1、菁優(yōu)網(wǎng)電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)及能量問題 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)及能量問題一選擇題（共14小題）1（2011福建）如圖，足夠長的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成角（090°），其中MN與PQ平行且間距為L，導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì)金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為R，當(dāng)流過ab棒某一橫截面的電量為q時(shí)，棒的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過程中（）A運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為B下滑位移大小為C產(chǎn)生的焦耳熱為qBLD受到的最大安培力大小為2（2011嘉定區(qū)模擬）如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距為L，

2、其右端接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中一根質(zhì)量為m（質(zhì)量分布均勻）的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為現(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d時(shí)，速度恰好達(dá)到最大（運(yùn)動(dòng)過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直）設(shè)桿接入電路的電阻為r，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度大小為g則此過程（）A桿的速度最大值為B流過電阻R的電量為C恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量D恒力F做的功與安培力做的功之和大于桿動(dòng)能的變化量3（2011深圳二模）如圖，足夠長的光滑導(dǎo)軌傾斜放置，其下端連接一個(gè)燈泡，勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌所

3、在平面（導(dǎo)軌和導(dǎo)線電阻不計(jì)），則垂直導(dǎo)軌的導(dǎo)體棒ab在下滑過程中（）A受到的安培力方向沿斜面向上B受到的安培力一直增大C導(dǎo)體棒的機(jī)械能一直增大D克服安培力做的功等于燈泡消耗的電能4（2010黃岡模擬）如圖所示，兩根光滑的平行金屬導(dǎo)軌位于水平面內(nèi)，勻強(qiáng)磁場與導(dǎo)軌所在平面垂直，兩根金屬桿甲和乙可在導(dǎo)軌上無摩擦地滑動(dòng)，滑動(dòng)過程中與導(dǎo)軌接觸 良好且保持垂直起初兩根桿都靜止現(xiàn)突然給甲一個(gè)沖量使其獲得速度V而開始運(yùn)動(dòng)，回路中的電阻不可忽略，那么在以后的運(yùn)動(dòng)中，下列說法正確的是（）A甲克服安培力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱B甲動(dòng)能的減少量等于系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱C甲機(jī)械能的減少量等于乙獲得的動(dòng)能與系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱

4、之和D最終兩根金屬桿都會(huì)停止運(yùn)動(dòng)5（2009天津）如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌之間接有定值電阻R，質(zhì)量不能忽略的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時(shí)間內(nèi)，力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和等于（）A棒的機(jī)械能增加量B棒的動(dòng)能增加量C棒的重力勢(shì)能增加量D電阻R上放出的熱量6（2006上海）如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成角，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面有一導(dǎo)體棒ab，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻與固定電阻R1和R2的阻值均相等，與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

5、為，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向上滑動(dòng)，當(dāng)上滑的速度為v時(shí)，受到安培力的大小為F此時(shí)（）A電阻R1消耗的熱功率為B電阻R1消耗的熱功率為C整個(gè)裝置因摩擦而消耗的熱功率為mgvcosD整個(gè)裝置消耗的機(jī)械功率為（F+mgcos）v7（2006甘肅）如圖所示，位于一水平面內(nèi)的、兩根平行的光滑金屬導(dǎo)軌，處在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌所在的平面，導(dǎo)軌的一端與一電阻相連；具有一定質(zhì)量的金屬桿ab放在導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直現(xiàn)用一平行于導(dǎo)軌的恒力F拉桿ab，使它由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)桿和導(dǎo)軌的電阻、感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場均可不計(jì)用E表示回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，i表示回路中的感應(yīng)電流，在i隨時(shí)間增大的過程中，電阻消耗的功率等于（）A

6、F的功率B安培力的功率的絕對(duì)值CF與安培力的合力的功率DiE8（2014懷化二模）如圖所示電路，L是自感系數(shù)較大的線圈，在滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P從B端迅速滑向A端的過程中，經(jīng)過AB中點(diǎn)C時(shí)通過線圈的電流為I1；P從A端迅速滑向B端的過程中，經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)通過線圈的電流為I2；P固定在C點(diǎn)不動(dòng)，達(dá)到穩(wěn)定時(shí)通過線圈的電流為I0則（）AI1=I2=I0BI1I0I2CI1=I2I0DI1I0I29（2014宿遷二模）如圖電路中，A1、A2是兩個(gè)指示燈，L是自感系數(shù)很大的線圈，電阻R阻值較小，開關(guān)S1斷開、S2閉合現(xiàn)閉合S1，一段時(shí)間后電路穩(wěn)定下列說法中正確的是（）A閉合S1，通過電阻R的電流先增大后減小B

7、閉合S1，Al亮后逐漸變暗C閉合S1，A2逐漸變亮，然后亮度不變D斷開電路時(shí)，為保護(hù)負(fù)載，應(yīng)先斷開S2，再斷開S110（2014咸陽二模）在如圖所示的電路中，L是一帶鐵心的線圈，R為電阻兩條支路的直流電阻相等那么在接通和斷開開關(guān)的瞬間，兩電流表的讀數(shù)I1、I2的大小關(guān)系錯(cuò)誤的是（）A接通時(shí)I1I2，斷開時(shí)I1I2B接通時(shí)I1I2，斷開時(shí)I1=I2C接通時(shí)I1I2，斷開時(shí)I1I2D接通時(shí)I1=I2，斷開時(shí)I1I211（2013江蘇模擬）如圖所示，電感線圈L的直流電阻為RL、小燈泡的電阻為R，小量程電流表G1、G2的內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)開關(guān)S閉合且穩(wěn)定后，G1、G2的指針均向右偏（電流表的零刻度在表盤中央

8、），則當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，下列說法正確的是（）AG1、G2的指針都立即回到零點(diǎn)BG1緩慢回到零點(diǎn)，G2立即左偏，然后緩慢回到零點(diǎn)CG1立即回到零點(diǎn)，G2緩慢回到零點(diǎn)DG2立即回到零點(diǎn)，G1緩慢回到零點(diǎn)12（2013揚(yáng)州模擬）如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，L1、L2為兩個(gè)相同的燈泡，線圈L的直流電阻不計(jì)，與燈泡L1連接的是一只理想二極管D下列說法中正確的是（）A閉合開關(guān)S穩(wěn)定后L1、L2亮度相同B斷開S的瞬間，L2會(huì)逐漸熄滅C斷開S的瞬間，L1中電流方向向左D斷開S的瞬間，a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)高13（2013鹽城二模）如圖所示，L為自感系數(shù)很大的線圈，其自身的電阻忽略不計(jì)A、B是完全相同的兩個(gè)小

9、燈泡在t=0時(shí)刻閉合開關(guān)S，經(jīng)過一段時(shí)間t1斷開S下列表示A、B兩燈泡中電流i隨時(shí)間t變化的圖象中，正確的是（）ABCD14（2013徐州三模）如圖D1、D2 是兩只相同的燈泡，L 是自感系數(shù)很大的線圈，其直流電阻與R 的阻值相同關(guān)于燈泡發(fā)光情況正確的是（）A當(dāng)S1接a 時(shí)，閉合S，D1將逐漸變亮B當(dāng)S1接a 時(shí)，閉合S 待電路穩(wěn)定后再斷開，D1先變得更亮，然后漸漸變暗C當(dāng)S1接b 時(shí)，閉合S，D2將漸漸變亮D當(dāng)S1接b 時(shí)，閉合S待電路穩(wěn)定后再斷開，D2先變得更亮，然后漸漸變暗二填空題（共2小題）15如圖所示，用粗細(xì)相同的銅絲做成邊長分別為L和2L 的兩只閉合線框a和b，以相同的速度從磁感應(yīng)

10、強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域中勻速地拉到磁場外，不考慮線框的動(dòng)能，若外力對(duì)環(huán)做的功分別為Wa、Wb，則Wa：Wb為_16如圖所示，光滑U型金屬導(dǎo)軌PQMN水平固定在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為LQM之間接有阻值為R的電阻，其余部分電阻不計(jì)一質(zhì)量為M，電阻為R的金屬棒ab放在導(dǎo)軌上，給棒一個(gè)水平向右的初速度v0使之開始滑行，最后停在導(dǎo)軌上，則在此過程中整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱為_三解答題（共14小題）17（2012寧城縣模擬）如圖所示，兩根足夠長的固定的平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，兩導(dǎo)軌間的距離為L，導(dǎo)軌上面橫放著兩根導(dǎo)體棒ab和cd，構(gòu)成矩形回路，兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量皆為m，電阻皆為R

11、，回路中其余部分的電阻可不計(jì)在整個(gè)導(dǎo)軌平面內(nèi)都有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B設(shè)兩導(dǎo)體棒均可沿導(dǎo)軌無摩擦地滑行，開始時(shí)，棒cd靜止，棒ab有指向棒cd的初速度v0，若兩導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)中始終不接觸，求：（1）在運(yùn)動(dòng)中產(chǎn)生的焦耳熱最多是多少？（2）當(dāng)ab棒的速度變?yōu)槌跛俣鹊臅r(shí)，cd棒的加速度是多少？18（2011天津）如圖所示，兩根足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為l=0.5m，其電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成30°角完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導(dǎo)軌放置，每棒兩端都與導(dǎo)軌始終有良好接觸，已知兩棒的質(zhì)量均為0.02kg，電阻均為R=0.1，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面

12、向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.2T，棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下，沿導(dǎo)軌向上勻速運(yùn)動(dòng)，而棒cd恰好能保持靜止取g=10m/s2，問：（1）通過cd棒的電流I是多少，方向如何？（2）棒ab受到的力F多大？（3）棒cd每產(chǎn)生Q=0.1J的熱量，力F做的功W是多少？19（2011上海）電阻可忽略的光滑平行金屬導(dǎo)軌長S=1.15m，兩導(dǎo)軌間距L=0.75m，導(dǎo)軌傾角為30°，導(dǎo)軌上端ab接一阻值R=1.5的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T的勻強(qiáng)磁場垂直軌道平面向上阻值r=0.5，質(zhì)量m=0.2kg的金屬棒與軌道垂直且接觸良好，從軌道上端ab處由靜止開始下滑至底端，在此過程中金屬棒產(chǎn)

13、生的焦耳熱Qr=0.1J（取g=10m/s2）求：（1）金屬棒在此過程中克服安培力的功W安；（2）金屬棒下滑速度v=2m/s時(shí)的加速度a（3）為求金屬棒下滑的最大速度vm，有同學(xué)解答如下：由動(dòng)能定理W重W安=mv，由此所得結(jié)果是否正確？若正確，說明理由并完成本小題；若不正確，給出正確的解答20（2011浙江）如圖甲所示，在水平面上固定有長為L=2m、寬為d=1m的金屬“U”型導(dǎo)軌，在“U”型導(dǎo)軌右側(cè)l=0.5m范圍內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示在t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m=0.1kg的導(dǎo)體棒以v0=1m/s的初速度從導(dǎo)軌的左端開始向右運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦

14、因數(shù)為=0.1，導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒單位長度的電阻均為=0.1/m，不計(jì)導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的接觸電阻及地球磁場的影響（取g=10m/s2）（1）通過計(jì)算分析4s內(nèi)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況；（2）計(jì)算4s內(nèi)回路中電流的大小，并判斷電流方向；（3）計(jì)算4s內(nèi)回路產(chǎn)生的焦耳熱21（2011江蘇模擬）如圖所示，足夠長的光滑導(dǎo)軌ab、cd固定在豎直平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距為l，b、c兩點(diǎn)間接一阻值為R的電阻ef是一水平放置的導(dǎo)體桿，其質(zhì)量為m、有效電阻值為R，桿與ab、cd保持良好接觸整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直現(xiàn)用一豎直向上的力拉導(dǎo)體桿，使導(dǎo)體桿從靜止開始做加速度為的勻加速運(yùn)動(dòng)，上升了h高

15、度，這一過程中bc間電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為Q，g為重力加速度，不計(jì)導(dǎo)軌電阻及感應(yīng)電流間的相互作用求：（1）導(dǎo)體桿上升到h過程中通過桿的電量；（2）導(dǎo)體桿上升到h時(shí)所受拉力F的大??；（3）導(dǎo)體桿上升到h過程中拉力做的功22（2010天津）如圖所示，質(zhì)量m1=0.1kg，電阻R1=0.3，長度l=0.4m的導(dǎo)體棒ab橫放在U型金屬框架上框架質(zhì)量m2=0.2kg，放在絕緣水平面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，相距0.4m的MM、NN相互平行，電阻不計(jì)且足夠長電阻R2=0.1的MN垂直于MM整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T垂直于ab施加F=2N的水平恒力，ab從靜止開始無摩擦

16、地運(yùn)動(dòng)，始終與MM、NN保持良好接觸當(dāng)ab運(yùn)動(dòng)到某處時(shí)，框架開始運(yùn)動(dòng)設(shè)框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2（1）求框架開始運(yùn)動(dòng)時(shí)ab速度v的大?。唬?）從ab開始運(yùn)動(dòng)到框架開始運(yùn)動(dòng)的過程中，MN上產(chǎn)生的熱量Q=0.1J，求該過程ab位移x的大小23（2006上海）如圖所示，將邊長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的正方形導(dǎo)線框豎直向上拋出，穿過寬度為b、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場的方向垂直紙面向里，線框向上離開磁場時(shí)的速度剛好是進(jìn)入磁場時(shí)速度的一半，線框離開磁場后繼續(xù)上升一段高度，然后落下并勻速進(jìn)入磁場，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中始終存在著大小恒定的空氣阻力f，且線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)求：（1）線

17、框在下落階段勻速進(jìn)入磁場時(shí)的速度v2；（2）線框在上升階段剛離開磁場時(shí)的速度v1；（3）線框在上升階段通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q24（2005天津）圖中MN和PQ為豎直方向的兩平行長直金屬導(dǎo)軌，間距l(xiāng)為0.40m，電阻不計(jì)導(dǎo)軌所在平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0.50T的勻強(qiáng)磁場垂直質(zhì)量m為6.0×103kg、電阻為1.0的金屬桿ab始終垂直于導(dǎo)軌，并與其保持光滑接觸導(dǎo)軌兩端分別接有滑動(dòng)變阻器和阻值為3.0的電阻R1當(dāng)桿ab達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)以速率v勻速下滑，整個(gè)電路消耗的電功率P為0.27W，重力加速度取10m/s2，試求速率v和滑動(dòng)變阻器接入電路部分的阻值R225如圖所示，有一足夠長的光滑平

18、行金屬導(dǎo)軌，電阻不計(jì)，間距L=0.5m，導(dǎo)軌沿與水平方向成=30°傾斜放置，底部連接有一個(gè)阻值為R=3的電阻現(xiàn)將一根長也為L=0.5m質(zhì)量為m=0.2kg、電阻r=2的均勻金屬棒，自軌道頂部靜止釋放后沿軌道自由滑下，下滑中均保持與軌道垂直并接觸良好，經(jīng)一段距離后進(jìn)入一垂直軌道平面的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示磁場上部有邊界OP，下部無邊界，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T金屬棒進(jìn)入磁場后又運(yùn)動(dòng)了一段距離便開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在做勻速直線運(yùn)動(dòng)之前這段時(shí)間內(nèi)，金屬棒上產(chǎn)生了Qr=2.4J的熱量，且通過電阻R上的電荷量為q=0.6C，取g=10m/s2求：（1）金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速v0；（2）金屬棒進(jìn)入磁場后，

19、當(dāng)速度v=6m/s時(shí)，其加速度a的大小及方向；（3）磁場的上部邊界OP距導(dǎo)軌頂部的距離S26如圖所示，有一區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場方向與水平放置的導(dǎo)軌垂直導(dǎo)軌寬度為L，右端接有電阻RMN是一根質(zhì)量為m的金屬棒，金屬棒與導(dǎo)軌垂直放置，且接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，現(xiàn)給金屬棒一水平初速度v0，使它沿導(dǎo)軌向左運(yùn)動(dòng)已知金屬棒停止運(yùn)動(dòng)時(shí)位移為x求：（1）金屬棒速度為v時(shí)的加速度為多大？（2）金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中通過電阻R的電量q；（3）金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱Q27在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場中有一個(gè)正方形金屬線圈abcd，邊長L=0.2m線

20、圈的ad邊與磁場的左側(cè)邊界重合，如圖所示，線圈的電阻R=0.4用外力把線圈從磁場中移出有兩種方法：一種是用外力把線圈從左側(cè)邊界勻速平移出磁場；另一種是以ad邊為軸，用力使線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)移出磁場，兩種過程所用時(shí)間都是t=0.1s求（1）線圈勻速平移出磁場的過程中，外力對(duì)線圈所做的功（2）線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)移出磁場的過程中，外力對(duì)線圈所做的功28兩只完全相同的燈泡L1和L2分別與相同的電感串聯(lián)，組成如圖所示的甲、乙兩個(gè)相同的部分電路現(xiàn)在甲電路兩端加恒定電壓U，L1燈發(fā)光；而在乙電路兩端加最大電壓為U，的正弦交變電壓，L2燈也發(fā)光比較兩燈的明暗程度，是L1燈的亮度_L2燈亮度（填“大于”、“等于”、“小于”

21、）29在如圖的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，外電路上接有一電阻值為R的電阻和一只自感系數(shù)很大、電阻不計(jì)的線圈，電流表和電壓表均為理想電表，當(dāng)開關(guān)S閉合后電壓表的示數(shù)從_變化到_，電流表的示數(shù)從_變化到_（用含有E、R、r等物理量來表述結(jié)果）30如圖所示，A1與A2是兩只相同的電流表，自感線圈L的直流電阻和R相等，開關(guān)S閉合的瞬間，A1的示數(shù)_于A2的示數(shù)，開關(guān)S閉合穩(wěn)定后，A1的示數(shù)_于A2的示數(shù)，S斷開的瞬間，A1的示數(shù)_于A2的示數(shù)（填“大”、“小”、“等”）電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)及能量問題參考答案與試題解析一選擇題（共14小題）1（2011福建）如圖，足夠長的U型光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面

22、成角（090°），其中MN與PQ平行且間距為L，導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直，導(dǎo)軌電阻不計(jì)金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為R，當(dāng)流過ab棒某一橫截面的電量為q時(shí)，棒的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過程中（）A運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為B下滑位移大小為C產(chǎn)生的焦耳熱為qBLD受到的最大安培力大小為考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；安培力菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，法拉第電磁感應(yīng)定律、能量守恒定律等研究處理解答：解：A、金屬棒ab開始做加速度逐漸減小的變加

23、速運(yùn)動(dòng)，不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度不等于v，而是大于；故A錯(cuò)誤 B、由電量計(jì)算公式q=，聯(lián)立得 可得，下滑的位移大小為，故B正確 C、產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt=qIR，而這里的電流I比棒的速度大小為v時(shí)的電流小，故這一過程產(chǎn)生的焦耳熱小于qBLv故C錯(cuò)誤 D、金屬棒ab做加速運(yùn)動(dòng)，或先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，速度為v時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，受到的安培力最大，最大安培力大小為F=BIL=故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：電磁感應(yīng)綜合題中，常常用到這個(gè)經(jīng)驗(yàn)公式：感應(yīng)電量q=n，常用來求位移但在計(jì)算題中，不能直接作為公式用，要推導(dǎo)2（2011嘉定區(qū)模擬）如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距

24、為L，其右端接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中一根質(zhì)量為m（質(zhì)量分布均勻）的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為現(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d時(shí)，速度恰好達(dá)到最大（運(yùn)動(dòng)過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直）設(shè)桿接入電路的電阻為r，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度大小為g則此過程（）A桿的速度最大值為B流過電阻R的電量為C恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量D恒力F做的功與安培力做的功之和大于桿動(dòng)能的變化量考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；安培力；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：導(dǎo)體

25、棒在水平恒力作用下，在磁場中切割磁感線，沿粗糙導(dǎo)軌由靜止運(yùn)動(dòng)到速度最大在此過程中通過恒力F做功將其他形式能轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動(dòng)能、電路電阻的內(nèi)能及摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能由動(dòng)能定理可知恒力、安培力、摩擦力做的總功等于導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)變化當(dāng)恒力等于安培力與摩擦力之和時(shí)，導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度而流過電阻的電量則此過程中平均電流與時(shí)間的乘積，所以利用法拉第電磁感應(yīng)定律可求出平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而求出流過電阻的電量解答：解：A、當(dāng)導(dǎo)體棒受到的恒力等于安培力與摩擦力之和時(shí)，導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度即F=F安+f 而F安=BIL=BL= f=N=mg所以 故A正確；B、導(dǎo)體棒從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E= 而Q

26、=It 所以Q= 故B正確；C、由動(dòng)能定理可知恒力、安培力、摩擦力做的總功等于導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)變化故C錯(cuò)誤；D、由動(dòng)能定理可知恒力、安培力、摩擦力做的總功等于導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)變化，所以恒力F做的功與安培力做的功之和大于桿動(dòng)能的變化量故D正確；故選：ABD點(diǎn)評(píng)：導(dǎo)體棒在切割磁感線后產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而出現(xiàn)安培力，然而安培力是與速度有關(guān)的特殊力故棒是做加速度在減小的加速運(yùn)動(dòng)直到勻速3（2011深圳二模）如圖，足夠長的光滑導(dǎo)軌傾斜放置，其下端連接一個(gè)燈泡，勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌所在平面（導(dǎo)軌和導(dǎo)線電阻不計(jì)），則垂直導(dǎo)軌的導(dǎo)體棒ab在下滑過程中（）A受到的安培力方向沿斜面向上B受到的安培力一直增大C導(dǎo)體棒的機(jī)械能一

27、直增大D克服安培力做的功等于燈泡消耗的電能考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；安培力的計(jì)算菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：本題的關(guān)鍵是分析導(dǎo)體棒ab的受力和運(yùn)動(dòng)情況由于導(dǎo)軌光滑，開始導(dǎo)體棒ab只受重力mg和支持力FN，合力沿斜面向下，導(dǎo)體棒ab加速下滑，當(dāng)下滑速度為v時(shí)，導(dǎo)體棒ab垂直切割磁感線產(chǎn)生動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)E=BLv（設(shè)導(dǎo)軌寬L，則導(dǎo)體棒ab的有效切割長度為L），回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流I，由右手定則判斷感應(yīng)電流I在導(dǎo)體棒ab中從b到a，由左手定則判斷導(dǎo)體棒ab受沿斜面向上的安培力F安（因?yàn)镕安=ILB，I=，E=BLv，設(shè)回路總電阻為R，則F安=ILB=），受力如圖：導(dǎo)體棒ab受力的合力大小F合=mgsinF安=m

28、gsin，方向沿斜面向下，由牛頓第二定律F=ma可知導(dǎo)體棒ab做加速度減小的變加速直接運(yùn)動(dòng)，如果導(dǎo)軌足夠長，當(dāng)F安=mgsin時(shí)達(dá)到最大速度vm，之后做勻速直線運(yùn)動(dòng)解答：解：A、導(dǎo)體棒ab下滑過程中，由右手定則判斷感應(yīng)電流I在導(dǎo)體棒ab中從b到a，由左手定則判斷導(dǎo)體棒ab受沿斜面向上的安培力F安，所以A正確；B、由分析知，導(dǎo)體棒ab開始速度增大，如果導(dǎo)軌足夠長，當(dāng)F安=mgsin時(shí)達(dá)到最大速度vm，之后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度不再增大，所以B錯(cuò)誤；C、由于下滑過程導(dǎo)體棒ab切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回路中有燈泡電阻消耗電能，機(jī)械能不斷轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以導(dǎo)體棒的機(jī)械能不斷減少，所以C錯(cuò)誤；D、安培力做

29、負(fù)功實(shí)現(xiàn)機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，安培力做功量度了電能的產(chǎn)生，即燈泡消耗的電能，根據(jù)功能關(guān)系有克服安培力做的功等于燈泡消耗的電能，所以D正確；本題選正確的，故選A、D點(diǎn)評(píng)：解決這類導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流問題的關(guān)鍵時(shí)分析導(dǎo)體棒受力，進(jìn)一步確定其運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，并明確判斷過程中的能量轉(zhuǎn)化及功能關(guān)系如安培力做負(fù)功量度了電能的產(chǎn)生，克服安培力做什么功，就有多少電能產(chǎn)生4（2010黃岡模擬）如圖所示，兩根光滑的平行金屬導(dǎo)軌位于水平面內(nèi)，勻強(qiáng)磁場與導(dǎo)軌所在平面垂直，兩根金屬桿甲和乙可在導(dǎo)軌上無摩擦地滑動(dòng)，滑動(dòng)過程中與導(dǎo)軌接觸 良好且保持垂直起初兩根桿都靜止現(xiàn)突然給甲一個(gè)沖量使其獲得速度V而開始運(yùn)動(dòng)，回路中的電阻不

30、可忽略，那么在以后的運(yùn)動(dòng)中，下列說法正確的是（）A甲克服安培力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱B甲動(dòng)能的減少量等于系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱C甲機(jī)械能的減少量等于乙獲得的動(dòng)能與系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱之和D最終兩根金屬桿都會(huì)停止運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：給甲一個(gè)沖量使其獲得速度V而開始運(yùn)動(dòng)，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，甲棒受向左的安培力而減速，乙棒受向右的安培力而加速，兩個(gè)棒系統(tǒng)收受合力為零，動(dòng)量守恒，系統(tǒng)減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能解答：解：給甲一個(gè)沖量使其獲得速度V而開始運(yùn)動(dòng)，回路中產(chǎn)生順時(shí)針感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則，甲棒受向左的安培力而減速，乙棒受向右的安培力而加速，根

31、據(jù)能量守恒定律，故甲棒減小的動(dòng)能等于系統(tǒng)增加的內(nèi)能和乙棒增加的動(dòng)能之和，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵明確系統(tǒng)中兩個(gè)棒的運(yùn)動(dòng)情況、受力情況、系統(tǒng)的能量轉(zhuǎn)化情況，不難5（2009天津）如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌之間接有定值電阻R，質(zhì)量不能忽略的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時(shí)間內(nèi)，力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和等于（）A棒的機(jī)械能增加量B棒的動(dòng)能增加量C棒的重力勢(shì)能增加量D電阻R上放出的熱量考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁

32、優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)做正功，安培力做負(fù)功，重力做負(fù)功，動(dòng)能增大根據(jù)動(dòng)能定理分析力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和解答：解：A、棒受重力G、拉力F和安培力FA的作用由動(dòng)能定理：WF+WG+W安=EK 得WF+W安=EK+mgh 即力F做的功與安培力做功的代數(shù)和等于機(jī)械能的增加量故A正確 B、由動(dòng)能定理，動(dòng)能增量等于合力的功合力的功等于力F做的功、安培力的功與重力的功代數(shù)和故B錯(cuò)誤 C、棒克服重力做功等于棒的重力勢(shì)能增加量故C錯(cuò)誤 D、棒克服安培力做功等于電阻R上放出的熱量故D錯(cuò)誤故選A點(diǎn)評(píng)：本題運(yùn)用功能關(guān)系分析實(shí)際問題對(duì)于動(dòng)能定理理解要到

33、位：合力對(duì)物體做功等于物體動(dòng)能的增量，哪些力對(duì)物體做功，分析時(shí)不能遺漏6（2006上海）如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成角，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面有一導(dǎo)體棒ab，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻與固定電阻R1和R2的阻值均相等，與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向上滑動(dòng)，當(dāng)上滑的速度為v時(shí)，受到安培力的大小為F此時(shí)（）A電阻R1消耗的熱功率為B電阻R1消耗的熱功率為C整個(gè)裝置因摩擦而消耗的熱功率為mgvcosD整個(gè)裝置消耗的機(jī)械功率為（F+mgcos）v考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：由圖電阻R1、R2并聯(lián)與

34、導(dǎo)體棒串聯(lián)由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、歐姆定律、安培力公式，推導(dǎo)安培力與速度的關(guān)系式由功率公式電阻的功率、熱功率及機(jī)械功率解答：解：設(shè)ab長度為L，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電阻均為R 電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv ab中感應(yīng)電流為I= 得到，ab所受安培力F安=BIL= 電阻R1消耗的熱功率P1=（）2R= 由得，P1= 根據(jù)功率公式，得 整個(gè)裝置因摩擦而消耗的熱功率P2=mgcosv=mgvcos 整個(gè)裝置消耗的機(jī)械功率為P3=F安v+P2=（F安+mgcos）v故選BCD點(diǎn)評(píng)：本題是常規(guī)題，關(guān)鍵是推導(dǎo)安培力與速度的關(guān)系式，再求出電阻上的功率與安培力的關(guān)系7（2006甘肅）如圖所示，位于一水平面內(nèi)的、兩根平行的光滑

35、金屬導(dǎo)軌，處在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌所在的平面，導(dǎo)軌的一端與一電阻相連；具有一定質(zhì)量的金屬桿ab放在導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌垂直現(xiàn)用一平行于導(dǎo)軌的恒力F拉桿ab，使它由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)桿和導(dǎo)軌的電阻、感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場均可不計(jì)用E表示回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，i表示回路中的感應(yīng)電流，在i隨時(shí)間增大的過程中，電阻消耗的功率等于（）AF的功率B安培力的功率的絕對(duì)值CF與安培力的合力的功率DiE考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；功率、平均功率和瞬時(shí)功率；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：金屬桿ab由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，克服安培力做的功等于產(chǎn)生的電能根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守

36、恒定律分析判斷解答：解：A、金屬桿ab做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)根據(jù)能量守恒可知，恒力F做的功等于桿增加的動(dòng)能和電路中產(chǎn)生的電能電阻消耗的功率等于電路中產(chǎn)生電能的功率， 不等于恒力F的功率故A錯(cuò)誤 B、C、D，電阻消耗的功率等克服安培力做功的功率等于電路的電功率iE故B、D正確，C錯(cuò)誤故選BD點(diǎn)評(píng)：對(duì)于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力；另一條是能量，分析能量如何轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵8（2014懷化二模）如圖所示電路，L是自感系數(shù)較大的線圈，在滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P從B端迅速滑向A端的過程中，經(jīng)過AB中點(diǎn)C時(shí)通過線圈的電流為I1；P從A端迅速滑向B端的過程中，經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)通過線圈的

37、電流為I2；P固定在C點(diǎn)不動(dòng)，達(dá)到穩(wěn)定時(shí)通過線圈的電流為I0則（）AI1=I2=I0BI1I0I2CI1=I2I0DI1I0I2考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：利用線圈對(duì)電流突變的阻礙作用：閉合瞬間相當(dāng)于斷路，穩(wěn)定后相當(dāng)于導(dǎo)線，判斷電流變化解答：解：滑動(dòng)片P從B端迅速滑向A端的過程中，電流突然減小，由于L的阻礙作用產(chǎn)生一自感電動(dòng)勢(shì)與原來的電源串聯(lián)，經(jīng)過AB中點(diǎn)C時(shí)通過線圈的電流為I1I0；P從A端迅速滑向B端的過程中，電流突然增大，由于L的阻礙作用產(chǎn)生一自感電動(dòng)勢(shì)與電源的電動(dòng)勢(shì)方向相反，經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)通過線圈的電流為I2I0；故選B點(diǎn)評(píng)：做好本題的關(guān)鍵：知道線圈對(duì)電流突變時(shí)的阻礙作用，

38、特別是斷開時(shí)相當(dāng)于電源，L中原來電流的方向即電動(dòng)勢(shì)的正極9（2014宿遷二模）如圖電路中，A1、A2是兩個(gè)指示燈，L是自感系數(shù)很大的線圈，電阻R阻值較小，開關(guān)S1斷開、S2閉合現(xiàn)閉合S1，一段時(shí)間后電路穩(wěn)定下列說法中正確的是（）A閉合S1，通過電阻R的電流先增大后減小B閉合S1，Al亮后逐漸變暗C閉合S1，A2逐漸變亮，然后亮度不變D斷開電路時(shí)，為保護(hù)負(fù)載，應(yīng)先斷開S2，再斷開S1考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原來電流的變化，根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律來分析解答：解：A、閉合開關(guān)S1的瞬間，由于線圈中自感電動(dòng)勢(shì)的阻礙，通

39、過電阻R的電流慢慢增加故A錯(cuò)誤B、閉合開關(guān)S1，雖因存在自感作用，但通過R的電流逐漸增加，干路電流逐漸增加，通過Al逐漸變亮故B錯(cuò)誤C、當(dāng)閉合S1，線圈對(duì)電流的阻礙漸漸變小，導(dǎo)致A2逐漸變暗，故C錯(cuò)誤；D、斷開電路時(shí)，為保護(hù)負(fù)載，由于線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，應(yīng)先斷開S2，再斷開S1故D正確，故選：D點(diǎn)評(píng)：對(duì)于線圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時(shí)，它是電阻不計(jì)的導(dǎo)線；當(dāng)電流變化時(shí)，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，注意開關(guān)接通與斷開的先后順序10（2014咸陽二模）在如圖所示的電路中，L是一帶鐵心的線圈，R為電阻兩條支路的直流電阻相等那么在接通和斷開開關(guān)的瞬間，兩電流表的讀數(shù)I1、I2的大小關(guān)系錯(cuò)誤的是（）

40、A接通時(shí)I1I2，斷開時(shí)I1I2B接通時(shí)I1I2，斷開時(shí)I1=I2C接通時(shí)I1I2，斷開時(shí)I1I2D接通時(shí)I1=I2，斷開時(shí)I1I2考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原來電流的變化，根據(jù)這一特點(diǎn)來分析電流的大小解答：解：當(dāng)開關(guān)接通瞬間，R中電流立即增大到正常值I2而線圈中的電流從零開始增大，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增大，則電流I1只能逐漸增大，故I1I2斷開開關(guān)瞬間，線圈產(chǎn)生的自感電流流過線圈和電阻R，兩者串聯(lián)，電流相同，I1=I2故選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤本題選擇錯(cuò)誤的，故選：ACD點(diǎn)評(píng)：對(duì)于線圈要抓住它的特性：

41、當(dāng)電流不變時(shí)，它是電阻不計(jì)的導(dǎo)線；當(dāng)電流變化時(shí)，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源11（2013江蘇模擬）如圖所示，電感線圈L的直流電阻為RL、小燈泡的電阻為R，小量程電流表G1、G2的內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)開關(guān)S閉合且穩(wěn)定后，G1、G2的指針均向右偏（電流表的零刻度在表盤中央），則當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，下列說法正確的是（）AG1、G2的指針都立即回到零點(diǎn)BG1緩慢回到零點(diǎn)，G2立即左偏，然后緩慢回到零點(diǎn)CG1立即回到零點(diǎn)，G2緩慢回到零點(diǎn)DG2立即回到零點(diǎn)，G1緩慢回到零點(diǎn)考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：斷開開關(guān)的瞬間，L相當(dāng)于電源，與兩個(gè)電流計(jì)組成閉合回路，電流方向順時(shí)針解答：解：S閉合且穩(wěn)定時(shí)，通過

42、含電流表G1、G2的兩條支路的電流均由左向右，斷開S，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，由“增反減同”可知，自感電動(dòng)勢(shì)E自的方向一定與原電流方向相同，顯然，斷開S后，在E自的作用下，上圖回路中將繼續(xù)形成沿順時(shí)針方向的電流，這時(shí)流經(jīng)含有電流表G2支路的電流方向已變?yōu)橛捎蚁蜃罅擞捎谶@段時(shí)間E自是逐漸減小的，故電流也是逐漸減小的，綜上所述選B故選B點(diǎn)評(píng)：本題考查了自感線圈對(duì)電流發(fā)生突變時(shí)的阻礙作用，利用楞次定律即可判斷12（2013揚(yáng)州模擬）如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，L1、L2為兩個(gè)相同的燈泡，線圈L的直流電阻不計(jì)，與燈泡L1連接的是一只理想二極管D下列說法中正確的是（）A閉合開關(guān)S穩(wěn)定后L1、L2亮

43、度相同B斷開S的瞬間，L2會(huì)逐漸熄滅C斷開S的瞬間，L1中電流方向向左D斷開S的瞬間，a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)高考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：對(duì)于二極管來說具有單向?qū)щ娦裕鴮?duì)于線圈來講通直流阻交流，通低頻率交流阻高頻率交流解答：解：A、閉合開關(guān)S穩(wěn)定后，因線圈L的直流電阻不計(jì)，所以L1與二極管被短路，導(dǎo)致燈泡L1不亮，而L2將更亮，因此L1、L2亮度度不同，故A錯(cuò)誤；B、斷開S的瞬間，L2會(huì)立刻熄滅，故B錯(cuò)誤；C、斷開S的瞬間，線圈L與燈泡L1及二極管構(gòu)成回路，因線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，a端的電勢(shì)高于b端，所以回路中沒有電流，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：記住自感 線圈對(duì)電流突變時(shí)的阻礙

44、：閉合開關(guān)瞬間L相當(dāng)于斷路，穩(wěn)定后L相當(dāng)于一段導(dǎo)線，斷開瞬間L相當(dāng)于電源13（2013鹽城二模）如圖所示，L為自感系數(shù)很大的線圈，其自身的電阻忽略不計(jì)A、B是完全相同的兩個(gè)小燈泡在t=0時(shí)刻閉合開關(guān)S，經(jīng)過一段時(shí)間t1斷開S下列表示A、B兩燈泡中電流i隨時(shí)間t變化的圖象中，正確的是（）ABCD考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：電感對(duì)電流的變化起阻礙作用，閉合電鍵時(shí)，電感阻礙電流iB增大，斷開電鍵，A、L構(gòu)成一回路，電感阻礙電流iA減小解答：解：A、電鍵閉合時(shí)，電感阻礙電流變化，L為一個(gè)自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線圈，所以電感的阻礙慢慢減小，即流過電感的電流增大，所以iA慢慢減小，最

45、后穩(wěn)定時(shí)電感相當(dāng)于一根導(dǎo)線，iA為0，電感阻礙自身電流變化，產(chǎn)生的感應(yīng)電流流過電燈A，其方向與規(guī)定圖示流過電燈A的方向相反，iA慢慢減小最后為0故B正確，A錯(cuò)誤C、電鍵閉合時(shí)，電感阻礙電流變化，L為一個(gè)自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線圈，電感的阻礙慢慢減小，即流過電感的電流增大，所以iB慢慢增大，最后穩(wěn)定，斷開電鍵，原來通過B的電流立即消失故D正確，C錯(cuò)誤故選BD點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握電感對(duì)電流的變化起阻礙作用，電流增大，阻礙其增大，電流減小，阻礙其減小14（2013徐州三模）如圖D1、D2 是兩只相同的燈泡，L 是自感系數(shù)很大的線圈，其直流電阻與R 的阻值相同關(guān)于燈泡發(fā)光情況正確的是（）A當(dāng)

46、S1接a 時(shí)，閉合S，D1將逐漸變亮B當(dāng)S1接a 時(shí)，閉合S 待電路穩(wěn)定后再斷開，D1先變得更亮，然后漸漸變暗C當(dāng)S1接b 時(shí)，閉合S，D2將漸漸變亮D當(dāng)S1接b 時(shí)，閉合S待電路穩(wěn)定后再斷開，D2先變得更亮，然后漸漸變暗考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：線圈處于電路中，當(dāng)電流變化時(shí)，才會(huì)出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而阻礙電路中電流變化閉合開關(guān)的瞬間，通過L的電流增大，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)楞次定律分析電流的變化，判斷通過兩燈電流的關(guān)系待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，分析通過兩燈的電流關(guān)系，判斷兩燈亮暗情況解答：解：A、當(dāng)S1接a 時(shí)，閉合S，燈泡D2被短路，導(dǎo)致電阻減小，則總電流變大

47、，所以通過D1燈泡的電流增大，因此D1將逐漸變亮，故A正確；B、當(dāng)S1接a 時(shí)，閉合S 待電路穩(wěn)定后再斷開，導(dǎo)致線圈中電流發(fā)生變化，從而出現(xiàn)阻礙電流減小，通過D1的電流沒有之前大，則D1不會(huì)變得更亮，但會(huì)慢慢熄滅故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)S1接b 時(shí)，閉合S，線圈中電流的變化，從而阻礙電流增大，所以導(dǎo)致D2剛開始較亮，當(dāng)線圈電流趨于穩(wěn)定后，D2漸漸變暗，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)S1接b時(shí)，閉合S 待電路穩(wěn)定后再斷開，導(dǎo)致線圈中電流發(fā)生變化，從而出現(xiàn)阻礙電流減小，通過D2的電流比之前大，則D2會(huì)變得更亮，且會(huì)慢慢熄滅故D正確；故選AD點(diǎn)評(píng)：當(dāng)通過線圈本身的電流變化時(shí)，線圈中會(huì)產(chǎn)生自感現(xiàn)象，這是一種特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)

48、象，可運(yùn)用楞次定律分析自感電動(dòng)勢(shì)對(duì)電流的影響二填空題（共2小題）15如圖所示，用粗細(xì)相同的銅絲做成邊長分別為L和2L 的兩只閉合線框a和b，以相同的速度從磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域中勻速地拉到磁場外，不考慮線框的動(dòng)能，若外力對(duì)環(huán)做的功分別為Wa、Wb，則Wa：Wb為1：4考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：電磁感應(yīng)功能問題分析：將閉合線框a和b勻速拉出磁場，根據(jù)功能關(guān)系可知，外力對(duì)環(huán)做的功等于線框產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式、焦耳定律、電阻定律研究功的關(guān)系解答：解：閉合線框a產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Ea=BLv，外力對(duì)環(huán)做的功Wa=，Ra= 閉合線框b產(chǎn)生的

49、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Eb=B2Lv，外力對(duì)環(huán)做的功Wb=，Rb=代入解得 Wa：Wb=1：4故答案為：1：4點(diǎn)評(píng)：本題綜合了感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、焦耳定律、電阻定律，中等難度，盡量不失分16如圖所示，光滑U型金屬導(dǎo)軌PQMN水平固定在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為LQM之間接有阻值為R的電阻，其余部分電阻不計(jì)一質(zhì)量為M，電阻為R的金屬棒ab放在導(dǎo)軌上，給棒一個(gè)水平向右的初速度v0使之開始滑行，最后停在導(dǎo)軌上，則在此過程中整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱為考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：電磁感應(yīng)功能問題分析：本題屬于電磁感應(yīng)中的能量問題，金屬棒向右做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不斷減少，由電能轉(zhuǎn)化為的內(nèi)能不斷

50、增加，根據(jù)能量守恒定律可知，整個(gè)回路產(chǎn)生的熱量等于金屬棒減少的動(dòng)能解答：解：金屬棒向右運(yùn)動(dòng)的過程中，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流并轉(zhuǎn)化為焦耳熱，根據(jù)能量守恒定律可知，整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱等于金屬棒減少的動(dòng)能，即Q=故答案為點(diǎn)評(píng)：要學(xué)會(huì)從能量的角度分析有關(guān)電磁感應(yīng)問題中涉及到的電能、內(nèi)能等問題三解答題（共14小題）17（2012寧城縣模擬）如圖所示，兩根足夠長的固定的平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，兩導(dǎo)軌間的距離為L，導(dǎo)軌上面橫放著兩根導(dǎo)體棒ab和cd，構(gòu)成矩形回路，兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量皆為m，電阻皆為R，回路中其余部分的電阻可不計(jì)在整個(gè)導(dǎo)軌平面內(nèi)都有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B設(shè)兩導(dǎo)體棒

51、均可沿導(dǎo)軌無摩擦地滑行，開始時(shí)，棒cd靜止，棒ab有指向棒cd的初速度v0，若兩導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)中始終不接觸，求：（1）在運(yùn)動(dòng)中產(chǎn)生的焦耳熱最多是多少？（2）當(dāng)ab棒的速度變?yōu)槌跛俣鹊臅r(shí)，cd棒的加速度是多少？考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化；牛頓第二定律；閉合電路的歐姆定律；安培力的計(jì)算；導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：本題中兩根導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況：ab棒向cd棒運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩棒和導(dǎo)軌構(gòu)成的回路面積變小，磁通量發(fā)生變化，于是產(chǎn)生感應(yīng)電流ab棒受到的與運(yùn)動(dòng)方向相反的安培力作用作減速運(yùn)動(dòng)，cd棒則在安培力作用下作加速運(yùn)動(dòng)在ab棒的速度大于cd棒的速度時(shí)，回路總有感應(yīng)電流，ab棒繼續(xù)減速，cd棒繼續(xù)加速，兩棒速度達(dá)到相同后，回路面積保持不變，磁通量不變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，兩棒以相同的速度v作勻速運(yùn)動(dòng)，由于平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面且兩棒均可沿導(dǎo)軌無摩擦地滑行，故由兩棒組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒mv0=2mv，這是第一問再由能量守恒求出焦耳熱的關(guān)鍵；第二問設(shè)ab棒的速度變?yōu)闀r(shí)，cd棒的速度為v'，先由動(dòng)量守恒求得，再由動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)公式E=BLv確定回路總電動(dòng)勢(shì) ，電路知識(shí)回路中的電流為 ，磁場知識(shí)通電導(dǎo)線在磁場中受安培力F=BIL，確定此時(shí)cd棒所受的安培力為 ，最后由牛頓第二定律F=ma求出cd棒的加速度解答：解：（1）從開始到兩棒達(dá)到相同速度v的過程