第17章《勾股定理》章節(jié)知識點復(fù)習(xí)題【題型1勾股數(shù)的運用】1.勾股定理最早出現(xiàn)在《周解算經(jīng)》：“勾廣三，股修四，弦隅五”．觀察下列勾股數(shù)：3，4，5；5，12，13；7，24，25；…，這類勾股數(shù)的特點如下：勾為奇數(shù)，弦與股相差1，柏拉圖研究了勾為偶數(shù)，弦與股相差2的一類勾股數(shù)，如：6，8，10；8，15，17；…若此類勾股數(shù)的勾為2m（m≥3，m為正整數(shù)），則其弦是（結(jié)果用含m的式子表示）（

）A．m2?1 B．2m+2 C．m22.下列各組a，b，c是勾股數(shù)的是（）A．a(chǎn)=30，b=40，c=50 C．a(chǎn)=3，b=4，c＝5 D．3.當(dāng)直角三角形的三邊長都是正整數(shù)時，我們稱這三個數(shù)為勾股數(shù)，如：3，4，5都是正整數(shù)，且323，4，5；9，40，41；5，12，13；……；7，24，25；a，b，c．(1)當(dāng)a=11時，求b，c的值(2)判斷10，24，26是否為一組勾股數(shù)？若是，請說明理由．4.我們知道，如果直角三角形的三邊的長都是正整數(shù)，這樣的三個正整數(shù)就叫做一組勾股數(shù)．如果一個正整數(shù)c能表示為兩個正整數(shù)a，b的平方和，即c=a2+b2，那么稱a，b，c為一組廣義勾股數(shù)，c為廣義斜邊數(shù)，則下面的結(jié)論：①m為正整數(shù)，則3m，4m，5m為一組勾股數(shù)；②1，2，3是一組廣義勾股數(shù)；③13是廣義斜邊數(shù)；④兩個廣義斜邊數(shù)的和是廣義斜邊數(shù)；⑤若a=2k2+2k,b=1+2k,c=2k2+2k+1A．①②③ B．①②④⑤ C．③④⑤ D．①③⑤【題型2勾股樹的探究】1.“勾股樹”是以正方形－邊為斜邊向外作直角三角形，再以該直角三角形的兩直角邊分別向外作正方形，重復(fù)這－過程所畫出來的圖形，因為重復(fù)數(shù)次后的形狀好似－－棵樹而得名．假設(shè)下圖分別是第一代勾股樹、第二代勾股樹、第三代勾股樹，按照勾股樹的作圖原理作圖，則第五代勾股樹中正方形的個數(shù)為（

）A．31 B．63 C．65 D．672.如圖是一株美麗的勾股樹，其作法為：從正方形①開始，以它的一邊為斜邊，向外作等腰直角三角形，然后再以其直角邊為邊，分別向外作兩個正方形，計為②．依此類推…若正方形①的面積為16，則正方形③的面積是．3.勾股定理揭示了直角三角形三邊之間的關(guān)系，其中蘊含著豐富的科學(xué)知識和人文價值．如圖所示，是一棵由正方形和含30°角的直角三角形按一定規(guī)律長成的勾股樹，樹的主干自下而上第一個正方形和第一個直角三角形的面積之和為S1，第二個正方形和第二個直角三角形的面積之和為S2，…，第n個正方形和第n個直角三角形的面積之和為設(shè)第一個正方形的邊長為1．請解答下列問題：（1）S1=（2）通過探究，用含n的代數(shù)式表示Sn，則Sn4.有一個面積為1的正方形，經(jīng)過一次“生長”后，在他的左右肩上生出兩個小正方形（如圖1），三個正方形圍成的三角形是直角三角形，再經(jīng)過一次“生長”后，生出了4個正方形（如圖2），如果按此規(guī)律繼續(xù)“生長”下去，它將變得“枝繁葉茂”．在“生長”了2022次后形成的圖形中所有正方形的面積和是．【題型3由勾股定理在坐標(biāo)系中求距離】1.如圖，點P是平面坐標(biāo)系內(nèi)一點，則點P到原點的距離是（

）

A．3 B．2 C．22 D．2.在平面直面坐標(biāo)系中有兩點A3,0和BA．3 B．4 C．5 D．73.【復(fù)習(xí)舊知】結(jié)合數(shù)軸與絕對值的知識回答下列問題：數(shù)軸上表示4和1的兩點之間的距離是3：而|4?1|=3；表示－3和2兩點之間的距離是5：而|?3?2|=5；表示?4和?7兩點之間的距離是3，而|?4?(?7)|=3，一般地，數(shù)軸上表示數(shù)m和數(shù)n的兩點之間的距離公式為|m?n|．（1）數(shù)軸上表示數(shù)?5的點與表示?2的點之間的距離為___；【探索新知】如圖1，我們在“格點”直角坐標(biāo)系上可以清楚看到：要找AB或DE的長度，顯然是化為求Rt△ABC或Rt△DEF的斜邊長．下面我們以求從坐標(biāo)系中發(fā)現(xiàn)：D(?7,5)，E(4,?3)，所以DF=5??3=8，EF=（2）在圖2中：設(shè)Ax1,y1,Bx得出的結(jié)論被稱為“平面直角坐標(biāo)系中兩點間距離公式”；【學(xué)以致用】請用此公式解決如下問題：（3）如圖3，已知：A(2,1)，B(4,3)，C為坐標(biāo)軸上的點，且使得△ABC是以AB為底邊的等腰三角形．請求出C點的坐標(biāo)．4.閱讀材料，在平面直角坐標(biāo)系中，已知x軸上兩點Ax1,0、Bx2,0的距離記作AB=x1?x2，如果Ax1,y1、Bx2,y2是平面上任意兩點，我們可以通過構(gòu)造直角三角形來求AB間的距離．如下左圖，過A、B分別向x軸、y軸作垂線AM1、AN1和B(1)由此得到平面直角坐標(biāo)系內(nèi)任意兩點Ax1,y1(2)直接應(yīng)用平面內(nèi)兩點間距離公式計算點A(1,?3)，B(?2,1)之間的距離為______．利用上面公式解決下列問題：(3)在平面直角坐標(biāo)系中的兩點A(0,3)，B(4,1)，P為x軸上任一點，求PA+PB的最小值和此時點P的坐標(biāo)；(4)應(yīng)用平面內(nèi)兩點間的距離公式，求代數(shù)式x2【題型4由勾股定理探究圖形面積】1.如圖，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，AB=8，若以AC邊和BC邊向外作等腰直角三角形ACE和等腰直角三角形BCD．記△ACE的面積是S1，△BCD的面積是S2，則S

A．16 B．32 C．48 D．642.如果一個三角形，三條邊的長度之比為3:4:5，且周長為48cm，那么這個三角形的面積是（

A．48cm2 B．96cm2 C．3.現(xiàn)有如圖1的8張大小形狀相同的直角三角形紙片，三邊長分別是a、b、c．用其中4張紙片拼成如圖2的大正方形（空白部分是邊長分別為a和b的正方形）；用另外4張紙片拼成如圖3的大正方形（中間的空白部分是邊長為c的正方形）．

(1)觀察：從整體看，整個圖形的面積等于各部分面積的和．所以圖2和圖3的大正方形的面積都可以表示為a+b2，結(jié)論①；圖2中的大正方形的面積又可以用含字母a、b的代數(shù)式表示為：，結(jié)論②；圖3中的大正方形的面積又可以用含字母a、b、c的代數(shù)式表示為：(2)思考：結(jié)合結(jié)論①和結(jié)論②，可以得到一個等式；結(jié)合結(jié)論②和結(jié)論③，可以得到一個等式；(3)應(yīng)用：若分別以直角三角形三邊為直徑，向外作半圓（如圖4），三個半圓的面積分別記作S1、S2、(4)延伸：若分別以直角三角形三邊為直徑，向上作三個半圓（如圖5），直角邊a=5，b=12，斜邊c=13，求圖中陰影部分面積和．4.在△ABC中，AB=10，BC=27，∠A=30°，則△ABC【題型5由勾股定理求線段長度】1.如圖，△ABC的周長為4+25，其中AB=4，BC=

(1)AC=______；(2)判斷△ABC是否為直角三角形，并說明理由．(3)過點A作AE⊥AB，AE=22，在AB上取一點D，使得DB=DE，求AD2.如圖，∠ACB=∠BDC=90°，且AB=13，AC=12，BD=4，則DC的長度為（）

A．3 B．8 C．4 D．93.如圖，在△ABC中，AB=AC=5，BC=6，線段AB，AC的垂直平分線交于點O，則

4.如圖，在等腰三角形ABC中，底邊BC=29，D是AC上一點，連接BD，BD＝5，CD＝2

(1)求證：ΔBDC(2)求AB邊的長度．【題型6由勾股定理證明線段之間的關(guān)系】1.已知△ABC是等邊三角形．

(1)如圖1，△BDE也是等邊三角形．點A、B、E三點不共線，求證：AD=CE(2)如圖2，點D是△ABC外一點，且∠BDC=30°，請證明結(jié)論DA(3)如圖3，點D是等邊三角形△ABC外一點，若DA=13，DB=522.如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，點A在x軸上，且A4,0，點B在y軸上，且B

(1)求線段AB的長；(2)若點E在線段AB上，OE⊥OF，且OE=OF，求AE+AF的值；(3)在（2）的條件下，過點O作OM⊥EF，交AB于點M，試證明：A3.親愛的同學(xué)們，在全等三角形中，我們見識了很多線段關(guān)系的論證題，下面請你用本階段所學(xué)知識，分別完成下列題目．(1)如圖1，已知：在△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，直線m經(jīng)過點A，BD⊥直線m，CE⊥直線m，垂足分別為點D、E．證明：DE=BD+CE；(2)如圖2，△ACB和△DCE均為等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，點A、D、E在同一直線上，CM為△DCE中DE邊上的高，連接BE．容易證明△ACD≌△BCE，則：①∠AEB的度數(shù)為______；②直接寫出AE、BE、CM之間的數(shù)量關(guān)系．(3)如圖3，△ABC中，若∠A=90°，D為BC的中點，DE⊥DF交AB、AC于E、F，求證：BE4.如圖，點A為x軸負半軸上一點，點B為y軸正半軸上一點，點C為x軸正半軸上一點，AO=a，BO=b，CO=c,且a、b、c滿足a=a?b

(1)若c=3，求AB=__________________；(2)如圖1，點P在x軸上（點P在點A左邊），以PB為直角邊在PB的上方作等腰直角三角形PDB，求證：PA(3)如圖2，點M為AB中點，點E為射線OA上一點，點F為射線BO上一點，且∠EMF=90°，設(shè)AE=m，BF=n，請求出EF的長度（用含m、n的代數(shù)式表示）．【題型7勾股定理中的規(guī)律探究】1.如圖，△OA1A2為等腰直角三角形，OA1=1，以斜邊OA2為直角邊作等腰直角三角形OA22.如果正整數(shù)a、b、c滿足等式a2+b2=c2，那么正整數(shù)a、babc345861015817241026………x14yA．67 B．34 C．98 D．733.如圖是第七屆國際數(shù)學(xué)教育大會的會徽圖案，它是由一串有公共頂點O的直角三角形組成的，圖中的OA1=A1A2=A2A3=?=A74.在平面直角坐標(biāo)系中，將若干個邊長為2個單位長度的等邊三角形按如圖所示的規(guī)律擺放，點P從原點O出發(fā)，以每秒2個單位長度的速度沿著等邊三角形的邊OA1→A1A2→A2A3→A3A4→AA．2022,0 B．2022,?3 C．2023,3 【題型8由勾股定理求最值】1.如圖，已知∠MON=60°，點P,Q為∠MON內(nèi)的兩個動點，且∠POQ=30°，OP=3，OQ=4，點A,B分別是OM,ON上的動點，則

A．5 B．7 C．8 D．102.如圖，等腰Rt△ABC和等腰Rt△ADE的腰長分別為4和2，其中∠BAC=∠DAE=90°，M為邊DE的中點．若等腰Rt△ADE繞點A旋轉(zhuǎn)，則點B到點M3.如圖，正方形ABCD的邊長為6，線段EF在邊BC上左右滑動，若EF=1，則AE+DF的最小值為．

4.如圖，Rt△ABC中，∠ABC=90°，AB=8，BC=22，點D在AC上，將△ABD沿BD折疊，點A落在點A1處，A1B與AC相交于點E參考答案【題型1勾股數(shù)的運用】1.C【分析】根據(jù)題意得2m為偶數(shù)，設(shè)其股是a，則弦為a+2，根據(jù)勾股定理列方程即可得到結(jié)論．【詳解】解：∵m為正整數(shù)，∴2m為偶數(shù)，設(shè)其股是a，則弦為a+2，根據(jù)勾股定理得，(2m)2解得a=m∴弦是a+2=m故選：C．2.A【分析】根據(jù)勾股數(shù)的概念對各選項進行逐一分析即可．【詳解】解：A、∵302∴能構(gòu)成勾股數(shù)，符合題意；B、∵2不是整數(shù)，∴不能構(gòu)成勾股數(shù)，不符合題意；C、∵3,∴不能構(gòu)成勾股數(shù)，不符合題意；D、∵72∴不能構(gòu)成勾股數(shù)，不符合題意．故選：A．3.（1）解：觀察已有的勾股數(shù)可得c=b+1，∴a2把a=11代入a2解得b=60（負值已舍掉），∴c=60+1=61；（2）10，24，26是勾股數(shù)．∵102又∵10，24，26都是正整數(shù)根據(jù)勾股數(shù)的定義，可知10，24，26是勾股數(shù)．4.D【分析】根據(jù)題目中所給的勾股數(shù)．廣義勾股數(shù)，廣義斜邊數(shù)的定義，分析選項找出結(jié)論正確的即可．【詳解】解：由題意可知：①m為正整數(shù)，則3m，4m，5m為一組勾股數(shù)；結(jié)論正確；②1，2，3是一組廣義勾股數(shù)；∵3≠12+③13是廣義斜邊數(shù)；∵13=④兩個廣義斜邊數(shù)的和是廣義斜邊數(shù)；例如2=12⑤若a=2k2+2k,b=1+2k,c=2k2+2k+1，其中k為正整數(shù)，則a，b，c為一組勾股數(shù)；∵⑥兩個廣義斜邊數(shù)的積是廣義斜邊數(shù)．例如2=故正確的結(jié)論為：①③⑤．故選：D【題型2勾股樹的探究】1.B【分析】由已知圖形觀察規(guī)律，即可得到第五代勾股樹中正方形的個數(shù)．【詳解】解：由題意可知第一代勾股樹中正方形有1+2=3（個），第二代勾股樹中正方形有1+2+2第三代勾股樹中正方形有1+2+2由此推出第五代勾股樹中正方形有1+2+2故選：B．2.4．【分析】根據(jù)勾股定理可得兩條直角邊的平方和等于斜邊的平方，即第①個正方形的面積＝第②個正方形面積的兩倍；同理，第③個正方形面積是第②個正方形面積的一半，依此類推即可解答．【詳解】解：第①個正方形的面積為16，由分析可知：第②個正方形的面積為8，第③個正方形的面積為4，故答案為：4．3.1+381+3【分析】根據(jù)正方形的面積公式求出面積，再根據(jù)直角三角形三條邊的關(guān)系運用勾股定理求出三角形的直角邊，求出S1，然后利用正方形與三角形面積擴大與縮小的規(guī)律推導(dǎo)出公式．【詳解】解：（1）∵第一個正方形的邊長為1，∴正方形的面積為1，又∵直角三角形一個角為30°，∴三角形的一條直角邊為12，另一條直角邊就是1∴三角形的面積為12∴S1=1+3（2）∵第二個正方形的邊長為32，它的面積就是34，也就是第一個正方形面積的同理，第二個三角形的面積也是第一個三角形的面積的34∴S2=（1+38）?依此類推，S3=（1+38）?34即S3=（1+38）?Sn=1+38?故答案為：（1）1+38；（2）1+34.2023【分析】根據(jù)勾股定理和正方形的面積公式，知“生長”1次后，以直角三角形兩條直角邊為邊長的正方形的面積和等于以斜邊為邊長的正方形的面積，即所有正方形的面積和是2×1=2；“生長”2次后，所有的正方形的面積和是3×1=3，推而廣之即可求出“生長”2022次后形成圖形中所有正方形的面積之和．【詳解】設(shè)第一個直角三角形的是三條邊分別是a，b，c．根據(jù)勾股定理，得a2由圖1可知，“生長”1次后，以直角三角形兩條直角邊為邊長的正方形的面積和等于以斜邊為邊長的正方形的面積，即所有正方形的面積和是2×1=由圖2可知，“生長”2次后，所有的正方形的面積和是3×1=3···“生長”了2022次后形成的圖形中所有的正方形的面積和是2023×1=2023．故答案為：2023.【題型3由勾股定理在坐標(biāo)系中求距離】1.A【分析】連接OP，在直角坐標(biāo)系中，根據(jù)點P的坐標(biāo)是2,7，得OA=2【詳解】解：連接PO，

∵點P的坐標(biāo)是2,∴OA=2，PA=∴點P到原點的距離=O故選：A．2.C【分析】根據(jù)平面直角坐標(biāo)系中，兩點之間的距離公式，代值求解即可得到答案．【詳解】解：連接AB，如圖所示：∵A3,0，B∴AB=0?3故選：C．3.解：（1）數(shù)軸上表示數(shù)?5的點與表示?2的點之間的距離=?2?(?5)故答案為：3；（2）結(jié)合圖形可得：AC=y1?y2故答案為：(x（3）若點C在x軸上，設(shè)點C的坐標(biāo)為(x,0)，則AC=BC，即(2?x)2解得：x=5，即點C的坐標(biāo)為(5,0)；若點C在y軸上，設(shè)點C的坐標(biāo)為(0,y)，則AC=BC，即(2?0)2解得：y=5，即點C的坐標(biāo)為(0,5)．綜上可得點C的坐標(biāo)為(5,0)或(0,5)．4.（1）解：閱讀材料可得：AB=(（2）∵平面直角坐標(biāo)系內(nèi)任意兩點A(x1，y1)，B(x∴點A(1,?3)，B(?2,1)之間的距離為：AB=?2?1故答案為：5；（3）作點B關(guān)于x軸對稱的點B′，連接AB′，直線AB′于x軸的交點即為所求的點P，PA+PB的最小值就是線段AB′的長度，然后根據(jù)兩點間的距離公式即可得到結(jié)論．∵B(4,1)，∴B′(4,?1)，∵A(0,3)，∴設(shè)直線AB′的一次函數(shù)表達式為y=kx+3，把B′(4,?1)代入?1=4k+3解得k=?1，當(dāng)y=0時，解得x=3，即P(3,0)，∴PA+PB=PA+PB′=AB′=(0?4)即為PA+PB的最小值為42故答案為：42（4）原式=x故原式表示點(x,y)到(0,2)和(3,1)的距離之和．由兩點之間線段最短，點(x,y)在以(0,2)和(3,1)為端點的線段上時，原式值最?。霉娇傻茫?10【題型4由勾股定理探究圖形面積】1.B【分析】由勾股定理求出BC2+AC2=AB【詳解】解：∵∠ACB=90°，AB=8，∴B∵△ACE和△BCD為等腰直角三角形，∴AE=AC，BD=BC，∴S故選：B．2.B【分析】設(shè)這個三角形的三條邊的長度分別為3xcm，4xcm，【詳解】解：設(shè)這個三角形的三條邊的長度分別為3xcm，∵三角形的周長為48cm則3x+4x+5x=48解得x=4，則該三角形的三條邊的長度分別為12cm，∵122則該三角形為直角三角形，兩直角邊長分別為12cm∴面積為:12故選：B．3.（1）解：圖2：a2圖3：c2（2）解：結(jié)合結(jié)論①和結(jié)論②，可以得到一個等式：(a+b)2結(jié)合結(jié)論②和結(jié)論③，可以得到一個等式：(a+b)2即，a2（3）解：S1=12π∵a∴S∵S∴2S解得S2（4）解：由“應(yīng)用”的解答過程可知：S∴陰影部分面積和=S∵a=5，b=12，∴陰影部分面積和=14.153或【分析】作CD⊥AB交AB于點D，設(shè)DB=x，用勾股定理得出CD2，再由30°可得AD是CD的3倍列出方程可得【詳解】解：作CD⊥AB交AB于點D，

設(shè)DB=x，則AD=10?x．在Rt△CDBCD∵Rt△ADC中，∠∴AD=3CD，即A∴10?x2解得x=1或4．∴DC=28?12=33或28?4∴△ABC的面積S=12×10×33=153或S=12×10×2故答案為：153或103．【題型5由勾股定理求線段長度】1.（1）解：∵△ABC的周長為4+25，AB=4，BC=∴AC=4+2故答案：5+（2）解：△ABC是直角三角形，理由如下：∵AB2=16∴AB∴△ABC是直角三角形；（3）解：∵DE∴4?AD2∴AD=1．2.A【分析】在Rt△ABC中先根據(jù)勾股定理求出BC的長，再在Rt【詳解】∵∠ACB=90°，AB=13，AC=12，∴BC=A在Rt△BCD∵∠BDC=90°，BC=5，∴CD=B故選：A．3.25【分析】連接OB，延長AO交BC于H，根據(jù)HL得Rt△AOE≌Rt△AOF，可得∠OAE=∠OAF，根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)得到AH⊥BC，BH=HC=3【詳解】解：如圖：連接OB，延長AO交BC于H，

∵線段AB，AC的垂直平分線交于點∴∠AEO=∠AFO=90°,OA=OB,AE=BE=∵AB=AC，∴AE=AF,在Rt△AOE和Rt△AOF中，∴Rt∴∠OAE=∠OAF，∴AO平分∠BAC，∵AB=AC,∴AH⊥BC，∴AH=AB在Rt△BOH中，O∴OA2=故答案為2584.（1）解：∵BC=29∴CD∴Δ（2）解：設(shè)腰長AB=AC=x．∵在RtΔADB中，A∴x解得x=29即：AB=x=29【題型6由勾股定理證明線段之間的關(guān)系】1.（1）解：證明：如圖1中，連接AD．

∵△ABC，△BDE都是等邊三角形，∴AB=BC，BD=BE，∠ABC=∠DBE=60°，∴∠ABD=∠CBE，∴△ABD≌△CBE(SAS∴AD=CE．（2）如圖2中，以BD為邊向下作等邊△BDE，連接EC．

∵△ABC，△BDE都是等邊三角形，∴AB=BC，BD=BE，∠ABC=∠DBE=60°，∴∠ABD=∠CBE，∴△ABD≌△CBE(SAS∴AD=CE，∵∠CDB=30°，∠BDE=60°，∴∠CDE=90°，∴CE∵DB=DE，DA=EC，∴DA（3）如圖3中，以BD為邊向下作等邊△BDE，連接EC，作EH⊥CD交CD的延長線于H．

同法可證：△ABD≌△CBE(SAS∴AD=CE=13，設(shè)EH=x，DH=y，則有x2解得x=5y=5∴DH=HE=5，∵∠H=90°，∴∠EDH=45°，∴∠CDE=135°，∵∠BDE=60°，∴∠BDC=135°?60°=75°．2.（1）在Rt△ABO∵AO=OB=4，∴AB=A（2）∵∠BOA=∠EOF=90°，∴∠BOE=∠AOF，在△BOE和△AOF中，OB=OA∠BOE=∠AOF∴△BOE≌∴AF=BE，∴AE+AF=AE+EB=AB=42（3）結(jié)論：FM連接FM．∵OE=OF，

∴OM垂直平分EF，∴ME=MF，∵OA=OB，∴∠OBA=∠OAB=45°，由（1）可知△BOE≌∴BE=AF，∴∠MAF=∠OAF+∠OAB=90°，∴FM∴EM3.（1）證明：如圖1，∵∠BAC=90°，BD⊥直線m，CE⊥直線m，∴∠ADB=∠AEC=90°，∴∠BAD+∠ABD=∠BAD+∠CAE=90°，∴∠ABD=∠CAE，∵AB=AC，∴△ABD≌△CAEAAS∴BD=AE，AD=CE，∵DE=AE+AD=BD+CE；（2）解：①∵△ACB和△DCE均為等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，∴∠CDE=∠CED=45°，∴∠ADC=180°?45°=135°，∵△ACD≌△BCE，∴AD=BE，∠ADC=∠BEC=135°，∴∠AEB=∠BEC?∠CED=135°?45°=90°，故答案為：90°；②AE=BE+2CM，理由如下：∵△DCE為等腰直角三角形，CM為△DCE中DE邊上的高，∴CM=DM=EM，∵AD=BE，∴AE=AD+DM+EM=BE+2CM；（3）證明：如圖，延長ED到點G，使DG=ED，連接GF，GC，∵D是BC的中點，∴BD=CD，在△BDE和△CDGED=DG∠BDE=∠CDG∴△BDE≌△CDGSAS∴BE=CG，∠B=∠GCD，∵∠A=90°，∴∠B+∠ACB=90°，∴∠GCD+∠ACB=90°，即∠GCF=90°，Rt△CFG中，C∵ED⊥DF，DG=ED，∴EF=GF，∴BE4.（1）解：∵a、b滿足a=a?b∴a?b≥0且b?a≥0，∴a=b=c=3，即AO=3，BO=3，AB=A（2）證明：連接BC，由（1）可得OA=OB=OC，∵兩個坐標(biāo)軸垂直，∴∠OAB=∠ABO=∠OBC=∠OCB=45°，∴AB=BC,∠ABC=90°，又∵△PDB為等腰直角三角形，∴BP=BD,∠DBP=90°，∴∠ABD=∠DBP+∠ABP=∠ABC+∠ABP=∠BPC，在△PBC和△DBA中，BD=BP∠ABD=∠BPC∴△PBC≌△DBASAS∴AD=PC．∠DPB=∠BDA，∠PCD=∠BAC，∵∠DBP=90°，∴∠BPC+∠BCP=90°，∴∠BAC+∠BAD=90°，即∠DAP=90°，∴PA2+A（3）當(dāng)點E在線段OA上時，連接OM，如圖所示：∵OA=OB，∠AOB=90°，點M為AB的中點，∴AM=OM=BM，OM⊥AB，∠MAE=∠MOF=45°，∵∠EMF=∠AMO=90°，∴∠AME=∠OMF，∴△AME≌△OMF，∴AE=OF=m，∵OA=OB，∴OE=BF=n，根據(jù)勾股定理得：EF=O當(dāng)點E在線段OA延長線上時，連接OM，如圖所示：同理可得：△AME≌△OMF，∴AE=OF=m，∵OA=OB，∴OE=BF=n，根據(jù)勾股定理得：EF=O綜上分析可知，EF=m【題型7勾股定理中的規(guī)律探究】1.2【分析】利用等腰直角三角形的性質(zhì)以及勾股定理分別求出各邊長，依據(jù)規(guī)律即可得出答案．【詳解】解：∵△OA1A∴OA∵△OA∴OA∵△OA∴OA∵△OA∴OA……∴OAn的長度為故答案為：2n?12.C【分析】依據(jù)每列數(shù)的規(guī)律，即可得到b=2n，a=n2?1，c=【詳解】解：由題可得，3=22?1，4=2×2，∴b=2n，a=n2?1，c=n2∴當(dāng)b=14=2n時，解得：n=7，∴x=72?1=48∴x+y=48+50=98，故選：C．3.3【分析】OA1=1，根據(jù)勾股定理可得OA2【詳解】解：∵如圖是由一串有公共頂點O的直角三角形組成的，圖中的OA∴由勾股定理可得：OAOA……∴OA∴在線段OA1，OA2，OA3，?，OA∴故長度為整數(shù)的線段有3條．故答案為：3．4.C【分析】通過觀察可得，An每6個點的縱坐標(biāo)規(guī)律：3，0，3，0，?3，0，點An的橫坐標(biāo)規(guī)律：1，2，3，4，5，6，…，n，點P從原點O出發(fā)，以每秒2個單