2023學年第一學期浙江省名校協作體試題高二年級物理學科考生須知：1．本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘；2．答題前，在答題卡指定區(qū)域填寫學校、班級、姓名、考場號、座位號及準考證號；3．所有答案必須寫在答題卡上，寫在試卷上無效；4．考試結束后，只需上交答題卡；5．無特殊說明取g=10m/s2。第Ⅰ卷（選擇題共51分）一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）1.用國際單位制的基本單位表示功的單位，下列表示正確的是（）A.kg·m2/s2 B.N·m/s C.J D.N·m【答案】A【解析】【詳解】根據公式其中m的單位為，a的單位是，x的單位是m，則功的單位為，而N、J都是導出單位。故選A。2.2023年5月30日9時31分，搭載神舟十六號載人飛船的長征二號F遙十六運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空。神舟十六號載人飛船入軌后，于5月30日16時29分，成功對接于空間站天和核心艙徑向端口，如圖所示，下列說法正確的是（）A.“16時29分”指的是時間間隔B.天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力的作用C.對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對運動的D.“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號可視為質點【答案】B【解析】【詳解】A．“16時29分”指的是時刻，故A錯誤；B．天和核心艙繞地球運動時，必定受到地球引力作用，故B正確；C．對接后，“神舟十六號”與“天和核心艙”之間是相對靜止的，故C錯誤；D．“神舟十六號”與“天和核心艙”對接時，神舟十六號大小形狀不可忽略，不可視為質點，故D錯誤。故選B。3.在物理學研究過程中科學家們創(chuàng)造了許多物理學研究方法，如理想實驗法、控制變量法、極限法、等效替代法、理想模型法、微元法等，以下關于所用物理學研究方法的敘述錯誤的是（）A.在“探究加速度與力和質量的關系”實驗中，采用了控制變量法B.卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了理想實驗法C.當非常小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法D.伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結合的科學研究方法【答案】B【解析】【詳解】A．在“探究加速度與力和質量的關系”實驗中，采用了控制變量法，A正確；B．卡文迪什扭秤實驗和庫侖扭秤實驗主要采用了放大法，B錯誤；C．當非常小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，采用了極限法，C正確；D．伽利略對自由落體運動的研究用到了實驗與邏輯推理相結合的科學研究方法，D正確。本題選擇錯誤，故選B。4.滑竿下樓是消防員必須掌握的一項技能。一名消防員抓住豎直滑竿由靜止開始下滑，運動的速度隨時間變化規(guī)律如圖所示，其中段圖線為直線，時刻消防員著地。則下列說法正確的是（）A.在時間內，消防員平均速度B.在時間內，消防員所受滑竿的阻力越來越大C.消防員在時間內加速度不變，在時間內加速度減小D.消防員在時間內受到滑動摩擦力作用，在時間內受靜摩擦力作用【答案】B【解析】【詳解】A．在時間內，若消防員做勻減速運動，消防員平均速度為由圖象可知消防員在時間內的位移大于消防員做勻減速運動的位移，故故A錯誤；B．根據牛頓第二定律有圖象的斜率表示加速度，可知在時間，消防員的加速度大小變大，故消防員所受滑竿的阻力越來越大，故B正確；C．圖象的斜率表示加速度，消防員在時間內加速度不變，在時間內加速度增大，故C錯誤；D．消防員在時間內受到滑動摩擦力作用，在時間內受滑動摩擦力作用，故D錯誤。故選B。5.下列有關電容器的表述正確的是（）A.圖甲S接1電容器充電，充電過程中通過電流表的電流大小不變B.圖乙S由接1改為接2，電容器放電，放電時通過電流表的電流方向為從左到右C.圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的D.圖丁中的“400V，68μF”，說明該電容器只有兩端加上400V的電壓時電容才為68μF【答案】C【解析】【詳解】A．圖甲中，開關接1，則電容器充電，在充電過程中，通過電流表的電流逐漸減小，故A項錯誤；B．圖乙中，開光從1到2，電容器開始放電，由充電過程可知，上極板帶正電，所以放電時通過電流表電流方向為從右到左，故B項錯誤；C．圖丙為可變電容器，它是通過改變兩極板之間的正對面積來改變電容大小的，故C項正確；D．圖丁中的電容器標有“400V，68μF”字樣，說明該電容器兩端電壓的最大值為400V，而其電容總是為68μF，故D項錯誤。故選C。6.山東濰坊是“世界風箏都”，每年春天都會舉辦國際風箏節(jié)。如圖所示，人拉風箏保持靜止，AB代表風箏截面，與水平面的夾角為30°。OC代表風箏線，與風箏平面成60°。風箏質量為500g，風箏所受風力方向與風箏面垂直且認為大小恒定，下列說法正確的是（）A.風對風箏的作用力的大小為5NB.風箏線對風箏的拉力大小為5NC.若剪斷風箏線，風箏將做自由落體運動D.風箏線對人的拉力和人對風箏線的拉力是一對平衡力【答案】B【解析】【詳解】AB．設風對風箏的作用力大小為，線對風箏的作用力大小為，以風箏為對象，根據受力平衡可得解得故A錯誤，B正確；C．若剪斷風箏線，風箏不只受到重力作用，還受到風力作用，風箏不是做自由落體運動，故C錯誤；D．風箏線對人的拉力和人對風箏線的拉力是一對相互作用力，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，有兩個高度差為1m的小鋼球A、B先后由靜止開始下落，剛好同時落地，小鋼球B下落的最后，用時，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.小鋼球B下落最后一秒的位移大小為15mB.小鋼球A下落時間為2sC.小鋼球A掉落前到地面的高度為20mD.兩小鋼球在運動過程中，間距和速度之差均保持不變【答案】A【解析】【詳解】AB．設小球B下落時間為tB，則有解得則小鋼球B下落最后一秒的位移大小為故A正確；BC．依題意，小鋼球A掉落前到地面的高度為小鋼球A下落時間滿足解得故BC錯誤；D．依題意，小球A先下落，相距1m，最后二者同時落地，所以，兩小鋼球在運動過程中，間距逐漸減小。兩球速度之差為因為為一個定值，所以兩球速度之差保持不變。故D錯誤。故選A。8.2023年5月發(fā)射天舟六號貨運飛船和神舟十六號載人飛船，飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數據確認，后擇機經轉移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道（Ⅲ）距地面的高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為，下列說法正確的是（）A.飛船在轉移軌道（Ⅱ）上P點的速度為B.飛船在轉移軌道（Ⅱ）上P點的加速度小于Q點的加速度C.飛船從P到Q的運動時間至少為D.空間站內的物品或宇航員處于“漂浮”狀態(tài)，說明此時它們受力平衡【答案】C【解析】【詳解】A．飛船在停泊軌道（Ⅰ）上的速度為飛船從停泊軌道（Ⅰ）上的P點到轉移軌道（Ⅱ）上P點要加速，則在轉移軌道（Ⅱ）上P點的速度大于，選項A錯誤；B．根據可知，飛船在轉移軌道（Ⅱ）上P點的加速度大于Q點的加速度，選項B錯誤；C．設飛船在轉移軌道（Ⅱ）上的周期為T2，則根據開普勒第三定律解得飛船從P到Q的運動時間至少為選項C正確；D．空間站內的物品或宇航員隨空間站繞地球做勻速圓周運動，則雖然處于“漂浮”狀態(tài)，但它們受力不平衡，選項D錯誤。故選C。9.某燃脂呼啦圈如圖甲所示，在圈外有一個用桿相連的重力錘，小明不小心將桿弄斷了，換了一根細繩綁住重力錘。當細繩與豎直方向的夾角為53°，計數器顯示1min內轉了40圈，運動過程中腰帶可看作不動，重力錘繞人體在水平面內做勻速圓周運動，其簡化圖如圖乙所示。已知重力錘的質量m，繩長L，取，則以下說法正確的是（）A.若細繩不慎斷裂，重力錘將做斜拋運動B.若增大轉速，腰帶受到的合力變大C.重力錘勻速轉動的加速度大小約為2D.細繩懸掛點到腰帶中心的距離為【答案】D【解析】【詳解】A．若細繩不慎斷裂，重力錘拋出是的速度水平，將做平拋運動，故選項A錯誤；B．若增大轉速，腰帶始終不動，受力是平衡的，故合力為零，故選項B錯誤；C．對小球受力分析得，合力提供小球向心力解得故選項C錯誤；D．小球需要的向心加速度解得，故選項D正確。故選D。10.如圖所示，中心開孔的A、B極板間加上恒定電壓，兩極板間的距離可以改變，電子每次以相同初速度沿兩板的軸線方向向右射入電場中，電子所受重力不計，則下列說法正確的是（）A.只要兩極板的距離足夠小，電子一定能從右極板射出B.只要兩極板的距離足夠大，電子一定不能從右極板射出C.當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間不變D.當兩極板的距離變化時，電子離開電場的速度相同【答案】D【解析】【詳解】AB．電子能否從電場中射出取決于兩極板的電壓，由動能定理當電壓大于時，電子不能射出；當電壓小于時，電子能射出，故選項AB錯誤；C．當兩極板的距離變化時，電子在電場中運動的時間變化，距離變大，場強變小，加速度變小，時間變長，反之，距離變小，時間變短，故選項C錯誤；D．當兩極板的距離變化時，電子在電場中電場力做功不變，故離開電場的速度相同。故選項D正確。故選D。11.某同學利用加速度傳感器研究電梯運動時的超失重現象。某次測量時，平放在電梯地板上，電梯由靜止開始運動，獲得豎直方向的加速度a隨時間t變化的圖線（取豎直向上為正方向）如圖所示，則由圖線可知，在內（）A.電梯一直向上運動且先加速再減速B.電梯運動過程的最大加速度約為C.對地板的壓力最大值約為其重力的倍D.電梯先下降后上升，10s時處于失重狀態(tài)【答案】D【解析】【詳解】AD．從a—t圖像可以看出，電梯從靜止開始，開始先加速下降，再減速下降，然后再加速上升，最后減速上升，在10s時，由于加速度向下，處于失重狀態(tài)，A錯誤，D正確；B．從a—t圖像可以看出，最大加速度約為2，B錯誤；C．在減速下降和加速上升的過程中，處于超重狀態(tài)，根據牛頓第二定律可得根據牛頓第三定律可知對地板壓力C錯誤。故選D。12.從地面豎直向上拋出一物體，物體在運動過程中除受到重力外，還受到空氣阻力作用。已知物體上升、下降過程中機械能E隨距地面高度h的變化關系如圖所示，以地面作為重力零勢能面，重力加速度取。以下說法正確的是（）A.物體的質量為3kg B.物體落回到拋出點速度為C.物體受到的空氣阻力大小為1N D.物體在上升過程中動能減少了6J【答案】C【解析】【詳解】A．由圖像可知，物體在最高點時，動能為0，則有可得物體的質量為故A錯誤；B．由圖像可知，物體落回到拋出點時，重力勢能為0，則有可得物體落回到拋出點速度為故B錯誤；C．物體上升過程減少的機械能等于物體克服空氣阻力做的功，則有可得物體受到的空氣阻力大小為故C正確；D．根據動能定理可知，物體在上升過程中動能減少了故D錯誤。故選C。13.如圖甲所示，將一輕彈簧放在傾角為45°的固定斜面上，彈簧的下端固定。把物體P靠近彈簧的上端放在斜面上，P由靜止沿斜面向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關系如圖乙中實線所示。把物體P換成物體Q，完成同樣的過程，其ax關系如圖乙中虛線所示，已知物體P與斜面間的動摩擦因數是物體Q與斜面間動摩擦因數的倍。下列說法正確的是（）A.P與斜面間的動摩擦因數為 B.Q與斜面間的動摩擦因數為C.P的質量是Q的6倍 D.P的質量是Q的倍【答案】B【解析】【詳解】剛開始下滑時，物體受到重力，斜面對物體的支持力和摩擦力，根據牛頓第二定律，對PmPgsinθμPmPgcosθ=mP?3a0對QmQgsinθμQmQgcosθ=mQa0P運動x0時，加速度為零，則mPgcosθμPmPcosθkx0=0Q下滑2x0時，加速度為零，則mQgsinθμQmQgcosθk?2x0=0聯立并代入數據解得故B正確，ACD錯誤。二、不定項選擇題（本題共3小題，每小題4分，共12分，在每小題給出的四個選項中，有一個或一個以上答案符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不選的得0分）14.下列說法正確的是（）A.牛頓在伽利略和笛卡兒等科學家研究的基礎上提出了牛頓第一定律B.開普勒經過二十多年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，得出了行星運動規(guī)律C.在對自由落體運動的研究過程中，伽利略直接用實驗驗證了自由落體運動的速度與下落時間成正比D.美國科學家富蘭克林發(fā)現自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷【答案】AD【解析】【詳解】A．牛頓在伽利略的理想斜面實驗和笛卡兒對物體運動研究的基礎上總結得出了牛頓第一定律，故A正確；B．第谷經過二十年觀察，詳細記錄了行星的位置和時間，開普勒通過分析第谷的數據，得出了行星運動的規(guī)律，故B錯誤；C．伽利略在研究自由落體運動時，猜想運動速度與下落時間成正比，但沒有直接用實驗進行驗證，故C錯誤；D．美國科學家富蘭克林發(fā)現自然界中存在兩種電荷，他把一種命名為正電荷，另一種命名為負電荷，故D正確。故選AD。15.如圖所示，左邊是一個原先不帶電的導體，右邊C是后來靠近導體的帶正電金屬球，則下列結論正確的是（）A.B端感應出負電，A端感應出正電B.感應電荷在AB內部產生的電場強度處處為零C.若用絕緣工具沿圖示某條虛線將導體切開，分為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的絕對值分別為、，沿任意一條虛線切開，都有D.當C逐漸遠離AB時，AB內部的場強逐漸減小【答案】AC【解析】【詳解】A．導體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導體中的自由電子向B端移動，使端多帶了電子而帶負電，A端失去電子帶正電，故A正確；BD．AB處于靜電平衡狀態(tài)，內部場強處處為零，感應電荷在AB內部產生的電場強度不是處處為零，當C逐漸遠離AB時，AB內部的場強始終為零不變，故BD錯誤。C．由題意可知，靜電感應現象使得A帶正電，B帶負電，導體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導體中的自由電子向B部分移動，使B部分多帶了電子而帶負電；A部分少了電子而帶正電，根據電荷守恒可知，A部分轉移的電子數目和B部分多余的電子數目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，由電荷守恒定律知，兩部分的電荷量總是相等的，故C正確。故選AC。16.某地區(qū)常年有風，風速基本保持在8m/s，該地區(qū)有一風力發(fā)電機，其葉片轉動可形成半徑為10m的圓面，若保持風垂直吹向葉片，空氣密度為3，風的動能轉化為電能的效率為20%。下列結論正確的是（）A.每秒流經該渦輪機空氣的動能約為200kJB.該風力發(fā)電機的功率約為20kWC.若風速變?yōu)?4m/s，則該風力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?倍D.某純電動家用汽車每充36kW·h的電能，可以行駛500公里，一般家用汽車的年行駛里程約10000公里。則這臺風力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能【答案】BD【解析】【詳解】A．每秒流經該渦輪機空氣的動能約為故A錯誤；B．該風力發(fā)電機的功率約為故B正確；C．該風力發(fā)電機的功率為可知若風速變?yōu)?4m/s，則該風力發(fā)電機的功率變?yōu)樵瓉淼?7倍，故C錯誤；D．根據能量守恒有解得故這臺風力發(fā)電機一年的發(fā)電量能給大約240臺正常使用的此型號家用汽車提供一年的電能，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題共49分）17.（1）在“探究加速度與力、質量的關系”實驗時，①關于“補償阻力”的說法中正確的是________（多選）A.“補償阻力”的本質就是讓小車受到的摩擦力為零；B.“補償阻力”的本質就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；C.只要“補償阻力”，小車所受的合力就一定等于所掛槽碼的重力；D.“補償阻力”是否成功，可根據實驗正確操作后，紙帶上的點跡間距是否均勻而確定。②小明同學在實驗中獲得的其中一條紙帶如圖甲所示，A、B、C、D、E、F是紙帶上的6個計數點，每兩個相鄰計數點間均有四個點沒有畫出。實驗所用交流電頻率為50Hz，則小車運動的加速度為________m/s2（計算結果保留兩位有效數字）。另一同學還做了如下實驗：如圖乙所示，不改變小車質量和槽碼個數，撤去打點計時器及小車后面的紙帶，將具有加速度測量功能的智能固定在小車上來測量加速度，測量的結果比用打點計時器測得的要小，從以下選項中選出一個最合適解釋________。A.因為在小車上放置了智能后，整體的質量變大了B.因為在小車上放置了智能后，沒有重新“補償阻力”C.因為在小車上放置了智能后，繩的拉力變?。?）在“探究平拋運動的特點”實驗中，下列說法正確的是________A.如圖丙所示的演示實驗中，1球落地時與2球相碰，就可以說明平拋運動的軌跡是一條拋物線B.用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M必須光滑且其末端水平C.用圖丁裝置進行實驗，小鋼球應從斜槽M上同一位置靜止?jié)L下【答案】①.BD##DB②.③.A④.C【解析】【詳解】（1）[1]“補償阻力”的本質就是使小車所受重力沿斜面向下的分力與其受到的阻力平衡；在檢驗“補償阻力”是否成功時，讓小車不掛槽碼，懸掛上紙帶，打開打點計時器，輕推小車，如果打點計時器在紙帶上打下均勻的點，說明小車勻速運動，“補償阻力”成功。故選BD。[2]相鄰兩個計數點間的時間間隔T根據可知[3]“補償阻力”成功之后，即使改變小車的質量，也不需要重新補償阻力，之所以加速度變小，是由于小車上放置了智能后，整體的質量變大造成的；而由于加速度減小，槽碼所受的合力減小，繩子拉力將變大。故選A。（2）[4]A．球1落地時與球2相碰，說明平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，A錯誤；BC．用圖丁裝置進行實驗，斜槽軌道M不必須光滑，但末端必須水平，只要每次釋放小球的位置固定，且從靜止釋放，就能保證小球每次的平拋初速度相同，B錯誤，C正確。故選C。18.某同學要測量一定值電阻的阻值：（1）該同學先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，先用“×100”擋測量，發(fā)現指針指在圖甲中虛線位置，這時他應該選用“________”擋進行測量，調整好擋位并進行歐姆調零后再次測量，指針指在圖甲中實線位置，則的阻值為________Ω。（2）為了進一步準確測量的阻值，該同學選用下表中器材設計實驗電路進行測量電池組E（電動勢3V，內電阻很?。┗瑒幼冏杵鳎?~20kΩ，額定電流1A）電壓表V（量程0~3V，內電阻約3kΩ）滑動變阻器（0~20Ω，額定電流2A）電流表（量程0~10mA，內電阻約6Ω）開關S電流表（量程，內電阻約）導線若干①電流表應選用________，滑動變阻器應選用________（均填寫字母代號）；②若該同學已正確選用器材，并連接好部分實驗電路，如圖乙所示，請用筆畫線代替導線補充完成實物圖________。③閉合開關，移動滑片測得多組數據，可求出的阻值?！敬鸢浮竣?×10②.300③.④.⑤.【解析】【詳解】（1）[1][2]該同學先用多用電表歐姆擋粗測該電阻的阻值，選用“×100”擋測量，發(fā)現指針指在題圖中虛線位置，指針偏角過大，說明倍率擋選擇的過大，這時他應該選用“×10”擋進行測量；的阻值為（2）①[3]電路中可能出現的最大電流為可知電流表選擇A1；[4]為了得出多組數據，滑動變阻器采用分壓式連接，滑動變阻器選擇最大阻值較小的R2；②[5]因待測電阻的阻值300Ω遠大于電流表的內阻6Ω，可知應該采用電流表內接，實物連接圖如圖所示19.如圖所示，質量的滑塊以的初速度沿傾角為θ（未知）的足夠長斜面上滑，滑塊與斜面間的動摩擦因數為μ（未知）。滑塊向上滑行位移后到達最高點，隨即下滑，返回到出發(fā)點時的速度為，不計空氣阻力。求：（1）滑塊上滑過程的加速度；（2）滑塊下滑過程所用時間t；（3）斜面的傾角θ以及滑塊與斜面間的動摩擦因數為μ?！敬鸢浮浚?），方向沿斜面向下；（2）；（3），【解析】【詳解】（1）滑塊向上做勻減速直線運動，以沿斜面方向為正方向解得即加速度大小為，方向沿斜面向下；（2）下滑過程，滑塊做勻加速直線運動，根據運動學方程又得（3）下滑過程，滑塊做勻加速直線運動，根據運動學方程解得上、下滑過程，根據牛頓第二定律聯立可得20.小丁同學設計了一個玩具賽車的軌道裝置，軌道的主要部分可簡化為如圖所示的模型，傾斜軌道OA和水平軌道DE分別與圓軌道相切于A點和D點，圓軌道ABCD與軌道OA和DE平滑連接。軌道OA底部固定一大小不計的彈射裝置，當賽車從O點由靜止被彈射，沿斜面上滑后經過圓軌道進入DE軌道，最后從E點拋出。已知賽車質量為，圓軌道半徑R，傾斜軌道OA、EF的傾角分別為53°和37°（，），E、F兩點的高度差H，DE軌道長為4m，賽車在水平軌道上運動時所受阻力等于其對軌道壓力的倍，賽車在軌道其余部分所受阻力可忽略，賽車看成質點。（1）若賽車恰好能過B點，求賽車經過D點時速度大?。唬?）若賽車恰好能過B點，求彈射裝置對賽車所