五年（2021-2025）高考真題分類匯編PAGEPAGE1專題09恒定電流考點五年考情（2021-2025）命題趨勢考點1電流2021近五年“恒定電流”模塊考查呈現出考點分布相對分散但強調基礎概念與實際應用相結合的特點?！伴]合電路的歐姆定律”、“電功和電功率”以及“電流”構成了基礎考點群，而“非純電阻電路”（2024年考查）作為近年來的考查點，其重要性凸顯，重點在于區(qū)分電功與電熱、理解能量轉化關系。命題情境緊密貼合現代科技生活實際，廣泛取材于新能源應用、智能電器、節(jié)能環(huán)保及基礎電路故障分析。核心考查對基本概念的準確理解、對閉合電路歐姆定律的靈活運用、以及區(qū)分純電阻與非純電阻電路并進行相關計算（如電動機效率、實際功率）的能力，計算復雜度通常較低。未來趨勢預計將更側重于“非純電阻電路”的分析，情境設計更趨前沿化和生活化，強化對電路動態(tài)變化過程的定性推理和能量轉化效率的定量估算，并可能深化對閉合電路歐姆定律中內阻影響的考查，要求考生在綜合運用功率分配、能量守恒觀點解決實際問題，體現物理知識與科技發(fā)展的緊密聯(lián)系?？键c2電功和電功率2022考點3閉合電路的歐姆定律2021考點4非純電阻電路2024考點01電流1．（2021·江蘇·高考）有研究發(fā)現，某神經細胞傳遞信號時，離子從細胞膜一側流到另一側形成跨膜電流，若將該細胞膜視為1×10-8F的電容器，在2ms內細胞膜兩側的電勢差從-70A．1.5×10-7A B．2×10-7A【答案】D【詳析】根據Q=CU，可知?Q=C?U=10-8×(30+70)×10-3C=10-9C，則該過程中跨膜電流的平均值為I=故選D?？键c02電功和電功率2．（2022·江蘇·高考）如圖所示，電路中燈泡均正常發(fā)光，阻值分別為R1=2Ω，R2=3Ω，A．R1 B．R2 C．R3【答案】A【詳析】由電路圖可知R3與R4串聯(lián)后與R2并聯(lián)，再與R1串聯(lián)。并聯(lián)電路部分的等效電阻為R并=R2(R3+R4)(RP1=I12R故四個燈泡中功率最大的是R1。故選A。考點03閉合電路的歐姆定律3．（2021·江蘇·高考）貫徹新發(fā)展理念，我國風力發(fā)電發(fā)展迅猛，2020年我國風力發(fā)電量高達4000億千瓦時。某種風力發(fā)電機的原理如圖所示，發(fā)電機的線圈固定，磁體在葉片驅動下繞線圈對稱軸轉動，已知磁體間的磁場為勻強磁場，磁感應強度的大小為0.2T，線圈的匝數為100、面積為0.5m2，電阻為0.6Ω，若磁體轉動的角速度為90rad/s，線圈中產生的感應電流為（1）線圈中感應電動勢的有效值E；（2）線圈的輸出功率P?！敬鸢浮浚?）6.4×102V；（【詳析】（1）電動勢的最大值E有效值E=解得E=帶入數據得E≈6.4×（2）輸出電壓U=E-Ir輸出功率P=IU解得P=I(E-Ir)代入數據得P=3.1×考點04非純電阻電路4．（2024·江蘇·高考）某重力儲能系統(tǒng)的簡化模型如圖所示，長度為L、傾角為θ的斜坡ABCD上，有一質量為m的重物通過繩索與電動機連接。在電動機的牽引下，重物從斜坡底端A點由靜止開始運動，到達B點時速度達到最大值v，然后重物被勻速拉到C點，此時關閉電動機，重物恰好能滑至頂端D點，系統(tǒng)儲存機械能。已知繩索與斜坡平行，重物與斜坡間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g，不計空氣阻力和滑輪摩擦。（1）求CD的長度x；（2）求重物從B到C過程中，電動機的輸出功率P；（3）若不計電動機的損耗，求在整個上升過程中，系統(tǒng)存儲的機械能E1和電動機消耗的電能E2的比值?！敬鸢浮浚?）v22gsinθ+μcosθ；（2【詳析】（1）重物在CD段運動過程中，由牛頓第二定律得mg由運動學公式0-聯(lián)立解得x=（2）重物在BC段勻速運動，得電動機的牽引力為F=mg由P=Fv得P=mgv（3）全過程重物增加的機械能為E整個過程由能量守恒得電動機消耗的總電能轉化為重物增加的機械能和摩擦產生的內能，故可知E故可得

E1．（2025·江蘇鹽城中學·三模）某手機的說明書標明該手機電池容量為4000mA?h，待機時間為22d，其中單位“mA?h”對應的物理量是（）A．電荷量 B．功率 C．熱量 D．電流【答案】A【詳析】根據電荷量的計算公式P=It可知，由于mA為電流單位，h為時間單位，所以mA?h為電荷量單位。故選A。2．（2025·江蘇南京&鹽城·一模）如圖所示，某同學利用一塊表頭G和三個定值電阻設計了如圖所示的多量程電流表，該電表有1、2兩個量程。當只增大電阻R1的阻值時，下列說法中正確的是（）

A．兩個量程均變大 B．兩個量程均變小C．1的量程變大，2的量程變小 D．1的量程變小，2的量程變大【答案】A【詳析】測電流時，量程1為I1=IgRg+R1+故選A。3．（2025·江蘇鹽城中學·三模）某實驗小組先采用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，主要原因是（）A．滑動變阻器與電路接觸處斷路B．電流表阻值太小C．滑動變阻器的阻值太小D．電池內阻太小【答案】D【詳析】用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，說明滑動變阻器既不斷路，也不短路，其阻值始終相對于電池內阻很大，即電池內阻太小。故選D。4．（2025·江蘇鹽城射陽中學·三模）某實驗小組先采用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，主要原因是（

）A．滑動變阻器與電路接觸處斷路 B．電流表阻值太小C．滑動變阻器的阻值太小 D．電池內阻太小【答案】D【詳析】用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，說明滑動變阻器既不斷路，也不短路，也不是電流表阻值太小的原因，是由于其阻值始終相對于電池內阻很大，即電池內阻太小。故選D。5．（2025·江蘇南通如皋·三模）如圖所示，電阻R1、R2串聯(lián)，R1=2R2，流過恒定的電流，則（）A．R1、R2的電壓之比為1:1 B．R1、R2的電功率之比為1:2C．通過R1、R2橫截面的電荷量之比為1:1 D．相等時間內R1、R2產生的焦耳熱之比為1:2【答案】C【詳析】A．串聯(lián)電路，電流處處相等，根據U=IR，則R1、R2的電壓之比為U故A錯誤；B．根據電功率P=I2R，由于電流相等，故電功率之比與電阻成正比，即R1、R2的電功率之比為2:1C．根據q=It，由于電流相等、時間相等，則通過R1、R2橫截面的電荷量之比為1:1，故C正確；D．根據焦耳熱Q=I2Rt，由于電流相等，故相等時間內R1、R2產生的焦耳熱之比等于電阻之比，即相等時間內R1、R2產生的焦耳熱之比為2:1故選C。6．（2025·江蘇揚州·考前調研）將四個定值電阻a、b、c、d分別接入電路，測得相應的電流、電壓值，并在I-U圖像中描點如圖所示。其中阻值最接近的兩個電阻是（）A．a和b B．b和d C．a和c D．c和d【答案】A【詳析】根據R=UI知，定值電阻的I-U圖線的斜率表示定值電阻的阻值的倒數。分別連接O與4個點，根據它們的傾斜度可知，a和故選A。7．（2025·江蘇揚州中學·一模）如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r。兩電壓表可看作是理想電表，當閉合開關，將滑動變阻器的觸片由右端向左滑動時，下列說法中正確的是（）A．小燈泡L1變亮 B．小燈泡L2變暗C．V1表的讀數變大 D．V2表的讀數變大【答案】D【詳析】C.將滑動變阻器的觸片由右端向左滑動時，變阻器接入電路的電阻變小，變阻器與燈泡L1并聯(lián)的電阻變小，外電路總電阻減小，干路電流增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，則V1表的讀數變小，C錯誤。BD.由歐姆定律可知，干路電流增大，燈泡L2變亮，電壓表V2讀數變大，B錯誤，D正確。A.由閉合電路歐姆定律燈泡L1的電壓U1=E-Ir+RL2其中I增大，則U1故選D。8．（24-25高二上·江蘇無錫錫山天一宛山湖分?！るA段測試）如圖所示，把兩只完全相同的表頭進行改裝，已知表頭內阻為100ΩA．由甲圖可知，該表頭滿偏電流IB．甲圖是改裝成的雙量程電壓表，其中b量程為10VC．乙圖中R1=D．乙圖中R1=5【答案】C【詳析】AB．由甲圖可知Ig=URg+R=3100+2.9×CD．改裝為I1=10mA=0.01A電流表時，并聯(lián)電阻的分流電流為I'=R1=IgRg+R2I2故選C。9．（24-25高三·江蘇南通如皋·一檢）如圖所示，甲、乙是改裝成電流表和電壓表的電路，則（）A．甲圖中，R減小時量程減小B．乙圖中，R減小時量程增大C．甲圖中，若改裝后的電表示數略微偏大，可將R值稍微調小D．乙圖中，若改裝后的電表示數略微偏大，可將R值稍微調小【答案】C【詳析】AC．由電表的改裝可知，電流表應是G與R并聯(lián)（甲圖），改裝后加在G兩端的最大電壓Ug=IgRg不變，所以并聯(lián)電阻R越大，I=Ig+RgRIBD．對于電壓表應是G與R串聯(lián)（乙圖），改裝后量程U=IgRg+IgR，可知R越大，量程越大；若改裝后的電表示數略微偏大，說明所串聯(lián)電阻的分壓偏小，則分壓電阻阻值偏小，可將R值稍微調大，故BD錯誤。故選C。10．（24-25高三上·江蘇鹽城中學·月考）在如圖所示的電路中，R0是定值電阻，R1、R2是滑動變阻器，D為理想二極管。電源的電動勢為E，內阻為r，接通開關S，質量為mA．將R1B．將R2C．斷開開關S，將有電子自下而上通過理想二極管DD．增大電容器兩極板間的距離，油滴將加速向上運動【答案】C【詳析】A．將R1的滑片向右移動，阻值減小，則電路總電阻減小，總電流變大，R0電壓變大，即兩板間電壓變大，場強變大，向上的電場力變大，則油滴將向上運動，選項AB．將R2的滑片向右移動，金屬板兩板間電壓不變，場強不變，油滴仍靜止，選項BC．斷開開關S，電容器放電，電流方向從上往下通過二極管D，則將有電子自下而上通過理想二極管D，選項C正確；D．增大電容器兩極板間的距離，兩板間電壓不變，則場強減小，油滴受向上的電場力減小，則將加速向下運動，選項D錯誤。故選C。11．（24-25高二·江蘇無錫·期末）某城市新裝了一批節(jié)能路燈，該路燈通過光控開關實現自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變。其內部電路簡化原理圖如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，RGA．A燈變亮，B燈變亮 B．A燈變亮，B燈變暗C．電源的效率變小 D．RG上電流的變化量等于R【答案】A【詳析】光照逐漸減弱時，光敏電阻阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大。AB．外電壓增大，A燈變亮；支路R0上的電流減小，R0上的電壓減小，又因為外電壓增大，所以B燈電壓增大，所以B燈變亮，故A正確，B錯誤；C．因為外電阻變大，根據η=I2RID．對于支路R0，有ΔI0=ΔIB+ΔIG，故選A。12．（2025·江蘇宿遷·三模）如圖所示，電源電動勢為E，內阻不計，定值電阻的阻值分別為R1、R2，電容器的電容為C。閉合開關A．通過電阻R1B．電容器所帶電荷量為CEC．斷開S的瞬間，通過電阻R2的電流為D．斷開S后，通過電阻R2的電荷量為【答案】C【詳析】A．電路穩(wěn)定后，根據閉合電路歐姆定律可知通過電阻R1的電流為I=ER1B．電容器兩端電壓等于電阻R2兩端電壓，則有U2=I故B錯誤；C．斷開S的瞬間，電容器與電阻R2構成回路進行放電，通過電阻R2的電流為I2=D．斷開S后，電容器與電阻R2構成回路進行放電，則通過電阻R2的電荷量為CER故選C。13．（24-25高三下·江蘇宿遷泗陽·一模）在圖甲的電路中，電源內阻不計，不計電表內阻的影響。調節(jié)R1的阻值，得到各組電壓表和電流表數據，作出的U-I圖像如圖乙中AB所示，則表示R1阻值的是（）A．AB的斜率 B．僅a的斜率C．僅b的斜率 D．a或b的斜率【答案】D【詳析】根據閉合電路歐姆定律有U=E-IR2，可知，AB的斜率代表R2的阻值，a的斜率表示通過R1的電流為0.1A時，R1的有效電阻；b的斜率表示通過R1的電流為0.3A時，R故選D。14．（2025·江蘇·調研）一溫控裝置的部分電路如圖所示，R1、R2和R3A．電壓表示數增大 B．電源功率減小C．兩電表示數的比值UI增大 D．兩電表示數變化量絕對值的比值Δ【答案】D【詳析】A．當環(huán)境溫度升高時，熱敏電阻的阻值Rt減小，則外電路的總阻值R減小，根據閉合電路的歐姆定律可知，干路電流增大，把定值電阻R1等效成電源內阻，則電路內電壓UrB．根據功率P=IE，結合上述分析可知，當溫度升高時，熱敏電阻的阻值Rt減小，干路電流I增大，故電源的功率增大，故BC．根據電路特點可知，兩表的示數之比恰好為Rt與R3串聯(lián)的總阻值，當溫度升高時，Rt的阻值減小，故兩電表示數的比值UD．將電壓表和R2根據電路特點及閉合電路的歐姆定律可得U=E-(I+UR2+URV)(故選D。15．（2025·江蘇宿遷·考前模擬）如圖所示電路中，電阻R1、R2阻值相同，電源電動勢為E，內阻不計，電容為A．電路穩(wěn)定后，R1和R2中的電流一樣大B．電路穩(wěn)定后，電容器帶電量為CEC．斷開S瞬間，R1和R2中電流方向相同D．斷開S瞬間，R1中的電流較大【答案】B【詳析】A．電路穩(wěn)定后，R2被短路，流過R2的電流為0，可知R1和R2中的電流不一樣大，故B．電路穩(wěn)定后，電容器電壓為路端電壓，由于電源內阻不計，可知路端電壓為E，則電容器帶電量為Q=CU=CE，故B正確；C．斷開S瞬間，電容器與R1構成回路，電容器放電，電流從左向右流過R1；斷開S瞬間，電感線圈與R2構成回路，在自感作用下，電流從左向右流過電感線圈，即電流從右向左流過RD．斷開S前，流過R1和電感的電流相同，斷開S瞬間電感電流從原電流減小，而R1兩端電壓等于電容電壓等于電動勢，則電流大小不變，兩者電流大小相等，故故選B。16．（2025·江蘇鹽城射陽中學·模擬預測）為了測量某電池的電動勢和內電阻，實驗室提供了下列器材：A．待測電池B．電流表G（量程50mA，內阻RgC．電阻箱R1（阻值均為0~999.9D．定值電阻RE．開關S和導線若干(1)為粗略測量電源的電動勢，小明先用多用電表直流電壓10V擋與電源直接相連，示數如圖甲所示，則電動勢的讀數為________V。(2)將電阻箱R1與電流表G并聯(lián)，如圖乙所示，將電流表量程擴大為原來的10倍，應將電阻箱R1的阻值調為________Ω。正確調整R1的阻值后，將電流表G(3)小明利用擴大量程后的電流表A設計了實驗，電路圖如圖丙所示，定值電阻R0在電路中的作用是保護電路；正確進行實驗操作，得到了多組電流表A的示數I和電阻箱的電阻R的數據，并繪制出如圖丁所示的________（選填A．“I-R”、B．“R-I”、C．“R-1I”或“(4)若圖丁中圖像的斜率為k，縱截距為－b，根據圖像得出電池的電動勢E=________，內阻r=________。（結果用k、b、R0、R【答案】(1)8.0(2)2(3)R-(4)kb-【詳析】（1）用多用電表直流電壓10V擋與電源直接相連，示數如圖甲所示，則電動勢的讀數為8.0V；（2）將電阻箱R1與電流表G并聯(lián)，如圖乙所示，將電流表量程擴大為原來的10倍，根據電流表改裝原理，應將電阻箱R1（3）改裝后電流表的內阻為r根據閉合電路歐姆定律，可得I=整理得R=E·所以，圖丁所繪制的圖像為R-1（4）[1][2]根據R=E·結合圖像斜率得k=E縱截距b=得r=b-17．（2025·江蘇揚州大學附中·熱身訓練）小明要將一量程為3mA的電流表改裝成量程為3V的電壓表．他測得該電流表內阻為120Ω，經計算后將一阻值為R0(1)請在圖甲的虛線框中將電流表和電阻R0的連接電路畫好______.?；瑒幼冏杵鱎有兩種規(guī)格，分別是R10～20Ω(2)實物電路如圖乙所示，請以筆畫線代替導線，連接電路．(3)電阻R0阻值為(4)實驗中過程發(fā)現，當標準電壓表的示數為2.20V時，改裝表的指針位置如圖所示，讀數為____V.(5)為了解決上述問題，小華提出改進方案如下：用電阻箱（0～99999.9Ω）替換R0接入電路.他接下來的操作順序是____①閉合開關②緩慢移動滑片P，使得標準電壓表示數約為2V③記錄電阻箱的示數，選用與此示數相等的電阻替換R④調節(jié)電阻箱，使得改裝表的示數與標準表的示數相同⑤將滑片P置于滑動變阻器的最左端，電阻箱的阻值調至最大【答案】(1)R1(2)(3)880(4)2.33(5)⑤①②④③【詳析】（1）[1]因為滑動變阻器是分壓式接法，故實物圖如下圖所示[2]因為該電路是分壓式電路，應該選最大阻值較小的滑動變阻器，即應選R1（2）實物圖連接如圖（3）根據電壓表改裝原理可知U=解得R（4）因為將一量程為3mA的電流表改裝成量程為3V的電壓表，所以電壓表精確度為0.1V，則需要估讀到小數點后兩位，所以讀數為2.33V；（5）為了解決上述問題，可以用電阻箱（0～99999歐姆）替換R0接入電路，操作順序應為：先將滑片P置于滑動變阻器的最左端，電阻箱的阻值調至最大；之后閉合電鍵，然后緩慢移動滑片P，先使得標準電壓表示數約為2V，然后再調節(jié)電阻箱，使得改裝表的示數與標準表的示數相同，最后記錄電阻箱的示數，選用與此示數相等的電阻替換R0。所以順序為18．（2025·江蘇南通如皋·二模）某實驗小組在實驗室中測量一根金屬絲的直徑和電阻。實驗器材有：螺旋測微器、待測金屬絲Rx、電池組E、電流表A、電壓表V、滑動變阻器R、定值電阻R(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，圖甲的讀數為__________mm。(2)甲同學設計如圖乙所示電路圖，電壓表的右端分別連接a點和b點，發(fā)現電流表讀數幾乎沒變，電壓表示數變化明顯，為了減小誤差，電壓表右端應與_________（選填“a”或“b”）點連接。(3)請根據（2）問中的電路圖，用筆劃線代替導線完成圖中實物間的連線_________，并使閉合開關的瞬間，電壓表或電流表讀數均為最小值。根據電表讀數可計算得到待測金屬絲的電阻。(4)乙同學設計了如圖丁所示的電路，部分實驗步驟如下：①滑動變阻器滑片滑至適當位置并保持不變；②在A、B之間接入定值電阻R0，閉合開關，記下電流表的示數I0；③斷開開關，取下定值電阻；④在A、B之間接入待測金屬絲，閉合開關，記下電流表的示數I。則Rx=_________（用E、R0(5)小明認為，因電表內阻的影響，甲、乙同學方案中Rx的測量值均偏大。你是否同意他的觀點，并簡要說明理由_________【答案】(1)0.998(2)a(3)(4)E(5)不同意，甲同學方案因電壓表分流，測量值偏??；乙同學在計算兩組阻值的差值時，電流表內阻已減除，電流表內阻對測量值無影響?！驹斘觥浚?）螺旋測微器的精確值為0.01mm，由圖甲可知金屬絲的直徑為（2）電壓表的右端分別連接a點和b點，發(fā)現電流表讀數幾乎沒變，電壓表示數變化明顯，可知待測電阻阻值較小，電壓表的分流幾乎可以忽略不計，為了減小誤差，電流表應采用外接法，電壓表右端應與a點連接。（3）根據（2）問中的電路圖，電流表采用外接法，并使閉合開關的瞬間，電壓表或電流表讀數均為最小值，完整的實物連線如圖所示（4）在A、B之間接入定值電阻R0時，根據閉合電路歐姆定律可得在A、B之間接入待測金屬絲，根據閉合電路歐姆定律可得E聯(lián)立解得R（5）不同意，甲同學方案因電壓表分流，使得電流表讀數大于真實電流，則Rx專題09恒定電流考點五年考情（2021-2025）命題趨勢考點1電流2021近五年“恒定電流”模塊考查呈現出考點分布相對分散但強調基礎概念與實際應用相結合的特點?！伴]合電路的歐姆定律”、“電功和電功率”以及“電流”構成了基礎考點群，而“非純電阻電路”（2024年考查）作為近年來的考查點，其重要性凸顯，重點在于區(qū)分電功與電熱、理解能量轉化關系。命題情境緊密貼合現代科技生活實際，廣泛取材于新能源應用、智能電器、節(jié)能環(huán)保及基礎電路故障分析。核心考查對基本概念的準確理解、對閉合電路歐姆定律的靈活運用、以及區(qū)分純電阻與非純電阻電路并進行相關計算（如電動機效率、實際功率）的能力，計算復雜度通常較低。未來趨勢預計將更側重于“非純電阻電路”的分析，情境設計更趨前沿化和生活化，強化對電路動態(tài)變化過程的定性推理和能量轉化效率的定量估算，并可能深化對閉合電路歐姆定律中內阻影響的考查，要求考生在綜合運用功率分配、能量守恒觀點解決實際問題，體現物理知識與科技發(fā)展的緊密聯(lián)系?？键c2電功和電功率2022考點3閉合電路的歐姆定律2021考點4非純電阻電路2024考點01電流1．（2021·江蘇·高考）有研究發(fā)現，某神經細胞傳遞信號時，離子從細胞膜一側流到另一側形成跨膜電流，若將該細胞膜視為1×10-8F的電容器，在2ms內細胞膜兩側的電勢差從-70A．1.5×10-7A B．2×10-7A【答案】D【詳析】根據Q=CU，可知?Q=C?U=10-8×(30+70)×10-3C=10-9C，則該過程中跨膜電流的平均值為I=故選D?？键c02電功和電功率2．（2022·江蘇·高考）如圖所示，電路中燈泡均正常發(fā)光，阻值分別為R1=2Ω，R2=3Ω，A．R1 B．R2 C．R3【答案】A【詳析】由電路圖可知R3與R4串聯(lián)后與R2并聯(lián)，再與R1串聯(lián)。并聯(lián)電路部分的等效電阻為R并=R2(R3+R4)(RP1=I12R故四個燈泡中功率最大的是R1。故選A?？键c03閉合電路的歐姆定律3．（2021·江蘇·高考）貫徹新發(fā)展理念，我國風力發(fā)電發(fā)展迅猛，2020年我國風力發(fā)電量高達4000億千瓦時。某種風力發(fā)電機的原理如圖所示，發(fā)電機的線圈固定，磁體在葉片驅動下繞線圈對稱軸轉動，已知磁體間的磁場為勻強磁場，磁感應強度的大小為0.2T，線圈的匝數為100、面積為0.5m2，電阻為0.6Ω，若磁體轉動的角速度為90rad/s，線圈中產生的感應電流為（1）線圈中感應電動勢的有效值E；（2）線圈的輸出功率P?！敬鸢浮浚?）6.4×102V；（【詳析】（1）電動勢的最大值E有效值E=解得E=帶入數據得E≈6.4×（2）輸出電壓U=E-Ir輸出功率P=IU解得P=I(E-Ir)代入數據得P=3.1×考點04非純電阻電路4．（2024·江蘇·高考）某重力儲能系統(tǒng)的簡化模型如圖所示，長度為L、傾角為θ的斜坡ABCD上，有一質量為m的重物通過繩索與電動機連接。在電動機的牽引下，重物從斜坡底端A點由靜止開始運動，到達B點時速度達到最大值v，然后重物被勻速拉到C點，此時關閉電動機，重物恰好能滑至頂端D點，系統(tǒng)儲存機械能。已知繩索與斜坡平行，重物與斜坡間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g，不計空氣阻力和滑輪摩擦。（1）求CD的長度x；（2）求重物從B到C過程中，電動機的輸出功率P；（3）若不計電動機的損耗，求在整個上升過程中，系統(tǒng)存儲的機械能E1和電動機消耗的電能E2的比值?！敬鸢浮浚?）v22gsinθ+μcosθ；（2【詳析】（1）重物在CD段運動過程中，由牛頓第二定律得mg由運動學公式0-聯(lián)立解得x=（2）重物在BC段勻速運動，得電動機的牽引力為F=mg由P=Fv得P=mgv（3）全過程重物增加的機械能為E整個過程由能量守恒得電動機消耗的總電能轉化為重物增加的機械能和摩擦產生的內能，故可知E故可得

E1．（2025·江蘇鹽城中學·三模）某手機的說明書標明該手機電池容量為4000mA?h，待機時間為22d，其中單位“mA?h”對應的物理量是（）A．電荷量 B．功率 C．熱量 D．電流【答案】A【詳析】根據電荷量的計算公式P=It可知，由于mA為電流單位，h為時間單位，所以mA?h為電荷量單位。故選A。2．（2025·江蘇南京&鹽城·一模）如圖所示，某同學利用一塊表頭G和三個定值電阻設計了如圖所示的多量程電流表，該電表有1、2兩個量程。當只增大電阻R1的阻值時，下列說法中正確的是（）

A．兩個量程均變大 B．兩個量程均變小C．1的量程變大，2的量程變小 D．1的量程變小，2的量程變大【答案】A【詳析】測電流時，量程1為I1=IgRg+R1+故選A。3．（2025·江蘇鹽城中學·三模）某實驗小組先采用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，主要原因是（）A．滑動變阻器與電路接觸處斷路B．電流表阻值太小C．滑動變阻器的阻值太小D．電池內阻太小【答案】D【詳析】用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，說明滑動變阻器既不斷路，也不短路，其阻值始終相對于電池內阻很大，即電池內阻太小。故選D。4．（2025·江蘇鹽城射陽中學·三模）某實驗小組先采用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，主要原因是（

）A．滑動變阻器與電路接觸處斷路 B．電流表阻值太小C．滑動變阻器的阻值太小 D．電池內阻太小【答案】D【詳析】用如圖所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器阻值，發(fā)現電壓表示數雖然有變化，但變化不明顯，說明滑動變阻器既不斷路，也不短路，也不是電流表阻值太小的原因，是由于其阻值始終相對于電池內阻很大，即電池內阻太小。故選D。5．（2025·江蘇南通如皋·三模）如圖所示，電阻R1、R2串聯(lián)，R1=2R2，流過恒定的電流，則（）A．R1、R2的電壓之比為1:1 B．R1、R2的電功率之比為1:2C．通過R1、R2橫截面的電荷量之比為1:1 D．相等時間內R1、R2產生的焦耳熱之比為1:2【答案】C【詳析】A．串聯(lián)電路，電流處處相等，根據U=IR，則R1、R2的電壓之比為U故A錯誤；B．根據電功率P=I2R，由于電流相等，故電功率之比與電阻成正比，即R1、R2的電功率之比為2:1C．根據q=It，由于電流相等、時間相等，則通過R1、R2橫截面的電荷量之比為1:1，故C正確；D．根據焦耳熱Q=I2Rt，由于電流相等，故相等時間內R1、R2產生的焦耳熱之比等于電阻之比，即相等時間內R1、R2產生的焦耳熱之比為2:1故選C。6．（2025·江蘇揚州·考前調研）將四個定值電阻a、b、c、d分別接入電路，測得相應的電流、電壓值，并在I-U圖像中描點如圖所示。其中阻值最接近的兩個電阻是（）A．a和b B．b和d C．a和c D．c和d【答案】A【詳析】根據R=UI知，定值電阻的I-U圖線的斜率表示定值電阻的阻值的倒數。分別連接O與4個點，根據它們的傾斜度可知，a和故選A。7．（2025·江蘇揚州中學·一模）如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r。兩電壓表可看作是理想電表，當閉合開關，將滑動變阻器的觸片由右端向左滑動時，下列說法中正確的是（）A．小燈泡L1變亮 B．小燈泡L2變暗C．V1表的讀數變大 D．V2表的讀數變大【答案】D【詳析】C.將滑動變阻器的觸片由右端向左滑動時，變阻器接入電路的電阻變小，變阻器與燈泡L1并聯(lián)的電阻變小，外電路總電阻減小，干路電流增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，則V1表的讀數變小，C錯誤。BD.由歐姆定律可知，干路電流增大，燈泡L2變亮，電壓表V2讀數變大，B錯誤，D正確。A.由閉合電路歐姆定律燈泡L1的電壓U1=E-Ir+RL2其中I增大，則U1故選D。8．（24-25高二上·江蘇無錫錫山天一宛山湖分?！るA段測試）如圖所示，把兩只完全相同的表頭進行改裝，已知表頭內阻為100ΩA．由甲圖可知，該表頭滿偏電流IB．甲圖是改裝成的雙量程電壓表，其中b量程為10VC．乙圖中R1=D．乙圖中R1=5【答案】C【詳析】AB．由甲圖可知Ig=URg+R=3100+2.9×CD．改裝為I1=10mA=0.01A電流表時，并聯(lián)電阻的分流電流為I'=R1=IgRg+R2I2故選C。9．（24-25高三·江蘇南通如皋·一檢）如圖所示，甲、乙是改裝成電流表和電壓表的電路，則（）A．甲圖中，R減小時量程減小B．乙圖中，R減小時量程增大C．甲圖中，若改裝后的電表示數略微偏大，可將R值稍微調小D．乙圖中，若改裝后的電表示數略微偏大，可將R值稍微調小【答案】C【詳析】AC．由電表的改裝可知，電流表應是G與R并聯(lián)（甲圖），改裝后加在G兩端的最大電壓Ug=IgRg不變，所以并聯(lián)電阻R越大，I=Ig+RgRIBD．對于電壓表應是G與R串聯(lián)（乙圖），改裝后量程U=IgRg+IgR，可知R越大，量程越大；若改裝后的電表示數略微偏大，說明所串聯(lián)電阻的分壓偏小，則分壓電阻阻值偏小，可將R值稍微調大，故BD錯誤。故選C。10．（24-25高三上·江蘇鹽城中學·月考）在如圖所示的電路中，R0是定值電阻，R1、R2是滑動變阻器，D為理想二極管。電源的電動勢為E，內阻為r，接通開關S，質量為mA．將R1B．將R2C．斷開開關S，將有電子自下而上通過理想二極管DD．增大電容器兩極板間的距離，油滴將加速向上運動【答案】C【詳析】A．將R1的滑片向右移動，阻值減小，則電路總電阻減小，總電流變大，R0電壓變大，即兩板間電壓變大，場強變大，向上的電場力變大，則油滴將向上運動，選項AB．將R2的滑片向右移動，金屬板兩板間電壓不變，場強不變，油滴仍靜止，選項BC．斷開開關S，電容器放電，電流方向從上往下通過二極管D，則將有電子自下而上通過理想二極管D，選項C正確；D．增大電容器兩極板間的距離，兩板間電壓不變，則場強減小，油滴受向上的電場力減小，則將加速向下運動，選項D錯誤。故選C。11．（24-25高二·江蘇無錫·期末）某城市新裝了一批節(jié)能路燈，該路燈通過光控開關實現自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變。其內部電路簡化原理圖如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，RGA．A燈變亮，B燈變亮 B．A燈變亮，B燈變暗C．電源的效率變小 D．RG上電流的變化量等于R【答案】A【詳析】光照逐漸減弱時，光敏電阻阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，內電壓減小，外電壓增大。AB．外電壓增大，A燈變亮；支路R0上的電流減小，R0上的電壓減小，又因為外電壓增大，所以B燈電壓增大，所以B燈變亮，故A正確，B錯誤；C．因為外電阻變大，根據η=I2RID．對于支路R0，有ΔI0=ΔIB+ΔIG，故選A。12．（2025·江蘇宿遷·三模）如圖所示，電源電動勢為E，內阻不計，定值電阻的阻值分別為R1、R2，電容器的電容為C。閉合開關A．通過電阻R1B．電容器所帶電荷量為CEC．斷開S的瞬間，通過電阻R2的電流為D．斷開S后，通過電阻R2的電荷量為【答案】C【詳析】A．電路穩(wěn)定后，根據閉合電路歐姆定律可知通過電阻R1的電流為I=ER1B．電容器兩端電壓等于電阻R2兩端電壓，則有U2=I故B錯誤；C．斷開S的瞬間，電容器與電阻R2構成回路進行放電，通過電阻R2的電流為I2=D．斷開S后，電容器與電阻R2構成回路進行放電，則通過電阻R2的電荷量為CER故選C。13．（24-25高三下·江蘇宿遷泗陽·一模）在圖甲的電路中，電源內阻不計，不計電表內阻的影響。調節(jié)R1的阻值，得到各組電壓表和電流表數據，作出的U-I圖像如圖乙中AB所示，則表示R1阻值的是（）A．AB的斜率 B．僅a的斜率C．僅b的斜率 D．a或b的斜率【答案】D【詳析】根據閉合電路歐姆定律有U=E-IR2，可知，AB的斜率代表R2的阻值，a的斜率表示通過R1的電流為0.1A時，R1的有效電阻；b的斜率表示通過R1的電流為0.3A時，R故選D。14．（2025·江蘇·調研）一溫控裝置的部分電路如圖所示，R1、R2和R3A．電壓表示數增大 B．電源功率減小C．兩電表示數的比值UI增大 D．兩電表示數變化量絕對值的比值Δ【答案】D【詳析】A．當環(huán)境溫度升高時，熱敏電阻的阻值Rt減小，則外電路的總阻值R減小，根據閉合電路的歐姆定律可知，干路電流增大，把定值電阻R1等效成電源內阻，則電路內電壓UrB．根據功率P=IE，結合上述分析可知，當溫度升高時，熱敏電阻的阻值Rt減小，干路電流I增大，故電源的功率增大，故BC．根據電路特點可知，兩表的示數之比恰好為Rt與R3串聯(lián)的總阻值，當溫度升高時，Rt的阻值減小，故兩電表示數的比值UD．將電壓表和R2根據電路特點及閉合電路的歐姆定律可得U=E-(I+UR2+URV)(故選D。15．（2025·江蘇宿遷·考前模擬）如圖所示電路中，電阻R1、R2阻值相同，電源電動勢為E，內阻不計，電容為A．電路穩(wěn)定后，R1和R2中的電流一樣大B．電路穩(wěn)定后，電容器帶電量為CEC．斷開S瞬間，R1和R2中電流方向相同D．斷開S瞬間，R1中的電流較大【答案】B【詳析】A．電路穩(wěn)定后，R2被短路，流過R2的電流為0，可知R1和R2中的電流不一樣大，故B．電路穩(wěn)定后，電容器電壓為路端電壓，由于電源內阻不計，可知路端電壓為E，則電容器帶電量為Q=CU=CE，故B正確；C．斷開S瞬間，電容器與R1構成回路，電容器放電，電流從左向右流過R1；斷開S瞬間，電感線圈與R2構成回路，在自感作用下，電流從左向右流過電感線圈，即電流從右向左流過RD．斷開S前，流過R1和電感的電流相同，斷開S瞬間電感電流從原電流減小，而R1兩端電壓等于電容電壓等于電動勢，則電流大小不變，兩者電流大小相等，故故選B。16．（2025·江蘇鹽城射陽中學·模擬預測）為了測量某電池的電動勢和內電阻，實驗室提供了下列器材：A．待測電池B．電流表G（量程50mA，內阻RgC．電阻箱R1（阻值均為0~999.9D．定值電阻RE．開關S和導線若干(1)為粗略測量電源的電動勢，小明先用多用電表直流電壓10V擋與電源直接相連，示數如圖甲所示，則電動勢的讀數為________V。(2)將電阻箱R1與電流表G并聯(lián)，如圖乙所示，將電流表量程擴大為原來的10倍，應將電阻箱R1的阻值調為________Ω。正確調整R1的阻值后，將電流表G(3)小明利用擴大量程后的電流表A設計了實驗，電路圖如圖丙所示，定值電阻R0在電路中的作用是保護電路；正確進行實驗操作，得到了多組電流表A的示數I和電阻箱的電阻R的數據，并繪制出如圖丁所示的________（選填A．“I-R”、B．“R-I”、C．“R-1I”或“(4)若圖丁中圖像的斜率為k，縱截距為－b，根據圖像得出電池的電動勢E=________，內阻r=________。（結果用k、b、R0、R【答案】(1)8.0(2)2(3)R-(4)kb-【詳析】（1）用多用電表直流電壓10V擋與電源直接相連，示數如圖甲所示，則電動勢的讀數為8.0V；（2）將電阻箱R1與電流表G并聯(lián)，如圖乙所示，將電流表量程擴大為原來的10倍，根據電流表改裝原理，應將電阻箱R1（3）改裝后電流表的內阻為r根據閉合電路歐姆定律，可得I=整理得R=E·所以，圖丁所繪制的圖像為R-1（4）[1][2]根據R=E·結合圖像斜率得k=E縱截距b=得r=b-17．（2025·江蘇揚州大學附中·熱身訓練）小明要將一量程為3m