第=page11頁，共=sectionpages1414頁山東省淄博市2024-2025學年高一（上）期末物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共24分。1.2024年9月25日，中國人民解放軍火箭軍成功發(fā)射1枚攜載訓練模擬彈頭的洲際彈道導彈，采用錢學森彈道準確落入預定海域。如圖是導彈的飛行軌跡，導彈的速度v與所受合外力F的關系可能正確的是(

)

A.圖中A點 B.圖中B點 C.圖中C點 D.圖中D點2.潭溪山玻璃漂流為山東省最長峽谷漂流，一游客在潭溪山乘皮筏漂流，途經(jīng)M點和N點，如圖所示。已知該游客從M點漂流到N點的路程為1.5km，用時5min，M、N間的直線距離為0.9km，則從M點漂流到N點的過程中(

)

A.該游客的位移大小為1.5km

B.該游客的平均速率為18m/s

C.該游客的平均速度大小為33.如圖所示，小齊同學做化學實驗時，將一空燒杯水平靜止放置在帶有石棉網(wǎng)的三腳架上，向空燒杯內(nèi)緩慢加水直至加滿的過程中，則(

)A.燒杯的重心在燒杯上

B.杯與水的共同重心將一直上升

C.杯與水的共同重心將先上升后降低

D.杯與水的共同重心將先降低后上升4.如圖，用兩根等長輕繩將木板懸掛在豎直木樁上等高的兩點，制成一簡易秋千，某次維修時將兩輕繩各剪去一小段，但仍保持等長且懸掛點不變.木板靜止時，F(xiàn)1表示木板所受合力的大小，F(xiàn)2表示單根輕繩對木板拉力的大小，則維修后(

)

A.F1不變，F(xiàn)2變大 B.F1不變，F(xiàn)2變小 C.F1變大，F(xiàn)2變大5.慣性制導已廣泛應用于彈道式導彈工程中，這個系統(tǒng)的重要元件之一是“加速度計”。加速度計構(gòu)造原理的示意圖如圖所示，沿導彈長度方向安裝的固定光滑桿上套一質(zhì)量為m的滑塊，滑塊兩側(cè)分別與勁度系數(shù)為k和2k的輕彈簧相連，兩彈簧的另一端與固定壁相連，滑塊原來靜止，彈簧均處于自然長度，滑塊上指針指在0刻度處。通過標尺可測出滑塊的位移，然后通過控制系統(tǒng)進行制導。導彈沿水平方向運動，某時刻指針向左偏離0點的距離為x(彈簧始終在彈性限度內(nèi))，此時導彈的加速度(

)A.方向向左，大小為3kxm B.方向向右，大小為3kxm

C.方向向右，大小為kxm 6.甲、乙兩車沿著一條平直公路同向同速行駛，相距152m。t=0時刻，前面的甲車開始減速，經(jīng)過一段時間，后面的乙車也開始減速，兩車的v-t圖像如圖所示。如果甲車在減速過程中行駛的距離為200m，乙車A.2m

B.5m

C.10m7.2024年11月4日，神舟十八號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸。飛船返回艙在返回過程中的某一豎直下落階段為：返回艙先加速下落，之后打開降落傘減速下降。返回艙和傘受到的阻力f與速度v大小的平方成正比，即f=kv2(k為常數(shù))，設傘打開時速度大小為v0，返回艙和傘的總質(zhì)量為mA.打開傘前返回艙處于超重狀態(tài)

B.打開傘后返回艙處于失重狀態(tài)

C.打開傘時返回艙的加速度大小為kv02m-8.從某一高度先后由靜止釋放兩個相同的小球甲和乙，若兩球被釋放的時間間隔為1s，在不計空氣阻力的情況下，它們在空中的運動過程中(

)A.甲、乙兩球速度之差越來越大 B.甲、乙兩球速度之差越來越小

C.甲、乙兩球間的距離始終保持不變 D.甲、乙兩球間的距離越來越大二、多選題：本大題共4小題，共16分。9.如圖所示是采用動力學方法測量空間站質(zhì)量的原理圖，已知飛船質(zhì)量為4.0×103kg，其推進器的平均推力為1.2×103N，在飛船與空間站對接后，推進器工作A.飛船的加速度大小為1.2×10-2m/s2 B.飛船的加速度大小為3.010.在拋球雜技表演中，演員在一輛速度為4m/s的水平向右做勻速直線運動的自行車上，t=0時刻，以相對于自行車4m/s的初速度豎直向上拋出一個小球。不計空氣阻力，重力加速度大小A.小球做勻變速直線運動

B.小球做勻變速曲線運動

C.t=0.1s時小球的速度大小為5m/s

11.高速公路的連續(xù)下坡路段通常會設置避險車道，供發(fā)生緊急情況的車輛避險使用。一輛貨車在行駛過程中發(fā)生故障，以v0=90km/h的速度駛?cè)氡茈U車道，避險車道上坡路面的傾角θ=30°A.貨車與路面間的動摩擦因數(shù)為33

B.貨車與路面間的動摩擦因數(shù)為32

C.貨車在避險車道上行駛的最大距離為31.2512.機場工作人員利用傳送帶從飛機上卸行李。如圖所示，以恒定速率v=4m/s逆時針運行的傳送帶與水平面間的夾角α=30°，轉(zhuǎn)軸間距L=6m。工作人員把一件小包裹(可視為質(zhì)點)由靜止輕放到傳送帶頂端，當包裹位移為1m時，速度大小恰好達到A.包裹剛放上傳送帶時的加速度大小為8m/s2

B.包裹與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為35

C.三、實驗題：本大題共2小題，共14分。13.利用圖甲的實驗裝置研究小車在斜面上做勻加速直線運動的過程，用打點計時器記錄小車從斜面頂端由靜止釋放并拖動紙帶的運動情況。某次實驗中，打出一條紙帶，從比較清晰的點起，計數(shù)點分別記為O、A、B、C、D、E、F，每相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔為T，依次測得各相鄰計數(shù)點間的距離為x1、x2、x3、x4、x5、x6，如圖乙所示。

(1)實驗時，圖乙中紙帶的______(選填“左”或“右”)端是和小車相連的。

(2)打點計時器打計數(shù)點E時，小車的速度表達式vE=______，要求充分利用測量數(shù)據(jù)，寫出小車運動過程中的加速度表達式a=______。(以上表達式均用題中所給物理量符號表示)

(3)在本實驗中，要充分利用測量數(shù)據(jù)計算加速度是為了減小______誤差。(填“偶然14.圖甲是“探究平拋運動的特點”的實驗裝置，通過描點畫出平拋小球的運動軌跡。

(1)實驗時需要下列哪個器材______。

A.彈簧秤

B.重垂線

C.打點計時器

D.秒表

(2)以下實驗過程的一些做法，其中合理的有______。

A.安裝斜槽軌道，使其末端保持水平

B.每次應該從斜槽上的同一位置無初速度釋放小球

C.為描出小球的運動軌跡，描繪的點可以用折線連接

D.每次必須嚴格的等距離下降記錄小球位置

(3)圖乙是某同學根據(jù)實驗畫出的平拋小球的運動軌跡，以平拋起點O為坐標原點，建立直角坐標系，在軌跡上取三點A、B、C，測得A、B兩點豎直坐標y1為5.0cm、y2為20.0cm，測得A、B兩點水平距離Δx為40.0cm，則小球的初速度大小v0=______m/s，若C點豎直坐標y3為45.0cm，則小球在C點的速度大小四、計算題：本大題共4小題，共46分。15.我國古代勞動人民創(chuàng)造了璀璨的農(nóng)耕文明。圖甲為《天工開物》中描繪的利用耕牛整理田地的場景，簡化的物理模型如圖乙所示，人站立的農(nóng)具視為與水平地面平行的木板，兩條繩子相互平行且垂直于木板邊緣。已知繩子與水平地面間夾角θ=37°，人與木板總質(zhì)量m=74kg，當每條繩子拉力的大小F=200N時，人與木板沿直線勻速前進，重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求此過程中：16.公路上行駛的汽車，司機從發(fā)現(xiàn)前方異常情況到緊急剎車，汽車仍將前進一段距離才能停下來。要保持安全，這段距離內(nèi)不能有車輛和行人，因此把它稱為安全距離。通常情況下，人的反應時間和汽車系統(tǒng)的反應時間之和為t0=1s(這段時間汽車仍保持原速)。晴天汽車在干燥的路面上以v0=20m/s的速度行駛時，晴天汽車在干燥的路面上剎車過程中的加速度大小為a=103m/s2。設雨天汽車剎車時的加速度為晴天時的17.1942年11月發(fā)生在淄川的馬鞍山保衛(wèi)戰(zhàn)是魯中抗日戰(zhàn)場的重要戰(zhàn)役。在保衛(wèi)戰(zhàn)中，駐守峰頂?shù)膽?zhàn)士們利用石頭、器具等擊退了敵人10余次進攻，圖甲為馬鞍山保衛(wèi)戰(zhàn)遺址。圖乙為攀登峰頂處的陡坡側(cè)視圖，斜坡PA高h=45m，其下端點A與一長LAB=30m的平臺AB相連，C為AB中點，PO垂直于BA延長線并與其相交于O點。某戰(zhàn)士將石塊從斜坡頂端P點以v0=25m/s的初速度水平拋出，恰好落到平臺中點C。已知重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，忽略空氣阻力，石塊在豎直平面內(nèi)運動，石塊與敵人均看作質(zhì)點。

(1)求石塊從P點拋出到落到平臺C點所用時間t和斜坡的長度LPA；

(2)若將石塊從P點水平拋出，要使石塊能夠落到平臺AB18.如圖所示，質(zhì)量mA=0.9kg的木板A置于粗糙水平地面上，木板A左端放置一質(zhì)量mB=0.1kg小物塊B，在木板A右側(cè)有一豎直墻壁，木板右端與墻壁的距離為x0=2.5m。某時刻給木板A和物塊B相同的初速度v0=3m/s，二者保持相對靜止一起水平向右運動，一段時間后，木板A與墻壁碰撞(碰撞時間極短)，碰后木板A速度反向、大小不變，A、B兩物體發(fā)生相對滑動，經(jīng)過時間t=1.2s二者再次達到共速且方向水平向左，運動過程中物塊B始終未離開木板A。已知木板A與地面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.1，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小g=10m/s2。求：

(1)木板A剛接觸墻壁時，A、B

答案和解析1.C

【解析】解：A.圖中A點標出的受力方向不應該在軌跡的切線方向的反方向，而應該指向運動軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，故A錯誤；

B.曲線運動速度沿著曲線的切線方向，圖中B位置中，速度方向應沿運動軌跡的切線方向，故B錯誤；

CD.曲線運動的CD點的速度方向沿切線方向，C受到的合力指向運動軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，D受到的合力沒有指向運動軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，故C正確，D錯誤。

故選：C。

2.【解析】解：A、位移指的是從M點漂流到N點的有向線段，故路程大小為1.5km，位移大小等于0.9km，故A錯誤；

B、平均速率為路程與時間的比值，已知該游客從M點漂流到N點的路程為1.5km，用時5min，可解得平均速率等于5m/s，故B錯誤；

C、該游客的平均速度大小為v=xt,解得v=3m/s，故【解析】解：空杯子的重心在杯子中心偏點下，對空杯緩慢加水的過程中，重心位置不斷下降，當水加滿后，重心又回到原來位置，故重心的位置先下降后上升，故ABC錯誤，D正確。

故選：D。

4.A

【解析】以木板為研究對象，對其受力分析如圖

木板靜止時，受重力和兩個拉力而平衡，故三個力的合力為零，即F1=0，繩剪短后同樣是F1=0，故F??1大小不變；

根據(jù)共點力的平衡條件可知2F2cosθ=mg

將兩輕繩各剪去一小段，輕繩與豎直方向夾角θ變大，故cosθ減小，F(xiàn)5.B

【解析】解：滑塊受到左側(cè)彈簧的向右的彈力，大小為ks，同時小物體還受到右側(cè)彈簧的向右的彈力，大小也為2ks，故合力為F=3ks，方向水平向右，由牛頓第二定律得：加速度：a=Fm=3ksm，方向水平向右，故B正確，ACD【解析】解：甲在0-4t0時間內(nèi)做勻減速運動，通過的位移為x甲=v0?4t02=2v0t0=200m；

乙在0【解析】解：A.打開傘前加速下落，返回艙處于失重狀態(tài)，故A錯誤；

B.打開傘后，減速下降，加速度向上，返回艙處于超重狀態(tài)，故B錯誤；

C.打開傘時，阻力f=kv02，根據(jù)牛頓第二定律可得f-mg=ma，解得a=kv02m-g，故C正確；【解析】解：AB、甲、乙兩球的速度差Δv=g(t+1)-gt=g，兩球的速度差保持不變，故AB錯誤；

CD、甲、乙兩球的位移差，即兩球間的距離d=12g【解析】解：在飛船與空間站對接后，推進器工作5s內(nèi)，飛船和空間站的加速度大小為：a=ΔvΔt=0.065m/s2=0.012m/s2；

設空間站質(zhì)量為m，對飛船和空間站由牛頓第二定律得【解析】解：AB.小球在水平方向上以4m/s的速度做勻速直線運動，這是由自行車的運動決定的，在豎直方向上，小球以4m/s的初速度豎直向上拋出，僅受重力作用，因此做勻變速直線運動。由于水平方向和豎直方向上的運動同時發(fā)生，且相互獨立，所以小球的整體運動是這兩個方向運動的合成，由于合加速度(即重力加速度g)的方向與合初速度的方向不在同一直線上，因此小球做勻變速曲線運動，故A錯誤，B正確；

C.在水平方向上，小球的速度始終保持為4m/s。在豎直方向上，小球的速度由于重力作用而減小，根據(jù)速度—時間公式v=v0-gt，豎直方向上的速度為vy=3m/s，因此，t=0.1s時小球的速度大小為【解析】解：AB.貨車在避險車道上停下后恰好未發(fā)生溜滑現(xiàn)象，則火車滿足mgsin30°=μmgcos30°，解得μ=33，故A正確，B錯誤；

CD.火車在避險車道上運動時，設加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin30°+μmgcos30°=【解析】解：A、包裹做初速度為零的勻加速直線運動，由v-x公式可知，加速度a=v22x=422×1m/s2=8m/s2，故A正確；

B、包裹剛放上傳送帶時，對包裹，由牛頓第二定律得：mgsin30°+μmgcos30°=ma，代入數(shù)據(jù)解得：μ=35，故B正確；

D、包裹加速到與傳送帶速度相等需要的時間t1=va=48s=0.5s

由于μ【解析】解：(1)因為小車是從靜止出發(fā)的，所以小車的速度越來越大，相鄰兩點間的距離越來越大，紙帶的左端密集，所以紙帶的左端和小車相連。

(2)根據(jù)勻變速直線運動的物體中間時刻的瞬時速度等于該段距離內(nèi)的平均速度可得：vE=x5+x62T，根據(jù)逐差法可得小車的加速度為a=(x4+x5+x6)-(x1+x2【解析】解：(1)實驗時需要重垂線確定豎直方向，彈簧秤、打點計時器、秒表都不需要，故B正確，ACD錯誤；

故選：B。

(2)AB、要在同一高度由靜止釋放小球，以保證每次實驗的初速度相等，安裝斜槽軌道，使其末端保持水平，確保初速度水平，故AB正確；

C、描點后，用平滑的曲線連接，故C錯誤；

D、實驗中只需要多記錄幾個小球的位置，作出軌跡，并不需要每次必須等距離的下降擋板，記錄鋼球位置，故D錯誤。

故選：AB。

(3)根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知Δy=gT2，則T=yBC-yABg=20.0-5.0-5.010×0.01s=0.115.(1)對人與