1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻不能忽略已知定值電阻R110，R28當開關(guān)S接到位置1時，電壓表V的示數(shù)為3V；當開關(guān)S接到位置2時，電壓表V的示數(shù)可能為（）A3.2VB2.8VC2

2、.4VD2V2、關(guān)于電源電動勢，下列說法正確的是（ ）A電動勢、電壓和電勢差雖名稱不同，但物理意義相同，所以單位也相同B同一電源接入不同的電路中，電動勢會發(fā)生變化C電源的電動勢就是電源兩極間的電壓D1號1.5V干電池比7號1.5V干電池大，但電動勢相同3、如圖所示為點電荷a、b所形成的電場線分布，以下說法正確的是()Aa、b為異種電荷，a應為正電荷b為負電荷Ba、b為同種電荷CA點場強大于B點場強DA點的電場強度等于B點電場強度4、如圖所示，在條形磁鐵的右側(cè)放置一個可以自由運動的通電線圈abcd，線圈最初與條形磁鐵處于同一平面內(nèi)，通以順時針方向的電流后，該線圈的運動情況為Aab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd

3、邊轉(zhuǎn)向紙外，同時靠近磁鐵Bab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時靠近磁鐵Cab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時遠離磁鐵Dab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時遠離磁鐵5、某同學騎車以2m/s的初速度沿直線加速駛下一斜坡，若加速度大小為0.4m/s2，則經(jīng)10s后，車在斜坡上通過的距離是（ ）A80m B40m C8m D4m6、真空中相隔一段距離的兩個點電荷，它們之間的靜電力為F，現(xiàn)使其中一個點電荷的電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，同時將它們間的距離也變?yōu)樵瓉淼?倍，則它們之間的靜電力變?yōu)椋ǎ〢B4FC2FD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要

4、求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，向可變電阻R供電，關(guān)于路端電壓說法正確的是()A因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B因為UIR，所以當I增大時，路端電壓也增大C因為UEIr，所以當I增大時，路端電壓下降D若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢8、如圖甲所示，等離子氣流（由高溫高壓的等電量的正、負離子組成）由左方連續(xù)不斷地以速度v0 射入P1 和P2 兩極板間的勻強磁場中，ab直導線與P1 、P2 相連接，線圈A與直導線cd相連接，線圈A內(nèi)存在如圖乙所示的變化磁場，且磁感應強度B的正方向規(guī)定為向左，則下列敘述正確的是（）A01s內(nèi)ab、c

5、d導線互相排斥B12s內(nèi)ab、cd導線互相吸引C23s內(nèi)ab、cd導線互相排斥D34s內(nèi)ab、cd導線互相吸引9、如圖示電路，G是電流表，R1和R2是兩個可變電阻，調(diào)節(jié)可變電阻R1，可以改變電流表G的示數(shù)。當MN的電壓為6V時，電流表的指針剛好偏轉(zhuǎn)到最大刻度，將MN間的電壓改為5V時，若要電流表的指針仍然偏轉(zhuǎn)到最大刻度，下列方法可行的是A保持R1不變，增大R2B增大R1，減小R2C減小R1，增大R2D保持R2不變，增大R110、圖中K、L、M為靜電場中的三個相距較近的等差等勢面。一帶電粒子射入此靜電場中后，依abcde軌跡運動。已知K、L、M電勢滿足KLM，下列說法中正確的是 （ ）A粒子帶負

6、電B粒子在bc段作減速運動C粒子在c點時電勢能最小D粒子在b點與d點的速率大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中,有以下器材：A小燈泡L（3V,0.6A）B滑動變阻器R（010） C電壓表V1 （03V） D電壓表V2 （015V）E.電流表A1 （00.6A）F.電流表A2 （03A）G.鉛蓄電池、開關(guān)各一個,導線若干（1）為了減小誤差,實驗中應選電流表_,電壓表_（2）在圖虛線框內(nèi)按要求設計實驗電路圖（_）（3）某實驗小組完成實驗后利用實驗中得到的實驗數(shù)據(jù)在坐標系中,描繪出如圖所示的

7、小燈泡的伏安特性曲線根據(jù)此圖給出的信息,可以判斷下圖中正確的是（圖中P為小燈泡的功率）（_）ABCD12（12分）用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖所示。（1）組裝單擺時，應在下列器材中選用_（選填選項前的字母）。A長度為1m左右的細線B長度為30cm左右的細線C直徑為1.8cm的塑料泡沫球D直徑為1.8cm的鐵球（2）測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g_（用L、n、t和必要的數(shù)學常量表示）。（3）用多組實驗數(shù)據(jù)作出T2-L圖像，也可以求出重力加速度g。已知三位同學作出的T2-L圖線的示意圖如圖中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點

8、，圖線b對應的g值最接近當?shù)刂亓铀俣鹊闹怠t相對于圖線b，下列分析正確的是_ （選填選項前的字母）A出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長LB出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值（4）該同學在做完實驗后，已測得當?shù)刂亓铀俣龋ㄓ胓表示），想研究單擺擺動時擺線中的拉力變化規(guī)律和能量變化特點。重新組裝單擺裝置后，實驗時用拉力傳感器測得擺線中的拉力大小隨時間變化的F-t圖象如圖所示，圖中，F(xiàn)1、F2、t0已知。設擺球在最低點時EP0，那么當擺線中的拉力大小是F1時擺球所在的位置是_，振動過程中擺球機械能E的表達式是E_（限選用F1、

9、F2、t0、g和必要的數(shù)學常量表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為l=0.20m的絕緣輕線把質(zhì)量為m=0.10kg、帶有正電荷的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點時輕線與豎直方向的夾角為=37現(xiàn)將小球拉至位置A，使輕線水平張緊后由靜止釋放g取10m/s2，sin37=0.60，cos37=0.1求：（1）小球所受電場力的大??；（2）小球通過最低點C時的速度大小；（3）小球通過最低點C時輕線對小球的拉力大小14（16分）如圖所示，MN板間存在

10、勻強電場，場強E=300N/C，方向豎直向上電場上A、B兩點相距20cm，AB連線與電場方向夾角=60，A點和M板相距6cm求：（1）求AB兩點間的電勢差大小；（2）若M板接地（電勢為0），A點電勢A；（3）將q=-610-8C點電荷從A移到B，電場力做的功15（12分）如圖所示的平面直角坐標系，在第象限內(nèi)有平行于軸的勻強電場，方向沿軸正方向；在第象限的正三角形區(qū)域內(nèi)有勻強磁場，方向垂直于平面向里，正三角形邊長為，且邊與軸平行。一質(zhì)量為、電荷量為的粒子，從軸上的點，以大小為的速度沿軸正方向射入電場，通過電場后從軸上的點進入第象限，又經(jīng)過磁場從軸上的某點進入第象限，且速度與軸負方向成45角，不計

11、粒子所受的重力。求：(1)電場強度的大??；(2)粒子到達點時速度的大小和方向；(3)區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應強度的最小值。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由閉合電路歐姆定律可知，開關(guān)接1時，電壓表示數(shù) ；開關(guān)接2時，電壓表示數(shù)， 得：，由于，可得 ，故B正確2、D【解析】A電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領，電壓和電勢差是兩點之間電勢的差，它們的物理意義不同，故A錯誤；B把同一電源接在不同的電路中，電源的電動勢不變，故B錯誤；C電源的電動勢等于外電路為斷路時電

12、源兩端的電壓，若電路為通路，電流經(jīng)過內(nèi)阻時有電勢的降低，此時電源兩端的電壓小于電動勢，故C錯誤；D干電池的電動勢都是1.5V，1號干電池比7號干電池的體積大，但電動勢相同，故D正確。3、A【解析】根據(jù)電場線的特點：電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，可以判斷ab是異種點荷，a應為正電荷b為負電荷，故A正確，B錯誤。電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場的強度小，A處電場線較疏。所以A點場強小于B點場強，故CD錯誤。故選A.【點睛】常見的電場線分布情況要熟悉，這是考試的熱點并要掌握電場線的兩個物理意義：疏密表示場強的大小，沿著電場線的方向電勢降低4、A【解析】在圖示位置時，根據(jù)左手定則判斷可知

13、：ac邊上半邊所受磁場力方向向里，下半邊所受磁場力方向向外，則ab邊轉(zhuǎn)向紙里，cd邊轉(zhuǎn)向紙外；從圖示位置轉(zhuǎn)過時，根據(jù)左手定則判斷可知：ac邊所受磁場力方向水平向左，靠近磁鐵，故選項A正確，選項BCD錯誤。點睛：由于ac邊與bd邊上下兩半所在磁場方向不同，將ac邊和bd邊分成左右兩半研究，由于bd離磁鐵較遠，受到的磁場力較小，關(guān)鍵研究ac邊的磁場力；本題是磁場中典型的問題：判斷在安培力作用下導體運動方向的問題，本題采用的是電流元法和特殊位置法。5、B【解析】根據(jù)x=v0t+12at2可得經(jīng)10s后，車在斜坡上通過的距離是x=210+120.4102m=40m，故選B.6、A【解析】由庫侖定律可得

14、：；變化后；A. ，與結(jié)論相符，選項A正確；B. 4F，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C. 2F，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D. ，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A. 電源電動勢不變，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小，故A錯誤；BC. 當R增大時，I減小，不能根據(jù)判斷路端電壓的變化，而由分析，E、r不變，I減小，得到U增大；I增大，得到U減?。还蔆正確B錯誤；D. 若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢，故D正確。故選CD。

15、8、BC【解析】左側(cè)實際上為等離子體發(fā)電機，將在ab中形成從a到b的電流，由圖乙可知，02s內(nèi)磁場均勻變化，根據(jù)楞次定律可知將形成從c到d的電流，同理24s形成從d到c的電流，且電流大小不變，故02s秒內(nèi)電流同向，相互吸引，24s電流反向，相互排斥，故A，D錯誤，B，C正確.故選BC.9、BD【解析】總電壓降低了，電流表G的讀數(shù)變小，若要電流表的指針仍然偏轉(zhuǎn)到最大刻度，應該讓通過G的電流變大。A.保持R1不變，增大R2時，因這樣R2兩端的電壓變大了，G的電壓更小了，G的電流也更小了；故A錯誤；B.增大R1，同時減小R2時，R2的電壓降低，R1電壓變大，即G的電壓變大，其電流變大；故B正確；C.

16、減小R1，同時增大R2時，R2兩端的電壓變大了，G的電壓小了，G的電流也小了；故C錯誤；D.保持R2不變，增大R1時，R2的電壓變小，R1電壓變大，即G的電壓變大，其電流變大，故D正確。10、BD【解析】A由軌跡彎曲方向可知，粒子受到的電場力方向大致向左，由KLM可知，場強方向也是大致向左，故粒子應該帶正電，故A錯誤；B粒子在bc段受力方向與速度方向的夾角大于90，故電場力做負功，粒子做減速運動，故B正確；C正電荷在電勢越高的地方電勢能越大，故粒子在c點的電勢能最大，故C錯誤；Db、d兩點電勢相等，故從b到d的過程中電場力做功為0，粒子動能不變，速率相同，故D正確；故選BD。三、實驗題：本題共

17、2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A1 V1 BD 【解析】本題(1)根據(jù)小燈泡額定電壓電流來選擇合適的量程即可；（2）根據(jù)（3）中圖像可知實驗選用了分壓式接法，由于燈泡電阻較小，采用外接法設計電路；（3）根據(jù)電功率公式求解。【詳解】(1)1由小燈泡額定電流為，可知選電流表，2由小燈泡額定電壓為,可知選電壓表。(2)3 根據(jù)（3）中圖像可知實驗選用了分壓式接法，由于燈泡電阻較小，滿足,所以采用外接法設計電路，如圖所示(3)4根據(jù)電功率公式， 可知斜率逐漸變小，斜率逐漸變大，其原因是實驗隨著時間推移，小燈泡電阻會隨溫度的升高而變大，所以BD正確。故選BD

18、。【點睛】本題考察小燈泡伏安特性曲線實驗的考察，主要包括選表，分壓式控制電路，外接法測電阻等設計電路圖，最后考察電功率公式與圖像斜率之間的關(guān)系。12、AD； ； B； 最低點； 【解析】（1）為了減小實驗誤差，故選AD（2）根據(jù)單擺周期公式得（3）A.圖像a相對于b向x軸左移，所以原因可能是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長L，故A錯誤B.根據(jù)（2）分析，誤將49次全振動記為50次，n變大，g變大，T2-L圖像斜率為，斜率變小，為圖c，故B正確C.T2-L圖像斜率為，所以c圖的g值大于圖線b對應的g值，故C錯誤故選B（4）通過分析，拉力最大，擺球在最低點；，聯(lián)立解得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.75N；（2）1m/s；（3）1.5N【解析】（1）在B點，由平衡條件知，F(xiàn)=qE=mg tan=0.75N（2）由A到C過程，由動能定理得：mgLqEL=mvC2，解得vC=1m/s