1、 河北省衡水中學(xué)20212022學(xué)年高三年級線上測試物理學(xué)科第卷（選擇題共46分）一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1. 如圖所示，不計重力的輕桿OP能以O(shè)為軸在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，P端掛一重物，另用一根輕繩通過滑輪系住P端，當(dāng)OP和豎直方向的夾角緩慢增大時（0），OP桿所受作用力的大?。ǎ〢. 恒定不變B. 逐漸增大C. 逐漸減小D. 先增大后減小【答案】A【解析】【詳解】在OP桿和豎直方向夾角緩慢增大時（0），結(jié)點P在一系列不同位置處于靜態(tài)平衡，以結(jié)點P為研究對象，如圖甲所示結(jié)點P受向下的拉力G，QP繩的拉力FT，OP桿的

2、支持力FN，三力中，向下的拉力恒定（大小、方向均不變），繩、桿作用力大小均變，繩PQ的拉力FT總沿繩PQ收縮的方向，桿OP支持力方向總是沿桿而指向桿恢復(fù)形變的方向（方向變化有依據(jù)），做出處于某一可能位置時對應(yīng)的力三角形圖，如圖乙所示，則表示這兩個力的有向線段組成的三角形與幾何線段組成的三角形相似，根據(jù)相似三角形知識即可求得，有可得即OP桿所受作用力的大小保持不變。故選A。2. 如圖所示，光滑水平面上放置質(zhì)量分別為m、2m和3m的三個木塊，其中質(zhì)量為2m和3m的木塊間用一輕彈簧相連，輕彈簧能承受的最大拉力為T?，F(xiàn)用水平拉力F拉質(zhì)量為3m的木塊，使三個木塊一起加速運動，則以下說法正確的是（）A.

3、質(zhì)量為2m的木塊受到四個力的作用B. 當(dāng)F逐漸增大到T時，輕彈簧剛好被拉斷C. 當(dāng)F逐漸增大到1.5T時，輕彈簧會被拉斷D. 撤去F瞬間，質(zhì)量為m的木塊所受摩擦力的大小和方向不變【答案】D【解析】【詳解】A質(zhì)量為2m的木塊受到重力、地面的支持力、彈簧的拉力、上面物體的壓力和摩擦力，共五個力的作用，選項A錯誤；B當(dāng)F逐漸增大到T時，此時整體的加速度為此時彈簧的彈力為則此時輕彈簧沒有被拉斷，選項B錯誤；C當(dāng)F逐漸增大到1.5T時，此時整體的加速度為此時彈簧的彈力為則此時輕彈簧沒有被拉斷，選項C錯誤；D撤去F瞬間，彈簧的彈力不變，左邊兩物體的加速度不變，則質(zhì)量為m的木塊所受摩擦力的大小和方向不變，選

4、項D正確。故選D。3. 三顆人造衛(wèi)星A、B、C都在赤道正上方同方向繞地球做勻速圓周運動，A、C為地球同步衛(wèi)星，某時刻A、B相距最近，如圖所示。已知地球自轉(zhuǎn)周期為T1，B的運行周期為T2，則下列說法正確的是（ ）A. C加速可追上同一軌道上的AB. 經(jīng)過時間，A、B相距最遠C. A、C向心加速度大小相等，且小于地面物體的自轉(zhuǎn)加速度D. 在相同時間內(nèi)，A與地心連線掃過的面積等于B與地心連線掃過的面積【答案】B【解析】【詳解】A衛(wèi)星C加速后做離心運動，軌道變高，不可能追上同一軌道上的A點，故A錯誤；B衛(wèi)星A、B由相距最近到相距最遠，圓周運動轉(zhuǎn)過角度差為，所以可得其中則經(jīng)歷的時間故B正確；C衛(wèi)星A和C

5、的角速度與地球表面物體自轉(zhuǎn)的角速度相等，軌道半徑大于地球半徑，根據(jù)可知，衛(wèi)星衛(wèi)星A和C向心加速度大于地球表面物體自轉(zhuǎn)向心加速度。故C錯誤；D繞地球運動的衛(wèi)星與地心的連線在相同時間t內(nèi)掃過的面積由萬有引力提供向心力，可知解得可知，在相同時間內(nèi)，A與地心連線掃過的面積大于B與地心連線掃過的面積，故D錯誤。故選B。4. 如圖所示，在光滑的水平地面上有一個表面光滑的物塊P，它的質(zhì)量為M，一長為L的輕桿下端用光滑鉸鏈連接于O點，O點固定于地面上，輕桿的上端連接著一個可視為質(zhì)點的小球Q，它的質(zhì)量為m，且M=5m，開始時，小球斜靠在物塊左側(cè)，它距地面的高度為h，物塊右側(cè)受到水平向左推力F的作用，整個裝置處于

6、靜止狀態(tài).若現(xiàn)在撤去水平推力F，則下列說法中錯誤的是（）A. 物塊先做加速運動，后做勻速運動B. 在小球和物塊分離前，當(dāng)輕桿與水平面的夾角為時，小球的速度大小C. 小球與物塊分離時，小球一定只受重力作用D. 在小球落地之前，小球的機械能一直減少【答案】D【解析】【詳解】A假設(shè)立方體和地面之間有摩擦力若摩擦力太大，則小球不會推動立方體運動；如摩擦力太小，立方體會在小球落在水平地面上之前離開小球；若摩擦力適中，小球恰好在落到水平地面后與立方體分離由于物塊P與地面間沒有摩擦，故P物體會在小球落在水平地面上之前離開小球，故物塊先做加速運動(不一定是勻加速)，后做勻速運動，故A正確；B在小球和物塊分離前

7、，當(dāng)輕桿與水平面的夾角為時，由能量守恒定律有：mg(hLsin)= + 將小球的速度沿著水平方向和豎直方向正交分解，有vP=vQsin聯(lián)立解得vQ=故B正確；C對小球和立方體整體受力分析，受重力、桿的彈力T、支持力，在水平方向運用牛頓第二定律，有：Tcos=(m+M)ax剛分離時加速度的水平分量為零，故桿的彈力為零，故小球只受重力，故C正確；D在分離之前，小球的機械能減小，分離后，只有重力做功，機械能守恒，故D錯誤；此題選擇錯誤的選項，故選D。5. 如圖所示，一輕彈簧放在傾角=30且足夠長的光滑斜面上，下端固定在斜面底端的擋板上，上端與放在斜面上的物塊A連接，物塊B與物塊A（二者質(zhì)量均為m）疊

8、放在斜面上并保持靜止，現(xiàn)用大小等于mg的恒力F平行斜面向上拉B，當(dāng)運動距離為L時B與A分離。下列說法正確的是（）A 彈簧處于原長時，B與A開始分離B. 彈簧的勁度系數(shù)為C. 彈簧的最大壓縮量為LD. 從開始運動到B與A剛分離的過程中，兩物體的動能一直增大【答案】B【解析】【詳解】AB開始時彈簧的彈力大小為B與A剛分離時二者具有相同的加速度，且二者間彈力為零，由此可知，二者分離時彈簧對物體A的彈力大小為在此過程中，彈簧彈力的變化量的絕對值為根據(jù)胡克定律有解得選項A錯誤，B正確；C彈簧的最大壓縮量為選項C錯誤；D開始時對AB整體有解得分離前瞬間有解得可見從開始運動到B與A剛分離的過程中，兩物體先加

9、速后減速，其動能先增大后減小，選項D錯誤。故選B。6. 如圖甲所示，足夠長的長木板放置在水平地面上，一滑塊置于長木板左端。已知滑塊和木板的質(zhì)量均為2kg，現(xiàn)在滑塊上施加一個F=0.5t（N）的水平變力作用，從t=0時刻開始計時，滑塊所受摩擦力f隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示。設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，重力加速度g取10m/s2，下列說法正確的是（）A. 滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.2B. 木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2C. 圖乙中t2=24sD. 木板的最大加速度為1m/s2【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)圖乙可知，滑塊在t2以后受到的摩擦力不變，為8N，根據(jù)可得滑塊與木板間的動摩擦因

10、數(shù)為A錯誤；B在t1時刻木板相對地面開始運動，此時滑塊與木板相對靜止，則木板與地面間的動摩擦因數(shù)為B錯誤；CD在t2時刻，滑塊與木板將要發(fā)生相對滑動，此時滑塊與木板間的靜摩擦力達到最大，且此時二者加速度相同，且木板的加速度達到最大，對滑塊有對木板有聯(lián)立解得則木板的最大加速度為2m/s2，根據(jù)可求得C正確，D錯誤。故選C。7. 如圖所示，某空間中存在一個有豎直邊界的水平方向磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場區(qū)域，現(xiàn)將一個等腰梯形閉合導(dǎo)線圈abcd，從圖示位置（ab邊處于磁場區(qū)域的左邊界）垂直于磁場方向水平從磁場左側(cè)以速度v勻速拉過這個區(qū)域，其中ab=L，cd=3L，梯形高為2L，線框abcd的總電阻為R下

11、圖中 ， ，則能正確反映該過程線圈中感應(yīng)電流i隨時間t變化的是（規(guī)定adcba的方向為電流正方向） A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】當(dāng)右邊進入磁場時，便會產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律得，感應(yīng)電流應(yīng)是逆時針方向，即正方向，由于有效切割長度逐漸增大，導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小也均勻增大；當(dāng)運動了時，線框右邊出磁場，又運動了過程中，有效切割長度不變，則產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小不變，但比剛出磁場時的有效長度縮短，導(dǎo)致感應(yīng)電流的大小比其電流小，但由楞次定律得，感應(yīng)電流應(yīng)仍是逆時針；當(dāng)線框左邊進入磁場時，有效切割長度在變大，當(dāng)感應(yīng)電流的方向是順時針，即是負方向且大小增大，故選項D正確，ABC錯誤故選D【點

12、睛】對于圖象問題可以通過排除法進行求解，如根據(jù)圖象過不過原點、電流正負、大小變化等進行排除二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8. 如圖所示，半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為。在磁場邊界上的點放置一個放射源，能在紙面內(nèi)以速率向各個方向發(fā)射大量的同種粒子，粒子的電荷量為、質(zhì)量為（不計粒子的重力），所有粒子均從磁場邊界的某段圓弧射出，其圓弧長度為。下列說法正確的是（）A. 粒子進入磁場時的速率為B. 所有粒子中在磁場中運動的最長時間是C. 若粒子入射

13、速率為時，有粒子射出的邊界弧長變?yōu)镈. 將磁感應(yīng)強度大小改為時，有粒子射出的邊界弧長變?yōu)椤敬鸢浮緼C【解析】【詳解】A根據(jù)題意可知，圓弧長度為對應(yīng)的圓心角為圓弧長度為，則對應(yīng)的弦長為R，所以粒子在磁場中運動的最長弦為R，則有對粒子，根據(jù)牛頓第二定律有解得A正確；B當(dāng)粒子沿磁場圓的切線方向飛出時，粒子在磁場中將做一個完整的圓，則運動的最長時間為B錯誤；C若粒子入射速率為時，則半徑變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t粒子在磁場中運動的最長弦長為根據(jù)幾何關(guān)系可知，此時對應(yīng)的最大圓心角為，則最長弧長為。C正確；D將磁感應(yīng)強度大小改為時，則半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，則粒子在磁場中運動的最長弦長為根據(jù)幾何關(guān)系可知，此時對應(yīng)的最大圓

14、心角為，則最長弧長為。D錯誤。故選AC。9. 如圖所示是氫原子四個能級的示意圖，當(dāng)氫原子從高能級向低能級躍遷時會輻射一定頻率的光子，以下說法正確的是（）A. 一個處于n=3能級的氫原子，自發(fā)躍遷時最多能輻射出三種不同頻率的光子B. 根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個光子后，氫原子的電勢能減小，核外電子動能增大C. n=4能級的氫原子自發(fā)躍遷時，輻射光子的能量最大為12.75eVD. 用能量為11.0eV的電子轟擊基態(tài)氫原子能使其躍遷到更高能級【答案】BCD【解析】【詳解】A一個處于n=3能級的氫原子，自發(fā)躍遷時最多能輻射出二種不同頻率的光子（32、21），故A錯誤；B氫原子輻射出一個光子后，從

15、高能級向低能級躍遷，軌道半徑減小，根據(jù)知，電子速率增大，動能增大，又由于氫原子能量減小，則氫原子電勢能減小（或根據(jù)庫侖力做正功判斷也可），故B正確；Cn=4能級的氫原子自發(fā)躍遷時，輻射光子的能量最大為故C正確；D用能量為11.0eV的電子轟擊基態(tài)氫原子，因為11.0eV10.2 eV，所以能使其躍遷到更高能級，故D正確。故選BCD。10. 如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為U0的周期性變化的電壓，在兩板左側(cè)緊靠P板處有一粒子源A，自t=0時刻開始連續(xù)釋放初速度大小為v0，方向平行于金屬板的相同帶電粒子，t=0時刻釋放的粒子恰好

16、從Q板右側(cè)邊緣離開電場，已知電場變化周期，粒子質(zhì)量為m，不計粒子重力及相互間的作用力，則（）A. 在t=0時刻進入的粒子離開電場時速度大小仍為v0B. 粒子的電荷量為C. 在時刻進入的粒子離開電場時電勢能減少了D. 在時刻進入的粒子剛好從P板右側(cè)邊緣離開電場【答案】AD【解析】【詳解】A粒子進入電場后，水平方向做勻速運動，則t0時刻進入電場的粒子在電場中運動時間此時間正好是交變電場的一個周期；粒子在豎直方向先做加速運動后做減速運動，經(jīng)過一個周期，粒子的豎直速度為零，故粒子離開電場時的速度大小等于水平速度v0，選項A正確；B在豎直方向，粒子在時間內(nèi)的位移為，則計算得出選項B錯誤；C在時刻進入電場

17、的粒子，離開電場時在豎直方向上的位移為故電場力做功為選項C錯誤； D時刻進入的粒子，在豎直方向先向下加速運動，然后向下減速運動，再向上加速，向上減速，由對稱可以知道，此時豎直方向的位移為零，故粒子從P板右側(cè)邊緣離開電場，選項D正確。故選AD。第卷（非選擇題共54分）三、實驗題11. 如圖所示，附有滑輪的長木板平放在實驗桌面上，將細繩一端拴在滑塊上，另一端繞過定滑輪，掛上適當(dāng)?shù)牟鄞a使小車在槽碼的牽引下運動，利用這套裝置做“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”的實驗。（1）在進行實驗時，需要先將長木板傾斜適當(dāng)?shù)慕嵌?，這樣做的目的是_；A.使小車獲得較大的加速度B使細線的拉力等于小車受到的合外力C.使小車最

18、終能勻速運動D.使槽碼的重力近似等于細線的拉力（2）實驗過程中打出的一條紙帶如圖，在紙帶上便于測量的地方選取第一個計數(shù)點，在這個點上標明A，第六個點上標明B，第十一個點上標明C，第十六個點上標明D，第二十一個點上標明E。測量時發(fā)現(xiàn)B點已模糊不清，于是測得AC的長度為12.26cm，CD的長度為6.60cm，DE的長度為6.90cm，則應(yīng)用所有測得的數(shù)據(jù)，可計算得出小車運動的加速度a=_m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）用此裝置可以進行多個力學(xué)實驗，下列說法正確的是_。A.“研究勻變速直線運動”時，不需要平衡摩擦力B.“驗證牛頓第二定律”時，槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠小于小車質(zhì)量C.“研究恒力做功與速

19、度變化關(guān)系時”，不需要平衡摩擦力D.傾斜木板平衡摩擦力后，可用該裝置進行“驗證機械能守恒定律”的實驗【答案】 . B . 0.31 . AB#BA【解析】【詳解】（1）1在進行實驗時，需要先將長木板傾斜適當(dāng)?shù)慕嵌龋剐≤囍亓υ谘亻L木板方向的分力能夠與摩擦力平衡，從而使細線的拉力等于小車受到的合外力。故選B；（2）2小車運動加速度為（3）3A“研究勻變速直線運動”時，只需要小車做勻變速運動即可，不需要平衡摩擦力，故A正確；B“驗證牛頓第二定律”時，需要用槽碼重力來表示小車所受合外力，設(shè)小車質(zhì)量為M，槽碼質(zhì)量為m。對小車根據(jù)牛頓第二定律有對槽碼同理有聯(lián)立解得由上式可知只有當(dāng)時才近似等于，故B正確；

20、C“研究恒力做功與速度變化關(guān)系時”，需要小車所受恒力等于合外力，所以需要平衡摩擦力，故C錯誤；D平衡摩擦力只是將摩擦力的效果消除，但小車實際仍受摩擦力作用，機械能不守恒，故D錯誤。故選AB。12. 某個同學(xué)設(shè)計了一個電路，既能測量電池組的電動勢和內(nèi)阻，又能同時測量未知電阻的阻值。器材如下：A電池組（四節(jié)干電池）B待測電阻（約）C電壓表（量程、內(nèi)阻很大）D電壓表（量程、內(nèi)阻很大）E電阻箱R（最大阻值）F開關(guān)一只，導(dǎo)線若干實驗步驟如下：（1）將實驗器材連接成如圖甲所示的電路，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，先讓電壓表接近滿偏，逐漸增加電阻箱的阻值，并分別讀出兩只電壓表的讀數(shù)。（2）根據(jù)記錄的電壓表的讀

21、數(shù)和電壓表的讀數(shù)，以為縱坐標，以對應(yīng)的電阻箱的阻值為橫坐標，得到的實驗結(jié)果如圖乙所示。由圖可求得圖像在縱軸的截距為_，待測電阻_（保留兩位有效數(shù)字）。（3）圖丙分別是以兩電壓表的讀數(shù)為縱坐標，以兩電壓表讀數(shù)之差與電阻箱阻值的比值為橫坐標得到結(jié)果。由圖可求得電池組的電動勢_V，縱坐標為_，兩圖線的交點的橫坐標為_，縱坐標為_（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?. 1.0 . 8.0 . 6.0 . 4.0 . 0.5 . 4.0【解析】【詳解】（2）12串聯(lián)電路電流處處相等，由圖（甲）所示電路圖可知整理得則圖像的縱軸截距斜率解得（3）34由圖（甲）所示電路圖可知則過原點的直線表示電阻的伏安特性

22、直線，函數(shù)關(guān)系為傾斜直線表示電源圖像，由圖示圖像可知，電源電動勢電源內(nèi)阻電源路端電壓與干路電流的關(guān)系為兩圖線交點反應(yīng)的是電源與定值電阻直接串聯(lián)時的情況，交點的橫坐標縱坐標四、計算題（共28分，要寫出必要的文字說明和解題過程，只寫出結(jié)果，沒有過程不能得分）13. 如圖，靜止于A處的離子，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，從P點垂直CN進入矩形區(qū)域的有界勻強電場，電場方向水平向左，靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場，已知圓弧虛線所在處場強為E0，方向如圖所示；離子質(zhì)量為m、電荷量為q；QN=2d、PN=3d，離子重力不計。（1）求粒子離開加速度電場時的速度的大小及圓弧虛線對

23、應(yīng)的半徑R的大??；（2）若離子恰好能打在NQ的中點上，求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強電場場強E的值；（3）若矩形區(qū)域內(nèi)的電場強度與（2）中的電場強度相同，從A點靜止釋放離子的電荷量為2q，其他不變，計算打到NQ上的位置?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）打在NQ的中點【解析】【分析】【詳解】（1）離子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理，有離子在輻向電場中做勻速圓周運動，電場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有解得（2）離子做類平拋運動d=vt3d=at2由牛頓第二定律得qE=ma得（3）根據(jù)動能定理得2qU=mv2根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立得即在均勻輻向分布的電場里運動的半徑不變，故仍能從P點進入上方的矩形電場

24、區(qū)域；離子做類平拋運動3d=at2由牛頓第二定律得2qE=max=vt=d即打在NQ的中點。14. 如圖甲所示，水平面內(nèi)的直角坐標系的第一象限有磁場分布，方向垂直于水平面向下，磁感應(yīng)強度沿y軸方向沒有變化，沿x軸方向B與x成反比，如圖乙所示。頂角=53的光滑金屬長導(dǎo)軌MON固定在水平面內(nèi)，ON與x軸重合，一根與ON垂直的長導(dǎo)體棒在水平向右的外力作用下沿導(dǎo)軌向右滑動，導(dǎo)體棒在滑動過程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好。已知t=0時，導(dǎo)體棒位于頂點O處，導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m=1.0kg，OM與ON接觸點的總電阻恒為R=1.0，其余電阻不計?；芈冯娏鱥與時間t的關(guān)系如圖丙所示，圖線是過原點的直線。已知sin53

25、=0.8，cos53=0.6。求：（1）t=2s時，回路的電動勢E；（2）02s時間內(nèi)，導(dǎo)體棒的位移s；（3）02s時間內(nèi)，水平外力的沖量I的大??；（4）導(dǎo)體棒滑動過程中，水平外力的瞬時功率P（單位：W）與時間t（單位：s）的關(guān)系式?！敬鸢浮浚?） ；（2）；（3） ；（4） 【解析】【詳解】(1)由歐姆定律將代入得(2)由歐姆定律和丙圖斜率含義得其中，聯(lián)立解得所以導(dǎo)體棒做初速度為0的勻加速直線運動，且02s時間內(nèi)導(dǎo)體棒的位移為(3)由動量定理得即由圖丙知由圖乙知2 s末的速度解得(4)根據(jù)牛頓第二定律可得由圖丙可知解得外力瞬時功率速度解得五、選考題：15題和16題只需要選擇其中一個作答。在答

26、題卡上將選擇的題號涂黑。如果多答，則按第一題計分。15. 下列說法中正確的是（）A. 若已知固體的摩爾質(zhì)量、密度、阿伏伽德羅常數(shù)，無法計算出單個固體分子的體積B. 重慶的冬天比較潮濕，濕的衣服不容易晾干，是因為空氣的相對濕度大C. 夏日的清晨，荷葉上滾動的小露珠呈現(xiàn)為近似的球形，這是表面張力和浸潤現(xiàn)象共同作用的結(jié)果D. 若在玻璃杯中裝入半杯熱水后擰緊瓶蓋，靜置一段時間后發(fā)現(xiàn)瓶蓋很難擰開，由此可推斷單位時間內(nèi)瓶蓋受到瓶內(nèi)氣體分子的撞擊次數(shù)增大【答案】B【解析】【詳解】A若已知固體的摩爾質(zhì)量M、密度、阿伏伽德羅常數(shù)NA，則單個固體分子的體積為故A錯誤；B重慶的冬天比較潮濕，濕的衣服不容易晾干，是因

27、為空氣的相對濕度大，造成衣服中的水分不容易蒸發(fā)，故B正確；C夏日的清晨，荷葉上滾動的小露珠呈現(xiàn)為近似的球形，這是表面張力的作用，且此時露珠表現(xiàn)為與荷葉不浸潤，故C錯誤；D若在玻璃杯中裝入半杯熱水后擰緊瓶蓋，靜置一段時間后發(fā)現(xiàn)瓶蓋很難擰開，這是由于氣體經(jīng)歷等容降溫過程后壓強減小，即單位時間內(nèi)瓶蓋受到瓶內(nèi)氣體分子的撞擊次數(shù)減小，故D錯誤。故選B。16. 如圖所示，橫截面積為S=0.01m2的氣缸開口向下豎直放置，a、b為固定在氣缸內(nèi)壁的卡口（體積可忽略），a、b之間的距離為h=5cm，b與氣缸底部的距離為H=45cm，活塞與氣缸內(nèi)壁接觸良好，只能在a、b之間移動，活塞厚度、質(zhì)量均可忽略，活塞下方掛一質(zhì)量m=10kg的重物，氣缸、活塞導(dǎo)熱性良好，活塞與氣缸之間的摩擦忽略不計，大氣壓強為p0=1105Pa，環(huán)境溫度為T0=288K，剛開始時氣缸內(nèi)氣體壓強為p1=p0=