吸力大小不一定相等，則下列說(shuō)法正確的是A.棋盤(pán)對(duì)不同棋子的摩擦力大小不一定相等B.磁性吸力大的棋子受到棋盤(pán)的摩擦力可能大于該棋子的重力C.若將棋盤(pán)傾斜放置，棋盤(pán)對(duì)棋子的作用力不變D.棋盤(pán)對(duì)棋子的彈力小于棋盤(pán)對(duì)棋子的磁性吸力3.如圖甲所示，某立方體玻璃制品內(nèi)部有一可視為點(diǎn)光源的發(fā)光二極管。將半徑為r的圓形不透光紙片貼在立方體側(cè)面，紙片圓心正對(duì)點(diǎn)光源。讓立方體靠近白色墻壁，當(dāng)墻壁黑影半徑等于2r時(shí)，測(cè)得紙片到墻壁的距離為d。換用不同半徑紙片重復(fù)上述操作，得到多組數(shù)據(jù)并作出d2-r2圖線如圖乙所示，已知圖線為直線，a為橫截距，b為縱截距。該玻璃制品折射率為A. B. C. D.4.如圖，四個(gè)點(diǎn)電荷分別固定于圓周的兩個(gè)互相垂直直徑的端點(diǎn)上，電荷的帶電量如圖所示。a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)到圓心等距，以下說(shuō)法中正確的是A.沿直徑從c到d電勢(shì)逐漸升高B.沿直徑從a到b電勢(shì)逐漸降低C.a、b、c、d四點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同D.正電荷沿直徑由c到O，再沿直徑從O到a，電勢(shì)能一直增大5.如圖是部分原子核的比結(jié)合能（平均結(jié)合能）與質(zhì)量數(shù)的關(guān)系圖像，通過(guò)該圖像可以得出一些原子核的比結(jié)合能，如?816O的核子比結(jié)合能約為8MeV，?24He的核子比結(jié)合能約為A.?3680Kr核的比結(jié)合能比?54144B.?24C.把?816O分成4個(gè)?24D.把?816O分成8個(gè)質(zhì)子和8個(gè)中子比把?816O分成6.如下圖所示，半徑均為R的兩球形行星A、B的密度之比為ρA：ρB=1:2，A、B各有一個(gè)近地衛(wèi)星C、D，其繞行周期分別為T(mén)C、TD。站在行星表面的宇航員從距A行星表面高為h處以v0水平拋出一物體a，從距B行星表面高為2h處以2v0水平拋出另一物體b。下列說(shuō)法正確的是A.a、b兩物體從拋出到落地的位移之比為1:2B.C、D繞A、B運(yùn)行的速度之比為1:4C.C、D繞A、B運(yùn)行的周期滿足TC=TDD.由于不知道a與b的質(zhì)量，所以無(wú)法求出二者落地時(shí)速度之比7.我國(guó)設(shè)想的登月載人飛船運(yùn)行軌跡如圖所示。飛船在圓形“停泊軌道”的P點(diǎn)加速進(jìn)入橢圓“過(guò)渡軌道”，該軌道離地球表面最近距離為h1，飛船到達(dá)離P點(diǎn)最遠(yuǎn)距離為L(zhǎng)的Q點(diǎn)時(shí)，被月球引力“俘獲”后，在距月球表面的圓形“繞月軌道”上飛行。已知地球半徑為R，月球半徑為r，地球表面重力加速度為g（是月球的6倍），飛船在“過(guò)渡軌道”運(yùn)行時(shí)忽略月球引力影響。下列說(shuō)法正確的是A.飛船的發(fā)射速度大于11.2km/sB.飛船在“過(guò)渡軌道”上P點(diǎn)加速度小于“停泊軌道”上P點(diǎn)的加速度C.飛船在“停泊軌道”與“繞月軌道”上的運(yùn)行速率之比為rD.飛船從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間為π8.如圖所示，MN為某一定質(zhì)量的封閉理想氣體的絕熱曲線（與外界沒(méi)有熱量交換），ABC是某一變化過(guò)程（AB平行于V軸），其中箭頭表示過(guò)程進(jìn)行的方向。下列說(shuō)法正確的是A.氣體由狀態(tài)A沿絕熱曲線MN到狀態(tài)C的過(guò)程中，溫度一直不變B.氣體由狀態(tài)A沿直線AB到狀態(tài)B的過(guò)程中，氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積的器壁的撞擊次數(shù)變少C.氣體由狀態(tài)A沿ABC到狀態(tài)C的過(guò)程中，氣體要吸收熱量D.氣體由狀態(tài)A沿ABC到狀態(tài)C的過(guò)程中，氣體對(duì)外先做負(fù)功后做正功9.一水平傳送帶長(zhǎng)L=20m，以恒定速率v=4m/s沿順時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)。在傳送帶左端每隔1s輕放一個(gè)相同的小物塊，小物塊的質(zhì)量m=2kg，與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，忽略小物塊的尺寸，g取10m/s2，從第1個(gè)小物塊到達(dá)傳送帶最右端開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是A.每個(gè)小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為10sB.計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)刻，第8個(gè)小物塊剛放上傳送帶C.計(jì)時(shí)后1s內(nèi)，傳送帶對(duì)所有小物塊摩擦力的總沖量大小為10N·sD.計(jì)時(shí)后1s內(nèi)，所有小物塊對(duì)傳送帶的摩擦力做的總功為-32J10.如圖所示，將光滑的平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，左、右傾斜導(dǎo)軌與水平面夾角均為θ=30°，中間導(dǎo)軌水平且足夠長(zhǎng)。導(dǎo)軌間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，左側(cè)傾斜導(dǎo)軌間磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B，中間和右側(cè)傾斜導(dǎo)軌間磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。將長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒ab、cd放置在傾斜導(dǎo)軌上，距水平面高度均為h。兩導(dǎo)體棒同時(shí)由靜止釋放，在下滑過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，一段時(shí)間后導(dǎo)體棒cd到達(dá)右側(cè)傾斜導(dǎo)軌底端，速度為v。導(dǎo)體棒ab、cd的質(zhì)量分別為2m和m，電阻分別為2R和R。導(dǎo)軌連接處平滑，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g，不考慮磁場(chǎng)的邊界效應(yīng)。下列說(shuō)法正確的是A.導(dǎo)體棒cd到達(dá)右側(cè)傾斜導(dǎo)軌底端時(shí)，導(dǎo)體棒ab的速度大小為1B.導(dǎo)體棒ab進(jìn)入水平導(dǎo)軌時(shí)，回路中電流大小為2C.兩導(dǎo)體棒相距最近時(shí)，速度均為0D.從靜止釋放到兩導(dǎo)體棒相距最近，通過(guò)導(dǎo)體棒ab的電荷量為3二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11．（6分）利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以測(cè)量滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，一塊表面平整的長(zhǎng)木板放在水平桌面上，然后把一根彈簧固定在木板左端O點(diǎn)。A與O的距離剛好等于彈簧的自然長(zhǎng)度?；瑝K放在長(zhǎng)木板上不與彈簧栓接。（1）利用手機(jī)端秒表功能，可以簡(jiǎn)易測(cè)量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，讓滑塊壓縮彈簧，然后釋放滑塊，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)停下，測(cè)得由A到B的時(shí)間為t，用直尺測(cè)出A、B之間的距離為l，則動(dòng)摩擦因數(shù)測(cè)量結(jié)果的表達(dá)式為μ=（用t、l、g表示）。（2）由于滑塊滑行時(shí)間較短，導(dǎo)致時(shí)間t測(cè)量誤差較大，為了更精確測(cè)量動(dòng)摩擦因數(shù)，在A位置放置一個(gè)光電門(mén)，同時(shí)在滑塊上安裝上遮光片，用20分度的游標(biāo)卡尺量測(cè)遮光片寬度d，結(jié)果如圖所示，則d=mm。（3）手推滑塊壓縮彈簧，然后釋放滑塊，記錄下滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)擋光時(shí)間為Δt，測(cè)量出滑塊停下的位置B到A的距離l；改變彈簧的壓縮量，記錄下多組Δt、l數(shù)據(jù)，然后用圖像法處理數(shù)據(jù)，做出l-1Δt2圖像，如圖所示，發(fā)現(xiàn)圖像是一條直線，在直線上取兩點(diǎn)P、Q，測(cè)出兩點(diǎn)坐標(biāo)P（x1，y1）、Q（x2，y2），則滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=（用d、g、x1、y1、x12．（8分）某中學(xué)物理興趣小組設(shè)計(jì)了一款測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的磁場(chǎng)測(cè)量?jī)x，其工作原理如甲圖所示，其中磁敏電阻RB的阻值隨磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化規(guī)律如圖乙所示。可供選擇的器材有：A.磁敏電阻RB（工作范圍為0~3.0T）B.電源（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻很小）C.電流表（量程為1.0mA，內(nèi)阻為100Ω）D.電阻箱RC（最大阻值為9999.9Ω）E.定值電阻R0（阻值為25Ω）F.定值電阻R1（阻值為10Ω）G.定值電阻R2（阻值為280Ω）H.開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線若干（1）由于電流表的量程太小，現(xiàn)將電阻R0與電流表并聯(lián)以實(shí)現(xiàn)測(cè)量較大電流的效果，則并聯(lián)后干路允許通過(guò)最大電流為mA（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（2）按照?qǐng)D甲所示連接實(shí)驗(yàn)電路，保護(hù)電阻R應(yīng)選用（填“R1”或“R2”）。（3）按下列步驟進(jìn)行調(diào)試：①閉合開(kāi)關(guān)S1，將電阻箱RC調(diào)為1300.0Ω，然后將開(kāi)關(guān)S2向a端閉合，將電流表此時(shí)指針對(duì)應(yīng)的刻度線標(biāo)記為3.0T；②逐步減小電阻箱RC的阻值，按照?qǐng)D乙將電流表的“電流”刻度線標(biāo)記為對(duì)應(yīng)的“磁感應(yīng)強(qiáng)度”值；③將開(kāi)關(guān)S2向b端閉合，測(cè)量?jī)x即可正常使用。（4）用調(diào)試好的磁場(chǎng)測(cè)量?jī)x進(jìn)行測(cè)量，當(dāng)電流表的示數(shù)為0.5mA時(shí)，待測(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為T(mén)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（5）使用一段時(shí)間后，由于電源的電動(dòng)勢(shì)略微變小，內(nèi)阻變大，這將導(dǎo)致磁感應(yīng)強(qiáng)度的測(cè)量結(jié)果（填“偏大”“偏小”或“不變”）。13．（12分）如圖所示，一條長(zhǎng)直的細(xì)繩平放在水平面上，時(shí)刻，用手握M端使其開(kāi)始由平衡位置向上振動(dòng)，形成簡(jiǎn)諧波的振幅為A=10cm，某一時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M處在平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，而質(zhì)點(diǎn)N剛好運(yùn)動(dòng)到波峰。已知MN=5m，M點(diǎn)振動(dòng)的周期為0.8s，求：（1）該簡(jiǎn)諧波的傳播速度；（2）如果該簡(jiǎn)諧波的速度最大，則0~2.0s的時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)N通過(guò)的路程。14．（16分）如圖所示，水平傳送帶以5m/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶左右兩端的距離為3.6m。傳送帶右端的正上方有一懸點(diǎn)O，用長(zhǎng)為0.3m、不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛一質(zhì)量為0.2kg的小球，小球與傳送帶上表面平齊但不接觸。在O點(diǎn)右側(cè)的P點(diǎn)固定一釘子，P點(diǎn)與O點(diǎn)等高。將質(zhì)量為0.1kg的小物塊無(wú)初速輕放在傳送帶左端，小物塊運(yùn)動(dòng)到右端與小球正碰，碰撞時(shí)間極短，碰后瞬間小物塊的速度大小為1m/s、方向水平向左。小球碰后繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)輕繩被釘子擋住后，小球繼續(xù)繞P點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)。已知小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度大小g=10m/s2。（1）求碰撞前小物塊與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量；（2）求小物塊與小球碰撞過(guò)程中，兩者構(gòu)成的系統(tǒng)損失的總動(dòng)能；（3）若小球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)正上方，繩子不松弛，求P點(diǎn)到O點(diǎn)的最小距離。15．（18分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的xOy直角坐標(biāo)系，水平x軸上的D點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離d0=5m，y軸上的P點(diǎn)與O點(diǎn)的距離L=5m。在y<0區(qū)域，充滿沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=1T、方向垂直xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量m=1kg、電荷量q=1C的帶負(fù)電小D球，在P點(diǎn)以初速度v0沿x軸正方向射出，進(jìn)入y<0區(qū)域后恰好能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。重力加速度g取10m/s2。（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；（2）若小球能通過(guò)D點(diǎn)，求初速度v0的可能大?。唬?）撤去電場(chǎng)，再讓該小球在P點(diǎn)從靜止開(kāi)始自由下落，求小球在y<0區(qū)域運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距x軸的最遠(yuǎn)距離ym及小球的最大速度vm。——★參考答案★——一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。題號(hào)12345678910答案DCCDCADBCBDBD1．【答案】D【詳析】由于地鐵列車(chē)在每站都需要?？?，則地鐵列車(chē)在兩站之間一定有加速和減速過(guò)程，列車(chē)做勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均為，勻加速和勻減速過(guò)程運(yùn)動(dòng)的距離之和。因?yàn)?，所以列?chē)以最大速度做勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，列車(chē)在兩站之間行駛的最短時(shí)間2．【答案】C【詳析】AB．因棋子質(zhì)量相等，根據(jù)平衡條件，棋盤(pán)對(duì)不同棋子的摩擦力大小相等，都等于重力，故AB錯(cuò)誤；D．根據(jù)平衡條件，棋盤(pán)對(duì)棋子的彈力大小等于棋盤(pán)對(duì)棋子的磁性吸力大小，故D錯(cuò)誤；C．若將棋盤(pán)傾斜放置，棋盤(pán)對(duì)棋子的作用力始終與重力等大反向，故C正確。3．【答案】C【詳析】如圖所示，根據(jù)折射定律可得，，，聯(lián)立可得，結(jié)合乙圖可得，，所以。4．【答案】D【詳析】ABC．電勢(shì)是標(biāo)量，電場(chǎng)是矢量，根據(jù)等量同種電荷電場(chǎng)的分布特點(diǎn)、電場(chǎng)疊加原理和對(duì)稱(chēng)性可知，c、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等大反向，c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)水平向左，d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)水平向右，同理可知a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等大反向，a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)豎直向下，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)豎直向上，O點(diǎn)為零，故可知cO間電場(chǎng)線方向向左，Od間電場(chǎng)線方向向右，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則沿直徑從c到d電勢(shì)先逐漸升高，后逐漸降低，同理可得aO間電場(chǎng)線方向向下，Ob間電場(chǎng)線方向向上，則沿直徑從a到b電勢(shì)先逐漸降低，后逐漸升高，ABC選項(xiàng)錯(cuò)誤；D．由電勢(shì)能和電勢(shì)關(guān)系正電荷沿直徑由c到O，再沿直徑從O到a，電勢(shì)能變化與電勢(shì)變化一致，電勢(shì)能一直增大，D選項(xiàng)正確。5．【答案】C【詳析】A．比結(jié)合能為原子核的核子結(jié)合為原子核的過(guò)程中所釋放的能量與核子數(shù)的比值，比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，根據(jù)圖示可知，核的比結(jié)合能比大，則比更穩(wěn)定，故A錯(cuò)誤；B．核的比結(jié)合能約為7MeV，則核的結(jié)合能約為4×7MeV=28MeV，故B錯(cuò)誤；C．把分成8個(gè)中子和8個(gè)質(zhì)子需要吸收的能量為把2個(gè)質(zhì)子與2個(gè)中子組合成一個(gè)氦核需要釋放的能量為，所以把分成4個(gè)要吸收故C正確；D．結(jié)合上述可知，把分成8個(gè)質(zhì)子和8個(gè)中子需要吸收128MeV的能量，把分成4個(gè)需要吸收16MeV的能量，所以把分成8個(gè)質(zhì)子和8個(gè)中子比把分成4個(gè)要多吸收的能量約為128MeV-16MeV=112MeV故D錯(cuò)誤。6．【答案】A【詳析】A．在行星表面有，可得，可知行星A、B的表面重力加速度之比為，a、b兩物體在空中的時(shí)間分別為，，a、b兩物體的水平位移分別為，，聯(lián)立可得，則a、b兩物體從拋出到落地的位移之比為，故A正確；B．近地衛(wèi)星繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力可得，可得，可知C、D繞A、B運(yùn)行的速度之比為，故B錯(cuò)誤；C．近地衛(wèi)星繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力可得，可得，可知C、D繞A、B運(yùn)行的周期之比為，故C錯(cuò)誤；D．對(duì)于物體a，根據(jù)動(dòng)能定理可得，可得，對(duì)于物體b，根據(jù)動(dòng)能定理可得，可得，則有，故D錯(cuò)誤。7．【答案】D【詳析】A．飛船只是從地球軌道轉(zhuǎn)移到繞月軌道，沒(méi)有脫離地球引力束縛，發(fā)射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意，由牛頓第二定律有，解得，可知，飛船在“過(guò)渡軌道”上P點(diǎn)加速度等于“停泊軌道”上P點(diǎn)的加速度，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，由萬(wàn)有引力提供向心力有，又有，整理可得，則飛船在“停泊軌道”與“繞月軌道”上的運(yùn)行速率之比為，故C錯(cuò)誤；D．飛船在“停泊軌道”的周期為，由開(kāi)普勒第三定律有，解得，則船從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間為，故D正確。8．【答案】BC【詳析】A．氣體由狀態(tài)A沿絕熱線到狀態(tài)一直對(duì)外做正功，且和外界無(wú)熱量交換，故內(nèi)能一直減少，對(duì)應(yīng)溫度一直降低，A錯(cuò)誤；B．氣體由狀態(tài)A到狀態(tài)的過(guò)程中，溫度升高，氣體分子的平均速率變大，又因?yàn)闅怏w壓強(qiáng)保持不變，則氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積的器壁的撞擊次數(shù)變少，B正確；C．氣體由狀態(tài)A經(jīng)曲線和后回到，內(nèi)能不變，但總的過(guò)程對(duì)外做正功，故要吸收熱量，吸收熱量的大小對(duì)應(yīng)曲線和曲線所圍成的面積大小，而氣體沿曲線由狀態(tài)到狀態(tài)的過(guò)程中不與外界有熱量的交換，故氣體由狀態(tài)沿曲線到狀態(tài)的過(guò)程中要吸收熱量，C正確；D．氣體由狀態(tài)A到狀態(tài)的過(guò)程中對(duì)外做正功，由狀態(tài)到狀態(tài)的過(guò)程中外界對(duì)氣體做正功，D錯(cuò)誤。9．【答案】BD【詳析】A．小物塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為：則小物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：，小物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移為：，則小物塊在傳送帶上做勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：，故每個(gè)小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=t1+t2=4s+3s=7s，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合前面分析可知，第1個(gè)小物塊到達(dá)傳送帶最右端時(shí)所花時(shí)間為7s，由題知，在傳送帶左端每隔1s輕放一個(gè)相同的小物塊，則計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)刻，第8個(gè)小物塊剛放上傳送帶，故B正確；CD．結(jié)合前面分析可知，計(jì)時(shí)后1s內(nèi)只有5~8四個(gè)物塊在皮帶上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，摩擦力相同，則由動(dòng)量定理可得，計(jì)時(shí)后1s內(nèi)，傳送帶對(duì)所有小物塊摩擦力的總沖量大小為：I=4m?at'=4×2×1×1N?s=8N?s，所有小物塊對(duì)傳送帶的摩擦力做的總功為：W=-4μmg?vt=-4×0.1×2×10×4×1J=-32J，故C錯(cuò)誤，D正確。10．【答案】BD【詳析】A．設(shè)回路中電流為I，導(dǎo)體棒ab、cd的加速度大小分別為，由牛頓第二定律可得,可知，任意時(shí)刻，則任意時(shí)刻兩導(dǎo)體棒速度大小都相等。兩導(dǎo)體棒釋放位置距水平面高度相同，所以當(dāng)導(dǎo)體棒cd到達(dá)右側(cè)傾斜導(dǎo)軌底端時(shí)，導(dǎo)體棒ab也恰好到達(dá)左側(cè)傾斜導(dǎo)軌底端，速度大小也是v，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒ab進(jìn)入水平導(dǎo)軌時(shí)，兩導(dǎo)體棒產(chǎn)生的總電動(dòng)勢(shì),則回路中電流大小,,故B正確；C．當(dāng)兩導(dǎo)體棒都進(jìn)入水平導(dǎo)軌后，由于系統(tǒng)所受合外力為零（水平方向不受外力），系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)兩導(dǎo)體棒相距最近時(shí)共同速度為，以向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律,解得,故C錯(cuò)誤；D．導(dǎo)體棒ab從靜止釋放到進(jìn)入水平導(dǎo)軌過(guò)程，根據(jù)，，，,可得,從兩導(dǎo)體棒都進(jìn)入水平導(dǎo)軌到相距最近過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量定理（對(duì)ab棒）,又,聯(lián)立可得,所以從靜止釋放到兩導(dǎo)體棒相距最近，通過(guò)導(dǎo)體棒ab的電荷量,故D正確。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11．（6分）【答案】(1)（2分）(2)5.25（2分）(3)（2分）【詳析】（1）滑塊由A到B，由牛頓第二定律得，根據(jù)運(yùn)動(dòng)公式，解得（3）滑塊從光電門(mén)到停止運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度和位移的關(guān)系得，,解得,圖像斜率,因?yàn)椋獾?12．（8分）【答案】(1)5.0（2分）(2)（2分）(4)2.4（2分）(5)偏大（2分）【詳析】（1）并聯(lián)后干路允許通過(guò)最大電流為（2）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時(shí)，磁敏電阻的阻值為,改裝后電流表電阻,為了保護(hù)電流表，定值電阻R的最小阻值為,保護(hù)電阻R應(yīng)選用。（4）當(dāng)電流表的示數(shù)為0.5mA時(shí)，磁敏電阻的阻值為,由圖乙可知待測(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2.4T。（5）由于電源的電動(dòng)勢(shì)略微變小，內(nèi)阻變大，導(dǎo)致測(cè)得的電流值偏小，磁敏電阻的阻值偏大，由圖像知這將導(dǎo)致磁感應(yīng)強(qiáng)度的測(cè)量結(jié)果偏大。13．（12分）【答案】(1)(2)【詳析】（1）質(zhì)點(diǎn)N在波峰時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M剛好位于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)，則兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離為…………….……..①解得…………………...……..②波速為解得…...……..③（2）當(dāng)時(shí)，波速最大，此時(shí)該波的波長(zhǎng)為……………...……...…….④質(zhì)點(diǎn)之間的距離為……..⑤從計(jì)時(shí)開(kāi)始到質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)所用的時(shí)間為2s的時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)了1.8s，即為……..⑥所以2s的時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為振幅的9倍，又則路程為………………...…….………...……..⑦評(píng)分參考：第（1）問(wèn)5分，①②式各2分，③式1分；第（2）問(wèn)7分，④⑥⑦式各2分，⑤式1分。14．（16分）【答案】(1)1.25J(2)0.3J(3)0.2m【詳析】（1）根據(jù)題意，小物塊在傳送帶上，由牛頓第二定律有解得………….…….………..①由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，小物塊與傳送帶共速時(shí)所需時(shí)間為解得……………….…..②小物塊加速運(yùn)動(dòng)的距離為……….…..③可知，小物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶右端前與傳送帶共速，此階段傳送帶運(yùn)動(dòng)的距離為則碰撞前小物塊與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為…………..④（2）小物塊運(yùn)動(dòng)到右端與小球正碰，碰撞時(shí)間極短，小物塊與小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有………………….…..⑤其中，解得……………….⑥由能量守恒定律，小物塊與小球碰撞過(guò)程中，兩者構(gòu)成的系統(tǒng)損失的總動(dòng)能為…⑦解得………………..…⑧（3）若小球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)正上方，繩子恰好不松弛，設(shè)此時(shí)P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為，小球在P點(diǎn)正上方的速度為，在P點(diǎn)正上方，由牛頓第二定律有……...…⑨小球從點(diǎn)正下方到P點(diǎn)正上方過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律有……..……..…⑩聯(lián)立解得…………..…………?即P點(diǎn)到O點(diǎn)的最小距離為評(píng)分參考：第（1）問(wèn)5分，①②③式各1分，④式2分；第（2）問(wèn)6分，⑤⑦式各2分，⑥⑧式各1分。第（3）問(wèn)5分，⑨⑩式