2025年湖北高考物理真題完全解讀.2025年高考物理湖北卷，依托中國高考評價體系，銜接高中課程標準，注重深化基礎，豐富問題情境，增強探究性，突出思維考查，激發(fā)學生崇尚科學、探索未知的興趣，難度適中，引導學生夯實知識基礎、發(fā)展物理學科核心素養(yǎng)，服務拔尖創(chuàng)新人才選拔、新時代教育評價改革和教育強國建設。高考物理湖北卷，貼近生活實際和工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)實際，例如第1題核醫(yī)學影像診斷，第6網(wǎng)球運動6網(wǎng)球運動，第7題雙軌推拉門，第8題輸電線路。實驗是物理學的基礎，是物理教學的重要內(nèi)容，是培養(yǎng)學生物理學科核心素養(yǎng)的重要途徑和方式。高考物理全國卷創(chuàng)新設問角度，注重考查學生對基本實驗原理的理解、基本實驗儀器的使用、基本測量方法的掌握和實驗數(shù)據(jù)的處理等。試題充分發(fā)揮對高中實驗教學的積極導向作用，引導教學重視實驗探究，引導學生真正動手做實驗。天津卷第11題則電源電動勢和內(nèi)阻的拓展實驗，第12題用連接體光電門測重力加速度，都是經(jīng)典創(chuàng)新。最有價值的方法是科學思維方法。2025年高考湖北物理卷加大了對科學思維方法的考查，比如第4題考察對稱思維、第5題考察概念理解、第6題考察運動分解、第7題考察極限思維和圖像法、第8題考察等效電路法、第9題考察對稱法、第10題考察等效法、第11題考察等效法、第12題考察逐差法、第14題考察對稱法、第15題考察通式法等這些通過科學思維能力，靈活運用知識分析解決實際問題能力。

實驗題變化：在一力一電沒有變化的基礎上，力電的位置發(fā)生了變化，且從值由15分變成了17分2.計算第13題目發(fā)生了變化，由考查熱學內(nèi)容換為考查幾何光學內(nèi)容題號分值題型考查內(nèi)容考查知識點14分選擇題原子核能級核反應方程、半yxg24分選擇題萬有引力定律的應用萬有引力定律34分選擇題熱力學第一定律理想氣體狀態(tài)方程44分選擇題安培定則磁場的疊加54分選擇題電磁感應電磁感應定律、歐姆定律64分選擇題斜拋運動斜拋運動赤腳仙律的應用74分選擇題牛頓運動定律的應有牛頓第二定律播84分選擇題遠距離輸電理想變壓器規(guī)律、歐姆定律94分選擇題連接體、彈簧振子諧運動規(guī)律、牛頓運動定律104分選擇題電場強度的疊加電場強度的疊加原理118分實驗題電學實驗測量干電池的電動勢和內(nèi)阻129分實驗題力學實驗用連接體光電門測重力加速度139分計算題光的折射、全反射折射定律全反射條件1416分計算題帶電粒子在組合磁場中運動洛倫茲力、牛頓運動定律、勻速直線運動，考查學生靈活運用物理知識和數(shù)學幾何知識的能力1518分計算題多次非彈性碰撞牛頓運動定律牛頓運動定律、動量守恒定律，考查學生綜合運用知識的能力和運用數(shù)學知識分析物理問題的能力。1.減少死記硬背和不沉溺于‘機械刷題’，而是著意提升思維品質(zhì)，擴大試題的開放性與靈活度，進一步降低死記硬背和“機械刷題”的得分收益。2.學生應認識到低效的學習方式只會帶來無效的壓力和負擔，講究備考復習時效性，不斷鞏固階段性復習成果。3.重視對題意的理解，重視靈活運用知識分析解決實際問題能力的提高。4.重視物理學的應用，聯(lián)系實際。5.高階思維能力的培養(yǎng)，是與國家人才戰(zhàn)略直接相關的，在當前的激烈的國際競爭中，創(chuàng)新拔尖人才的儲備，是國家立于不敗之地的前提！要熟練掌握高中物理知識和思維方法的基礎上，突破傳統(tǒng)思維框架，站在更高的維度俯視高中物理問題，從而對常規(guī)難題以更高級、更簡潔的方式予以破解的思維品質(zhì)。

2025年普通高中學業(yè)水平選擇性考試（湖北卷）物理本試卷滿分100分，考試時間75分鐘一、選擇題：本題共10小題，每題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~10題有多項符合題目要求，每小題全部選對的得4分，選對但不全對的得2分，有選錯的得0分。1.PET（正電子發(fā)射斷層成像）是核醫(yī)學科重要的影像學診斷工具，其檢查原理是將含放射性同位素（如：）的物質(zhì)注入人體參與人體代謝，從而達到診斷的目的。的衰變方程為，其中是中微子。已知的半衰期是110分鐘。下列說法正確的是（）A.X為 B.該反應為核聚變反應C.1克經(jīng)110分鐘剩下0.5克 D.該反應產(chǎn)生的在磁場中會發(fā)生偏轉【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知，該物質(zhì)為，故A錯誤；B．核聚變是輕核結合成重核的過程（如氫彈原理）。本題中的衰變是單個原子核自發(fā)轉變?yōu)榱硪环N原子核，屬于放射性衰變（具體為衰變），而非核聚變，故B錯誤；C．1g該物質(zhì)經(jīng)過110min即一個衰變周期，則有一半發(fā)生衰變，該物質(zhì)質(zhì)量變?yōu)?.5g，故C正確；D．不帶電，在磁場中不偏轉，故D錯誤。故選C。2.甲、乙兩行星繞某恒星做圓周運動，甲的軌道半徑比乙的小。忽略兩行星之間的萬有引力作用，下列說法正確的是（）A.．甲運動的周期比乙的小 B.甲運動的線速度比乙的小C.甲運動的角速度比乙的小 D.甲運動的向心加速度比乙的小【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)衛(wèi)星做圓周運動的向心力等于萬有引力可知可得，，，因，可知衛(wèi)星甲、乙運動的周期線速度關系角速度關系向心加速度關系故選A。3.如圖所示，內(nèi)壁光滑的汽缸內(nèi)用活塞密封一定量理想氣體，汽缸和活塞均絕熱。用電熱絲對密封氣體加熱，并在活塞上施加一外力F，使氣體的熱力學溫度緩慢增大到初態(tài)的2倍，同時其體積緩慢減小。關于此過程，下列說法正確的是（）A.外力F保持不變 B.密封氣體內(nèi)能增加C.密封氣體對外做正功 D.密封氣體的末態(tài)壓強是初態(tài)的2倍【答案】B【解析】【詳解】A．氣體溫度升高，體積減小，根據(jù)氣體壓強變大，則外力F增加，選項A錯誤；B．氣體溫度升高，則氣體內(nèi)能變大，即?U增加，選項B正確；C．氣體體積減小，則外界對氣體做功，選項C錯誤；D．根據(jù)熱力學溫度變?yōu)樵瓉淼?倍，體積減小，則氣體壓強大于原來的2倍，選項D錯誤。故選B。4.如圖所示，在磁感應強度大小為B的勻強磁場中，放置一通電圓線圈，圓心為O點，線圈平面與磁場垂直。在圓線圈的軸線上有M和N兩點，它們到O點的距離相等。已知M點的總磁感應強度大小為零，則N點的總磁感應強度大小為（）A.0 B.B C.2B D.3B【答案】A【解析】【詳解】由右手螺旋定則及對稱性可知，環(huán)形電流在N點產(chǎn)生的磁場，磁感應強度與M點等大同向。由于M點磁感應強度為零，由矢量合成法則可知環(huán)境中勻強磁場與M點磁場等大反向，即勻強磁場與N點的磁場等大反向，N點的磁感應強度為0。故選A。5.如圖（a）所示，相距L的兩足夠長平行金屬導軌放在同一水平面內(nèi)，兩長度均為L、電阻均為R的金屬棒ab、cd垂直跨放在兩導軌上，金屬棒與導軌接觸良好。導軌電阻忽略不計。導軌間存在與導軌平面垂直的勻強磁場，其磁感應強度大小B隨時間變化的圖像如圖（b）所示，時刻，。時刻，兩棒相距，ab棒速度為零，cd棒速度方向水平向右，并與棒垂直，則0~T時間內(nèi)流過回路的電荷量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】通過導體的電荷量而時，磁感應強度為零，故聯(lián)立以上各式，可得故選B。6.某網(wǎng)球運動員兩次擊球時，擊球點離網(wǎng)的水平距離均為L，離地高度分別為、L，網(wǎng)球離開球拍瞬間的速度大小相等，方向分別斜向上、斜向下，且與水平方向夾角均為θ。擊球后網(wǎng)球均剛好直接掠過球網(wǎng)，運動軌跡平面與球網(wǎng)垂直，忽略空氣阻力，tanθ的值為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】網(wǎng)球水平方向上做勻速直線運動，有設球網(wǎng)高度為h，則對A點發(fā)出的球，有對B點發(fā)出的球，有聯(lián)立以上各式，可得故選C。7.一個寬為L的雙軌推拉門由兩扇寬為的門板組成。門處于關閉狀態(tài)，其俯視圖如圖（a）所示。某同學用與門板平行的水平恒定拉力作用在一門板上，一段時間后撤去拉力，該門板完全運動到另一邊，且恰好不與門框發(fā)生碰撞，其俯視圖如圖（b）所示。門板在運動過程中受到的阻力與其重力大小之比為，重力加速度大小為g。若要門板的整個運動過程用時盡量短，則所用時間趨近于（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】設拉力為，作用時間為，撤去外力后運動的時間為，運動過程的最大速度為，則由動量定理，有得撤銷拉力后，有得對于全過程，有得對于全過程有故運動的總時間可知當越大時，越小，當時，取最小值。則則故選B。8.在如圖所示的輸電線路中，交流發(fā)電機的輸出電壓一定，兩變壓器均為理想變壓器，左側升壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，兩變壓器間輸電線路電阻為r。下列說法正確的是（）A.僅增加用戶數(shù)，r消耗的功率增大 B.僅增加用戶數(shù)，用戶端的電壓增大C.僅適當增加n2，用戶端的電壓增大 D.僅適當增加n2，整個電路消耗的電功率減小【答案】AC【解析】【詳解】A．整個電路物理量標注如圖設用戶端總電阻為R用戶，降壓器輸入端等效為電阻Rx，則有因為其中I2=I3，則對于輸電線有聯(lián)立整理可得僅增加用戶數(shù)，則R用戶減小，可知I2增大，根據(jù)可知r消耗的功率增大，故A正確；B．僅增加用戶數(shù)，I2增大，根據(jù)可知U3減小，根據(jù)用戶端的電壓可知用戶端的電壓減小，故B錯誤；C．僅適當增加n2，根據(jù)可知U2增大，根據(jù)可知I2增大，根據(jù)可知U3增大，根據(jù)用戶端的電壓可知用戶端的電壓增大，故C正確；D．由C選項可知，僅適當增加n2，I2增大，整個電路消耗的電功率由于U2增大，故整個電路消耗的電功率變大，故D錯誤。故選AC。9.質(zhì)量均為m的小球a和b由勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接，小球a由不可伸長的細線懸掛在O點，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，如圖所示。將小球b豎直下拉長度l后由靜止釋放。重力加速度大小為g，忽略空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。釋放小球b后（）A.小球a可能會運動 B.若小球b做簡諧運動，則其振幅為C當且僅當時，小球b才能始終做簡諧運動 D.當且僅當時，小球b才能始終做簡諧運動【答案】AD【解析】【詳解】B．如果A球不動而B球單獨振動則B球做簡諧振動，簡諧振動的平衡位置合力為零，即B球初始時刻位置，則可知B的振幅為，B錯誤；ACD．A球發(fā)生運動的臨界條件為彈簧對A球向上的彈力大于A球的重力，則此時對A球有對B球有此時加速度由簡諧振動的對稱性可得向下拉到最低點松手釋放的加速度也為，則有解得即，否則A球會發(fā)生運動，AD正確，C錯誤。故選AD。10.如圖所示，在xOy平面內(nèi)有一以O點為中心的正五邊形，頂點到O點的距離為R。在正五邊形的頂點上順時針方向依次固定電荷量為q、2q、3q、4q、5q的正點電荷，且電荷量為3q的電荷在y軸正半軸上。靜電力常量為k，則O點處的電場強度（）（）A.方向沿x軸負方向B.方向與x軸負方向成夾角斜向下C.大小為D.大小為【答案】AD【解析】【詳解】由題意可知，如圖將五個點電荷等效成設五個點電荷與O點距離為r，設則O點場強大小為代入可得方向沿x軸負方向；故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某實驗小組為測量一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)阻r，設計了如圖（a）所示電路，所用器材如下：干電池、智能手機、電流傳感器、定值電阻R0、電阻箱、開關、導線等。按電路圖連接電路，將智能手機與電流傳感器通過藍牙無線連接，閉合開關S，逐次改變電阻箱的阻值R，用智能手機記錄對應的電流傳感器測得的電流I?；卮鹣铝袉栴}：（1）R0在電路中起______（填“保護”或“分流”）作用。（2）與E、r、R、R0的關系式為______。（3）根據(jù)記錄數(shù)據(jù)作出圖像，如圖（b）所示。已知R0=9.0Ω，可得E=______V（保留三位有效數(shù)字），r=______Ω（保留兩位有效數(shù)字）（4）電流傳感器的電阻對本實驗干電池內(nèi)阻的測量結果______（填“有”或“無”）影響?！敬鸢浮浚?）保護（2）（3）①.1.47②.1.3（4）有【解析】【小問1詳解】R0與電阻箱串聯(lián)，可知，R0在電路中起保護作用?！拘?詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律化簡可得小問3詳解】[1][2]結合上述有結合圖（b）有，解得，【小問4詳解】當電流傳感器有內(nèi)阻時，所測的電源內(nèi)阻導致電源內(nèi)阻測量值偏大，即電流傳感器的電阻對本實驗干電池內(nèi)阻的測量結果有影響。12.某同學利用如圖（a）所示的實驗裝置來測量重力加速度大小g。細繩跨過固定在鐵架臺上不可轉動的小圓柱體，兩端各懸掛一個重錘。實驗步驟如下：①用游標卡尺測量遮光片的寬度d。②將遮光片固定在重錘1上，用天平測量重錘1和遮光片的總質(zhì)量m、重錘2的質(zhì)量M（M>m）。③將光電門安裝在鐵架臺上，將重錘1壓在桌面上，保持系統(tǒng)靜止，重錘2離地面足夠高。用刻度尺測量遮光片中心到光電門的豎直距離H。④啟動光電門，釋放重錘1，用毫秒計測出遮光片經(jīng)過光電門所用時間t。⑤根據(jù)上述數(shù)據(jù)求出重力加速度g。⑥多次改變光電門高度，重復步驟，求出g的平均值。回答下列問題：（1）測量d時，游標卡尺的示數(shù)如圖（b）所示，可知______cm。（2）重錘1通過光電門時的速度大小為______（用遮光片d、t表示）。若不計摩擦，g與m、M、d、t、H的關系式為______。（3）實驗發(fā)現(xiàn)，當M和m之比接近于1時，g的測量值明顯小于真實值。主要原因是圓柱體表面不光滑，導致跨過圓柱體的繩兩端拉力不相等。理論分析表明，圓柱體與繩之間的動摩擦因數(shù)很小時，跨過圓柱體的繩兩端拉力差，其中是只與圓柱體表面動摩擦因數(shù)有關的常數(shù)。保持不變，其中，。足夠小時，重錘運動的加速度大小可近似表示為。調(diào)整兩重錘的質(zhì)量，測得不同β時重錘的加速度大小a，結果如下表。根據(jù)表格數(shù)據(jù)，采用逐差法得到重力加速度大小______（保留三位有效數(shù)字）。β0.040.060080.10a/（m/s2）0.0840.2810.4770.673【答案】（1）0.515（2）①.②.（3）9.81【解析】【小問1詳解】根據(jù)游標卡尺的讀數(shù)規(guī)律，該游標卡尺的讀數(shù)為【小問2詳解】[1]根據(jù)光電門的測速原理，重錘1通過光電門時的速度大小為[2]對重錘1與重錘2構成的系統(tǒng)進行分析，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律有其中解得【小問3詳解】由于是只與圓柱體表面動摩擦因數(shù)有關的常數(shù)，且有取表格從左至右四組數(shù)據(jù)分別為和對應的利用表格中的數(shù)據(jù)，根據(jù)逐差法有帶入數(shù)據(jù)可則重力加速度13.如圖所示，三角形ABC是三棱鏡的橫截面，，，三棱鏡放在平面鏡上，AC邊緊貼鏡面。在紙面內(nèi)，一光線入射到鏡面O點，入射角為，O點離A點足夠近。已知三棱鏡的折射率為。（1）當時，求光線從AB邊射入棱鏡時折射角的正弦值；（2）若光線從AB邊折射后直接到達BC邊，并在BC邊剛好發(fā)生全反射，求此時的值【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】作出光路圖，如圖所示由幾何關系可知所以在邊的入射角為由光的折射定律解得光線從邊射入棱鏡時折射角的正弦值為【小問2詳解】根據(jù)可得則AB邊的折射角為根據(jù)折射定律可知AB邊的入射角滿足解得根據(jù)幾何關系可知恰好發(fā)生全反射時的入射角為14.如圖所示，兩平行虛線MN、PQ間無磁場。MN左側區(qū)域和PQ右側區(qū)域內(nèi)均有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小分別為B和2B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從MN左側O點以大小為的初速度射出，方向平行于MN向上。已知O點到MN的距離為，粒子能回到O點，并在紙面內(nèi)做周期性運動。不計重力，求（1）粒子在MN左側區(qū)域中運動軌跡的半徑；（2）粒子第一次和第二次經(jīng)過PQ時位置的間距；（3）粒子的運動周期【答案】（1）（2）（3）【解析】小問1詳解】粒子在左側磁場中運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有可得【小問2詳解】粒子在左側磁場運動，設從MN射出時速度方向與MN的夾角為θ，由于O到的距離，結合，根據(jù)幾何關系可知；粒子在MN和PQ之間做勻速直線運動，所以粒子從PQ進入右側磁場時與PQ的夾角；粒子在右側磁場做勻速圓周運動有解得根據(jù)幾何關系可知粒子第一次和第二次經(jīng)過PQ時位置的間距【小問3詳解】由圖可知粒子在左邊磁場運動的時間粒子在右邊磁場運動的時間根據(jù)對稱性可知粒子在MN左側進出磁場的距離所以粒子從MN到PQ過程中運動的距離為粒子在MN和PQ之間運動的時間綜上可知粒子完成完整運動回到O點的周期為15.如圖所示，一足夠長的平直木板放置在水平地面上，木板上有3n（n是大于1的正整數(shù)）個質(zhì)量均