專(zhuān)題02相互作用

考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)

相互作用部分在選擇題和計(jì)算題中均

考點(diǎn)1力2022有穩(wěn)定考查，選擇題多聚焦基礎(chǔ)概念與簡(jiǎn)

單應(yīng)用，如摩擦力的方向判斷、牛頓第三

考點(diǎn)2重力彈定律的理解等；計(jì)算題則側(cè)重綜合分析，

2023、2022

力常結(jié)合斜面、彈簧、傳送帶等模型，要求

學(xué)生分階段處理運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化（如先加速

后勻速），計(jì)算量和過(guò)程復(fù)雜度逐年提升。

要求綜合運(yùn)用動(dòng)力學(xué)和功能關(guān)系解決復(fù)雜

問(wèn)題，體現(xiàn)了對(duì)多過(guò)程分析能力的高要求。

摩擦力、彈力、牛頓三大定律是必考內(nèi)容，

且常與運(yùn)動(dòng)學(xué)、能量守恒等跨模塊知識(shí)結(jié)

合。

考點(diǎn)3共點(diǎn)力

2025、2024、2023、2022實(shí)驗(yàn)題注重考查實(shí)驗(yàn)思想、方案設(shè)計(jì)

平衡

和數(shù)據(jù)處理能力

題目常以生活、科技實(shí)例為背景，如

曬衣架、燃?xì)庠铧c(diǎn)火、超導(dǎo)技術(shù)等，強(qiáng)調(diào)

物理知識(shí)的實(shí)際應(yīng)用。命題注重考查“科

學(xué)思維”和“科學(xué)探究”，如通過(guò)類(lèi)比光的

反射折射考查質(zhì)子束在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，

要求學(xué)生構(gòu)建物理模型并進(jìn)行科學(xué)推理。

考點(diǎn)01力

1．（2022·浙江·1月選考）單位為J/m的物理量是（）

A．力B．功C．動(dòng)能D．電場(chǎng)強(qiáng)度

【答案】A

JN?m

【詳解】根據(jù)功的定義式W=Fx·cosα可知J=N?m則有==N因N是力的單位，故單位為J/m的物

mm

理量是力。

故選A。

考點(diǎn)02重力彈力

2．（2023·浙江·6月選考）圖為“玉兔二號(hào)”巡視器在月球上從O處行走到B處的照片，軌跡OA段是直線，

AB段是曲線，巡視器質(zhì)量為135kg，則巡視器（）

A．受到月球的引力為1350NB．在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)一定有加速度

C．OA段與AB段的平均速度方向相同D．從O到B的位移大小等于OAB軌跡長(zhǎng)度

【答案】B

【詳解】A．在月球上的g與地球不同，故質(zhì)量為135kg的巡視器受到月球的引力不是1350N，故A錯(cuò)

誤；

B．由于在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)做曲線運(yùn)動(dòng)，速度方向一定改變，一定有加速度，故B正確；

C．平均速度的方向與位移方向相同，由圖可知OA段與AB段位移方向不同，故平均速度方向不相同，

故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)位移的定義可知從O到B的位移大小等于OB的連線長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤。

故選B。

3．（2022·浙江·1月選考）如圖所示，公園里有一仿制我國(guó)古代欹器的U形水桶，桶可繞水平軸轉(zhuǎn)動(dòng)，水管

口持續(xù)有水流出，過(guò)一段時(shí)間桶會(huì)翻轉(zhuǎn)一次，決定桶能否翻轉(zhuǎn)的主要因素是（）

A．水桶自身重力的大小

B．水管每秒出水量的大小

C．水流對(duì)桶撞擊力的大小

D．水桶與水整體的重心高低

【答案】D

【詳解】水管口持續(xù)有水流出而過(guò)一段時(shí)間桶會(huì)翻轉(zhuǎn)一次，說(shuō)明主要原因是裝的水到一定量之后，導(dǎo)致

水桶與水整體的重心往上移動(dòng)，豎直向下的重力作用線偏離中心轉(zhuǎn)軸，導(dǎo)致水桶不能穩(wěn)定平衡，發(fā)生翻

轉(zhuǎn)。

故選D。

4．（2022·浙江·6月選考）下列說(shuō)法正確的是（）

A．鏈球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度不變

B．足球下落過(guò)程中慣性不隨速度增大而增大

C．乒乓球被擊打過(guò)程中受到的作用力大小不變

D．籃球飛行過(guò)程中受到空氣阻力的方向與速度方向無(wú)關(guān)

【答案】B

【詳解】A．鏈球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度方向在改變，A錯(cuò)誤；

B．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，則足球下落過(guò)程中慣性不隨速度增大而增大，B正確；

C．乒乓球被擊打過(guò)程中受到的作用力隨著形變量的減小而減小，C錯(cuò)誤；

D．籃球飛行過(guò)程中受到空氣阻力的方向與速度方向有關(guān)，D錯(cuò)誤。

故選B。

考點(diǎn)03共點(diǎn)力平衡

5．（2025·浙江·1月選考）中國(guó)運(yùn)動(dòng)員以121公斤的成績(jī)獲得2024年世界舉重錦標(biāo)賽抓舉金牌，舉起杠鈴

穩(wěn)定時(shí)的狀態(tài)如圖所示。重力加速度g=10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（）

A．雙臂夾角越大受力越小

B．杠鈴對(duì)每只手臂作用力大小為605N

C．杠鈴對(duì)手臂的壓力和手臂對(duì)杠鈴的支持力是一對(duì)平衡力

D．在加速舉起杠鈴過(guò)程中，地面對(duì)人的支持力大于人與杠鈴總重力

【答案】D

【來(lái)源】2025年1月浙江選考物理試題

【詳解】AB．杠鈴的重力為G=mg=121×10=1210N，手臂與水平的杠鈴之間有夾角，假設(shè)手臂與豎直方

向夾角為θ，根據(jù)平衡條件可知2Fcosθ=G，可知，雙臂夾角越大，F(xiàn)越大；結(jié)合cosθ<1，解得杠鈴對(duì)手

臂的作用力F>605NAB錯(cuò)誤；

C．杠鈴對(duì)手臂的壓力和手臂對(duì)杠鈴的支持力是一對(duì)相互作用力，C錯(cuò)誤；

D．加速舉起杠鈴，人和杠鈴構(gòu)成的相互作用系統(tǒng)加速度向上，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，因此地面對(duì)人的支

持力大于人與杠鈴的總重力，D正確。

故選D。

6．2024·浙江·6月選考）如圖所示，不可伸長(zhǎng)的光滑細(xì)線穿過(guò)質(zhì)量為0.1kg的小鐵球，兩端A、B懸掛在傾

角為30°的固定斜桿上，間距為1.5m。小球平衡時(shí)，A端細(xì)線與桿垂直；當(dāng)小球受到垂直紙面方向的擾

動(dòng)做微小擺動(dòng)時(shí)，等效于懸掛點(diǎn)位于小球重垂線與AB交點(diǎn)的單擺，重力加速度g=10m/s2，則（）

A．?dāng)[角變小，周期變大

B．小球擺動(dòng)周期約為2s

3

C．小球平衡時(shí)，A端拉力為N

2

D．小球平衡時(shí)，A端拉力小于B端拉力

【答案】B

L

【詳解】A．根據(jù)單擺的周期公式T=2π可知周期與擺角無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；

g

CD．同一根繩中，A端拉力等于B端拉力，平衡時(shí)對(duì)小球受力分析如圖

mg3

可得2Fcos30°=mg解得F=F==N故CD錯(cuò)誤；

AAB2cos30°3

1.5m×tan30°L

B．根據(jù)幾何知識(shí)可知擺長(zhǎng)為L(zhǎng)==1m，故周期為T(mén)=2π≈2s故B正確。

cos30°g

故選B。

7．（2024·浙江·6月選考）如圖為小貓蹬地躍起騰空追蝶的情景，則（）

A．飛行的蝴蝶只受重力的作用

B．蝴蝶轉(zhuǎn)彎時(shí)所受合力沿運(yùn)動(dòng)方向

C．小貓?jiān)诳罩惺苤亓蛷椓Φ淖饔?/p>

D．小貓蹬地時(shí)彈力大于所受重力

【答案】D

【來(lái)源】2024年選考6月浙江卷物理真題

【詳解】A．飛行的蝴蝶除了受到重力的作用還受到空氣的作用力，故A錯(cuò)誤；

B．蝴蝶轉(zhuǎn)彎時(shí)做曲線運(yùn)動(dòng)，所受合力與速度方向不在一條直線上，故B錯(cuò)誤；

C．小貓?jiān)诳罩信c其他物體間沒(méi)有接觸，不受彈力的作用，故C錯(cuò)誤；

D．小貓蹬地時(shí)有向上的加速過(guò)程，故彈力大于所受重力，故D正確。

故選D。

8．（2024·浙江·選考）如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，小球A、B上系有不可伸長(zhǎng)的細(xì)線a、b、c和d，其

中a的上端懸掛于豎直固定的支架上，d跨過(guò)左側(cè)定滑輪、c跨過(guò)右側(cè)定滑輪分別與相同配重P、Q相連，

調(diào)節(jié)左、右兩側(cè)定滑輪高度達(dá)到平衡。已知小球A、B和配重P、Q質(zhì)量均為50g，細(xì)線c、d平行且與

水平成θ=30°（不計(jì)摩擦，重力加速度g=10m/s2），則細(xì)線a、b的拉力分別為（）

A．2N，1NB．2N，0.5NC．1N，1ND．1N，0.5N

【答案】D

【來(lái)源】2024年1月浙江省普通高校招生選考物理試題

【詳解】由題意可知細(xì)線c對(duì)A的拉力和細(xì)線d對(duì)B的拉力大小相等、方向相反，對(duì)A、B整體分析可

知細(xì)線a的拉力大小為T(mén)a=(mA+mB)g=1N設(shè)細(xì)線b與水平方向夾角為α，對(duì)A、B分析分別有

Tbsinα+Tcsinθ=mAg

Tbcosα=Tdcosθ

解得Tb=0.5N故選D。

9．（2023·浙江·6月選考）如圖所示，水平面上固定兩排平行的半圓柱體，重為G的光滑圓柱體靜置其上，

a、b為相切點(diǎn)，∠aOb=90°，半徑Ob與重力的夾角為37°。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，則圓柱體受

到的支持力Fa、Fb大小為（）

A．Fa=0.6G，F(xiàn)b=0.4GB．Fa=0.4G，F(xiàn)b=0.6G

C．Fa=0.8G，F(xiàn)b=0.6GD．Fa=0.6G，F(xiàn)b=0.8G

【答案】D

【詳解】對(duì)光滑圓柱體受力分析如圖

由題意有

°

Fa=Gsin37=0.6G

°

Fb=Gcos37=0.8G

故選D。

10．（2023·浙江·選考）如圖所示，輕質(zhì)網(wǎng)兜兜住重力為G的足球，用輕繩掛于光滑豎直墻壁上的A點(diǎn)，輕

繩的拉力為FT，墻壁對(duì)足球的支持力為FN，則（）

A．FT<FNB．FT=FN

C．FT>GD．FT=G

【答案】C

【來(lái)源】2023年選考浙江卷物理真題（1月）

GF

【詳解】對(duì)網(wǎng)兜和足球受力分析，設(shè)輕繩與豎直墻面夾角為θ，由平衡條件F==N，F(xiàn)=Gtanθ

TcosθsinθN

可知FT>G，F(xiàn)T>FN故選C。

11．（2023·浙江·選考）在足球運(yùn)動(dòng)中，足球入網(wǎng)如圖所示，則（）

A．踢香蕉球時(shí)足球可視為質(zhì)點(diǎn)B．足球在飛行和觸網(wǎng)時(shí)慣性不變

C．足球在飛行時(shí)受到腳的作用力和重力D．觸網(wǎng)時(shí)足球?qū)W(wǎng)的力大于網(wǎng)對(duì)足球的力

【答案】B

【來(lái)源】2023年選考浙江卷物理真題（6月）

【詳解】A．在研究如何踢出“香蕉球”時(shí)，需要考慮踢在足球上的位置與角度，所以不可以把足球看作

質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，足球在飛行和觸網(wǎng)時(shí)質(zhì)量不變，則慣性不變，故B正確；

C．足球在飛行時(shí)腳已經(jīng)離開(kāi)足球，故在忽略空氣阻力的情況下只受重力，故C錯(cuò)誤；

D．觸網(wǎng)時(shí)足球?qū)W(wǎng)的力與網(wǎng)對(duì)足球的力是相互作用力，大小相等，故D錯(cuò)誤。

故選B。

12．（2022·浙江·6月選考）如圖所示，一輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，

兩斜桿夾角θ=60°，一重為G的物體懸掛在橫桿中點(diǎn)，則每根斜桿受到地面的（）

33

A．作用力為GB．作用力為G

36

33

C．摩擦力為GD．摩擦力為G

48

【答案】B

【詳解】設(shè)斜桿的彈力大小為F，以水平橫桿和重物為整體，豎直方向根據(jù)受力平衡可得4Fcos30°=G

3

解得F=G，以其中一斜桿為研究對(duì)象，其受力如圖所示

6

3

可知每根斜桿受到地面的作用力應(yīng)與F平衡，即大小為G，每根斜桿受到地面的摩擦力為

6

3

f=Fsin30°=G

12

B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選B。

13．（2022·浙江·1月選考）如圖所示，水平放置的電子秤上有一磁性玩具，玩具由啞鈴狀物件P和左端有

玻璃擋板的凹形底座Q構(gòu)成，其重量分別為GP和GQ。用手使P的左端與玻璃擋板靠近時(shí)，感受到P

對(duì)手有靠向玻璃擋板的力，P與擋板接觸后放開(kāi)手，P處于“磁懸浮”狀態(tài)（即P和Q的其余部分均不

接觸），P與Q間的磁力大小為F。下列說(shuō)法正確的是（）

A．Q對(duì)P的磁力大小等于GP

B．P對(duì)Q的磁力方向豎直向下

C．Q對(duì)電子秤的壓力大小等于GQ＋F

D．電子秤對(duì)Q的支持力大小等于GP＋GQ

【答案】D

【詳解】AB．由題意可知，因手使P的左端與玻璃擋板靠近時(shí)，感受到P對(duì)手有靠向玻璃擋板的力，

即Q對(duì)P有水平向左的磁力；P與擋板接觸后放開(kāi)手，P處于“磁懸浮”狀態(tài)，則說(shuō)明Q對(duì)P有豎直向

上的磁力，則Q對(duì)P的磁力方向斜向左上方向，其磁力F大小大于GP，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

CD．對(duì)PQ的整體受力分析，豎直方向電子秤對(duì)Q的支持力大小等于GP＋GQ，即Q對(duì)電子秤的壓力

大小等于GP＋GQ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

14．（2022·浙江·1月選考）如圖所示，學(xué)校門(mén)口水平地面上有一質(zhì)量為m的石墩，石墩與水平地面間的動(dòng)

摩擦因數(shù)為μ，工作人員用輕繩按圖示方式勻速移動(dòng)石墩時(shí)，兩平行輕繩與水平面間的夾角均為θ，則

下列說(shuō)法正確的是（）

μmg

A．輕繩的合拉力大小為

cosθ

μmg

B．輕繩的合拉力大小為

cosθ+μsinθ

C．減小夾角θ，輕繩的合拉力一定減小

D．輕繩的合拉力最小時(shí)，地面對(duì)石墩的摩擦力也最小

【答案】B

【詳解】AB．對(duì)石墩受力分析，由平衡條件可知

Tcosθ=f

f=μN(yùn)

Tsinθ+N=mg

聯(lián)立解得

μmg

T=

cosθ+μsinθ

故A錯(cuò)誤，B正確；

μmgμmg1

C．拉力的大小為T(mén)==其中tanφ=，可知當(dāng)θ+φ=90°時(shí)，拉力有最小值，即減小夾角

cosθ+μsinθ1+μ2sin(θ+φ)μ

θ，輕繩的合拉力不一定減小，故C錯(cuò)誤；

μmgcosθμmg

D．摩擦力大小為f=Tcosθ==，可知增大夾角θ，摩擦力一直減小，當(dāng)θ趨近于90°時(shí)，摩

cosθ+μsinθ1+μtanθ

擦力最小，故輕繩的合拉力最小時(shí)，地面對(duì)石墩的摩擦力不是最小，故D錯(cuò)誤；

故選B。

1．（2025·浙江北斗星盟·三模）如圖所示，物塊A與B用跨過(guò)滑輪的輕繩相連，穩(wěn)定后，輕繩OP與水平

π

方向夾角為θ=，OA和OB與OP的延長(zhǎng)線的夾角分別為θ和θ。已知G=100N，地面對(duì)物塊B的彈力

312B

為NB=80N，不計(jì)滑輪的重力及輕繩和滑輪之間的摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）

A．θ1<θ2B．物體A的重力40N

C．OP繩子的拉力為203ND．地面對(duì)物體B的摩擦力為20N

【答案】B

【詳解】A．由于滑輪兩邊繩子拉力大小相等，且滑輪兩邊繩子拉力的合力等于輕繩OP拉力的大小，

π

故OP的方向沿著兩根繩子拉力的夾角的角平分線上，故θ=θ=，故A錯(cuò)誤；

126

ππ

BD．根據(jù)幾何關(guān)系，連接B物體的繩子部分與水平方向夾角為，故對(duì)B受力分析有f=Tcos，

66

π

N+Tsin=G又T=G聯(lián)立解得G=40N，f=203N故B正確，D錯(cuò)誤。

B6BAA

π

C．據(jù)前分析結(jié)合平行四邊形法則F=2Tcos=403N故C錯(cuò)誤。

6

故選B。

2．（2025·浙江稽陽(yáng)聯(lián)誼學(xué)?！ざ＃┤鐖D甲所示，“張弦梁”是新型自平衡空間結(jié)構(gòu)體系，被廣泛應(yīng)用于建筑

當(dāng)中。圖乙是該結(jié)構(gòu)的簡(jiǎn)化模型，質(zhì)量分布均勻的水平橫梁架在兩根立柱上，兩根等長(zhǎng)的柔性拉索的一

端分別連接橫梁的兩端，拉索的另一端連接豎直支撐桿的下端，支撐桿的上端頂在橫梁的中央處。水平

橫梁的質(zhì)量為M，豎直支撐桿的質(zhì)量為m，兩根柔性拉索形成的夾角為120°，兩根拉索的張力均為F（拉

索的質(zhì)量忽略不計(jì)），重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）

A．橫梁對(duì)支撐桿的作用力大于支撐桿對(duì)橫梁的作用力

B．若保持M、m及兩拉索的夾角不變，僅增大F，橫梁對(duì)兩側(cè)立柱的壓力增大

C．若保持M、m及兩拉索的張力大小F不變，僅減小兩拉索的夾角，支撐桿對(duì)橫梁的作用力減小

D．支撐桿對(duì)橫梁的作用力大小為F-mg

【答案】D

【詳解】A．橫梁對(duì)支撐桿的作用力與支撐桿對(duì)橫梁的作用力是相互作用力，總是等大反向，選項(xiàng)A

錯(cuò)誤；

B．對(duì)橫梁拉索支撐桿系統(tǒng)整體分析可知，橫梁對(duì)兩側(cè)立柱的壓力不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．對(duì)支撐桿分析，減小兩拉索的夾角，兩拉力的合力增大，水平橫梁對(duì)支撐桿的作用力增大，選項(xiàng)C

錯(cuò)誤；

D．兩邊拉索對(duì)支撐桿的作用力為F'=2Fcos60°=F可知支撐桿對(duì)橫梁的作用力大小為F-mg，選項(xiàng)D正

確。

故選D。

3．（24-25高三下·浙江諸暨·二模）如圖所示，兩根長(zhǎng)均為L(zhǎng)的輕繩a和b固定在質(zhì)量為m的小球上，輕繩

a的另一端固定在天花板上的A點(diǎn)，AB為豎直線，輕繩b的另一端系有輕質(zhì)小環(huán)c，小環(huán)c套在豎直光

滑桿CD上。情境一：豎直桿CD緩慢右移，使輕繩a與豎直方向夾角為37°；情境二：豎直桿CD繞豎

直線AB做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，使輕繩a與豎直方向夾角為37°。已知小球可看作質(zhì)點(diǎn)，sin37°=0.6。下列說(shuō)

法正確的是（）

A．在情境一中，輕繩a對(duì)小球的拉力大小為mg

4

B．在情境一中，輕繩b對(duì)小球的拉力大小為mg

3

C．在情境二中，轉(zhuǎn)動(dòng)轉(zhuǎn)速越大，輕繩a對(duì)小球的拉力越大

15g

D．在情境二中，轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為，輕繩b對(duì)小球的拉力為0

2L

【答案】D

mg5

=【詳解】AB．對(duì)小球受力分析，根據(jù)平衡條件可得Fcos37°=mg，F(xiàn)=Fsin37°，解得F==mg，

abaacos37°4

3

F=mgAB錯(cuò)誤；

b4

CD．在情境二中，當(dāng)繩b中無(wú)拉力，小球受到繩a的拉力及小球的重力，二者的合力為其圓周運(yùn)動(dòng)提

mg515g

供向心力，豎直方向上受力平衡，結(jié)合上述分析可知F==mg，F(xiàn)sin37°=mω2Lsin37°解得ω=，

acos37°4a2L

15g15g

即當(dāng)角速度ω≤時(shí)，繩子a的拉力不變；當(dāng)ω>繩子b有拉力時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律則有

2L2L

15g

Fsin37°?F=mω2Lsin37°，隨著轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度增大，繩子a的拉力隨之增大，綜上所述，當(dāng)ω≤時(shí)，

ab2L

15g

繩a的拉力隨角速度的增大而保持不變，當(dāng)ω>時(shí)，繩a的拉力隨角速度的增大而增大。C錯(cuò)誤，

2L

D正確。

故選D。

4．（2025·浙江溫州·三模）宋應(yīng)星的《天工開(kāi)物》一書(shū)中記錄了圖1所示的用重物測(cè)量弓弦張力的“試弓定

力”情景，簡(jiǎn)化示意圖如圖2所示，測(cè)量時(shí)將弦的中點(diǎn)懸掛于秤鉤上，在質(zhì)量為m的弓的中點(diǎn)處懸掛質(zhì)

量為M的重物，穩(wěn)定時(shí)弦的張角θ=120°。弦可視作遵循胡克定律的彈性輕繩，且始終在彈性限度內(nèi)，不

計(jì)弓的形變和一切摩擦，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）

A．此時(shí)弦的張力為2(M+m)gB．此時(shí)弦的張力為3(M+m)g

C．若增加重物的質(zhì)量，弦的張角一定增大D．若增加重物的質(zhì)量，弦的張力一定增大

【答案】D

=【詳解】AB．整體法對(duì)弓和物體受力分析，如圖所示

θ

豎直方向上由受力平衡可得2Fcos=（M+m）g解得F=（M+m）g故AB錯(cuò)誤；

2

CD．不計(jì)弓的形變，增加重物質(zhì)量，弦與豎直方向夾角減小，則弦的伸長(zhǎng)量增加，根據(jù)胡克定律可知，

弦的張力一定增大，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

5．（2025·浙江·一模）如圖所示，三根等長(zhǎng)的細(xì)繩一端對(duì)稱(chēng)地系在吊籃架上，另一端連結(jié)后經(jīng)掛鉤掛在桿子

上。已知吊籃架和花盆的總質(zhì)量為m，下列說(shuō)法正確的是（）

mg

A．每根細(xì)繩的拉力大小均為

3

B．掛鉤受到的拉力是由掛鉤的形變引起的

C．三根細(xì)繩同時(shí)增加相等長(zhǎng)度后，繩上拉力將變小

D．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)相互作用力

【答案】C

mg

【詳解】A．設(shè)每根鐵鏈和豎直方向的夾角為θ，則有3Fcosθ=mg解得F=A錯(cuò)誤；

3cosθ

B．掛鉤受到的拉力是由細(xì)繩的形變引起的，B錯(cuò)誤；

C．增加鐵鏈的長(zhǎng)度，每根鐵鏈和豎直方向的夾角θ變小，cosθ變大，細(xì)繩的拉力變小，C正確；

D．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)平衡力，D錯(cuò)誤。

故選C。

6．（2025·浙江縣域教研聯(lián)盟·5月模擬）春節(jié)期間，小紅在逛公園的過(guò)程中看到公園里掛著紅紅燈籠，洋溢

著濃濃的年味。若三個(gè)串接的燈籠懸掛在輕繩上，呈豎直排列，從上到下依次標(biāo)為1，2，3，下列說(shuō)法

正確的是（）

A．三個(gè)燈籠可能受到水平風(fēng)力的作用

B．燈籠2受到其上、其下兩個(gè)燈籠對(duì)其的拉力是一對(duì)作用力和反作用力

C．燈籠3受到的重力與燈籠2對(duì)其的拉力是一對(duì)平衡力

D．若燈籠1上面的輕繩突然斷裂瞬間，燈籠2加速度仍為零

【答案】C

【詳解】A．對(duì)三個(gè)燈籠進(jìn)行受力分析可知，除重力外，因?yàn)槿齻€(gè)燈籠呈豎直排列，所以彼此間的拉力

都是豎直方向，若三個(gè)燈籠還受水平風(fēng)力的作用，將不能受力平衡，所以不可能受到水平風(fēng)力的作用，

故A錯(cuò)誤；

B．作用力和反作用力是一對(duì)大小相等，方向相反，作用在兩個(gè)物體上的力，燈籠2受到其上、其下兩

個(gè)燈籠對(duì)其的拉力，受力物體都是燈籠2，所以它們不是一對(duì)作用力和反作用力，故B錯(cuò)誤；

C．燈籠3受到重力和燈籠2對(duì)其的拉力處于平衡狀態(tài)，所以它們是一對(duì)平衡力，故C正確。

D．若燈籠1上面的輕繩突然斷裂，三個(gè)燈籠均做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度都為重力加速度g，所以燈籠

1上面的輕繩突然斷裂瞬間，燈籠2加速度不為零，故D錯(cuò)誤。

故選C。

7．（2025·浙江北斗星盟·三模）無(wú)動(dòng)力帆船依靠風(fēng)力垂直河岸渡河。船頭正指對(duì)岸，通過(guò)調(diào)整帆面位置使風(fēng)

向垂直于帆面，此時(shí)帆面與航向間的夾角為θ。若風(fēng)力的大小為F，河水沿平行河岸方向的阻力恒為f1，

沿垂直河岸方向的阻力大小f2=kv（k為比例系數(shù)，v為航行速度），則帆船（）

A．先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后勻速運(yùn)動(dòng)

Fcosθ

B．航行時(shí)的最大速度為v=

mk

C．若風(fēng)力大小加倍，最大速度也加倍

D．若風(fēng)力大小增大，為保持航向不變，θ也增大

【答案】D

【詳解】A．垂直航向受力平衡，沿航向Fsinθ?kv=ma知先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后勻速運(yùn)動(dòng)，

故A錯(cuò)誤；

Fsinθ

B．根據(jù)題意可得Fsinθ=kv解得v=故B錯(cuò)誤；

mmk

C．風(fēng)力大小加倍，垂直航線方向不再平衡而產(chǎn)生加速度，速度不再沿船頭指向，故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)題意Fcosθ=f1知F增大時(shí)，θ也增大，故D正確。

故選D。

8．（2025·浙江湖州·三模）如圖所示，一足夠長(zhǎng)的細(xì)線一端連接穿過(guò)水平細(xì)桿的滑塊A，另一端通過(guò)光滑滑

輪連接重物B，此時(shí)兩邊細(xì)線豎直。某時(shí)刻，水平拉力F作用在滑塊A上，使A向右移動(dòng)。已知A、B

3

的質(zhì)量分別為m和2m，滑塊A與細(xì)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。則（）

3

A．若A做勻速運(yùn)動(dòng)，則B也做勻速運(yùn)動(dòng)

B．若B做勻速運(yùn)動(dòng)，則A做加速運(yùn)動(dòng)

C．若A緩慢向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)細(xì)線與細(xì)桿間的夾角為30°時(shí)，拉力F有最小值

D．若A緩慢向右運(yùn)動(dòng)到細(xì)線與細(xì)桿間的夾角為30°時(shí)，拉力F一直在增大

【答案】D

【詳解】AB．對(duì)AB兩滑塊速度關(guān)系如圖所示

由幾何關(guān)系有vB=vAcosθ若A做勻速運(yùn)動(dòng)，θ逐漸減小，cosθ逐漸增大，則B的速度逐漸增大；若B做

勻速運(yùn)動(dòng)，θ逐漸減小，cosθ逐漸增大，則A的速度逐漸減小，故AB錯(cuò)誤；

CD．對(duì)滑塊B有T=2mg對(duì)滑塊A有進(jìn)行受力分析如圖所示

由于滑塊A從圖示（最初是豎直的）位置開(kāi)始緩慢向右移動(dòng)至θ=30°過(guò)程中30°≤θ≤90°

可知Tsinθ=2mgsinθ≥mg則在豎直方向上有Tsinθ=mg+N則在水平方向有F=μN(yùn)+Tcosθ

1μ

聯(lián)立解得F=2mgcosθ+2μmgsinθ?μmg=2mg1+μ2cosθ+sinθ?μmg

1+μ21+μ2

13μ1

假設(shè)sinα==，cosα==解得α=60°則可求得F=2mg1+μ2sin60°+θ?μmg

1+μ221+μ22

滑塊A從圖示虛線位置開(kāi)始緩慢向右移動(dòng)過(guò)程中，θ減小，可知F逐漸增大，當(dāng)θ=30°時(shí)

解得拉力F有最大值Fmax=3mg故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

9．（2025·浙江金華·三模）蛇年春晚中的人形機(jī)器人與真人舞蹈演員一同表演了一場(chǎng)精彩的“AI機(jī)器秧歌”

舞。下列說(shuō)法正確的是（）

A．機(jī)器人下蹲過(guò)程中，總是處于失重狀態(tài)

B．在研究機(jī)器人的舞蹈動(dòng)作時(shí)可將其視為質(zhì)點(diǎn)

C．機(jī)器人手中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的手絹邊緣上的一點(diǎn)始終處于受力平衡狀態(tài)

D．機(jī)器人靜止站立時(shí)對(duì)地面的壓力與地面對(duì)它的支持力是一對(duì)相互作用力

【答案】D

【詳解】A．機(jī)器人下蹲過(guò)程中，先向下加速后向下減速，則先失重后超重，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．在研究機(jī)器人的舞蹈動(dòng)作時(shí)，機(jī)器人的大小形狀不能忽略不計(jì)，不可將其視為質(zhì)點(diǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．機(jī)器人手中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的手絹邊緣上的一點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，不是處于受力平衡狀態(tài)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．機(jī)器人靜止站立時(shí)對(duì)地面的壓力與地面對(duì)它的支持力是一對(duì)相互作用力，選項(xiàng)D正確。

故選D。

10．（2025·浙江杭州·二模）如圖所示，小明和小王兩位同學(xué)在玩拋接球的游戲。小明每次都以靜止姿態(tài)抱

住乳膠氣球，然后以較大初速度將其水平拋出，站在右方的小王每次接球時(shí)球速等大且接球緩沖時(shí)間

相等。已知乳膠氣球癟時(shí)的質(zhì)量為0.8kg，空氣的密度約為1.29kg/m3。充氣后球體積可視為不變，直

徑為1m。下列說(shuō)法正確的是（）

A．乳膠氣球在空中做平拋運(yùn)動(dòng)

B．小明抱住乳膠氣球靜止時(shí)，對(duì)球的作用力垂直于胸口斜向上

C．小明抱住乳膠氣球靜止時(shí)，對(duì)地面的摩擦力向右

D．放走一半氣體后，接球時(shí)的沖擊力明顯減小

【答案】D

【詳解】A．由于球在被小明以水平速度拋出后，除受重力外還受空氣浮力的作用，不是平拋運(yùn)動(dòng)，A

錯(cuò)誤；

B．小明抱住乳膠氣球靜止時(shí)，對(duì)球的作用力與球的重力相平衡，豎直向上，B錯(cuò)誤；

C．人與球整體處于靜止，整體的重力和支持力相平衡，不受摩擦力作用，C錯(cuò)誤；

D．若放掉一半氣體，而球的總體積近似不變，則球內(nèi)空氣質(zhì)量減少、總質(zhì)量減小，而題干已說(shuō)明每次

接球的速度大小和緩沖時(shí)間相同，則動(dòng)量變化減小，沖擊力也隨之明顯減小，故D正確。

故選D。

11．（2025·浙江臺(tái)州·二模）家用室內(nèi)引體向上器通常采用免打孔設(shè)計(jì)，通過(guò)調(diào)節(jié)桿的長(zhǎng)度，利用橡膠墊與

門(mén)框或墻壁的摩擦力起到固定的作用。如圖所示，當(dāng)質(zhì)量為50kg的同學(xué)握住水平單杠保持靜止，且只

有雙手接觸單杠并雙腿懸空，不計(jì)引體向上器的質(zhì)量。則（）

A．雙手間距離越小，人所受到單杠的作用力越小

B．單杠對(duì)每只手臂作用力大小一定為250N

C．雙手間距離越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力越大

D．同學(xué)由靜止下降到最低點(diǎn)的過(guò)程中，橡膠墊與墻面間的摩擦力先小于同學(xué)的重力，后大于同學(xué)的重

力

【答案】D

【詳解】A．人所受到單杠的作用力和重力平衡，則人所受到單杠的作用力大小不變，為F=G=mg=500N

故A錯(cuò)誤；

1

B．只有兩手臂平行時(shí)，單杠對(duì)每只手臂作用力大小為F′=mg=250N兩手臂有夾角時(shí)，單杠對(duì)每只手

2

臂作用力都大于250N，故B錯(cuò)誤；

C．不計(jì)引體向上器的質(zhì)量，橡膠墊與墻面間的摩擦力等于人的重力不變，故C錯(cuò)誤；

D．同學(xué)由靜止下降到最低點(diǎn)的過(guò)程中，人先加速度先向下，再向上，先失重后超重，結(jié)合牛頓第二定

律可知，橡膠墊與墻面間的摩擦力先小于同學(xué)的重力，后大于同學(xué)的重力，故D正確；

故選D。

12．（2025·浙江紹興·三模）如圖所示，某商場(chǎng)采用220?V的電源驅(qū)動(dòng)電機(jī)帶動(dòng)階梯式電梯以0.4?m/s的恒定

速度運(yùn)行，質(zhì)量為55?kg的顧客靜立在電梯上隨電梯向上運(yùn)動(dòng)，若電梯的傾角為30°，運(yùn)送顧客向上運(yùn)

動(dòng)所需的功完全來(lái)自電機(jī)。下列說(shuō)法正確的是（）

A．顧客向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能守恒

B．顧客重力的平均功率為200W

C．顧客受到電梯給予的靜摩擦力

D．電梯站顧客時(shí)通過(guò)電機(jī)的電流比未站顧客時(shí)至少要增加0.5A

【答案】D

【詳解】A．顧客向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加，則機(jī)械能增加，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．顧客重力的平均功率為P=mgvsin30°=110W

C．顧客勻速上升時(shí)不受電梯給予的靜摩擦力，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．由能量關(guān)系電梯站顧客時(shí)UΔI=mgvsinθ解得ΔI=0.5A即電梯站顧客時(shí)通過(guò)電機(jī)的電流比未站顧客

時(shí)至少要增加0.5A，選項(xiàng)D正確。

故選D。

13．（2025·浙江紹興·三模）如圖所示，繩梯從天花板垂下來(lái)且最下端沒(méi)有觸及地面，某建筑工人正在爬繩

梯，他的左腳踏于橫木、右腳凌空，處于平衡狀態(tài)，若建筑工人的重力為G1，繩梯的重力為G2，雙手

施加于橫木的作用力大小為F，方向豎直向下，下列說(shuō)法正確的是（）

A．建筑工人受到兩個(gè)力的作用

B．天花板對(duì)繩梯的作用力大小為G1+G2

C．左腳施加于橫木的作用力大小為G1+G2+F

D．左腳對(duì)橫木的作用力大于橫木對(duì)左腳的作用力

【答案】B

【詳解】A．對(duì)工人受力分析：工人受到重力以及來(lái)自橫木對(duì)腳和雙手的支持力，共至少三個(gè)力作用，

故A錯(cuò)誤；

′

B．整體處于平衡，對(duì)整條繩梯（含工人）整體分析可知，天花板對(duì)繩梯的拉力F=G1+G2故B正確；

″

C．對(duì)工人分析可知，左腳施加于橫木的作用力大小為F=G1?F故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)牛頓第三定律可知，左腳對(duì)橫木的作用力等于橫木對(duì)左腳的作用力，故D錯(cuò)誤；

故選B。

14．（2025·浙江·選考二測(cè)）如圖為2024年8月10日中國(guó)選手朱亞明在巴黎奧運(yùn)會(huì)男子三級(jí)跳遠(yuǎn)決賽中進(jìn)

行比賽的情景。若比賽時(shí)無(wú)風(fēng)，空氣阻力不可忽略，則（）

A．跳起后，他在空中受到恒力作用

B．開(kāi)始起跳瞬間，地面對(duì)他的力大于他對(duì)地面的力

C．開(kāi)始起跳瞬間，地面對(duì)他的支持力大于他的重力

D．跳起后到落地前的過(guò)程，他水平方向的速