高級中學名校試卷PAGEPAGE1宜城一中南漳一中2024-2025學年上學期高一12月考試物理試題考試時間：75分鐘；分值：100分注意事項：1.答題前，先將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并認真核準準考證號條形碼上的以上信息，將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標號涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚。4.考試結束后，請將試卷和答題卡一并上交。第I卷（選擇題）一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~10題有多項符合題目要求。每小題全部選對的得4分，選對但不全的得2分有選錯的得0分1.在一檔展現我國人民生活水平飛速發(fā)展的電視節(jié)目中，導演用富有感染力的視角拍攝了高鐵列車、新能源汽車、C919大飛機等國產先進交通工具的逐步普及。關于以上交通工具的說法正確的是（）A.高鐵列車剎車過程中，速度越來越小，加速度也越來越小B.新能源汽車在平直道路上行駛時，速度的方向向前，加速度的方向可能向后C.新能源汽車在平直道路上行駛時，若速度變化很大，則加速度一定很大D.C919大飛機在高空沿直線加速飛行過程中，速度很大，則加速度也一定很大【答案】B【解析】A．高鐵列車剎車過程中，速度越來越小，加速度與速度反向，但加速度大小不一定也越來越小，選項A錯誤；B．新能源汽車在平直道路上行駛時，若做減速運動，則速度的方向向前，加速度的方向向后，選項B正確；C．新能源汽車在平直道路上行駛時，若速度變化很大，但加速度不一定很大，還與時間有關，選項C錯誤；D．C919大飛機在高空沿直線加速飛行過程中，速度很大，但是加速度不一定很大，選項D錯誤。故選B。2.在解答一道已知量完全由字母表達結果的計算題時，一個同學解得某物體位移的表達式如下，請你用單位制的知識判斷，下面哪個結果可能正確（）A. B. C. D.【答案】B【解析】A．用單位制表示不是位移的單位，A錯誤；B．用單位制表示為是位移的單位，B正確；C．用單位制表示為不是位移的單位，C錯誤；D．用單位制表示為不是位移的單位，D錯誤。故選B。3.自動扶梯的應用相當廣泛，給生產、生活帶來了極大的方便。如圖所示，坡式自動扶梯正在勻速向上運送貨物，貨物與自動扶梯保持相對靜止。下列說法正確的是（）A.若扶梯突然加速，則貨物的慣性會增大B.扶梯對貨物作用力的方向垂直斜面向上C.貨物對扶梯的摩擦力與扶梯對貨物的摩擦力是一對平衡力D.貨物對扶梯的壓力與扶梯對貨物的支持力是一對作用力與反作用力【答案】D【解析】A．物體的慣性只與質量有關，故貨物慣性不變，故A錯誤；B．貨物受到重力、扶梯對其的支持力和摩擦力的作用，處于平衡狀態(tài)，故扶梯對貨物作用力即支持力和摩擦力的合力大小與重力的大小相等，其方向豎直向上，故B錯誤；C．貨物對扶梯的摩擦力受力物體為扶梯，扶梯對貨物的摩擦力受力物體為貨物，不滿足平衡力作用于一個物體上的條件，貨物對扶梯的摩擦力與扶梯對貨物的摩擦力不是一對平衡力，故C錯誤；D．貨物對扶梯的壓力與扶梯對貨物的支持力大小相等，二者方向相反，作用于兩個物體上，故二者為一對作用力與反作用力，故D正確。故選D。4.如圖所示，兩伸長的彈簧分別固定在箱子的上下底面，兩彈簧間有一可看作質點的小球，靜止時小球與箱子側面的O點等高。當箱子在豎直方向運動時，下列說法正確的是（）A.若小球與O點等高，則小球一定勻速運動B.小球的加速度大小不可能大于重力加速度gC.若小球與M點等高，則小球處于超重狀態(tài)D.若小球與N點等高，則小球處于失重狀態(tài)【答案】A【解析】A．根據牛頓第一定律，當小球所受合力為零時，保持靜止或者勻速直線運動狀態(tài)，靜止時小球與箱子側面的O點等高，說明此時小球受到的合力為零，當箱子在豎直方向運動時，小球隨箱子一起運動，若小球與O點等高，小球一定勻速運動，故A正確；B．當兩彈簧的合力不為零，并且跟小球重力方向相同時，小球受到的合力大于重力，根據牛頓第二定律，小球的加速度大小大于重力加速度g，故B錯誤；C．若小球與M點等高，對小球受力分析可知小球受到的合力方向豎直向下，根據牛頓第二定律，小球的加速度方向與合力方向相同，因此加速度的方向豎直向下，小球處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．若小球與N點等高，對小球受力分析可知小球受到的合力方向豎直向上，根據牛頓第二定律，小球的加速度方向與合力方向相同，因此加速度的方向豎直向上，小球處于超重狀態(tài)，故D錯誤。故選A。5.某次高臺跳水比賽中，一運動員（視為質點）跳出后從距水面高度為處開始做自由落體運動。若將運動員下落第一個所用的時間記為，第四個所用的時間記為，則（）A. B. C. D.【答案】C【解析】依題意，運動員做自由落體運動，可得則運動員下落第一個所用的時間為第四個所用的時間為聯立，可得則有故選C。6.電梯、汽車等在加速時會使人產生不適感，不適感的程度可用“急動度”來描述。急動度是描述加速度變化快饅的物理量，即，單位為。某汽車加速過程的急動度j隨時間t變化的關系圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A.在內，汽車做勻加速直線運動B.在內，汽車做勻加速直線運動C.在內，汽車加速度的變化量大小為D.在內，汽車加速度變化量大小為【答案】D【解析】AB．根據題意，由圖可知，在內，汽車的“急動度”增加，則加速度變化的越來越快，在內，汽車的“急動度”不變，則加速度均勻變化，則汽車加速度一直在變，故AB錯誤；CD．根據題意可知，圖像的面積表示加速度的變化量，在內汽車加速度的變化量大小為在內，汽車加速度的變化量大小為故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，豎直墻壁AB與斜面BC的夾角為53°，質量均為m且分布均勻的半球與小球疊放在墻面與斜面之間，。重力加速度大小為g，取，，一切摩擦忽略不計。下列說法正確的是（）A.斜面對半球的彈力大小為B.半球對墻壁的彈力大小為C.若僅將小球的半徑減小，則墻壁對小球的彈力變小D.若僅將小球的半徑減小，則半球對小球的支持力變大【答案】BD【解析】A．對小球進行受力分析，如圖甲所示可知墻壁對小球的彈力大小對半球和小球整體進行受力分析，如圖乙所示可知斜面對半球的彈力大小故A錯誤；B．根據上述可知，墻壁對整體的彈力大小故墻壁對半球的彈力大小根據牛頓第三定律可知，半球對墻壁的彈力大小為，故B正確；CD．若僅將小球的半徑減小，對小球進行受力分析，如圖丙所示可知，墻壁對小球的彈力由變大為，半球對小球的支持力由變大為，故C錯誤，D正確。8.如圖所示，甲、乙、丙、丁四個圖像表示六個物體的運動情況，下列說法正確的是（）A.甲圖中A物體與B物體末一定相遇B.乙圖中C物體與D物體在末一定相遇C.丙圖中E物體的加速度大小為D.丁圖中F物體在末的速度大小為20m/s【答案】AD【解析】A．在圖像中，交點表示相遇，甲圖中，A物體與B物體在1s末相遇，故A正確；B．圖線圍成面積表示位移，乙圖中C物體與D物體在位移相等，但由于不知兩者的初始位置，所以C物體與D物體在末不一定相遇，故B錯誤；C．根據速度與位移的關系式可得因此在圖像中，斜率表示，有解得故C錯誤；D．根據位移公式可得在圖像中，斜率表示，縱截距表示初速度，有可得丁圖中F物體在末的速度大小為速度為負號表示速度與初速度方向相反，速度大小為，故D正確。故選AD。9.如圖所示，粗糙水平面上有一輕質彈簧連接著物塊甲、乙，用大小為36N的水平恒力F作用在物塊甲上時，物塊甲、乙一起向左做勻加速直線運動。已知物塊甲、乙的質量分別為2kg、4kg，兩物塊與地面間的動摩擦因數均為0.3，取重力加速度大小。下列說法正確的是（）A.物塊甲的加速度大小為B.彈簧上的彈力大小為24NC.若撤去恒力F，則撤去瞬間物塊甲的加速度大小為D.若撤去恒力F，則撤去瞬間物塊乙的加速度大小為【答案】BD【解析】A．由題意可知，物塊甲、乙一起向左做勻加速直線運動，物塊甲、乙的加速度相等，對物塊甲、乙組成的整體分析，由牛頓第二定律可得解得A錯誤；B．對物塊乙，由牛頓第二定律可得代入數據解得彈力大小為B正確；C．若撤去恒力F，撤去瞬間由于彈力不能突變，則物塊甲的加速度大小為Ｃ錯誤；D．若撤去恒力F，撤去瞬間由于彈力不能突變，則物塊乙的加速度大小為D正確。故選BD。10.如圖，一足夠長的傳送帶傾斜放置，傾角為，以恒定速率順時針轉動。一質量為的煤塊（可視為質點）以初速度從A端沖上傳送帶，煤塊與傳送帶間的動摩擦因數為，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小取，，。下列說法正確的是（）A.煤塊剛沖上傳送帶時的加速度大小為6m/s2B.煤塊能上滑的最大距離為9mC.煤塊能上滑的最大距離為10mD.煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為【答案】CD【解析】A．煤塊剛沖上傳送帶時，根據牛頓第二定律有解得煤塊的加速度大小為故A錯誤；BC．設經時間減速，煤塊與傳送帶共速，根據運動學公式有，煤塊與傳送帶共速后，因故煤塊向上做勻減速直線運動，有解得煤塊的加速度大小為根據運動學公式有，煤塊能上滑的最大距離為故B錯誤，C正確；D．煤塊向減速至零，接著煤塊沿傳送帶向下滑動，根據牛頓第二定律有解得煤塊的加速度大小為根據運動學公式有解得所以煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為故D正確。故選CD。第II卷（非選擇題）二、實驗題：本題共2小題，11題6分，12題10分，每空2分，共16分11.某實驗小組用鐵架臺、毫米刻度尺以及若干質量均為m的鉤碼組成如圖的裝置，用來探究彈簧（下端帶掛鉤，自重不能忽略）彈力的大小與伸長量之間的關系。重力加速度大小為g。（1）將彈簧的一端固定在鐵架臺上，讓彈簧自然下垂，用刻度尺測得彈簧的長度為，由于彈簧的自重不能忽略，_______（填“大于”、“小于”或“等于”）彈簧的原長。（2）在彈簧下端掛上n個鉤碼，測得鉤碼保持靜止時彈簧的長度為L，此時彈簧增加的彈力大小________（用n、m、g表示）。（3）彈簧的勁度系數________（用、L、n、m、g表示）?！敬鸢浮浚?）大于（2）（3）【解析】（1）由于彈簧的自重不能忽略，彈簧自然下垂時，彈簧的長度大于原長，L0大于彈簧的原長；（2）彈簧增加的彈力大小等于增加的鉤碼的總重力，即（3）根據胡克定律可得所以12.學校物理興趣小組用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數。取重力加速度大小，計算結果均保留三位有效數字。（1）用彈簧測力計測量10個相同的小鐵片受到的總重力，其示數如圖乙所示，則彈簧測力計的示數__________N，每個鐵片的質量__________kg。（2）將繞過定滑輪的柔軟輕繩兩端分別與木塊和彈簧測力計連接，在木塊上放上鐵片；調整實驗桌使木板水平，調整滑輪位置使滑輪與木塊間的輕繩與木板平行。（3）在木塊上放一個鐵片，向左緩慢拉動木板，待彈簧測力計指針穩(wěn)定時讀出彈簧測力計的示數。（4）每次往木塊上添加一個鐵片，重復步驟（3）。根據實驗數據，作出彈簧測力計的示數與鐵片個數的關系圖像如圖丙所示，則木塊與木板間的動摩擦因數__________，木塊的質量__________kg。（5）本實驗中，木板下表面與實驗桌間是否有摩擦對實驗結果__________（填“有”或“無”）影響。【答案】（1）0.0450（4）0.2000.150（5）無【解析】（1）由圖乙可知，彈簧測力計的示數為根據題意有解得（4）根據滑動摩擦力公式可知，木塊受到的滑動摩擦力大小為由平衡條件有整理可得結合圖丙可得，解得，（5）木板下表面與實驗桌間是否有摩擦對木塊的受力情況沒有影響，則本實驗中，木板下表面與實驗桌間是否有摩擦對實驗結果無影響。三、解答題：本題共3小題，12+14+18，共44分。13.如圖所示，水平地面上固定有一豎直光滑桿，桿上套有質量的小球，地面上放質量的物塊，小球和物塊由繞過光滑定滑輪的輕繩相連，物塊恰好不滑動，連接小球和物塊的輕繩與豎直方向的夾角分別為、。認為物塊與桌面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度大小，，。求：（1）輕繩的拉力大小；（2）物塊與地面間的動摩擦因數。【答案】（1）5N；（2）0.4【解析】（1）將小球所受繩的拉力進行分解，對圓環(huán)有解得F=5N（2）此時物塊恰好不滑動，物塊受到的摩擦力達到最大，設為f，豎直方向有水平方向又有聯立解得14.如圖所示，固定的斜面AB傾角，質量的水平長木板放在光滑地面上，木板的左端與斜面B處平滑相靠（但不連接）。將質量的物體（可視為質點）無初速度的放在斜面的頂端A，物體到達斜面的底端B后滑上木板左端（從B處滑上長木板左端物體的速度大小不變）。物體與斜面、物體與木板間的動摩擦因數均為0.5，AB的距離為。重力加速度g取。求：（1）物體運動到B點時速度大小；（2）物體滑上木板后物體和長木板的加速度；（3）要使物體不會從木板上掉下，木板長度L的最小值。【答案】（1）；（2），；（3）【解析】（1）物體從A運動到B的過程中，由牛頓第二定律得解得（2）物體滑上木板后對物體有對長木板有解得（3）要使物體不會從木板上掉下，則物體與木板共速時，物塊不能從木板上掉下，此時有物體與木板的位移差，即木板長度L的最小值為解得15.一輛快遞車正在平直公路上以大小的速度勻速行駛，有快件從車上掉落，一段時間后，快遞小哥才發(fā)現并立即關閉發(fā)動機以大小的加速度做勻減速直線運動。在快遞車開始減速的同時，快遞車后方距快遞車處一自行車騎手拾起快件由靜止出發(fā)，以大小的加速度向前追趕快遞車，自行車能達到的最大速度。求：（1）快遞車做勻減速直線運動直到停止的過程中，通過的位移大??；（2）自行車與快遞車之間的最大距離d；（3）自行車追上快遞車的時間t。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）根據勻變速直線運動的規(guī)律有解得（2）當自行車與快遞車的速度相等時，兩者之間的距離最大，設從快遞車開始減速起，經時間兩者的速度相等，有解得經分析可知解得（3）設自行車由靜止加速到最大速度的時間為，有解得自行車由靜止加速到最大速度的過程中的位移大小解得此后，自行車以最大速度做勻速直線運動，從自行車達到最大速度到快遞車停下，自行車的位移大小解得因為所以當快遞車停下時，自行車尚未追上快遞車，快遞車停下后自行車繼續(xù)以最大速度勻速追趕快遞車，設從快遞車停下到自行車追上快遞車的時間為，有解得經分析可知解得宜城一中南漳一中2024-2025學年上學期高一12月考試物理試題考試時間：75分鐘；分值：100分注意事項：1.答題前，先將自己的姓名、準考證號、考場號、座位號填寫在試卷和答題卡上，并認真核準準考證號條形碼上的以上信息，將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標號涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚。4.考試結束后，請將試卷和答題卡一并上交。第I卷（選擇題）一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~10題有多項符合題目要求。每小題全部選對的得4分，選對但不全的得2分有選錯的得0分1.在一檔展現我國人民生活水平飛速發(fā)展的電視節(jié)目中，導演用富有感染力的視角拍攝了高鐵列車、新能源汽車、C919大飛機等國產先進交通工具的逐步普及。關于以上交通工具的說法正確的是（）A.高鐵列車剎車過程中，速度越來越小，加速度也越來越小B.新能源汽車在平直道路上行駛時，速度的方向向前，加速度的方向可能向后C.新能源汽車在平直道路上行駛時，若速度變化很大，則加速度一定很大D.C919大飛機在高空沿直線加速飛行過程中，速度很大，則加速度也一定很大【答案】B【解析】A．高鐵列車剎車過程中，速度越來越小，加速度與速度反向，但加速度大小不一定也越來越小，選項A錯誤；B．新能源汽車在平直道路上行駛時，若做減速運動，則速度的方向向前，加速度的方向向后，選項B正確；C．新能源汽車在平直道路上行駛時，若速度變化很大，但加速度不一定很大，還與時間有關，選項C錯誤；D．C919大飛機在高空沿直線加速飛行過程中，速度很大，但是加速度不一定很大，選項D錯誤。故選B。2.在解答一道已知量完全由字母表達結果的計算題時，一個同學解得某物體位移的表達式如下，請你用單位制的知識判斷，下面哪個結果可能正確（）A. B. C. D.【答案】B【解析】A．用單位制表示不是位移的單位，A錯誤；B．用單位制表示為是位移的單位，B正確；C．用單位制表示為不是位移的單位，C錯誤；D．用單位制表示為不是位移的單位，D錯誤。故選B。3.自動扶梯的應用相當廣泛，給生產、生活帶來了極大的方便。如圖所示，坡式自動扶梯正在勻速向上運送貨物，貨物與自動扶梯保持相對靜止。下列說法正確的是（）A.若扶梯突然加速，則貨物的慣性會增大B.扶梯對貨物作用力的方向垂直斜面向上C.貨物對扶梯的摩擦力與扶梯對貨物的摩擦力是一對平衡力D.貨物對扶梯的壓力與扶梯對貨物的支持力是一對作用力與反作用力【答案】D【解析】A．物體的慣性只與質量有關，故貨物慣性不變，故A錯誤；B．貨物受到重力、扶梯對其的支持力和摩擦力的作用，處于平衡狀態(tài)，故扶梯對貨物作用力即支持力和摩擦力的合力大小與重力的大小相等，其方向豎直向上，故B錯誤；C．貨物對扶梯的摩擦力受力物體為扶梯，扶梯對貨物的摩擦力受力物體為貨物，不滿足平衡力作用于一個物體上的條件，貨物對扶梯的摩擦力與扶梯對貨物的摩擦力不是一對平衡力，故C錯誤；D．貨物對扶梯的壓力與扶梯對貨物的支持力大小相等，二者方向相反，作用于兩個物體上，故二者為一對作用力與反作用力，故D正確。故選D。4.如圖所示，兩伸長的彈簧分別固定在箱子的上下底面，兩彈簧間有一可看作質點的小球，靜止時小球與箱子側面的O點等高。當箱子在豎直方向運動時，下列說法正確的是（）A.若小球與O點等高，則小球一定勻速運動B.小球的加速度大小不可能大于重力加速度gC.若小球與M點等高，則小球處于超重狀態(tài)D.若小球與N點等高，則小球處于失重狀態(tài)【答案】A【解析】A．根據牛頓第一定律，當小球所受合力為零時，保持靜止或者勻速直線運動狀態(tài)，靜止時小球與箱子側面的O點等高，說明此時小球受到的合力為零，當箱子在豎直方向運動時，小球隨箱子一起運動，若小球與O點等高，小球一定勻速運動，故A正確；B．當兩彈簧的合力不為零，并且跟小球重力方向相同時，小球受到的合力大于重力，根據牛頓第二定律，小球的加速度大小大于重力加速度g，故B錯誤；C．若小球與M點等高，對小球受力分析可知小球受到的合力方向豎直向下，根據牛頓第二定律，小球的加速度方向與合力方向相同，因此加速度的方向豎直向下，小球處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．若小球與N點等高，對小球受力分析可知小球受到的合力方向豎直向上，根據牛頓第二定律，小球的加速度方向與合力方向相同，因此加速度的方向豎直向上，小球處于超重狀態(tài)，故D錯誤。故選A。5.某次高臺跳水比賽中，一運動員（視為質點）跳出后從距水面高度為處開始做自由落體運動。若將運動員下落第一個所用的時間記為，第四個所用的時間記為，則（）A. B. C. D.【答案】C【解析】依題意，運動員做自由落體運動，可得則運動員下落第一個所用的時間為第四個所用的時間為聯立，可得則有故選C。6.電梯、汽車等在加速時會使人產生不適感，不適感的程度可用“急動度”來描述。急動度是描述加速度變化快饅的物理量，即，單位為。某汽車加速過程的急動度j隨時間t變化的關系圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A.在內，汽車做勻加速直線運動B.在內，汽車做勻加速直線運動C.在內，汽車加速度的變化量大小為D.在內，汽車加速度變化量大小為【答案】D【解析】AB．根據題意，由圖可知，在內，汽車的“急動度”增加，則加速度變化的越來越快，在內，汽車的“急動度”不變，則加速度均勻變化，則汽車加速度一直在變，故AB錯誤；CD．根據題意可知，圖像的面積表示加速度的變化量，在內汽車加速度的變化量大小為在內，汽車加速度的變化量大小為故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，豎直墻壁AB與斜面BC的夾角為53°，質量均為m且分布均勻的半球與小球疊放在墻面與斜面之間，。重力加速度大小為g，取，，一切摩擦忽略不計。下列說法正確的是（）A.斜面對半球的彈力大小為B.半球對墻壁的彈力大小為C.若僅將小球的半徑減小，則墻壁對小球的彈力變小D.若僅將小球的半徑減小，則半球對小球的支持力變大【答案】BD【解析】A．對小球進行受力分析，如圖甲所示可知墻壁對小球的彈力大小對半球和小球整體進行受力分析，如圖乙所示可知斜面對半球的彈力大小故A錯誤；B．根據上述可知，墻壁對整體的彈力大小故墻壁對半球的彈力大小根據牛頓第三定律可知，半球對墻壁的彈力大小為，故B正確；CD．若僅將小球的半徑減小，對小球進行受力分析，如圖丙所示可知，墻壁對小球的彈力由變大為，半球對小球的支持力由變大為，故C錯誤，D正確。8.如圖所示，甲、乙、丙、丁四個圖像表示六個物體的運動情況，下列說法正確的是（）A.甲圖中A物體與B物體末一定相遇B.乙圖中C物體與D物體在末一定相遇C.丙圖中E物體的加速度大小為D.丁圖中F物體在末的速度大小為20m/s【答案】AD【解析】A．在圖像中，交點表示相遇，甲圖中，A物體與B物體在1s末相遇，故A正確；B．圖線圍成面積表示位移，乙圖中C物體與D物體在位移相等，但由于不知兩者的初始位置，所以C物體與D物體在末不一定相遇，故B錯誤；C．根據速度與位移的關系式可得因此在圖像中，斜率表示，有解得故C錯誤；D．根據位移公式可得在圖像中，斜率表示，縱截距表示初速度，有可得丁圖中F物體在末的速度大小為速度為負號表示速度與初速度方向相反，速度大小為，故D正確。故選AD。9.如圖所示，粗糙水平面上有一輕質彈簧連接著物塊甲、乙，用大小為36N的水平恒力F作用在物塊甲上時，物塊甲、乙一起向左做勻加速直線運動。已知物塊甲、乙的質量分別為2kg、4kg，兩物塊與地面間的動摩擦因數均為0.3，取重力加速度大小。下列說法正確的是（）A.物塊甲的加速度大小為B.彈簧上的彈力大小為24NC.若撤去恒力F，則撤去瞬間物塊甲的加速度大小為D.若撤去恒力F，則撤去瞬間物塊乙的加速度大小為【答案】BD【解析】A．由題意可知，物塊甲、乙一起向左做勻加速直線運動，物塊甲、乙的加速度相等，對物塊甲、乙組成的整體分析，由牛頓第二定律可得解得A錯誤；B．對物塊乙，由牛頓第二定律可得代入數據解得彈力大小為B正確；C．若撤去恒力F，撤去瞬間由于彈力不能突變，則物塊甲的加速度大小為Ｃ錯誤；D．若撤去恒力F，撤去瞬間由于彈力不能突變，則物塊乙的加速度大小為D正確。故選BD。10.如圖，一足夠長的傳送帶傾斜放置，傾角為，以恒定速率順時針轉動。一質量為的煤塊（可視為質點）以初速度從A端沖上傳送帶，煤塊與傳送帶間的動摩擦因數為，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小取，，。下列說法正確的是（）A.煤塊剛沖上傳送帶時的加速度大小為6m/s2B.煤塊能上滑的最大距離為9mC.煤塊能上滑的最大距離為10mD.煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為【答案】CD【解析】A．煤塊剛沖上傳送帶時，根據牛頓第二定律有解得煤塊的加速度大小為故A錯誤；BC．設經時間減速，煤塊與傳送帶共速，根據運動學公式有，煤塊與傳送帶共速后，因故煤塊向上做勻減速直線運動，有解得煤塊的加速度大小為根據運動學公式有，煤塊能上滑的最大距離為故B錯誤，C正確；D．煤塊向減速至零，接著煤塊沿傳送帶向下滑動，根據牛頓第二定律有解得煤塊的加速度大小為根據運動學公式有解得所以煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為故D正確。故選CD。第II卷（非選擇題）二、實驗題：本題共2小題，11題6分，12題10分，每空2分，共16分11.某實驗小組用鐵架臺、毫米刻度尺以及若干質量均為m的鉤碼組成如圖的裝置，用來探究彈簧（下端帶掛鉤，自重不能忽略）彈力的大小與伸長量之間的關系。重力加速度大小為g。（1）將彈簧的一端固定在鐵架臺上，讓彈簧自然下垂，用刻度尺測得彈簧的長度為，由于彈簧的自重不能忽略，_______（填“大于”、“小于”或“等于”）彈簧的原長。（2）在彈簧下端掛上n個鉤碼，測得鉤碼保持靜止時彈簧的長度為L，此時彈簧增加的彈力大小________（用n、m、g表示）。（3）彈簧的勁度系數________（用、L、n、m、g表示）。【答案】（1）大于（2）（3）【解析】（1）由于彈簧的自重不能忽略，彈簧自然下垂時，彈簧的長度大于原長，L0大于彈簧的原長；（2）彈簧增加的彈力大小等于增加的鉤碼的總重力，即（3）根據胡克定律可得所以12.學校物理興趣小組用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數。取重力加速度大小，計算結果均保留三位有效數字。（1）用彈簧測力計測量10個相同的小鐵片受到的總重力，其示數如圖乙所示，則彈簧測力計的示數__________N，每個鐵片的質量__________kg。（2）將繞過定滑輪的柔軟輕繩兩端分別與木塊和彈簧測力計連接，在木塊上放上鐵片；調整實驗桌使木板水平，調整滑輪位置使滑輪與木塊間的輕繩與木板平行。（3）在木塊上放一個鐵片，向左緩慢拉動木板，待彈簧測力計指針穩(wěn)定時讀出彈簧測力計的示數。（4）每次往木塊上添加一個鐵片，重復步驟（3）。根據實驗數據，作出彈簧測力計的示數與鐵片個數的關系圖像如圖丙所示，則木塊與木板間的動摩擦因數__________，木塊的質量__________kg。（5）本實驗中，木板下表面與實驗桌間是否有摩擦對實驗結果__________（填“有”或“無”）影響?！敬鸢浮浚?）0.0450（4）0.2000.150（5）無【解析】（1）由圖乙可知，彈簧測力計的示數為根據題意有解得（4