考前查漏14-高頻考點探秘押題助力飛躍目錄目錄01梳理高頻考點：通過分析和梳理近幾年高考卷，尋找高頻熱點考點02押題助力飛躍：選擇與高考真題相似度最高的最新模擬題，押題見證奇跡押題點1物理學史和物理思想方法1．（2024·江西贛州·一模）下列單位等價的一組是（）A．N·s與kg·m/s2 B．J與N·m C．C與A·V D．A與T·m2/s2．（2024·內蒙古赤峰·一模）物理學是集科學知識、科學方法和科學思維為一體的學科。下列有關科學思維方法的敘述正確的是（

）A．圖甲所示，通過平面鏡觀察桌面的微小形變——放大法B．圖乙所示，探究兩個互成角度共點力的合成實驗——理想模型法C．圖丙所示，卡文迪許利用扭秤實驗測量引力常量——控制變量法D．圖丁所示，伽利略利用理想斜面實驗對力和運動關系的研究——極限法押題點2力學、電學圖象類問題3．（2024·四川廣安·二模）圖（a）所示的送餐機器人從過道上甲處靜止出發(fā)做直線運動到乙處停下，其位移x與時間t的關系曲線如圖（b）。若將機器人視為質點，則從甲到乙機器人的運動依次是（）A．勻加速運動，勻速運動，勻減速運動B．加速度減小的加速運動，勻速運動，加速度增大的減速運動C．加速度增大的加速運動，勻速運動，加速度減小的減速運動D．加速度增大的加速運動，勻加速運動，加速度減小的減速運動4．（2024·北京平谷·模擬預測）如圖所示，空間中存在豎直向下的勻強磁場，一導體棒MN繞固定的水平軸OO'在磁場中勻速轉動，且始終平行于OO'。導體棒MN兩端的電勢差u隨時間t變化的圖像可能正確的是（）A． B．C． D．押題點3應用整體法和隔離法、受力分析及物體的平衡5．（2024·陜西安康·三模）六根相同的圓柱堆積放置在水平地面上，其截面圖如圖所示，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，假設圓柱之間光滑，地面粗糙，設每根圓柱的質量為m，重力加速度為g，則以下說法正確的是（）A．地面對圓柱4無摩擦力B．圓柱2對圓柱5的彈力大小為C．圓柱2對圓柱4的彈力大小等于它對1的彈力的2倍D．圓柱2對圓柱4的彈力大小等于它對圓柱5的彈力押題點4平拋運動問題的分析6．（2024·陜西渭南·一模）投壺是從先秦延續(xù)至清末的中國傳統(tǒng)禮儀和宴飲游戲，《禮記傳》中提到：“投壺，射之細也，宴飲有射以樂賓，以習容向講藝也。”如圖所示，甲、乙兩人沿水平方向各射出一支箭，箭尖插入壺中時與水平面的夾角分別為和；已知兩支箭質量相同，忽略空氣阻力、箭長、壺口大小等因素的影響，下列說法正確的是（，，，）（）

A．若箭在豎直方向下落的高度相等，則甲所射箭落入壺口時速度比乙小B．若箭在豎直方向下落的高度相等，則甲投壺位置距壺的水平距離比乙大C．若兩人站在距壺相同水平距離處投壺，甲所投的箭在空中運動時間比乙的短D．若兩人站在距壺相同水平距離處投壺，甲所投箭的初速度比乙的大押題點5豎直面內圓周運動問題7．（2024·江西·模擬預測）如圖，玩具小車在軌道上做勻速圓周運動，測得小車1s繞軌道運動一周，圓軌道半徑為0.3m，玩具小車的質量為0.5kg，AC為過圓心豎直線，BD為過圓心水平線，重力加速度g大小取，小車看作質點，下列說法正確的是（

）A．小車在BD下方運動時處于失重狀態(tài)B．小車在B點不受摩擦力作用C．小車在C點時對軌道的壓力恰好為零D．小車在A點時對軌道的壓力比在C點時大10N押題點6萬有引力定律的應用8．（2024·廣東江門·一模）2023年我國“天宮號”太空實驗室實現(xiàn)了長期有人值守，我國邁入空間站時代。如圖所示，“天舟號”貨運飛船沿橢圓軌道運行，A、B兩點分別為橢圓軌道的近地點和遠地點，則以下說法正確的是（）A．“天舟號”在A點的線速度大于“天宮號”的線速度B．“天舟號”在B點的加速度小于“天宮號”的加速度C．“天舟號”在橢圓軌道的周期比“天宮號”周期大D．“天舟號”與“天宮號”對接前必須先減速運動押題點7功能關系的理解和應用9．（2024·貴州·一模）如圖，一輕質彈簧置于固定光滑斜面上，下端與固定在斜面底端的擋板連接，彈簧處于原長時上端位于A點。一物塊由斜面上A點上方某位置釋放，將彈簧壓縮至最低點B（彈簧在彈性限度內），則物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能的（

）A．增加量等于物塊動能的減少量B．增加量等于物塊重力勢能的減少量C．增加量等于物塊機械能的減少量D．最大值等于物塊動能的最大值押題點8動力學方法和機械能守恒定律的應用10．（2024·陜西西安·模擬預測）如圖甲所示，風洞是人工產(chǎn)生和控制的氣流，用以模擬飛行器或物體周圍氣體的流動。在某次風洞飛行上升表演中，表演者的質量；，為提高表演的觀賞性、控制風速v的平方與表演者上升的高度h間的關系圖像如圖乙所示，在風力作用的正對面積不變時，風力大小（采用國際單位制），取重力加速度大小。表演者開始靜臥于處，打開氣流，在表演者從最低點到最高點的運動過程中，下列說法正確的是（）A．表演者開始靜臥于處，打開氣流時，風力大小為600NB．表演者先做加速度逐漸增大的加速運動，再做加速度逐漸減小的減速運動C．表演者的加速度為0時所處的高度為10mD．表演者在上升過程中機械能守恒押題點9電場性質的理解11．（2024·河南·模擬預測）圖甲為一個簡易的靜電除塵裝置，沒有底的空塑料瓶上固定著一塊鋁片和一根銅棒，將它們分別與起電機的正、負極相連。在塑料瓶里放置點燃的蚊香，瓶內產(chǎn)生煙塵，搖動起電機后瓶內變得清澈透明。圖乙為瓶內俯視圖，其中a、b、c為瓶內電場中同一條電場線上的三個點，且。則起電機搖動時（）A．帶負電的煙塵會向銅棒聚集B．a(chǎn)點的電場強度大于b點的電場強度C．a(chǎn)、b兩點間的電勢差小于b、c兩點間的電勢差D．帶負電的煙塵在b點時的電勢能大于它在c點時的電勢能押題點10帶電粒子在復合場中運動問題的分析12．（2024·江西·一模）利用霍爾元件可以進行微小位移的測量，如圖甲所示，在兩塊磁感應強度相同、N極相對放置的磁體縫隙中放入霍爾元件．該霍爾元件長為，寬為，厚為，建立如圖乙所示的空間坐標系，保持沿方向通過霍爾元件的電流不變，霍爾元件沿方向移動時，由于不同位置處磁感應強度不同，在表面間產(chǎn)生的霍爾電壓不同，當霍爾元件處于中間位置時，磁感應強度為0，為0，將該點作為位移的零點，在小范圍內，磁感應強度的大小與位移的大小成正比，這樣就可以把電壓表改裝成測量物體微小位移的儀表，下列說法中正確的是（）A．該儀表的刻度線是不均勻的B．該儀表只能測量微小位移的大小，不能確定位移的方向C．某時刻測得霍爾電壓為，則霍爾電場的場強大小為D．若霍爾元件中導電的載流子為電子，則當時，表面電勢低于表面的電勢押題點11楞次定律和法拉第電磁感應定律的應用13．（2024·重慶·模擬預測）在家庭電路中，接地故障通斷器在用電器發(fā)生漏電時，能保護人的生命和財產(chǎn)安全。當用電器正常工作時，緊靠的兩根絕緣電線電流大小相等、方向相反；當用電器漏電時，線圈中就會產(chǎn)生感應電流，斷路器切斷電路。若某次漏電瞬間，電線1和電線2中電流流向如題圖所示，且電線2中電流小于電線1中電流，則線圈內（

）A．磁通量增加，感應電流從N到M B．磁通量減少，感應電流從N到MC．磁通量增加，感應電流從M到N D．磁通量減少，感應電流從M到N押題點12質點的振動與波的傳播14．（2024·天津南開·一模）杜甫在《曲江》中寫到：“穿花蛺蝶深深見，點水蜻蜓款款飛?！逼届o水面上的S處，“蜻蜓點水”時形成一列水波向四周傳播（可視為簡諧波），A、B、C三點與S在同一條直線上。某時刻A在波谷且與水平面的高度差為H，B、C在不同的波峰上，其波形如圖中虛線所示。已知波速為v，A、B在水平方向的距離為a。則下列說法正確的是（）A．水波通過尺寸為1.5a的障礙物能發(fā)生明顯衍射B．到達第一個波峰的時刻，C比A滯后C．經(jīng)過的時間，質點B、C之間的距離為14aD．從圖示時刻開始計時，A點的振動方程是押題點13光的折射反射、全反射等傳播問題15．（2024·湖南長沙·一模）2023年9月21日，“天宮課堂”第四課在中國空間站開講，航天員“太空教師”景海鵬、朱楊柱、桂海潮為廣大青少年帶來一場精彩的太空科普課。如圖甲所示，航天員天宮課堂上演示了微重力環(huán)境下的神奇現(xiàn)象．液體呈球狀，往其中央注入空氣，可以在液體球內部形成一個同心球形氣泡，如圖乙所示．假設此液體球其內外半徑之比為1：3，當由a、b、c三種顏色的光組成的細光束在過球心的平面內，從A點以i＝37°的入射角射入球中，其中b光的折射光線剛好與液體球內壁相切，已知真空中光速為，則下列說法正確的是（）A．該液體材料對a光的折射率小于對c光的折射率B．若繼續(xù)增大入射角i，b光肯定能從液體球中射出C．該液體材料對a光的折射率可能為D．c光在液體球中的傳播速度可能為押題點14變壓器、交變電流及電能的輸送16．（2024·河南鄭州·模擬預測）某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機通過升壓變壓器和降壓變壓器向用戶供電。已知發(fā)電機線圈ABCD的匝數(shù)匝，面積，線圈勻速轉動的角速度，勻強磁場的磁感應強度大小，輸電導線的總電阻為，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，若理想交流電流表的示數(shù)，降壓變壓器副線圈兩端電壓。發(fā)電機線圈電阻r不可忽略。下列說法正確的是（）A．輸電線路上損耗的電功率為180WB．升壓變壓器副線圈兩端電壓為2240VC．升壓變壓器的原線圈輸入功率為7890WD．交流發(fā)電機線圈電阻r上消耗的熱功率為640W押題點15近代物理學相關知識17．（2024·江西·一模）氫原子從高能級向低能級躍遷時，會產(chǎn)生四種頻率的可見光，其光譜如圖1所示。氫原子從能級6躍遷到能級2產(chǎn)生可見光Ⅰ，從能級3躍遷到能級2產(chǎn)生可見光Ⅱ。用同一雙縫干涉裝置研究兩種光的干涉現(xiàn)象，得到如圖2和圖3所示的干涉條紋。用兩種光分別照射如圖4所示的實驗裝置，都能產(chǎn)生光電效應。下列說法正確的是（）A．圖1中的Hα對應的是ⅡB．圖2中的干涉條紋對應的是ⅡC．Ⅰ的光子動量大于Ⅱ的光子動量D．P向a移動，電流表示數(shù)為零時Ⅰ對應的電壓表示數(shù)比Ⅱ的大押題點16實驗：探究加速度與力和質量的關系18．（2024·新疆·一模）某同學在探究加速度與力、質量關系的實驗中，設計了如圖甲所示的裝置，通過力傳感器獲得小車的合外力，小車總質量用、重物質量用表示，各滑輪均光滑。(1)實驗中（選填“需要”或“不需要”）平衡小車所受的摩擦力，（選填“需要”或“不需要”）滿足所掛重物的質量m遠小于小車的總質量M。(2)小車的合外力一定時，畫出小車的圖象，依圖乙可以得出，當小車的質量為時，它的加速度為。(3)測得小車總質量一定時，加速度與力傳感器示數(shù)成正比。某次測量中，通過正確的實驗和計算得到小車加速度為（為當?shù)刂亓铀俣龋瑒t小車總質量與重物的質量之比為。押題點17實驗：研究平拋運動19．（2024·吉林·三模）如圖甲為桶裝水電動抽水器，某興趣小組利用平拋運動規(guī)律測量該抽水器的流量（單位時間流出水的體積）。(1)如圖乙所示，為了方便測量取下不銹鋼出水管，用游標卡尺測量其外徑；讀數(shù)為；(2)①為了使水能夠沿水平方向流出，轉動出水管至出水口水平；②接通電源，待水流穩(wěn)定后，用米尺測出管口到落點的高度差和管口到落點的水平距離；已知重力加速度，水流速度（保留兩位有效數(shù)字）；(3)已知出水管管壁的厚度為，該抽水器的流量的表達式為（用物理量表示）；(4)抽水時若電機的輸出功率恒定，當桶內水面降低時，抽水器的流量（選填“不變”、“減小”或“增加”）。押題點18實驗：驗證機械能守恒定律20．（2024·陜西西安·模擬預測）phyphoxapp是一款用途廣泛的傳感器手機軟件。某同學使用手機下載phyphoxapp后設計了一套實驗裝置用來驗證機械能守恒定律。實驗過程如下：①一鋼尺伸出水平桌面少許，將質量的小鋼球放在鋼尺末端，如圖甲所示；②用刻度尺測量鋼尺上表面與水平地板間的高度；③打開手機中的聲音“振幅”（聲音傳感器）項目；④迅速敲擊鋼尺側面，讓小鋼球自由下落。手機中的傳感器記錄下聲音“振幅”隨時間變化的曲線，如圖乙所示，第一、第二個尖峰的橫坐標分別對應小鋼球離開鋼尺時刻和落地時刻。測得這兩個尖峰的時間間隔。(1)當?shù)刂亓铀俣萭取，則下落過程中，重力勢能減小量J，動能增加量J。據(jù)此可以得出實驗結論：在誤差允許的范圍內，小鋼球自由下落過程中機械能守恒。（結果均保留三位有效數(shù)字）(2)敲擊鋼尺側面時，若導致小鋼球獲得了一個水平方向的未被察覺的小速度，對實驗測量結果（選填“有”或“沒有”）影響。押題點19實驗：練習使用多用電表、押題點20實驗：測定電源的電動勢和內阻21．（2024·湖南衡陽·二模）某實驗小組要測量一節(jié)干電池的電動勢E和內阻r，已知電流表內阻與電源內阻相差不大。(1)先用多用電表2.5V量程粗測該電池的電動勢，將多用電表的紅表筆與電池的（填“正”或“負”）極相連，黑表筆與電池的另一電極相連，多用電表的示數(shù)如圖1所示，則電源電動勢為V（結果保留3位有效數(shù)字）。(2)某同學設計了如圖2所示的實驗電路，連接好實驗電路，閉合開關S，改變滑片P的位置，記錄多組電壓表、電流表示數(shù)，建立U-I坐標系，并描繪出U-I圖像。另一同學仍使用圖2中的實驗器材，設計了如圖3所示的實驗電路，實驗操作步驟與前一位同學相同，在同一坐標系中分別描點作出U-I圖像，圖2對應的U-I圖線是圖4中的線（填“P”或“Q”）。若每次測量操作都正確，讀數(shù)都準確，則由圖4中的P和Q圖線，可得電動勢和內阻的真實值為E＝V，r=Ω（結果均保留3位有效數(shù)字）。押題點21實驗：觀察電容器的充、放電22．（2024·黑龍江哈爾濱·二模）電容器是一種重要的電學元件，在電工、電子技術中應用廣泛，使用圖甲所示電路觀察電容器的充、放電過程。電路中的電流傳感器可以捕捉瞬時的電流變化，它與計算機相連，可顯示電流隨時間的變化。圖甲直流電源電動勢、內阻不計，充電前電容器帶電量為零。先使S與“1”端相連，電源向電容器充電。充電結束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計算機記錄的電流隨時間變化的曲線如圖乙所示。(1)在電容器充電與放電過程中，通過電阻的電流方向（選填“相同”或“相反”）；(2)乙圖中陰影部分的面積（選填“>”、“<”或“=”）；(3)已知，則該電容器的電容值約為法拉（計算結果保留兩位有效數(shù)字）；(4)由甲、乙兩圖可判斷阻值（選填“>”或“<”）。押題點22實驗：用油膜法估算分子的大小23．（2023·浙江寧波·模擬預測）某實驗小組為完成“用油膜法估算油酸分子的大小”的實驗，操作如下：①取1.0mL油酸配成500mL油酸酒精溶液；②用注射器吸取1.0mL油酸酒精溶液逐滴滴入量筒，全部滴完共滴了50滴；③在淺盤內注入適量的水，將爽身粉均勻地撒在水面上，用注射器滴入一滴溶液；④待油膜形狀穩(wěn)定后，將繪有方格的玻璃板放在淺盤上，繪出油酸的輪廓（如圖所示，每個方格的邊長為1.0cm）。（1）“將油酸分子看成球形”所采用的方法是A．理想模型法

B．控制變量法C．等效替代法

D．極限思維法（2）該實驗中一滴油酸酒精溶液含mL油酸；由上述數(shù)據(jù)估算得到油酸分子的直徑約為m（保留一位有效數(shù)字）。（3）若實驗中最終測得的油酸分子直徑偏大，可能原因是A．爽身粉撒得較多，油膜沒有充分展開B．配制好的油酸酒精溶液放置時間過長C．計算油酸膜的面積時，將所有不完整方格作為完整方格處理D．用注射器測得50滴油酸酒精溶液為1mL時，不小心錯記為40滴押題點23實驗：用雙縫干涉測光的波長24．（2024·江西九江·二模）用如圖甲所示的雙縫干涉實驗裝置來測量光的波長。(1)上圖中I、II、III、IV的名稱依次是______。A．單縫、雙縫、毛玻璃屏、目鏡 B．雙縫、單縫、毛玻璃屏、目鏡C．單縫、雙縫、目鏡、毛玻璃屏 D．雙縫、單縫、目鏡、毛玻璃屏(2)在調節(jié)儀器時單縫和雙縫應該相互放置。（選填“垂直”或“平行”）(3)已知測量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50個分度。某同學調整手輪使測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，并將該亮紋定為第1條亮紋，此時測量頭上游標卡尺的讀數(shù)為；接著再同方向轉動手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，此時測量頭上游標卡尺如圖乙所示，則讀數(shù)為mm。已知雙縫間距，測得雙縫到毛玻璃屏的距離，所測光的波長nm（保留三位有效數(shù)字）。押題點24分子動理論與熱力學定律的組合、押題點25熱學基本規(guī)律與氣體的狀態(tài)變化25．（2024·山東棗莊·一模）水肺潛水運動中，潛水員潛水時需要攜帶潛水氧氣瓶，以保障潛水員吸入氣體的壓強跟外界水壓相等。潛水器材準備室中有一待充氣的氧氣瓶，其內部氣體的壓強、溫度與外界大氣相同，潛水員用氣體壓縮機為其充氣，1s內可將壓強為p0、溫度為t0、體積V0=700mL的氣體充進氧氣瓶內，充氣完成時氧氣瓶內氣體壓強p=16atm，溫度。已知外界大氣壓p0=1atm，外界環(huán)境溫度，氧氣瓶的容積V=11L，氧氣瓶的導熱性能良好，水溫恒為t0，水中每下降10m深度水壓增加1atm。（1）求氣體壓縮機對氧氣瓶充氣的時間；（2）潛水員攜帶氧氣瓶迅速下潛至水面下h1=10m深處，在該水層活動期間吸入氣體V1=20L，隨即迅速下潛至水面下h2=20m深處，在該水層活動期間吸入氣體V2=16L，求此時氧氣瓶內剩余氣體的壓強。押題點26運動學基本規(guī)律的應用26．（2024·天津南開·一模）2023年10月3日，杭州亞運會女子10米跳臺決賽中，中國運動員全紅嬋的驚人一跳，贏得全場7個10分，并最終奪得冠軍。在進行10米跳臺跳水訓練時，運動員必須在距離水面一定高度前完成規(guī)定動作并調整好入水姿勢。某興趣小組對10米跳臺跳水進行模擬研究，將運動員視為質點，若運動員起跳時獲得豎直向上的初速度，并在距離水面前完成規(guī)定動作并調整好入水姿勢豎直入水，其入水深度，跳臺距水面高度，運動員質量，重力加速度，空氣阻力不計。求：（1）運動員距離跳臺的最高距離；（2）運動員完成規(guī)定動作允許的最長時間；（3）運動員即將入水時速度v的大小和入水至水深h處的過程運動員受到水的平均作用力F的大小。押題點27平拋與圓周運動組合問題、押題點28動力學和能量觀點的綜合應用、押題點29動量和能量觀點的綜合應用27．（2024·貴州安順·二模）如圖所示，在光滑水平臺面上，一質量的物塊1（視為質點）壓縮彈簧后被鎖扣K鎖住?，F(xiàn)打開鎖扣K，物塊1與彈簧分離后與靜止在平臺右側質量的物塊2（視為質點）發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短，碰后物塊2恰好從B點沿切線方向入光滑豎直的圓弧軌道BC，圓弧軌道BC所對應的圓心角，圓弧軌道BC的半徑。已知A、B兩點的高度差，圓弧軌道BC與水平光滑地面相切于C點，物塊2在水平地面上運動一段距離后從D點滑上順時針轉動的傾斜傳送帶DE，假設滑上D點前后瞬間速率不變。傳送帶兩端DE的長度，傳送帶的傾角為，其速度大小。已知物塊2與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，不計空氣阻力，不考慮碰撞后物塊1的運動，取重力加速度大小，，，求：（1）彈簧被鎖定時的彈性勢能；（2）物塊2在傳送帶上運動的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量。押題點30帶電粒子在疊加場中的運動、押題點31帶電粒子在組合場中的運動28．（2024·河北唐山·一模）如圖所示，空間有一棱長為L的正方體區(qū)域，帶電粒子從平行于MF棱且與MPQF共面的線狀粒子源連續(xù)不斷地逸出，逸出粒子的初速度為0，粒子質量為m，電荷量為＋q，經(jīng)垂直于MF棱的水平勻強電場加速后，粒子以一定的水平初速度從MS段垂直進入正方體區(qū)域內，MS段長為，該區(qū)域內有垂直平面MPRG向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。從M點射入的粒子恰好從R點射出。距離正方體底部L處有一與AGRN平行且足夠大平板，粒子到達平板立即被平板吸收?，F(xiàn)以正方體底面AGRN中心O在平板的垂直投影點為原點，在平板內建立平面直角坐標系，其中x軸與GR平行，忽略粒子間的相互作用，不計粒子重力。（1）求從M點進入正方體區(qū)域的粒子進入時速度的大??；（2）若該區(qū)域內部只有垂直平面MPRG向外的勻強電場，電場強度大小為，從M點射入的粒子從PQ邊上的某點射出，求該點距P點的距離；（3）若該區(qū)域內同時存在上述磁場與電場，求所有落到平板上的粒子的落點離的最小距離。（結果用L和根式表示）。押題點32電磁感應中的電路和能量轉化問題29．（2024·天津南開·一模）如圖所示是列車進站時利用電磁阻尼輔助剎車的示意圖，在車身下方固定一單匝矩形線框abcd，ab邊長為L，bc邊長為d，在站臺軌道上存在方向豎直向上、磁感應強度大小為B的有界矩形勻強磁場MNPQ，MN邊界與ab平行，NP長為d。若ab邊剛進入磁場時列車關閉發(fā)動機，此時列車的速度大小為，cd邊剛離開磁場時列車剛好停止運動。已知線框總電阻為R，列車的總質量為m，摩擦阻力大小恒定為kmg，不計空氣阻力，重力加速度為g。求：（1）線框ab邊剛進入磁場時列車加速度a的大小和安培力對ab邊做功的功率P；（2）線框從進入到離開磁場過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）線框進入磁場過程中，通過線框橫截面的電荷量q?？记安槁?4-高頻考點探秘押題助力飛躍目錄目錄01梳理高頻考點：通過分析和梳理近幾年高考卷，尋找高頻熱點考點02押題助力飛躍：選擇與高考真題相似度最高的最新模擬題，押題見證奇跡押題點1物理學史和物理思想方法1．（2024·江西贛州·一模）下列單位等價的一組是（）A．N·s與kg·m/s2 B．J與N·m C．C與A·V D．A與T·m2/s【答案】B【詳解】A．根據(jù)可知N·s與kg·m/s單位等價，A錯誤；B．根據(jù)可知J與N·m單位等價，B正確；C．根據(jù)可知W與A·V單位等價，C錯誤；D．根據(jù)求得，對應單位是，D錯誤。故選B。2．（2024·內蒙古赤峰·一模）物理學是集科學知識、科學方法和科學思維為一體的學科。下列有關科學思維方法的敘述正確的是（

）A．圖甲所示，通過平面鏡觀察桌面的微小形變——放大法B．圖乙所示，探究兩個互成角度共點力的合成實驗——理想模型法C．圖丙所示，卡文迪許利用扭秤實驗測量引力常量——控制變量法D．圖丁所示，伽利略利用理想斜面實驗對力和運動關系的研究——極限法【答案】A【詳解】A．圖甲所示，通過平面鏡將桌面的微小形變進行放大，是放大法，A正確；B．圖乙所示，探究兩個互成角度共點力的合成實驗，是用等效替代的方法，B錯誤；C．圖丙所示，卡文迪許利用扭秤實驗測量引力常量是使用放大法，C錯誤；D．圖丁所示，伽利略利用理想斜面實驗對力和運動關系的研究是應用理想實驗的方法，D錯誤。故選A。押題點2力學、電學圖象類問題3．（2024·四川廣安·二模）圖（a）所示的送餐機器人從過道上甲處靜止出發(fā)做直線運動到乙處停下，其位移x與時間t的關系曲線如圖（b）。若將機器人視為質點，則從甲到乙機器人的運動依次是（）A．勻加速運動，勻速運動，勻減速運動B．加速度減小的加速運動，勻速運動，加速度增大的減速運動C．加速度增大的加速運動，勻速運動，加速度減小的減速運動D．加速度增大的加速運動，勻加速運動，加速度減小的減速運動【答案】A【詳解】根據(jù)勻變速直線運動位移與時間關系，可得，若圖線為拋物線，則物體做勻變速直線運動，且x-t圖線切線的斜率表示物體運動的速度，由圖可知，物體的速度先增大，后不變，再減小，則物體應先做勻加速運動，后做勻速運動，再做勻減速運動。故選A。4．（2024·北京平谷·模擬預測）如圖所示，空間中存在豎直向下的勻強磁場，一導體棒MN繞固定的水平軸OO'在磁場中勻速轉動，且始終平行于OO'。導體棒MN兩端的電勢差u隨時間t變化的圖像可能正確的是（）A． B．C． D．【答案】C【詳解】如圖所示導體棒勻速轉動，設速度為，角速度為，則導體棒轉過角時，導體棒MN兩端的電勢差為，所以導體棒MN兩端的電勢差u隨時間t變化的圖像為余弦圖像。故選C。押題點3應用整體法和隔離法、受力分析及物體的平衡5．（2024·陜西安康·三模）六根相同的圓柱堆積放置在水平地面上，其截面圖如圖所示，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，假設圓柱之間光滑，地面粗糙，設每根圓柱的質量為m，重力加速度為g，則以下說法正確的是（）A．地面對圓柱4無摩擦力B．圓柱2對圓柱5的彈力大小為C．圓柱2對圓柱4的彈力大小等于它對1的彈力的2倍D．圓柱2對圓柱4的彈力大小等于它對圓柱5的彈力【答案】C【詳解】A．圓柱2對圓柱4的壓力有水平分量，則地面對圓柱4一定有摩擦力，選項A錯誤；BCD．對球1、2、4受力分析如圖，由平衡可知，解得，對2分析可知，，聯(lián)立解得，，則圓柱2對圓柱5的彈力大小為，由以上結論結合牛頓第三定律可知，，選項BD錯誤，C正確；故選C。押題點4平拋運動問題的分析6．（2024·陜西渭南·一模）投壺是從先秦延續(xù)至清末的中國傳統(tǒng)禮儀和宴飲游戲，《禮記傳》中提到：“投壺，射之細也，宴飲有射以樂賓，以習容向講藝也?！比鐖D所示，甲、乙兩人沿水平方向各射出一支箭，箭尖插入壺中時與水平面的夾角分別為和；已知兩支箭質量相同，忽略空氣阻力、箭長、壺口大小等因素的影響，下列說法正確的是（，，，）（）

A．若箭在豎直方向下落的高度相等，則甲所射箭落入壺口時速度比乙小B．若箭在豎直方向下落的高度相等，則甲投壺位置距壺的水平距離比乙大C．若兩人站在距壺相同水平距離處投壺，甲所投的箭在空中運動時間比乙的短D．若兩人站在距壺相同水平距離處投壺，甲所投箭的初速度比乙的大【答案】A【詳解】A．箭尖插入壺中時與水平面的夾角為，若箭在豎直方向下落的高度相等，根據(jù)，，，解得，則夾角越大，速度越小，即甲所射箭落入壺口時速度比乙小，故A正確；B．根據(jù)上述，投壺位置距壺的水平距離為，解得，則夾角越大，水平距離越小，即甲投壺位置距壺的水平距離比乙小，故B錯誤；C．若兩人站在距壺相同水平距離處投壺，則豎直分速度，，根據(jù)速度分解有，解得，兩人站在距壺相同水平距離處投壺，則夾角越大，時間越大，即甲所投的箭在空中運動時間比乙的長，故C錯誤；D．根據(jù)上述解得，兩人站在距壺相同水平距離處投壺，則夾角越大，水平初速度越小，即甲所投箭的初速度比乙的小，故D錯誤。故選A。押題點5豎直面內圓周運動問題7．（2024·江西·模擬預測）如圖，玩具小車在軌道上做勻速圓周運動，測得小車1s繞軌道運動一周，圓軌道半徑為0.3m，玩具小車的質量為0.5kg，AC為過圓心豎直線，BD為過圓心水平線，重力加速度g大小取，小車看作質點，下列說法正確的是（

）A．小車在BD下方運動時處于失重狀態(tài)B．小車在B點不受摩擦力作用C．小車在C點時對軌道的壓力恰好為零D．小車在A點時對軌道的壓力比在C點時大10N【答案】D【詳解】A．小球在BD下方運動時，向心加速度指向圓心，均有豎直向上的分量，故處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．由于玩具小車在軌道上做勻速圓周運動，切向分量上合力為零，故在B點受到豎直向上的摩擦力，故B錯誤；C．設玩具小車在C點時受到向下的壓力，則，又，得，故C錯誤；D．設玩具小車在A點時受到向上的壓力，則，由牛頓第三定律知，得，故D正確。故選D。押題點6萬有引力定律的應用8．（2024·廣東江門·一模）2023年我國“天宮號”太空實驗室實現(xiàn)了長期有人值守，我國邁入空間站時代。如圖所示，“天舟號”貨運飛船沿橢圓軌道運行，A、B兩點分別為橢圓軌道的近地點和遠地點，則以下說法正確的是（）A．“天舟號”在A點的線速度大于“天宮號”的線速度B．“天舟號”在B點的加速度小于“天宮號”的加速度C．“天舟號”在橢圓軌道的周期比“天宮號”周期大D．“天舟號”與“天宮號”對接前必須先減速運動【答案】A【詳解】A．根據(jù)變軌原理可知，“天舟號”在A點從圓軌道加速可進入橢圓軌道。根據(jù)，解得，可知“天舟號”在A點所在圓軌道的線速度大于在B點所在圓軌道的線速度。所以“天舟號”在A點的線速度大于“天宮號”的線速度，故A正確；B．根據(jù)，可得，則“天舟號”在B點的加速度大小等于“天宮號”的加速度大小，故B錯誤；C．由開普勒第三定律，可知“天舟號”比“天宮號”運動周期小，故C錯誤；D．“天舟號”與“天宮號”對接前必須先加速，做離心運動，才能與天宮號對接，故D錯誤。故選A。押題點7功能關系的理解和應用9．（2024·貴州·一模）如圖，一輕質彈簧置于固定光滑斜面上，下端與固定在斜面底端的擋板連接，彈簧處于原長時上端位于A點。一物塊由斜面上A點上方某位置釋放，將彈簧壓縮至最低點B（彈簧在彈性限度內），則物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能的（

）A．增加量等于物塊動能的減少量B．增加量等于物塊重力勢能的減少量C．增加量等于物塊機械能的減少量D．最大值等于物塊動能的最大值【答案】C【詳解】ABC．設物塊在A點時的動能為，斜面的傾角為，物塊由A點運動至B點的過程中，對物塊由能量守恒有，可知，物塊由A點運動至B點的過程中，物塊的機械能轉化成了彈簧的彈性勢能，因此可知，彈簧彈性勢能增加量大于物塊動能的減少量，同樣大于物塊重力勢能的減少量，而等于物塊機械能的減少量，故AB錯誤，C正確；D．顯然，物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能最大時即彈簧被壓縮至最短時，而物塊動能最大時，彈簧的彈力等于物塊重力沿斜面向下的分力，即此時彈簧已被壓縮，具有了一定的彈性勢能，而此后物塊還要繼續(xù)向下運動，直至速度減為零，彈簧被壓縮至最短，因此彈簧彈性勢能的最大值大于物塊動能的最大值，而等于物塊機械能的減少量，故D錯誤。故選C。押題點8動力學方法和機械能守恒定律的應用10．（2024·陜西西安·模擬預測）如圖甲所示，風洞是人工產(chǎn)生和控制的氣流，用以模擬飛行器或物體周圍氣體的流動。在某次風洞飛行上升表演中，表演者的質量；，為提高表演的觀賞性、控制風速v的平方與表演者上升的高度h間的關系圖像如圖乙所示，在風力作用的正對面積不變時，風力大?。ú捎脟H單位制），取重力加速度大小。表演者開始靜臥于處，打開氣流，在表演者從最低點到最高點的運動過程中，下列說法正確的是（）A．表演者開始靜臥于處，打開氣流時，風力大小為600NB．表演者先做加速度逐漸增大的加速運動，再做加速度逐漸減小的減速運動C．表演者的加速度為0時所處的高度為10mD．表演者在上升過程中機械能守恒【答案】A【詳解】A．表演者開始靜臥于處，打開氣流時，風力大小為，故A正確；B．當時，合力向上，人向上加速，由牛頓第二定律，故隨著風速的減小，加速度減小，人先做加速度減小的加速運動；當時，加速度為零，速度最大；當時，合力向下，人向上減速，由牛頓第二定律，故隨著風速的減小，加速度增大。所以表演者先做加速度逐漸減小的加速運動，再做加速度逐漸增大的減速運動，故B錯誤；C．由乙圖可知，表演者的加速度為0時，有，代入數(shù)據(jù)得，故C錯誤；D．表演者在上升過程中受風力作用，機械能不守恒，故D錯誤。故選A。押題點9電場性質的理解11．（2024·河南·模擬預測）圖甲為一個簡易的靜電除塵裝置，沒有底的空塑料瓶上固定著一塊鋁片和一根銅棒，將它們分別與起電機的正、負極相連。在塑料瓶里放置點燃的蚊香，瓶內產(chǎn)生煙塵，搖動起電機后瓶內變得清澈透明。圖乙為瓶內俯視圖，其中a、b、c為瓶內電場中同一條電場線上的三個點，且。則起電機搖動時（）A．帶負電的煙塵會向銅棒聚集B．a(chǎn)點的電場強度大于b點的電場強度C．a(chǎn)、b兩點間的電勢差小于b、c兩點間的電勢差D．帶負電的煙塵在b點時的電勢能大于它在c點時的電勢能【答案】C【詳解】AB．起電機搖動時，根據(jù)題意可知銅棒帶負電，鋁片帶正電，所以帶負電的煙塵會向鋁片聚集，由于二者之間的電場線分布是從左至右依次變的密集，即a點的電場強度小于b點的電場強度，故AB錯誤；C．a(chǎn)、b兩點間的電場線比b、c兩點間的電場線要疏一些，故，根據(jù)，其中，可知，故a、b兩點間的電勢差小于b、c兩點間的電勢差，C正確；D．根據(jù)電場線的分布情況可知，根據(jù)電勢能與電勢的關系，其中，即帶負電的煙塵在b點時的電勢能小于它在c點時的電勢能，故D錯誤。故選C。押題點10帶電粒子在復合場中運動問題的分析12．（2024·江西·一模）利用霍爾元件可以進行微小位移的測量，如圖甲所示，在兩塊磁感應強度相同、N極相對放置的磁體縫隙中放入霍爾元件．該霍爾元件長為，寬為，厚為，建立如圖乙所示的空間坐標系，保持沿方向通過霍爾元件的電流不變，霍爾元件沿方向移動時，由于不同位置處磁感應強度不同，在表面間產(chǎn)生的霍爾電壓不同，當霍爾元件處于中間位置時，磁感應強度為0，為0，將該點作為位移的零點，在小范圍內，磁感應強度的大小與位移的大小成正比，這樣就可以把電壓表改裝成測量物體微小位移的儀表，下列說法中正確的是（）A．該儀表的刻度線是不均勻的B．該儀表只能測量微小位移的大小，不能確定位移的方向C．某時刻測得霍爾電壓為，則霍爾電場的場強大小為D．若霍爾元件中導電的載流子為電子，則當時，表面電勢低于表面的電勢【答案】C【詳解】A．根據(jù)平衡條件可得，，所以，由此可知，與成正比，即該儀表的刻度線是均勻的，故A錯誤；B．若上表面電勢高，則空穴在上表面聚集，根據(jù)左手定則可知，磁感應強度方向沿軸負方向，說明霍爾元件靠近右側的磁鐵，位移方向向右，反之位移方向向左，所以該儀表可以確定位移的方向，故B錯誤；C．根據(jù)電場強度與電壓的關系可得，霍爾電場的電場強度大小為，故C正確；D．若霍爾元件中導電的載流子為電子，則當時，磁場方向向右，根據(jù)左手定則可知，電子偏向下表面，下表面電勢低，即表面電勢高于表面的電勢，故D錯誤。故選C。押題點11楞次定律和法拉第電磁感應定律的應用13．（2024·重慶·模擬預測）在家庭電路中，接地故障通斷器在用電器發(fā)生漏電時，能保護人的生命和財產(chǎn)安全。當用電器正常工作時，緊靠的兩根絕緣電線電流大小相等、方向相反；當用電器漏電時，線圈中就會產(chǎn)生感應電流，斷路器切斷電路。若某次漏電瞬間，電線1和電線2中電流流向如題圖所示，且電線2中電流小于電線1中電流，則線圈內（

）A．磁通量增加，感應電流從N到M B．磁通量減少，感應電流從N到MC．磁通量增加，感應電流從M到N D．磁通量減少，感應電流從M到N【答案】A【詳解】當用電器正常工作時，緊靠的兩根絕緣電線電流大小相等、方向相反，此時穿過線圈的磁通量為零；當用電器漏電時，且電線2中電流小于電線1中電流，則線圈內磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知感應電流從N到M。故選A。押題點12質點的振動與波的傳播14．（2024·天津南開·一模）杜甫在《曲江》中寫到：“穿花蛺蝶深深見，點水蜻蜓款款飛?！逼届o水面上的S處，“蜻蜓點水”時形成一列水波向四周傳播（可視為簡諧波），A、B、C三點與S在同一條直線上。某時刻A在波谷且與水平面的高度差為H，B、C在不同的波峰上，其波形如圖中虛線所示。已知波速為v，A、B在水平方向的距離為a。則下列說法正確的是（）A．水波通過尺寸為1.5a的障礙物能發(fā)生明顯衍射B．到達第一個波峰的時刻，C比A滯后C．經(jīng)過的時間，質點B、C之間的距離為14aD．從圖示時刻開始計時，A點的振動方程是【答案】ABD【詳解】A．根據(jù)題意，由圖可知，水波的波長為，則水波通過尺寸為1.5a的障礙物能發(fā)生明顯衍射，故A正確；B．根據(jù)題意，由圖可知，點距離振源的距離為，A點距離振源的距離為，則到達第一個波峰的時刻，C比A滯后，故B正確；C．質點不能隨波逐流，則質點B、C之間的距離為，保持不變，故C錯誤；D．根據(jù)題意可知，質點振動的振幅為，圓頻率為，質點從負最大位移處開始振動，則A點的振動方程是，故D正確。故選ABD。押題點13光的折射反射、全反射等傳播問題15．（2024·湖南長沙·一模）2023年9月21日，“天宮課堂”第四課在中國空間站開講，航天員“太空教師”景海鵬、朱楊柱、桂海潮為廣大青少年帶來一場精彩的太空科普課。如圖甲所示，航天員天宮課堂上演示了微重力環(huán)境下的神奇現(xiàn)象．液體呈球狀，往其中央注入空氣，可以在液體球內部形成一個同心球形氣泡，如圖乙所示．假設此液體球其內外半徑之比為1：3，當由a、b、c三種顏色的光組成的細光束在過球心的平面內，從A點以i＝37°的入射角射入球中，其中b光的折射光線剛好與液體球內壁相切，已知真空中光速為，則下列說法正確的是（）A．該液體材料對a光的折射率小于對c光的折射率B．若繼續(xù)增大入射角i，b光肯定能從液體球中射出C．該液體材料對a光的折射率可能為D．c光在液體球中的傳播速度可能為【答案】BC【詳解】A．根據(jù)圖乙可知，該液體球對a光的折射角小于對c光的折射角，而折射率等于入射角的正弦值與折射角正弦值之比，當入射角相同時，折射角越小則折射率越大，可知該液體材料對a光的折射率大于對c光的折射率，故A錯誤；B．若繼續(xù)增大入射角i，b光的折射角也將增大，光線將遠離同心球形氣泡，光線從液體材料射出時的入射角與射入液體材料時的折射角大小相等，根據(jù)光路的可逆性原理可知不會發(fā)生全反射，故b光肯定能從液體球中射出，故B正確；C．根據(jù)幾何關系可知，該液體材料對b光的折射角的正弦值為，則根據(jù)折射定律可知，該液體材料對b光的折射率為，由于a光的折射角小于b光的折射角，而在入射角相同的情況下，折射角越小折射率越大，因此a光的折射率一定大于b光的折射率，由于，因此，該液體材料對a光的折射率可能為，故C正確；D．根據(jù)波速與折射率之間的關系有，則b光在液體球中的傳播速度為，由于c光的折射角大于b光的折射角，而在入射角相同的情況下，可知c光的折射率小于b光的折射率，而折射率越小，則光在該液體球中的傳播速度越大，因此，c光在液體球中的傳播速度一定大于，故D錯誤。故選BC。押題點14變壓器、交變電流及電能的輸送16．（2024·河南鄭州·模擬預測）某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機通過升壓變壓器和降壓變壓器向用戶供電。已知發(fā)電機線圈ABCD的匝數(shù)匝，面積，線圈勻速轉動的角速度，勻強磁場的磁感應強度大小，輸電導線的總電阻為，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，若理想交流電流表的示數(shù)，降壓變壓器副線圈兩端電壓。發(fā)電機線圈電阻r不可忽略。下列說法正確的是（）A．輸電線路上損耗的電功率為180WB．升壓變壓器副線圈兩端電壓為2240VC．升壓變壓器的原線圈輸入功率為7890WD．交流發(fā)電機線圈電阻r上消耗的熱功率為640W【答案】BD【詳解】A．據(jù)理想變壓器的電流與線圈匝數(shù)的關系可知，解得，所以輸電線路上損耗的電功率，選項A錯誤；B．根據(jù)理想變壓器的電壓與線圈匝數(shù)關系可知，得，根據(jù)，得升壓變壓器副線圈兩端電壓，選項B正確；C．升壓變壓器的原線圈輸入功率為，選項C錯誤；D．根據(jù)理想變壓器的電壓與線圈匝數(shù)關系可知，可得，根據(jù)，解得，根據(jù)正弦式交變電流產(chǎn)生規(guī)律可知，最大值為，代入數(shù)據(jù)解得，有效值，根據(jù)，得電機線圈內阻上消耗的熱功率，選項D正確。故選BD。押題點15近代物理學相關知識17．（2024·江西·一模）氫原子從高能級向低能級躍遷時，會產(chǎn)生四種頻率的可見光，其光譜如圖1所示。氫原子從能級6躍遷到能級2產(chǎn)生可見光Ⅰ，從能級3躍遷到能級2產(chǎn)生可見光Ⅱ。用同一雙縫干涉裝置研究兩種光的干涉現(xiàn)象，得到如圖2和圖3所示的干涉條紋。用兩種光分別照射如圖4所示的實驗裝置，都能產(chǎn)生光電效應。下列說法正確的是（）A．圖1中的Hα對應的是ⅡB．圖2中的干涉條紋對應的是ⅡC．Ⅰ的光子動量大于Ⅱ的光子動量D．P向a移動，電流表示數(shù)為零時Ⅰ對應的電壓表示數(shù)比Ⅱ的大【答案】ACD【詳解】A．由題意可知，氫原子從能級6躍遷到能級2產(chǎn)生可見光Ⅰ，從能級3躍遷到能級2產(chǎn)生可見光Ⅱ，故可見光Ⅰ的頻率大于可見光Ⅱ，故可見光Ⅰ是紫光，可見光Ⅱ是紅光，圖1中的Hα對應的是Ⅱ，故A正確；B．因可見光Ⅱ的頻率小，故可見光Ⅱ波長大，其條紋間距較大，根據(jù)，可知圖3中的干涉條紋對應的是Ⅱ，故B錯誤；C．根據(jù)，可知Ⅰ的光子動量大于Ⅱ的光子動量，故C正確；D．根據(jù)，，可得，可知發(fā)生光電效應時I對應的遏制電壓大，則P向a移動，電流表示數(shù)為零時Ⅰ對應的電壓表示數(shù)比Ⅱ的大，故D正確。故選ACD。押題點16實驗：探究加速度與力和質量的關系18．（2024·新疆·一模）某同學在探究加速度與力、質量關系的實驗中，設計了如圖甲所示的裝置，通過力傳感器獲得小車的合外力，小車總質量用、重物質量用表示，各滑輪均光滑。(1)實驗中（選填“需要”或“不需要”）平衡小車所受的摩擦力，（選填“需要”或“不需要”）滿足所掛重物的質量m遠小于小車的總質量M。(2)小車的合外力一定時，畫出小車的圖象，依圖乙可以得出，當小車的質量為時，它的加速度為。(3)測得小車總質量一定時，加速度與力傳感器示數(shù)成正比。某次測量中，通過正確的實驗和計算得到小車加速度為（為當?shù)刂亓铀俣龋?，則小車總質量與重物的質量之比為?！敬鸢浮?1)需要不需要(2)1(3)【詳解】（1）[1]本實驗中需要使細線對小車的拉力等于小車的合力，因此需要平衡摩擦力。[2]本實驗中細線的張力能用力傳感器測量，因此不需要滿足所掛重物的質量m遠小于小車的總質量M。（2）根據(jù)牛頓第二定律，整理得，圖象的斜率為，當小車的質量為時，它的加速度大小為，（3）根據(jù)題目，小車的加速度，可得重物的加速度為，設力傳感器的示數(shù)為,根據(jù)牛頓第二定律，對小車受力分析得，對重物分析得，解得。押題點17實驗：研究平拋運動19．（2024·吉林·三模）如圖甲為桶裝水電動抽水器，某興趣小組利用平拋運動規(guī)律測量該抽水器的流量（單位時間流出水的體積）。(1)如圖乙所示，為了方便測量取下不銹鋼出水管，用游標卡尺測量其外徑；讀數(shù)為；(2)①為了使水能夠沿水平方向流出，轉動出水管至出水口水平；②接通電源，待水流穩(wěn)定后，用米尺測出管口到落點的高度差和管口到落點的水平距離；已知重力加速度，水流速度（保留兩位有效數(shù)字）；(3)已知出水管管壁的厚度為，該抽水器的流量的表達式為（用物理量表示）；(4)抽水時若電機的輸出功率恒定，當桶內水面降低時，抽水器的流量（選填“不變”、“減小”或“增加”）?！敬鸢浮?1)7.1(2)1.0(3)(4)減小【詳解】（1）游標卡尺的精確度為0.1mm，讀數(shù)為7mm+0.1mm×1=7.1mm；，（2）水流做平拋運動，則有L=vt，，解得v=1.0m/s，（3）抽水器的流量Q的表達式為，（4）抽水時若電機的輸出功率恒定，單位時間內電機對水做功相同，當桶內水面降低時，水上升的高度變大，增加的重力勢能增大，增加的動能減小，在出水口水的速度減小，所以抽水器的流量減小。押題點18實驗：驗證機械能守恒定律20．（2024·陜西西安·模擬預測）phyphoxapp是一款用途廣泛的傳感器手機軟件。某同學使用手機下載phyphoxapp后設計了一套實驗裝置用來驗證機械能守恒定律。實驗過程如下：①一鋼尺伸出水平桌面少許，將質量的小鋼球放在鋼尺末端，如圖甲所示；②用刻度尺測量鋼尺上表面與水平地板間的高度；③打開手機中的聲音“振幅”（聲音傳感器）項目；④迅速敲擊鋼尺側面，讓小鋼球自由下落。手機中的傳感器記錄下聲音“振幅”隨時間變化的曲線，如圖乙所示，第一、第二個尖峰的橫坐標分別對應小鋼球離開鋼尺時刻和落地時刻。測得這兩個尖峰的時間間隔。(1)當?shù)刂亓铀俣萭取，則下落過程中，重力勢能減小量J，動能增加量J。據(jù)此可以得出實驗結論：在誤差允許的范圍內，小鋼球自由下落過程中機械能守恒。（結果均保留三位有效數(shù)字）(2)敲擊鋼尺側面時，若導致小鋼球獲得了一個水平方向的未被察覺的小速度，對實驗測量結果（選填“有”或“沒有”）影響?！敬鸢浮?1)0.5880.567(2)沒有【詳解】（1）[1]下落過程中，重力勢能減小量，[2]小鋼球落地過程中的平均速度，根據(jù)，，解得。（2）根據(jù)運動的獨立性，敲擊鋼尺側面時，若導致小鋼球獲得了一個水平方向的未被察覺的小速度，不會影響小鋼球豎直方向的運動，對實驗測量結果沒有影響。押題點19實驗：練習使用多用電表、押題點20實驗：測定電源的電動勢和內阻21．（2024·湖南衡陽·二模）某實驗小組要測量一節(jié)干電池的電動勢E和內阻r，已知電流表內阻與電源內阻相差不大。(1)先用多用電表2.5V量程粗測該電池的電動勢，將多用電表的紅表筆與電池的（填“正”或“負”）極相連，黑表筆與電池的另一電極相連，多用電表的示數(shù)如圖1所示，則電源電動勢為V（結果保留3位有效數(shù)字）。(2)某同學設計了如圖2所示的實驗電路，連接好實驗電路，閉合開關S，改變滑片P的位置，記錄多組電壓表、電流表示數(shù)，建立U-I坐標系，并描繪出U-I圖像。另一同學仍使用圖2中的實驗器材，設計了如圖3所示的實驗電路，實驗操作步驟與前一位同學相同，在同一坐標系中分別描點作出U-I圖像，圖2對應的U-I圖線是圖4中的線（填“P”或“Q”）。若每次測量操作都正確，讀數(shù)都準確，則由圖4中的P和Q圖線，可得電動勢和內阻的真實值為E＝V，r=Ω（結果均保留3位有效數(shù)字）。【答案】(1)正1.45(2)P1.451.45【詳解】（1）[1]用多用電表粗測該電池的電動勢，將多用電表的紅表筆與電源的正極相連，黑表筆與電池的另一電極相連。[2]由圖1所示，用多用電表2.5V量程的電壓檔，最小刻度值是0.05V，則粗測電源電動勢為1.45V。（2）[1][2][3]由圖3所示電路可知，電壓表有分流作用，圖2所示電路，電流表有分壓作用，從而導致實驗結果存在系統(tǒng)誤差。圖3所示電路，可把電壓表與電源看做一個等效電源，由閉合電路歐姆定律知可知，電動勢和內阻的測量值均小于真實值，作出的U-I圖線是Q線，圖2所示電路，可把電流表與電源看做一個等效電源，由閉合電路歐姆定律可知，電動勢測量值等于真實值，U-I-圖線應是P線，電動勢為E=UP=1.45V，圖3所示電路，當外電路短路時，電流的測量值等于真實值，則短路電流，內阻。押題點21實驗：觀察電容器的充、放電22．（2024·黑龍江哈爾濱·二模）電容器是一種重要的電學元件，在電工、電子技術中應用廣泛，使用圖甲所示電路觀察電容器的充、放電過程。電路中的電流傳感器可以捕捉瞬時的電流變化，它與計算機相連，可顯示電流隨時間的變化。圖甲直流電源電動勢、內阻不計，充電前電容器帶電量為零。先使S與“1”端相連，電源向電容器充電。充電結束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計算機記錄的電流隨時間變化的曲線如圖乙所示。(1)在電容器充電與放電過程中，通過電阻的電流方向（選填“相同”或“相反”）；(2)乙圖中陰影部分的面積（選填“>”、“<”或“=”）；(3)已知，則該電容器的電容值約為法拉（計算結果保留兩位有效數(shù)字）；(4)由甲、乙兩圖可判斷阻值（選填“>”或“<”）?！敬鸢浮?1)相反(2)＝(3)0.15(4)【詳解】（1）由圖甲可知，電容器充電時，通過電阻R0的電流方向向左，放電時通過R0的電流方向向右，故在電容器充電與放電過程中，通過電阻的電流方向相反。（2）曲線圖像與對應時間軸所圍成的面積表示電荷量，充電和放電電荷量相等，所以乙圖中陰影部分的面積相等。（3）由于電源內阻不計，可知電容器兩端電壓等于電源電動勢，則該電容器的電容值為。（4）由圖乙可知，充電時的最大電流大于放電時的最大電流，則可知。押題點22實驗：用油膜法估算分子的大小23．（2023·浙江寧波·模擬預測）某實驗小組為完成“用油膜法估算油酸分子的大小”的實驗，操作如下：①取1.0mL油酸配成500mL油酸酒精溶液；②用注射器吸取1.0mL油酸酒精溶液逐滴滴入量筒，全部滴完共滴了50滴；③在淺盤內注入適量的水，將爽身粉均勻地撒在水面上，用注射器滴入一滴溶液；④待油膜形狀穩(wěn)定后，將繪有方格的玻璃板放在淺盤上，繪出油酸的輪廓（如圖所示，每個方格的邊長為1.0cm）。（1）“將油酸分子看成球形”所采用的方法是A．理想模型法

B．控制變量法C．等效替代法

D．極限思維法（2）該實驗中一滴油酸酒精溶液含mL油酸；由上述數(shù)據(jù)估算得到油酸分子的直徑約為m（保留一位有效數(shù)字）。（3）若實驗中最終測得的油酸分子直徑偏大，可能原因是A．爽身粉撒得較多，油膜沒有充分展開B．配制好的油酸酒精溶液放置時間過長C．計算油酸膜的面積時，將所有不完整方格作為完整方格處理D．用注射器測得50滴油酸酒精溶液為1mL時，不小心錯記為40滴【答案】AAD/DA【詳解】（1）[1]“將油酸分子看成球形”采用的方法是理想模型法.，故選A。（2）[2][3]一滴油酸酒精溶液中含純油酸的體積，每小格面積1cm2，超過半個格子的算一個，不滿半個的舍去，大約100個，所以分子直徑，（3）[4]A．水面上爽身粉撒得較多，油酸膜沒有充分展開，致使水面上的油酸分子呈現(xiàn)多層，導致面積變小，測得油酸分子直徑變大，故A正確；B．配置好的油酸酒精溶液放置時間過長，濃度變大，導致油膜面積測量值偏大分子直徑測量側偏小，故B錯誤；C．計算油酸膜面積時，錯將不完整的方格作為完整方格處理，則會使測得油酸面積變大，可知油酸分子直徑變小，故C錯誤；D．用注射器測得50滴油酸酒精溶液為1mL時，不小心錯記為40滴，導致實際面積變小，油酸分子直徑變大，故D正確。故選AD。押題點23實驗：用雙縫干涉測光的波長24．（2024·江西九江·二模）用如圖甲所示的雙縫干涉實驗裝置來測量光的波長。(1)上圖中I、II、III、IV的名稱依次是______。A．單縫、雙縫、毛玻璃屏、目鏡 B．雙縫、單縫、毛玻璃屏、目鏡C．單縫、雙縫、目鏡、毛玻璃屏 D．雙縫、單縫、目鏡、毛玻璃屏(2)在調節(jié)儀器時單縫和雙縫應該相互放置。（選填“垂直”或“平行”）(3)已知測量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50個分度。某同學調整手輪使測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，并將該亮紋定為第1條亮紋，此時測量頭上游標卡尺的讀數(shù)為；接著再同方向轉動手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，此時測量頭上游標卡尺如圖乙所示，則讀數(shù)為mm。已知雙縫間距，測得雙縫到毛玻璃屏的距離，所測光的波長nm（保留三位有效數(shù)字）。(4)為減小誤差，該實驗并未直接測量相鄰亮條紋間的距離，而是先測量多個條紋的間距再求出。下列實驗采用了類似方法的有______。A．“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實驗中合力的測量B．“探究彈簧彈力與形變量的關系”的實驗中彈簧的形變量的測量C．“用油膜法估測油酸分子的大小”的實驗中1滴油酸酒精溶液體積的測量【答案】(1)A(2)平行(3)15.02(4)C【詳解】（1）光源后面為濾光片，使光源發(fā)出的光變?yōu)閱紊?，之后為單縫，使單色光的相干性較好，之后為雙縫，變?yōu)閮墒喔晒?，在遮光筒中傳播，避免外界光線干擾，最后在毛玻璃上疊加形成干涉圖樣，我們再通過目鏡進行觀測。故選A。（2）在組裝儀器時單縫和雙縫應該相互平行放置。（3）[1]測量頭精度為0.02mm，故讀數(shù)為，[2]由公式可知，（4）A．“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實驗中合力的測量，采用等效替代的方法，故A錯誤；B．“探究彈簧彈力與形變量的關系”的實驗中彈簧形變量的測量，采用多次測量求平均值的方法，故B錯誤；C．“用油膜法估測油酸分子的大小”的實驗中1滴油酸酒精溶液體積的測量采用的放大測量取平均值的方法，故C正確。故選C。押題點24分子動理論與熱力學定律的組合、押題點25熱學基本規(guī)律與氣體的狀態(tài)變化25．（2024·山東棗莊·一模）水肺潛水運動中，潛水員潛水時需要攜帶潛水氧氣瓶，以保障潛水員吸入氣體的壓強跟外界水壓相等。潛水器材準備室中有一待充氣的氧氣瓶，其內部氣體的壓強、溫度與外界大氣相同，潛水員用氣體壓縮機為其充氣，1s內可將壓強為p0、溫度為t0、體積V0=700mL的氣體充進氧氣瓶內，充氣完成時氧氣瓶內氣體壓強p=16atm，溫度。已知外界大氣壓p0=1atm，外界環(huán)境溫度，氧氣瓶的容積V=11L，氧氣瓶的導熱性能良好，水溫恒為t0，水中每下降10m深度水壓增加1atm。（1）求氣體壓縮機對氧氣瓶充氣的時間；（2）潛水員攜帶氧氣瓶迅速下潛至水面下h1=10m深處，在該水層活動期間吸入氣體V1=20L，隨即迅速下潛至水面下h2=20m深處，在該水層活動期間吸入氣體V2=16L，求此時氧氣瓶內剩余氣體的壓強。【答案】（1）220s；（2）6atm【詳解】（1）充氣過程有解得則充氣時間為（2）當下潛至水面下h1=10m深處時，為保障潛水員吸入氣體的壓強跟外界水壓相等，則此時吸入氣體壓強為此時以吸入氣體和氧氣管內氣體為研究對象，則有當下潛至水面下h2=20m深處時，為保障潛水員吸入氣體的壓強跟外界水壓相等，則此時吸入氣體壓強為此時以吸入氣體和氧氣管內氣體為研究對象，則有解得押題點26運動學基本規(guī)律的應用26．（2024·天津南開·一模）2023年10月3日，杭州亞運會女子10米跳臺決賽中，中國運動員全紅嬋的驚人一跳，贏得全場7個10分，并最終奪得冠軍。在進行10米跳臺跳水訓練時，運動員必須在距離水面一定高度前完成規(guī)定動作并調整好入水姿勢。某興趣小組對10米跳臺跳水進行模擬研究，將運動員視為質點，若運動員起跳時獲得豎直向上的初速度，并在距離水面前完成規(guī)定動作并調整好入水姿勢豎直入水，其入水深度，跳臺距水面高度，運動員質量，重力加