選擇、實(shí)驗(yàn)題(11＋2)定時(shí)訓(xùn)練(七)(限時(shí)：40分鐘)一、單項(xiàng)選擇題(共7小題，每小題4分，共28分)1.(2021·河北唐山市二模)法國(guó)物理學(xué)家貝克勒爾發(fā)現(xiàn)自然界中有一些物質(zhì)具有天然放射現(xiàn)象，能夠發(fā)生衰變反應(yīng)。一個(gè)靜止的eq\o\al(238,92)U原子核衰變一個(gè)新核eq\o\al(234,90)Th，同時(shí)放出一個(gè)帶電粒子，該粒子的動(dòng)能大小為E，動(dòng)量大小為p。下列說法正確的是()A.放出的帶電粒子為電子 B.eq\o\al(234,90)Th的結(jié)合能比eq\o\al(238,92)U大C.eq\o\al(234,90)Th的動(dòng)量大小為eq\f(2P,117) D.eq\o\al(234,90)Th的動(dòng)能大小為eq\f(2E,117)答案D解析寫出核反應(yīng)方程為eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋eq\o\al(4,2)He，放出的粒子為α粒子，不是電子，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；α衰變過程釋放能量，所以eq\o\al(238,92)U的結(jié)合能比eq\o\al(234,90)Th大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；核反應(yīng)前后動(dòng)量守恒有pTh－pHe＝0，即pTh＝pHe＝p，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；eq\o\al(234,90)Th的動(dòng)能EkTh＝eq\f(peq\o\al(2,Th),2mTh)＝eq\f(p2,2×234)，eq\o\al(4,2)He的動(dòng)能EkHe＝eq\f(peq\o\al(2,He),2mHe)＝eq\f(p2,2×4)＝E，聯(lián)立解得EkTh＝eq\f(2E,117)，選項(xiàng)D正確。2.(2021·山東濰坊市二模)如圖1所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a依次經(jīng)過狀態(tài)b、c和d再回到狀態(tài)a的過程，a→b是溫度為T1的等溫過程，c→d是溫度為T2的等溫過程，b→c和d→a為絕熱過程(氣體與外界無熱量交換)，這就是著名的“卡諾循環(huán)”?？ㄖZ循環(huán)構(gòu)建了從單一熱源吸收熱量用來做功的理想過程，符合卡諾循環(huán)的熱機(jī)的效率為η＝1－eq\f(T2,T1)。下列說法正確的是()圖1A.a→b過程氣體對(duì)外界做功且吸收熱量B.b→c過程氣體對(duì)外做的功小于氣體內(nèi)能的減少量C.c→d過程單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)減少D.由卡諾循環(huán)可知熱機(jī)效率可能達(dá)到100%答案A解析a→b過程為等溫過程，溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，氣體體積增大，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w從外界吸收熱量，故A正確；b→c過程中，絕熱膨脹，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知b→c過程氣體對(duì)外做的功等于氣體內(nèi)能的減少量，故B錯(cuò)誤；c→d為等溫過程，壓強(qiáng)變大，體積減小，氣體分子的平均動(dòng)能不變，壓強(qiáng)變大說明單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多，故C錯(cuò)誤；熱機(jī)在工作時(shí)不可避免的要克服機(jī)械部件間的摩擦做額外功，并且還存在熱量損失，機(jī)械效率不可能達(dá)到100%，故D錯(cuò)誤。3.(2021·山東濰坊市二模)一根長(zhǎng)20m的軟繩拉直后放在光滑水平地板上，以繩的中點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿繩方向?yàn)閤軸，水平面內(nèi)垂直x軸方向?yàn)閥軸，建立圖示坐標(biāo)系。兩人分別在繩兩端P、Q沿y軸方向持續(xù)有節(jié)奏地抖動(dòng)繩，在繩上形成兩列振幅分別為15cm、30cm的相向傳播的繩波，某時(shí)刻的波形如圖2所示。下列判斷正確的是()圖2A.P、Q點(diǎn)此時(shí)振動(dòng)方向相反B.兩人同時(shí)開始抖動(dòng)C.經(jīng)過足夠長(zhǎng)時(shí)間，0點(diǎn)振幅為15cmD.經(jīng)過足夠長(zhǎng)時(shí)間，除P、Q點(diǎn)外繩上有9個(gè)振動(dòng)最強(qiáng)點(diǎn)答案D解析由圖并根據(jù)同側(cè)法，可知P點(diǎn)此時(shí)振動(dòng)方向向下，Q點(diǎn)此時(shí)振動(dòng)方向向下，即P、Q點(diǎn)此時(shí)振動(dòng)方向相同，故A錯(cuò)誤；兩波在同一介質(zhì)中傳播，波速大小相等，由于兩波傳播距離不等，則用時(shí)不同，即兩人不是同時(shí)開始抖動(dòng)，故B錯(cuò)誤；圖示時(shí)刻x＝－6m處質(zhì)點(diǎn)的起振方向向下，x＝4m處質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上，所以兩波源的起振方向相反，兩波在同一介質(zhì)中傳播，所以波速相同，繩端P形成的波波長(zhǎng)為4m，繩端Q形成的波波長(zhǎng)也為4m，由波速公式v＝fλ知，兩列波的頻率相同，疊加區(qū)域有穩(wěn)定干涉圖樣，由于兩列波起振方向相反，所以疊加穩(wěn)定時(shí)兩波源間與兩波源路程差等于半個(gè)波長(zhǎng)偶數(shù)倍的各點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為45cm，設(shè)某點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，到兩個(gè)波源的距離分別為x1和x2，則有x1＋x2＝20m，x1－x2＝eq\f(λ,2)·2n＝4n，解得x1＝(2n＋10)m，由于x1<20m，故n值可取0、±1、±2、±3、±4，則除P、Q點(diǎn)外繩上有9處振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，當(dāng)n＝0時(shí)，x1＝10，即0點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅為45cm，故C錯(cuò)誤，D正確。4.(2021·山東泰安市二輪檢測(cè))2021年2月24日10時(shí)22分，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用“長(zhǎng)征四號(hào)”丙運(yùn)載火箭，成功將遙感三十一號(hào)03組衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定圓形軌道。如圖3所示為該衛(wèi)星繞地球運(yùn)行示意圖，測(cè)得衛(wèi)星在t時(shí)間內(nèi)沿逆時(shí)針從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，這段圓弧所對(duì)的圓心角為θ。已知地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，則這顆衛(wèi)星離地球表面的高度為()圖3A.eq\r(3,\f(gR2t2,θ2)) B.eq\r(3,\f(gR2θ2,t2))C.eq\r(3,\f(gR2t2,θ2))－R D.eq\r(3,\f(gR2θ2,t2))－R答案C解析該衛(wèi)星的角速度為ω＝eq\f(θ,t)，在地球表面有mg＝Geq\f(mM,R2)，對(duì)于衛(wèi)星，有Geq\f(mM,（R＋h）2)＝mω2(R＋h)，聯(lián)立解得h＝eq\r(3,\f(gR2t2,θ2))－R，故選項(xiàng)C正確。5.(2021·河北唐山市二模)斜劈是生活中常用的一種小工具，它可以增加物體的穩(wěn)定性。如圖4，將斜劈墊在光滑小球的下端，可以使小球靜止在光滑豎直墻壁和斜劈之間。若小球的質(zhì)量為m，斜劈尖端的角度為θ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說法中正確的是()圖4A.小球受到墻壁的彈力大小為eq\f(1,2)mgB.斜劈對(duì)小球的支持力為2mgC.斜劈與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)可能為eq\f(tanθ,2)D.增大小球的質(zhì)量，斜劈不可能向右滑動(dòng)答案C解析對(duì)小球受力分析如圖所示，由平衡條件可得小球受到墻壁彈力大小為FN1＝mgtanθ斜劈對(duì)小球的支持力為FN2＝eq\f(mg,cosθ)，所以A、B錯(cuò)誤；對(duì)整體受力分析如圖所示由平衡條件可得斜劈與地面間的摩擦力為Ff＝FN1＝mgtanθ，當(dāng)M＝m時(shí)，斜劈與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)可能為μ＝eq\f(Ff,FN)＝eq\f(mgtanθ,（M＋m）g)＝eq\f(tanθ,2)，所以C正確；增大小球的質(zhì)量，當(dāng)FN1＝mgtanθ>Ffm＝μ(M＋m)g時(shí)，斜劈將向右滑動(dòng)，所以D錯(cuò)誤。6.(2021·河北唐山市二模)如圖5所示，在直角梯形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，BC＝CD＝2AB＝2L。高為2L、寬為L(zhǎng)的矩形金屬閉合線圈由圖中位置以向右的恒定速度勻速通過磁場(chǎng)區(qū)域，其長(zhǎng)邊始終與CD平行。以線圈中逆時(shí)針方向?yàn)殡娏髡较?，線圈在通過磁場(chǎng)過程中電流隨時(shí)間變化的關(guān)系為()圖5答案C解析線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過程中磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律可得電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針(為正)。在線圈左邊沒有進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，有效切割長(zhǎng)度逐漸增大，根據(jù)i＝eq\f(Blv,R)可知感應(yīng)電流逐漸增大；當(dāng)線圈左邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，右邊沒有離開磁場(chǎng)前，有效切割長(zhǎng)度不變，則感應(yīng)電流不變；當(dāng)線圈右邊離開磁場(chǎng)后，線圈內(nèi)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針(負(fù)值)，且有效切割長(zhǎng)度逐漸增大，感應(yīng)電流逐漸增大。選項(xiàng)C正確。7.(2021·武漢市高三質(zhì)檢)如圖6所示，三個(gè)物體A、B和C的質(zhì)量分別為2m、m和m，A、B疊在水平桌面上，A通過跨過光滑定滑輪的輕繩與C相連，定滑輪端的輕繩與桌面平行，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ(μ<1)，B與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為eq\f(μ,3)，A、B、桌面之間的最大靜摩擦力等于相對(duì)的滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，下列說法正確的是()圖6A.三個(gè)物體A、B、C均保持靜止B.輕繩對(duì)定滑輪的作用力大小為eq\r(2)mgC.若A、B之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則需滿足μ<0.2D.若A、B之間未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則A受到的摩擦力大小eq\f(1＋2μ,3)mg答案C解析由題意可知A、B間的最大靜摩擦力為FfAm＝μ·2mg＝2μmg，B與水平桌面間的最大靜摩擦力為FfBm＝eq\f(μ,3)·3mg＝μmg(μ<1)，由于C的重力為mg，顯然當(dāng)A、B保持相對(duì)靜止時(shí)，A、B整體受到的拉力大于B與桌面間的最大靜摩擦力，當(dāng)A、B相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，B受到A的摩擦力大小為2μmg>μmg，即無論A、B是否相對(duì)滑動(dòng)，物體B在水平桌面上都會(huì)滑動(dòng)，A錯(cuò)誤；由于物體C向下加速運(yùn)動(dòng)，則輕繩的拉力F小于物體C的重力，故滑輪所受的作用力大小為eq\r(2)F<eq\r(2)mg，B錯(cuò)誤；A、B恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)物體B由牛頓第二定律得2μmg－eq\f(μ,3)·3mg＝ma，解得a＝μg，則對(duì)于A、B、C組成的整體有mg－eq\f(μ,3)·3mg＝4ma，解得μ＝0.2，因此若物體A、B之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則需滿足μ<0.2，C正確；如果A、B之間未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則對(duì)整體有mg－eq\f(μ,3)·3mg＝4ma，對(duì)物體B有Ff－eq\f(μ,3)·3mg＝ma，解得Ff＝eq\f(1＋3μ,4)mg，根據(jù)牛頓第三定律可知，A受到的摩擦力大小Ff′＝Ff＝eq\f(1＋3μ,4)mg，D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題(共4小題，每小題4分，共16分)8.(2021·廣西柳州市第三次模擬)如圖7所示，一質(zhì)量不計(jì)的豎直圓盤可繞固定的水平軸O在豎直平面內(nèi)無摩擦地轉(zhuǎn)動(dòng)。圓盤上固定著質(zhì)量均為m的小球A和B，且OA＝eq\r(3)a，OB＝a，OA與OB垂直。當(dāng)OA處于水平位置靜止釋放，則在圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，下列說法正確的有()圖7A.轉(zhuǎn)動(dòng)過程中A、B球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.當(dāng)A球位于O點(diǎn)正下方時(shí)，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度達(dá)到最大C.圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，圓盤始終對(duì)A球不做功D.圓盤沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)到角速度為0時(shí)OA與豎直方向成30°角答案AD解析圓盤在豎直平面內(nèi)無摩擦地轉(zhuǎn)動(dòng)，對(duì)于A、B球組成的系統(tǒng)，只有重力做功，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A正確；A、B球組成系統(tǒng)的重心位于兩者連線的中點(diǎn)，當(dāng)系統(tǒng)的重心到達(dá)O點(diǎn)正下方時(shí)，系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量最大，動(dòng)能的增加量最大，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度最大。所以，當(dāng)A球位于O點(diǎn)正下方時(shí)，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不是最大，故B錯(cuò)誤；圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，B的機(jī)械能是變化的，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒知A的機(jī)械能是變化的，再由功能關(guān)系可知圓盤對(duì)A球要做功，故C錯(cuò)誤；設(shè)圓盤沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)到角速度為0時(shí)OA與豎直方向成α角，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒知，從開始釋放到圓盤角速度為0的過程中，A的機(jī)械能減少量等于B的機(jī)械能增加量，即mg·eq\r(3)acosα＝mga(1＋sinα)，解得α＝30°，故D正確。9.(2021·山東泰安市二輪檢測(cè))如圖8所示，光滑斜面傾角θ＝60°，其底端與豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓弧軌道平滑對(duì)接，位置D為圓弧軌道的最低點(diǎn)，質(zhì)量均為m的小球A和小環(huán)B(均可視為質(zhì)點(diǎn))用L＝1.5R的輕桿通過輕質(zhì)鉸鏈相連，B套在豎直固定的光滑長(zhǎng)桿上，長(zhǎng)桿和圓軌道在同一豎直平面內(nèi)，長(zhǎng)桿過軌道圓心。初始時(shí)小球A在斜面上，輕桿與斜面垂直，由靜止釋放小球，重力加速度為g，則()圖8A.剛釋放時(shí)小球的加速度大小為eq\f(\r(3),2)gB.剛釋放時(shí)小球的加速度大于eq\f(\r(3),2)gC.小球運(yùn)動(dòng)的最大速度為eq\r(3.5gR)D.小球運(yùn)動(dòng)的最大速度為eq\r(2.5gR)答案AC解析剛釋放小球時(shí)，對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律得mgsin60°＝ma1，解得a1＝eq\f(\r(3),2)g，故A正確，B錯(cuò)誤；設(shè)小球A初始位置距水平面高度為h1，由幾何關(guān)系可得Rsin60°＋eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(h1－\f(1,2)R))tan30°＝1.5Rsin60°，解得h1＝eq\f(5,4)R，小環(huán)B初始位置距水平面高度設(shè)為h2，由幾何關(guān)系可得h2＝h1＋1.5Rcos60°＝2R，當(dāng)A球滑至圓弧軌道的最低點(diǎn)時(shí)，速度達(dá)到最大，由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒可得mgΔhA＋mgΔhB＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)，式中vB＝0，ΔhA＝eq\f(5,4)R，ΔhB＝0.5R，解得vA＝eq\r(3.5gR)，故C正確，D錯(cuò)誤。10.(2021·湖南永州市第三次模擬)如圖9所示，一豎直放置的輕彈簧一端固定于地面上，另一端與質(zhì)量為3kg的物體B拴接在一起，質(zhì)量為1kg的物體A置于物體B上?，F(xiàn)用外力壓縮彈簧到某一位置，撤去外力后A和B一起豎直向上運(yùn)動(dòng)，在A、B分離后，當(dāng)A上升0.2m到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，B的速度方向向下，且彈簧處于原長(zhǎng)。從A、B分離起至A到達(dá)最高點(diǎn)的這一過程中，下列說法正確的是(g取10m/s2)()圖9A.A、B分離時(shí)B的加速度為gB.彈簧的彈力對(duì)B做負(fù)功C.B的動(dòng)量變化量為零D.彈簧的彈力對(duì)B的沖量大小為6N·s答案AD解析由分離的條件可知，A、B兩物體分離時(shí)二者的速度、加速度均相等，二者之間的相互作用力為0，對(duì)A分析可知，A的加速度aA＝g，所以B的加速度為g，故A正確；A、B兩物體分離時(shí)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)彈簧又恢復(fù)原長(zhǎng)，從A、B分離起至A到達(dá)最高點(diǎn)的這一過程中，彈簧的彈性勢(shì)能變化為零，所以彈簧的彈力對(duì)B做的功為零，故B錯(cuò)誤；當(dāng)兩者分離時(shí)，B向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，B向下運(yùn)動(dòng)，故B動(dòng)量變化不為零，總的動(dòng)量變化向下，故C錯(cuò)誤；分離的瞬間，兩個(gè)物塊速度、加速度均相同，之后A做豎直上拋運(yùn)動(dòng)達(dá)到最高點(diǎn)，這段距離可求出其初速度v＝eq\r(2gh)＝2m/s，則t＝eq\r(\f(2h,g))＝0.2s，在此過程中對(duì)B，由動(dòng)量定理得mBgt＋I(xiàn)N＝mBv－(－mBv)，代入數(shù)據(jù)解得IN＝6N·s，故D正確。11.(2021·河北唐山市二模)某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場(chǎng)，其中一條豎直電場(chǎng)線如圖10甲所示，一帶正電小球從O點(diǎn)以初速度v0開始沿電場(chǎng)線向上運(yùn)動(dòng)，以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，取豎直向上為x軸正方向，小球的速度與時(shí)間的關(guān)系如圖乙中實(shí)線所示。另一不帶電小球由O點(diǎn)以相同初速度開始運(yùn)動(dòng)，速度與時(shí)間關(guān)系如圖中虛線所示，不計(jì)空氣阻力，從O到x1過程中()圖10A.電場(chǎng)強(qiáng)度豎直向上 B.電勢(shì)逐漸升高C.小球A所受電場(chǎng)力變小 D.小球A電勢(shì)能減小答案AD解析對(duì)于不帶電小球根據(jù)動(dòng)能定理有0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝－mgx1，對(duì)于帶電小球有eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝W電－mgx1，由于帶電小球到x1處還有動(dòng)能，電場(chǎng)力做正功，又因?yàn)樾∏驇д?，所以電?chǎng)方向與運(yùn)動(dòng)方向一致，豎直向上，選項(xiàng)A正確；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律有a＝eq\f(mg－qE,m)，v－t圖線的斜率變小，說明加速度變小，所以小球A所受電場(chǎng)力變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于電勢(shì)降低，根據(jù)Ep＝qφ，可知帶正電的小球電勢(shì)能減小，選項(xiàng)D正確。三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題，共16分)12.(7分)(2021·北京順義區(qū)第二次統(tǒng)練)用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)裝置如圖11所示。將雙縫干涉實(shí)驗(yàn)儀器按要求安裝在光具座上，光源發(fā)的光經(jīng)濾光片(裝在單縫前)成為單色光，把單縫照亮。單縫相當(dāng)于一個(gè)線光源，它又把雙縫照亮，已知雙縫間的距離為0.3mm。透鏡的作用是使射向單縫的光更集中。遮光筒的一端裝有毛玻璃屏，通過目鏡可以在屏上觀察到干涉條紋。圖11圖12(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，還需要測(cè)量的有____________________________；(2)實(shí)驗(yàn)中將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，并將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖12甲所示；然后轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭、使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示，得相鄰的條紋之間距離為________mm；(3)若測(cè)得雙縫到毛玻璃屏的距離為120.00cm，則本次實(shí)驗(yàn)測(cè)得的這種光的波長(zhǎng)是________m(保留2位有效數(shù)字)；(4)若實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)條紋太稀疏，可采取的改善辦法是________________________(至少寫一條)。答案(1)雙縫到毛玻璃屏的距離和相鄰條紋間距(2)1.954(3)4.9×10－7(4)增大雙縫間的距離或減小雙縫到毛玻璃屏的距離解析(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，根據(jù)公式Δx＝eq\f(l,d)λ可得λ＝eq\f(Δxd,l)，所以需要測(cè)量相鄰條紋之間的距離、雙縫間距、雙縫到屏的距離。所以還需要測(cè)量雙縫到毛玻璃屏的距離和相鄰條紋間距。(2)第一條亮紋的讀數(shù)為：4.5mm＋0.01×40.0mm＝4.900mm，第6條亮紋的讀數(shù)為14.5mm＋0.01×17.0mm＝14.670mm，所以相鄰的亮紋間距Δx＝eq\f(14.670－4.900,5)mm＝1.954mm。(3)光波波長(zhǎng)λ＝eq\f(Δxd,l)＝eq\f(1.954×10－3×0.3×10－3,120.00×10－2)m＝4.9×10－7m。(4)根據(jù)公式Δx＝eq\f(l,d)λ可知，想要條紋變密集，即讓?duì)變小，可以減小雙縫到屏的距離，減小光波的波長(zhǎng)，增大雙縫的間距。13.(9分)(2021·山東濰坊市二模)某實(shí)驗(yàn)小組利用圖13甲所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，氣墊導(dǎo)軌上有平行于導(dǎo)軌的標(biāo)尺，在導(dǎo)軌上架設(shè)兩個(gè)光電門1、2，滑塊上側(cè)固定一豎直遮光條，滑塊左側(cè)所掛細(xì)線繞過定滑輪與鉤碼相連，細(xì)線與導(dǎo)軌平行，光電門1固定，其中心與標(biāo)尺的0刻度線對(duì)齊。實(shí)驗(yàn)操作如下：圖13(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光條的寬度如圖乙所示，則遮光條的寬度為________mm。(2)滑塊不掛細(xì)線、鉤碼，接通氣源后，給滑塊一個(gè)向左的初速度，使它從導(dǎo)軌右端向左運(yùn)動(dòng)，通過調(diào)整氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕P、Q，直到使滑塊經(jīng)過光電門1、2時(shí)遮光時(shí)間相等。(3)在滑塊上掛上細(xì)線與鉤碼，接通氣源，將滑塊從導(dǎo)軌右端由靜止釋放，由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過光電門1、2的時(shí)間分別為t1、t2，由標(biāo)尺讀出光電門2中心所在位置的刻度x。(4)用天平測(cè)出滑塊和遮光條的總質(zhì)量M及鉤碼質(zhì)量