高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE1昌平區(qū)2024—2025學(xué)年第一學(xué)期高二年級(jí)期末質(zhì)量抽測(cè)物理試卷本試卷共8頁(yè)，共100分?？荚嚂r(shí)長(zhǎng)90分鐘?？忌鷦?wù)必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。考試結(jié)束后，將答題卡交回。第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度 B.電勢(shì) C.電動(dòng)勢(shì) D.磁通量【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度為矢量；電勢(shì)、電動(dòng)勢(shì)、磁通量都是標(biāo)量。故選A。2.磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位是特斯拉，符號(hào)是，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位還可以表示為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】A．根據(jù)解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故B正確；C．根據(jù)，解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)，解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，電場(chǎng)中有兩點(diǎn)，用和表示A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小，用和表示A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)，用和表示一正試探電荷在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能。下列關(guān)系式正確的是（）A.，，B.，，C.，，D.，，【答案】C【解析】由于電場(chǎng)線(xiàn)分布的疏密程度能夠表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，則有由于沿電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，則有正試探電荷在A到B過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則有可知，第三個(gè)選擇項(xiàng)滿(mǎn)足要求。故選C。4.用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究影響感應(yīng)電流方向的因素。將條形磁體的某一極插入和拔出線(xiàn)圈的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）A.電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，且偏轉(zhuǎn)方向不同B.電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，且偏轉(zhuǎn)方向相同C.磁體受到線(xiàn)圈的作用力，且方向均向上D.磁體受到線(xiàn)圈的作用力，且方向均向下【答案】A【解析】AB．將條形磁體的某一極插入和拔出線(xiàn)圈的過(guò)程中，線(xiàn)圈所在位置的原磁場(chǎng)方向一定，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量分別增大和減小，線(xiàn)圈中均有感應(yīng)電流，電流表指針均發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)楞次定律可知，插入和拔出線(xiàn)圈的過(guò)程中，感應(yīng)電流方向相反，即電流表指針偏轉(zhuǎn)方向不同，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流激發(fā)的磁場(chǎng)對(duì)原磁體有磁場(chǎng)力的作用，該力總要阻礙原磁體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，即磁體受到線(xiàn)圈的作用力，插入時(shí)方向向上，撥出時(shí)方向向下，故CD錯(cuò)誤。故選A。5.5G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率在超高頻段和極高頻段，比4G及以下網(wǎng)絡(luò)（通信頻率在特高頻段）擁有更大的帶寬，如圖所示。5G網(wǎng)絡(luò)的傳輸速率（指單位時(shí)間傳送的數(shù)據(jù)量大小）可達(dá)10Gbps（bps為bitspersecond的英文縮寫(xiě)，即比特率、比特/秒），是4G網(wǎng)絡(luò)的50~100倍。5G信號(hào)與4G信號(hào)相比（）A.在真空中傳播速度更慢B.在真空中傳播速度更快C.波長(zhǎng)更長(zhǎng)D.頻率更高，傳輸速率更快【答案】D【解析】AB．5G信號(hào)與4G信號(hào)均為電磁波，其在真空中的傳播速度相等，均等于光速，故AB錯(cuò)誤；C．5G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率在超高頻段和極高頻段，4G信號(hào)通信頻率在特高頻段，即5G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率比4G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率大，根據(jù)可知，頻率越大，波長(zhǎng)越短，即5G信號(hào)與4G信號(hào)相比波長(zhǎng)更短，故C錯(cuò)誤；故選D。6.平行板電容器的電容與極板的正對(duì)面積S、極板間距離的關(guān)系為（為相對(duì)介電常數(shù)，為靜電力常量）。如圖所示為研究影響平行板電容器電容大小的因素實(shí)驗(yàn)過(guò)程示意圖，保持極板上的電荷量和極板的正對(duì)面積S不變，當(dāng)增大時(shí)（）A.極板間電勢(shì)差減小 B.電容器的電容增大C.極板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大 D.電容器儲(chǔ)存的電勢(shì)能增大【答案】D【解析】A．根據(jù)電容的定義式有由題意有解得可知，當(dāng)增大時(shí)，極板間電勢(shì)差增大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知，當(dāng)增大時(shí)，電容器的電容減小，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可以解得可知，當(dāng)增大時(shí)，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)增大時(shí)，極板上電荷之間的電場(chǎng)力做負(fù)功，電容器儲(chǔ)存的電勢(shì)能增大，故D正確。故選D。7.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向a端滑動(dòng)的過(guò)程，電壓表和電流表的示數(shù)變化情況為（）A.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小B.電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C.電壓表和電流表示數(shù)都增大D電壓表和電流表示數(shù)都減小【答案】A【解析】在滑動(dòng)變阻器滑片P向a端滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，電壓表測(cè)量路端電壓，其示數(shù)I減小，其他量不變，則U增大，故電壓表示數(shù)增大，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知，電路中并聯(lián)部分的電壓增大，通過(guò)R2的電流增大，而總電流減小，所以電流表示數(shù)減小，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。8.回旋加速器的工作原理如圖所示。是兩個(gè)中空的半圓形金屬盒，它們之間有一定的電勢(shì)差U。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直。A處的粒子源產(chǎn)生的帶電粒子在兩盒之間被加速，然后進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，再次到達(dá)兩盒間的縫隙時(shí)，改變電場(chǎng)方向，使粒子再次被加速，如此反復(fù)。兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間忽略不計(jì)。粒子所受重力忽略不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子每在電場(chǎng)中加速一次，動(dòng)能的增加量都相同B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的圓周越來(lái)越大，其周期會(huì)越來(lái)越長(zhǎng)C.若只增大電壓U，會(huì)使粒子射出D形金屬盒的動(dòng)能增大D.若只增大兩盒之間的距離，會(huì)使粒子射出D形盒的動(dòng)能增大【答案】A【解析】A．根據(jù)題意，由動(dòng)能定理可知，粒子每在電場(chǎng)中加速一次，動(dòng)能的增加量可知，每次動(dòng)能增加量都相同，故A正確；B．根據(jù)題意，由可得由于增大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的圓周越來(lái)越大，由可知，其周期不變，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合B分析可知，設(shè)D形盒的半徑為，則粒子的最大速度為則粒子射出D形金屬盒的動(dòng)能故選A。9.如圖所示，兩根不可伸長(zhǎng)的等長(zhǎng)絕緣細(xì)繩的上端系在天花板的O點(diǎn)，下端分別系有帶正電荷的小球P、Q，小球處在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，靜止時(shí)兩細(xì)繩與豎直方向的夾角大小相等。則（）A.兩繩中的張力大小一定相等B.的質(zhì)量一定小于Q的質(zhì)量C.的電荷量一定小于Q的電荷量D.的電荷量一定大于Q的電荷量【答案】B【解析】AB．細(xì)繩與豎直方向的夾角為，小球之間的庫(kù)侖力大小為F，對(duì)小球P進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有，解得，對(duì)小球Q進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有，解得，可知，兩繩中的張力大小不相等，的質(zhì)量一定小于Q的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)庫(kù)侖定律有可知，P、Q的電荷量的關(guān)系不能夠確定，故CD錯(cuò)誤。故選B10.工業(yè)上常利用感應(yīng)電爐冶煉金屬，裝置如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.感應(yīng)爐所接電源應(yīng)是低頻交流電源B.電源在線(xiàn)圈中產(chǎn)生熱量使金屬融化C.交變磁場(chǎng)在金屬中產(chǎn)生渦流，渦流的熱效應(yīng)使金屬融化D.若增加交流電的頻率，冶煉金屬的效率不變【答案】C【解析】A．為了產(chǎn)生較大的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)爐所接電源應(yīng)是高頻交流電源，故A錯(cuò)誤；BC．感應(yīng)電爐冶煉金屬過(guò)程中，交流電源產(chǎn)生交變磁場(chǎng)，從而在金屬中產(chǎn)生渦流，渦流的熱效應(yīng)使金屬融化，故B錯(cuò)誤，C正確；D．若增加交流電的頻率，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，冶煉金屬的效率增大，故D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖所示，將帶鐵芯的線(xiàn)圈L與燈泡A并聯(lián)，接到直流電源上。先閉合開(kāi)關(guān)S，穩(wěn)定后燈泡A正常發(fā)光；然后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，燈泡A先閃亮一下，再熄滅。下列說(shuō)法正確的是（）A.閉合開(kāi)關(guān)S后瞬間，燈泡A緩慢變亮B.閉合開(kāi)關(guān)S后瞬間，通過(guò)線(xiàn)圈L的電流逐漸增大C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后瞬間，通過(guò)燈泡A的電流方向?yàn)镈.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S前、后瞬間，通過(guò)燈泡A的電流一樣大【答案】B【解析】AB．閉合開(kāi)關(guān)S后瞬間，由于線(xiàn)圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)線(xiàn)圈電流的增大，所以通過(guò)線(xiàn)圈L的電流逐漸增大，而燈泡A馬上變亮，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S后瞬間，由于線(xiàn)圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)線(xiàn)圈電流的減小，且線(xiàn)圈與A構(gòu)成回路，所以通過(guò)燈泡A的電流方向?yàn)?，由于燈泡A先閃亮一下，再熄滅，所以斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后瞬間通過(guò)燈泡A的電流比斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S前通過(guò)燈泡A的電流大，故CD錯(cuò)誤。故選B。12.電磁俘能器可在汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)振動(dòng)時(shí)利用電磁感應(yīng)發(fā)電實(shí)現(xiàn)能量回收，結(jié)構(gòu)示意圖如圖1所示。兩對(duì)永磁鐵間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)永磁鐵可隨發(fā)動(dòng)機(jī)一起上下振動(dòng)，邊長(zhǎng)為的正方形線(xiàn)圈豎直固定在減震裝置上，永磁鐵振動(dòng)時(shí)磁場(chǎng)分界線(xiàn)不會(huì)離開(kāi)線(xiàn)圈。圖2為側(cè)視圖（從右向左看）。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖2中穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量為B.永磁鐵位置相對(duì)線(xiàn)圈位置下降時(shí)，線(xiàn)圈中一定產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化越大，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，回收能量越多D.永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化越快，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，回收能量越多【答案】D【解析】A．由于分界線(xiàn)上下側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相反，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量大小為故A錯(cuò)誤；B．永磁鐵位置相對(duì)線(xiàn)圈位置下降時(shí)，線(xiàn)圈相對(duì)于磁場(chǎng)向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向外的磁場(chǎng)中，或者線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中時(shí)，根據(jù)右手定則可知，線(xiàn)圈上下兩邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等，方向相反，總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，此時(shí)，線(xiàn)圈中沒(méi)有感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述，當(dāng)永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化非常大時(shí)，線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向外的磁場(chǎng)中，或者線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中，此時(shí)線(xiàn)圈總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，此時(shí)，線(xiàn)圈中沒(méi)有感應(yīng)電流，回收能量越少，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述，當(dāng)線(xiàn)圈上部分位于垂直于紙面向外的磁場(chǎng)中，線(xiàn)圈下部分位于垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中時(shí)，根據(jù)右手定則可知，線(xiàn)圈總電動(dòng)勢(shì)等于上下兩邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)之和，線(xiàn)圈中有感應(yīng)電流，根據(jù)法律的電磁感應(yīng)定律可知，永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化越快，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，線(xiàn)圈中的感應(yīng)電流越大，回收能量越多，故D正確。故選D。13.如圖，空間中存在水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一導(dǎo)體棒繞固定的豎直軸OP在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，且始終平行于OP。導(dǎo)體棒兩端的電勢(shì)差u隨時(shí)間t變化的圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】如圖所示導(dǎo)體棒勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，設(shè)速度為v，設(shè)導(dǎo)體棒從到過(guò)程，棒轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，則導(dǎo)體棒垂直磁感線(xiàn)方向的分速度為可知導(dǎo)體棒垂直磁感線(xiàn)的分速度為余弦變化，根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)B點(diǎn)和B點(diǎn)關(guān)于P點(diǎn)的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)時(shí)，電流方向發(fā)生變化，根據(jù)可知導(dǎo)體棒兩端電勢(shì)差u隨時(shí)間t變化的圖像為余弦圖像。故選C。14.某同學(xué)設(shè)計(jì)如圖1所示的電路測(cè)量導(dǎo)體的載流子（電子）濃度，在導(dǎo)體表面加一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可以調(diào)節(jié)。閉合開(kāi)關(guān)S，電極1、3間通以恒定電流，電極2、4間將產(chǎn)生電壓。導(dǎo)體長(zhǎng)為，寬為，厚度為，電子的電荷量為。根據(jù)數(shù)據(jù)作出的圖像如圖2所示，圖線(xiàn)的斜率為，則該導(dǎo)體單位體積中載流子數(shù)為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】穩(wěn)定時(shí)，電子所受洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，則有根據(jù)電流的微觀定義式有解得結(jié)合圖2有解得故選C。第二部分本部分共6題，共58分。15.用如圖所示的多用電表測(cè)量定值電阻。（1）待測(cè)電阻的阻值約為，測(cè)量步驟如下：①調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針對(duì)準(zhǔn)______（選填“直流電流、電壓”或“電阻”）零刻線(xiàn)。②將選擇開(kāi)關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的______（選填“×1”“×10”或“×100”）擋位。③將紅、黑表筆插入“+”、“-”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的______（選填“0刻線(xiàn)”或“刻線(xiàn)”）。④將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，讀取數(shù)據(jù)。（2）測(cè)量后需要繼續(xù)測(cè)量一個(gè)阻值大約是左右的電阻，下列實(shí)驗(yàn)步驟正確的操作順序?yàn)開(kāi)_____（填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)步驟前的字母）。A.將選擇開(kāi)關(guān)置于“”位置B.將選擇開(kāi)關(guān)置于“OFF”位置C.將兩表筆分別接觸待測(cè)電阻兩端，讀出其阻值后隨即斷開(kāi)D.將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”【答案】（1）直流電流、電壓×10刻線(xiàn)（2）ADCB【解析】（1）[1]實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針對(duì)準(zhǔn)直流電流、電壓零刻線(xiàn)；[2]測(cè)量電阻時(shí)，由于待測(cè)電阻的阻值約為，為了使指針指在中央刻線(xiàn)附近，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的×1擋位；[3]將紅、黑表筆插入“+”、“-”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的0刻線(xiàn)。（2）待測(cè)電阻阻值大約是，為了使指針指在中央刻線(xiàn)附近，應(yīng)先將選擇開(kāi)關(guān)置于“”位置，換擋后需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，即將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”，隨后開(kāi)始測(cè)量，即將兩表筆分別接觸待測(cè)電阻兩端，讀出其阻值后隨即斷開(kāi)，測(cè)量完成后，需要將選擇開(kāi)關(guān)置于“OFF”位置，可知，實(shí)驗(yàn)步驟正確的操作順序?yàn)锳DCB。16.在“測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中：（1）甲同學(xué)利用電流表和電壓表測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖1所示。他根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)作出的圖像如圖2所示。①通過(guò)圖像可求出電池的電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)阻______。（保留小數(shù)點(diǎn)后2位）②若忽略偶然誤差，利用該電路測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)和真實(shí)值相比______（選填“偏小”“偏大”或“相等”），實(shí)驗(yàn)誤差主要來(lái)自______（選填“電壓表的分流作用”或“電流表的分壓作用”）。（2）乙同學(xué)利用電壓表和電阻絲測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)。將電阻絲拉直固定，按照?qǐng)D3連接電路，閉合開(kāi)關(guān)S，快速滑動(dòng)金屬夾至適當(dāng)位置并記錄電壓表示數(shù)U、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，記錄金屬夾與端的距離，多次重復(fù)步驟，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)作出圖像如圖4所示。由圖線(xiàn)得出縱軸截距為，電源的電動(dòng)勢(shì)______。【答案】（1）1.500.83偏小電壓表的分流作用（2）【解析】（1）①[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合圖2有，②[3][4]根據(jù)圖1可知，電壓表測(cè)量路端電壓，電流表測(cè)量的是通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流，若將電壓表與電源等效為一個(gè)新電源，測(cè)量的應(yīng)是新電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，則有即利用該電路測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)和真實(shí)值相比偏小，實(shí)驗(yàn)誤差主要來(lái)自電壓表的分流作用。（2）令電阻絲單位長(zhǎng)度的電阻為，根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形得結(jié)合圖4有解得17.如圖所示，兩個(gè)帶等量異種電荷的平行金屬板水平放置，板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，一電子沿平行于板面的方向射入電場(chǎng)中，并從另一側(cè)射出。已知板長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩板間距為，板間電壓為，電子的質(zhì)量為，電荷量為，電子射入時(shí)的速度大小為。不計(jì)電子的重力。求：（1）電子在兩極板間的加速度大??；（2）電子射出電場(chǎng)時(shí)沿垂直于板面方向偏移的距離；（3）電子在極板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)電子所做的功?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律有解得（2）電子在極板之間做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則有，結(jié)合上述解得（3）極板之間電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度則電子在極板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)電子所做的功結(jié)合上述解得18.如圖所示，兩根相互平行的光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌電阻不計(jì)；導(dǎo)軌右端接有阻值為的電阻。長(zhǎng)度也為，阻值為的金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌間保持良好接觸。導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。在水平外力的作用下以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)。求：（1）通過(guò)電阻的電流大小和方向；（2）水平外力大??；（3）回路中的熱功率?！敬鸢浮浚?）0.4A，由b指向a（2）0.2N（3）0.8W【解析】（1）金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)根據(jù)閉合電路歐姆定律有解得根據(jù)右手定則可知，感應(yīng)電流的方向由b指向a。（2）金屬棒做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件有解得（3）回路中的熱功率解得P=0.8W19.類(lèi)比是由兩個(gè)（或兩類(lèi)）對(duì)象之間的相同性或相似性，推出兩者之間的另一屬性也可能存在相同性或者相似性的一種邏輯思維方法。情境1：如圖1所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)。電容器的電容為，定值電阻的阻值為。情境2：物體從靜止開(kāi)始下落，除受到重力作用外，還受到一個(gè)與運(yùn)動(dòng)方向相反的空氣阻力為常量）的作用。其速率隨時(shí)間的變化規(guī)律可用方程（①式）描述，其中為物體質(zhì)量，為其重力。（1）根據(jù)情境1，在圖2中定性畫(huà)出電容器充電過(guò)程中兩極間的電勢(shì)差隨極板電荷量變化的圖像，并類(lèi)比直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中由圖像求位移的方法，求兩極間電壓為時(shí)電容器所儲(chǔ)存的電勢(shì)能。（2）情境1中電容器充電過(guò)程中極板電荷量隨時(shí)間的變化規(guī)律與情境2中物體速率隨時(shí)間的變化規(guī)律類(lèi)似。a.類(lèi)比①式，寫(xiě)出情境1中充電過(guò)程中極板電荷量隨時(shí)間變化的方程；b.類(lèi)比兩種情境中的能量轉(zhuǎn)化情況，完成下表。情境1情境2電源提供的電能物體重力勢(shì)能的減少物體動(dòng)能的增加電阻上消耗的電能【答案】（1）見(jiàn)解析，（2）a.，b.電容器儲(chǔ)存的電勢(shì)能，空氣阻力做負(fù)功產(chǎn)生的內(nèi)能【解析】（1）電容器電容的定義式有解得可知u與q成正比，圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)，如圖所示類(lèi)比直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中圖像與時(shí)間軸所圍結(jié)合圖形的面積表示位移，則兩極間電壓為時(shí)有此時(shí)電容器所儲(chǔ)存的電勢(shì)能解得（2）a.充電過(guò)程，電容器極板之間的電壓根據(jù)歐姆定律有根據(jù)電流的定義式有根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合上述解得b.情景1中，電源提供的能量轉(zhuǎn)化為定值電阻R上消耗的電能與電容器儲(chǔ)存的電勢(shì)能。情景2中，減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為物體增加的動(dòng)能與由于空氣阻力做負(fù)功產(chǎn)生的內(nèi)能。20.人們假定在小磁針極上聚集著正磁荷，在極上聚集著負(fù)磁荷。類(lèi)比點(diǎn)電荷的庫(kù)侖定律，真空中距離為的點(diǎn)磁荷、之間滿(mǎn)足磁荷的庫(kù)侖定律（真空磁導(dǎo)率是一個(gè)基本物理常量）。磁場(chǎng)強(qiáng)度在歷史上最先由磁荷觀點(diǎn)引出，單位正點(diǎn)磁荷在磁場(chǎng)中所受的力被稱(chēng)為磁場(chǎng)強(qiáng)度（符號(hào)為。假設(shè)真空中存在一靜止點(diǎn)磁荷，其周?chē)艌?chǎng)呈均勻輻射狀分布，如圖所示。（1）若空間存在試探點(diǎn)磁荷與點(diǎn)磁荷距離為，受磁力為。類(lèi)比電場(chǎng)強(qiáng)度的定義寫(xiě)出磁場(chǎng)強(qiáng)度的定義式；并結(jié)合磁荷的庫(kù)侖定律推導(dǎo)。（2）一帶電微粒A在點(diǎn)磁荷上方沿順時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎┳鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心到點(diǎn)磁荷的距離為，運(yùn)動(dòng)周期為，重力加速度為，帶電微粒A的運(yùn)動(dòng)對(duì)磁場(chǎng)造成的影響可忽略。分析A帶正電還是負(fù)電，并求出所在軌道的磁場(chǎng)強(qiáng)度大小?！敬鸢浮浚?），見(jiàn)解析（2）【解析】（1）空間存在試探點(diǎn)磁荷與點(diǎn)磁荷距離為，受磁力為類(lèi)比電場(chǎng)強(qiáng)度的定義可知，磁場(chǎng)強(qiáng)度解得（2）令微粒質(zhì)量為m，對(duì)微粒進(jìn)行受力分析，由重力與洛倫茲力的合力提供向心力，則洛倫茲力方向斜向右上方，根據(jù)左手定則可知，微粒帶正電，如圖所示令微粒到點(diǎn)磁荷間距為r，則微粒所在軌道的磁場(chǎng)強(qiáng)度大小令微粒圓周運(yùn)動(dòng)軌道半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系有，根據(jù)重力與洛倫茲力的合力提供向心力，則有解得，昌平區(qū)2024—2025學(xué)年第一學(xué)期高二年級(jí)期末質(zhì)量抽測(cè)物理試卷本試卷共8頁(yè)，共100分?？荚嚂r(shí)長(zhǎng)90分鐘。考生務(wù)必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效?？荚嚱Y(jié)束后，將答題卡交回。第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度 B.電勢(shì) C.電動(dòng)勢(shì) D.磁通量【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度為矢量；電勢(shì)、電動(dòng)勢(shì)、磁通量都是標(biāo)量。故選A。2.磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位是特斯拉，符號(hào)是，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位還可以表示為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】A．根據(jù)解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故B正確；C．根據(jù)，解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)，解得根據(jù)單位運(yùn)算可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，電場(chǎng)中有兩點(diǎn)，用和表示A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小，用和表示A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)，用和表示一正試探電荷在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能。下列關(guān)系式正確的是（）A.，，B.，，C.，，D.，，【答案】C【解析】由于電場(chǎng)線(xiàn)分布的疏密程度能夠表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，則有由于沿電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，則有正試探電荷在A到B過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則有可知，第三個(gè)選擇項(xiàng)滿(mǎn)足要求。故選C。4.用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究影響感應(yīng)電流方向的因素。將條形磁體的某一極插入和拔出線(xiàn)圈的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）A.電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，且偏轉(zhuǎn)方向不同B.電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，且偏轉(zhuǎn)方向相同C.磁體受到線(xiàn)圈的作用力，且方向均向上D.磁體受到線(xiàn)圈的作用力，且方向均向下【答案】A【解析】AB．將條形磁體的某一極插入和拔出線(xiàn)圈的過(guò)程中，線(xiàn)圈所在位置的原磁場(chǎng)方向一定，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量分別增大和減小，線(xiàn)圈中均有感應(yīng)電流，電流表指針均發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)楞次定律可知，插入和拔出線(xiàn)圈的過(guò)程中，感應(yīng)電流方向相反，即電流表指針偏轉(zhuǎn)方向不同，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流激發(fā)的磁場(chǎng)對(duì)原磁體有磁場(chǎng)力的作用，該力總要阻礙原磁體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，即磁體受到線(xiàn)圈的作用力，插入時(shí)方向向上，撥出時(shí)方向向下，故CD錯(cuò)誤。故選A。5.5G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率在超高頻段和極高頻段，比4G及以下網(wǎng)絡(luò)（通信頻率在特高頻段）擁有更大的帶寬，如圖所示。5G網(wǎng)絡(luò)的傳輸速率（指單位時(shí)間傳送的數(shù)據(jù)量大?。┛蛇_(dá)10Gbps（bps為bitspersecond的英文縮寫(xiě)，即比特率、比特/秒），是4G網(wǎng)絡(luò)的50~100倍。5G信號(hào)與4G信號(hào)相比（）A.在真空中傳播速度更慢B.在真空中傳播速度更快C.波長(zhǎng)更長(zhǎng)D.頻率更高，傳輸速率更快【答案】D【解析】AB．5G信號(hào)與4G信號(hào)均為電磁波，其在真空中的傳播速度相等，均等于光速，故AB錯(cuò)誤；C．5G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率在超高頻段和極高頻段，4G信號(hào)通信頻率在特高頻段，即5G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率比4G網(wǎng)絡(luò)使用的無(wú)線(xiàn)電通信頻率大，根據(jù)可知，頻率越大，波長(zhǎng)越短，即5G信號(hào)與4G信號(hào)相比波長(zhǎng)更短，故C錯(cuò)誤；故選D。6.平行板電容器的電容與極板的正對(duì)面積S、極板間距離的關(guān)系為（為相對(duì)介電常數(shù)，為靜電力常量）。如圖所示為研究影響平行板電容器電容大小的因素實(shí)驗(yàn)過(guò)程示意圖，保持極板上的電荷量和極板的正對(duì)面積S不變，當(dāng)增大時(shí)（）A.極板間電勢(shì)差減小 B.電容器的電容增大C.極板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大 D.電容器儲(chǔ)存的電勢(shì)能增大【答案】D【解析】A．根據(jù)電容的定義式有由題意有解得可知，當(dāng)增大時(shí)，極板間電勢(shì)差增大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知，當(dāng)增大時(shí)，電容器的電容減小，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可以解得可知，當(dāng)增大時(shí)，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)增大時(shí)，極板上電荷之間的電場(chǎng)力做負(fù)功，電容器儲(chǔ)存的電勢(shì)能增大，故D正確。故選D。7.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向a端滑動(dòng)的過(guò)程，電壓表和電流表的示數(shù)變化情況為（）A.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小B.電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大C.電壓表和電流表示數(shù)都增大D電壓表和電流表示數(shù)都減小【答案】A【解析】在滑動(dòng)變阻器滑片P向a端滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，電壓表測(cè)量路端電壓，其示數(shù)I減小，其他量不變，則U增大，故電壓表示數(shù)增大，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知，電路中并聯(lián)部分的電壓增大，通過(guò)R2的電流增大，而總電流減小，所以電流表示數(shù)減小，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。8.回旋加速器的工作原理如圖所示。是兩個(gè)中空的半圓形金屬盒，它們之間有一定的電勢(shì)差U。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直。A處的粒子源產(chǎn)生的帶電粒子在兩盒之間被加速，然后進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，再次到達(dá)兩盒間的縫隙時(shí)，改變電場(chǎng)方向，使粒子再次被加速，如此反復(fù)。兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間忽略不計(jì)。粒子所受重力忽略不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子每在電場(chǎng)中加速一次，動(dòng)能的增加量都相同B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的圓周越來(lái)越大，其周期會(huì)越來(lái)越長(zhǎng)C.若只增大電壓U，會(huì)使粒子射出D形金屬盒的動(dòng)能增大D.若只增大兩盒之間的距離，會(huì)使粒子射出D形盒的動(dòng)能增大【答案】A【解析】A．根據(jù)題意，由動(dòng)能定理可知，粒子每在電場(chǎng)中加速一次，動(dòng)能的增加量可知，每次動(dòng)能增加量都相同，故A正確；B．根據(jù)題意，由可得由于增大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的圓周越來(lái)越大，由可知，其周期不變，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合B分析可知，設(shè)D形盒的半徑為，則粒子的最大速度為則粒子射出D形金屬盒的動(dòng)能故選A。9.如圖所示，兩根不可伸長(zhǎng)的等長(zhǎng)絕緣細(xì)繩的上端系在天花板的O點(diǎn)，下端分別系有帶正電荷的小球P、Q，小球處在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，靜止時(shí)兩細(xì)繩與豎直方向的夾角大小相等。則（）A.兩繩中的張力大小一定相等B.的質(zhì)量一定小于Q的質(zhì)量C.的電荷量一定小于Q的電荷量D.的電荷量一定大于Q的電荷量【答案】B【解析】AB．細(xì)繩與豎直方向的夾角為，小球之間的庫(kù)侖力大小為F，對(duì)小球P進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有，解得，對(duì)小球Q進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有，解得，可知，兩繩中的張力大小不相等，的質(zhì)量一定小于Q的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)庫(kù)侖定律有可知，P、Q的電荷量的關(guān)系不能夠確定，故CD錯(cuò)誤。故選B10.工業(yè)上常利用感應(yīng)電爐冶煉金屬，裝置如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.感應(yīng)爐所接電源應(yīng)是低頻交流電源B.電源在線(xiàn)圈中產(chǎn)生熱量使金屬融化C.交變磁場(chǎng)在金屬中產(chǎn)生渦流，渦流的熱效應(yīng)使金屬融化D.若增加交流電的頻率，冶煉金屬的效率不變【答案】C【解析】A．為了產(chǎn)生較大的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)爐所接電源應(yīng)是高頻交流電源，故A錯(cuò)誤；BC．感應(yīng)電爐冶煉金屬過(guò)程中，交流電源產(chǎn)生交變磁場(chǎng)，從而在金屬中產(chǎn)生渦流，渦流的熱效應(yīng)使金屬融化，故B錯(cuò)誤，C正確；D．若增加交流電的頻率，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，冶煉金屬的效率增大，故D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖所示，將帶鐵芯的線(xiàn)圈L與燈泡A并聯(lián)，接到直流電源上。先閉合開(kāi)關(guān)S，穩(wěn)定后燈泡A正常發(fā)光；然后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，燈泡A先閃亮一下，再熄滅。下列說(shuō)法正確的是（）A.閉合開(kāi)關(guān)S后瞬間，燈泡A緩慢變亮B.閉合開(kāi)關(guān)S后瞬間，通過(guò)線(xiàn)圈L的電流逐漸增大C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后瞬間，通過(guò)燈泡A的電流方向?yàn)镈.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S前、后瞬間，通過(guò)燈泡A的電流一樣大【答案】B【解析】AB．閉合開(kāi)關(guān)S后瞬間，由于線(xiàn)圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)線(xiàn)圈電流的增大，所以通過(guò)線(xiàn)圈L的電流逐漸增大，而燈泡A馬上變亮，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S后瞬間，由于線(xiàn)圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)線(xiàn)圈電流的減小，且線(xiàn)圈與A構(gòu)成回路，所以通過(guò)燈泡A的電流方向?yàn)?，由于燈泡A先閃亮一下，再熄滅，所以斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后瞬間通過(guò)燈泡A的電流比斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S前通過(guò)燈泡A的電流大，故CD錯(cuò)誤。故選B。12.電磁俘能器可在汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)振動(dòng)時(shí)利用電磁感應(yīng)發(fā)電實(shí)現(xiàn)能量回收，結(jié)構(gòu)示意圖如圖1所示。兩對(duì)永磁鐵間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)永磁鐵可隨發(fā)動(dòng)機(jī)一起上下振動(dòng)，邊長(zhǎng)為的正方形線(xiàn)圈豎直固定在減震裝置上，永磁鐵振動(dòng)時(shí)磁場(chǎng)分界線(xiàn)不會(huì)離開(kāi)線(xiàn)圈。圖2為側(cè)視圖（從右向左看）。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖2中穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量為B.永磁鐵位置相對(duì)線(xiàn)圈位置下降時(shí)，線(xiàn)圈中一定產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化越大，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，回收能量越多D.永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化越快，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，回收能量越多【答案】D【解析】A．由于分界線(xiàn)上下側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相反，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量大小為故A錯(cuò)誤；B．永磁鐵位置相對(duì)線(xiàn)圈位置下降時(shí)，線(xiàn)圈相對(duì)于磁場(chǎng)向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向外的磁場(chǎng)中，或者線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中時(shí)，根據(jù)右手定則可知，線(xiàn)圈上下兩邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等，方向相反，總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，此時(shí)，線(xiàn)圈中沒(méi)有感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述，當(dāng)永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化非常大時(shí)，線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向外的磁場(chǎng)中，或者線(xiàn)圈全部處于垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中，此時(shí)線(xiàn)圈總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，此時(shí)，線(xiàn)圈中沒(méi)有感應(yīng)電流，回收能量越少，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述，當(dāng)線(xiàn)圈上部分位于垂直于紙面向外的磁場(chǎng)中，線(xiàn)圈下部分位于垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中時(shí)，根據(jù)右手定則可知，線(xiàn)圈總電動(dòng)勢(shì)等于上下兩邊產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)之和，線(xiàn)圈中有感應(yīng)電流，根據(jù)法律的電磁感應(yīng)定律可知，永磁鐵相對(duì)線(xiàn)圈位置變化越快，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，線(xiàn)圈中的感應(yīng)電流越大，回收能量越多，故D正確。故選D。13.如圖，空間中存在水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一導(dǎo)體棒繞固定的豎直軸OP在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，且始終平行于OP。導(dǎo)體棒兩端的電勢(shì)差u隨時(shí)間t變化的圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】如圖所示導(dǎo)體棒勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，設(shè)速度為v，設(shè)導(dǎo)體棒從到過(guò)程，棒轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，則導(dǎo)體棒垂直磁感線(xiàn)方向的分速度為可知導(dǎo)體棒垂直磁感線(xiàn)的分速度為余弦變化，根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)B點(diǎn)和B點(diǎn)關(guān)于P點(diǎn)的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)時(shí)，電流方向發(fā)生變化，根據(jù)可知導(dǎo)體棒兩端電勢(shì)差u隨時(shí)間t變化的圖像為余弦圖像。故選C。14.某同學(xué)設(shè)計(jì)如圖1所示的電路測(cè)量導(dǎo)體的載流子（電子）濃度，在導(dǎo)體表面加一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可以調(diào)節(jié)。閉合開(kāi)關(guān)S，電極1、3間通以恒定電流，電極2、4間將產(chǎn)生電壓。導(dǎo)體長(zhǎng)為，寬為，厚度為，電子的電荷量為。根據(jù)數(shù)據(jù)作出的圖像如圖2所示，圖線(xiàn)的斜率為，則該導(dǎo)體單位體積中載流子數(shù)為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】穩(wěn)定時(shí)，電子所受洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，則有根據(jù)電流的微觀定義式有解得結(jié)合圖2有解得故選C。第二部分本部分共6題，共58分。15.用如圖所示的多用電表測(cè)量定值電阻。（1）待測(cè)電阻的阻值約為，測(cè)量步驟如下：①調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針對(duì)準(zhǔn)______（選填“直流電流、電壓”或“電阻”）零刻線(xiàn)。②將選擇開(kāi)關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的______（選填“×1”“×10”或“×100”）擋位。③將紅、黑表筆插入“+”、“-”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的______（選填“0刻線(xiàn)”或“刻線(xiàn)”）。④將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，讀取數(shù)據(jù)。（2）測(cè)量后需要繼續(xù)測(cè)量一個(gè)阻值大約是左右的電阻，下列實(shí)驗(yàn)步驟正確的操作順序?yàn)開(kāi)_____（填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)步驟前的字母）。A.將選擇開(kāi)關(guān)置于“”位置B.將選擇開(kāi)關(guān)置于“OFF”位置C.將兩表筆分別接觸待測(cè)電阻兩端，讀出其阻值后隨即斷開(kāi)D.將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”【答案】（1）直流電流、電壓×10刻線(xiàn)（2）ADCB【解析】（1）[1]實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針對(duì)準(zhǔn)直流電流、電壓零刻線(xiàn)；[2]測(cè)量電阻時(shí)，由于待測(cè)電阻的阻值約為，為了使指針指在中央刻線(xiàn)附近，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的×1擋位；[3]將紅、黑表筆插入“+”、“-”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的0刻線(xiàn)。（2）待測(cè)電阻阻值大約是，為了使指針指在中央刻線(xiàn)附近，應(yīng)先將選擇開(kāi)關(guān)置于“”位置，換擋后需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，即將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”，隨后開(kāi)始測(cè)量，即將兩表筆分別接觸待測(cè)電阻兩端，讀出其阻值后隨即斷開(kāi)，測(cè)量完成后，需要將選擇開(kāi)關(guān)置于“OFF”位置，可知，實(shí)驗(yàn)步驟正確的操作順序?yàn)锳DCB。16.在“測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中：（1）甲同學(xué)利用電流表和電壓表測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖1所示。他根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)作出的圖像如圖2所示。①通過(guò)圖像可求出電池的電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)阻______。（保留小數(shù)點(diǎn)后2位）②若忽略偶然誤差，利用該電路測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)和真實(shí)值相比______（選填“偏小”“偏大”或“相等”），實(shí)驗(yàn)誤差主要來(lái)自______（選填“電壓表的分流作用”或“電流表的分壓作用”）。（2）乙同學(xué)利用電壓表和電阻絲測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)。將電阻絲拉直固定，按照?qǐng)D3連接電路，閉合開(kāi)關(guān)S，快速滑動(dòng)金屬夾至適當(dāng)位置并記錄電壓表示數(shù)U、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，記錄金屬夾與端的距離，多次重復(fù)步驟，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)作出圖像如圖4所示。由圖線(xiàn)得出縱軸截距為，電源的電動(dòng)勢(shì)______?！敬鸢浮浚?）1.500.83偏小電壓表的分流作用（2）【解析】（1）①[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合圖2有，②[3][4]根據(jù)圖1可知，電壓表測(cè)量路端電壓，電流表測(cè)量的是通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流，若將電壓表與電源等效為一個(gè)新電源，測(cè)量的應(yīng)是新電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，則有即利用該電路測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)和真實(shí)值相比偏小，實(shí)驗(yàn)誤差主要來(lái)自電壓表的分流作用。（2）令電阻絲單位長(zhǎng)度的電阻為，根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形得結(jié)合圖4有解得17.如圖所示，兩個(gè)帶等量異種電荷的平行金屬板水平放置，板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，一電子沿平行于板面的方向射入電場(chǎng)中，并從另一側(cè)射出。已知板長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩板間距為，板間電壓為，電子的質(zhì)量為，電荷量為，電子射入時(shí)的速度大小為。不計(jì)電子的重力。求：（1）電子在兩極板間的加速度大??；（2）電子射出電場(chǎng)時(shí)沿垂直于板面方向偏移的距離；（3）電子在極板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)電子所做的功?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律有解得（2）電子在極板之間做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則有，結(jié)合上述解得（3）極板之間電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度則電子在極板間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)電子所