高級中學名校試卷PAGEPAGE12024學年第二學期s9聯(lián)盟期中聯(lián)考高一年級物理學科試題考生須知：1．本卷共6頁滿分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字。3．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙。一、單選題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出得四個備選項中只有一個是符合題目要求得，不選、多選、錯選均不得分）1.下列工具測得的物理量，屬于國際單位制基本物理量的是（）A.米尺 B.彈簧測力計C.電壓表 D.量角器【答案】A【解析】在國際單位制中共有七個基本量：長度、質(zhì)量、時間、電流、熱力學溫度、物質(zhì)的量和發(fā)光強度A．測量的是長度，屬于國際單位制基本物理量，A正確；B．測量的是力，不屬于國際單位制基本物理量，B錯誤；C．測量的是電壓，不屬于國際單位制基本物理量，C錯誤；D．測量的是角度，不屬于國際單位制基本物理量，D錯誤。故選A。2.2023年5月30日9時31分，長征二號攜神舟十六號載人飛船在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，景海鵬、朱楊柱、桂海潮3名航天員狀態(tài)良好，發(fā)射取得圓滿成功。經(jīng)過9個多小時，載人飛船進入預(yù)定軌道后，采用自主快速交會對接模式對接天和核心艙（核心艙距離地面近400km）徑向端口，形成三艙三船組合體，18時22分，神舟十六號航天員乘組成功入駐“天宮”。下列說法正確的是（）A.“2023年5月30日9時31分”代表時間間隔B.神舟十六號飛船升空到對接的路程為400kmC.神舟十六號飛船在與核心艙對接的過程中，不能視作質(zhì)點D.神舟十六號升空過程中，以景海鵬為參考系，朱楊柱、桂海潮都向上運動【答案】C【解析】A．“2023年5月30日9時31分”指的時刻，故A錯誤；B．神舟十六號飛船升空到對接不是做直線運動，所以路程大于400km，故B錯誤；C．神舟十六號飛船在與核心艙對接的過程中，飛船的形狀大小不能忽略不計，不能視作質(zhì)點，故C正確；D．神舟十六號升空過程中，以景海鵬為參考系，朱楊柱、桂海潮都處于靜止狀態(tài)，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，A、B是齒輪邊緣兩點，C點位于A所在齒輪的中間（圖中未標出），三點距各自軸心的距離，在齒輪轉(zhuǎn)動過程中（）A.B.B、C兩點線速度大小滿足C.A、B的向心加速度大小之比D.若兩齒輪做非勻速圓周運動，A、B兩點線速度大小仍有【答案】D【解析】AD．由圖可知，A、B同緣傳動，無論勻速圓周運動還是變速圓周運動邊緣線速度大小均相等，即由，可得故A錯誤，D正確；B．A、C同一齒輪同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，由可得A、B線速度大小相同，所以故B錯誤；C．由向心加速度公式，可得A、B兩點向心加速度大小之比為故C錯誤。故選D。4.空手道的前沖拳中，拳頭從停在腰部位置開始出擊，迅速向前直到手臂完全伸直。某位空手道選手出拳過程中拳頭的速率變化如圖所示，下列說法正確的是（）A.在時拳頭的速率最大B.在時間內(nèi)拳頭前伸了C.在時間內(nèi)，選手的拳頭正在回縮D.在時間內(nèi)加速度大小等于時間內(nèi)加速度大小【答案】A【解析】A．由圖像可知，在時拳頭的速率最大，A正確；B．根據(jù)圖像面積可知，在時間內(nèi)拳頭前伸的距離滿足B錯誤；C．在時間內(nèi)，選手的拳頭正在向前做減速運動，C錯誤；D．根據(jù)圖像的切線斜率可知，在時間內(nèi)加速度大小大于時間內(nèi)加速度大小，D錯誤。故選A。5.在電梯內(nèi)放一體重計，電梯靜止時，小花站在體重計上示數(shù)為50kg，電梯運動過程中，某段時間內(nèi)小花發(fā)現(xiàn)體重計示數(shù)如圖所示，在這段時間內(nèi)下列說法正確的是（）A電梯一定豎直向上運動B.電梯一定豎直向下運動C.小花所受的重力變小了D.電梯的加速度大小為，方向豎直向下【答案】D【解析】AB．由題意可知，小花這段時間是處于失重狀態(tài)，故小花的加速度方向豎直向下，可能是加速向下運動，也有可能是減速向上運動，故AB錯誤；C．小花所受的重力只與小花的質(zhì)量和當?shù)氐闹亓铀俣扔嘘P(guān)，而這兩個物理量沒有發(fā)生變化，故C錯誤；D．有牛頓第二定律可知，對小花進行受力分析，代入可知，方向豎直向下，故D正確。故選D。6.如圖所示，兩個相同的物體A、B疊在一起放在粗糙的水平桌面上，連在物體B上的輕繩通過定滑輪與空箱C相連，箱內(nèi)放有一小球與箱內(nèi)壁右側(cè)接觸，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．已知A、B的質(zhì)量均為m，C的質(zhì)量為M，小球的質(zhì)量為m0，物體B與桌面的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，不計滑輪摩擦和空氣阻力，下列說法正確的是（）A.物體A受到三個力的作用B.小球受到三個力的作用C.桌面受到物體的摩擦力大小為2μmgD.桌面受到物體的摩擦力大小為（M＋m0）g【答案】D【解析】以A為研究對象，根據(jù)平衡條件可知B對A沒有摩擦力，則A受到重力和B的支持力二個力作用，故A錯誤；小球受重力和箱底的支持力兩個力，故B錯誤；以AB整體為研究對象，由平衡條件得知，桌面對B的摩擦力等于（M+m0）g，B與桌面間的靜摩擦力不一定達到最大，所以桌面對B的摩擦力不一定等于2μmg，由牛頓第三定律知桌面受到物體的摩擦力大小為（M+m0）g，故C錯誤，D正確．所以D正確，ABC錯誤．7.如圖所示，質(zhì)量為m的燈籠用兩根輕繩AO、BO懸掛且保持靜止。AO與水平方向夾角為，BO水平，AO、BO的拉力大小分別為、，重力加速度為g。下列關(guān)系式正確的有（）A. B. C. D.【答案】B【解析】以O(shè)點為對象，根據(jù)平衡條件可得，可得，故選B。8.如圖所示，質(zhì)量為2kg的物體A和質(zhì)量為3kg的物體B靜止于豎直的輕彈簧上，取重力加速度g=10m/s2。某時刻將物體B拿去，則在物體B拿去的瞬時，物體A的加速度大小為（）A.5m/s2 B.10m/s2 C.15m/s2 D.0【答案】C【解析】初始時，兩物體處于靜止狀態(tài)，則物體B拿去的瞬時，彈簧彈力不變，對A有聯(lián)立解得故選C。9.在沒有起重機的情況下，工人要將油桶搬運上汽車，常常用如圖所示的方法。已知油桶重力大小為G，斜面的傾角為。當工人對油桶施加方向不同的推力時，油桶始終處于勻速運動狀態(tài)。假設(shè)斜面與油桶的接觸面光滑。在推力由水平方向逐漸變?yōu)樨Q直向上的方向的過程中，以下關(guān)于油桶受力的說法正確的是（）A.若力沿水平方向，的大小為B.若力沿水平方向，斜面對油桶的支持力大小為C.由水平方向逐漸變?yōu)樨Q直方向的過程中，斜面對油桶的支持力先減小后增大D.由水平方向逐漸變?yōu)樨Q直方向的過程中，推力先減小后增大【答案】D【解析】AB．根據(jù)題意，若力沿水平方向，對油桶受力分析，如圖所示由平衡條件有解得故AB錯誤；CD．根據(jù)題意，由水平方向逐漸變?yōu)樨Q直方向的過程中，受力如圖所示由圖可知，斜面對油桶的支持力減小，推力先減小后增大，故C錯誤，D正確。故選D。10.如圖所示，bc為固定在小車上的水平橫桿，物塊M串在桿上，靠摩擦力保持相對桿靜止，M又通過輕細線懸吊著一個小鐵球m，此時小車正以大小為a的加速度向右做勻加速運動，而M、m均相對小車靜止，細線與豎直方向的夾角為θ。小車的加速度逐漸增大，M始終和小車保持相對靜止，當加速度增加到2a時（）A.橫桿對M的摩擦力增加到原來的2倍B.橫桿對M的彈力增大到原來的2倍C.細線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍D.細線的拉力增加到原來的2倍【答案】A【解析】對小球受力分析，受重力mg和細線的拉力T，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有再對m和M整體受力分析，受總重力、支持力N、摩擦力f，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有解得拉力為摩擦力為AB．當加速度變?yōu)?倍時，不影響橫桿對M的作用力，支持力N不變，A正確，B錯誤；D．由于，故T不是增加原來的2倍，故D錯誤；C．θ的正切變?yōu)樵瓉淼?倍，但θ不是2倍，故C錯誤。故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.某中學校運會進行入場式表演時，無人機從地面開始起飛，在空中進行跟蹤拍攝。若無人機在水平和豎直方向運動的速度隨時間變化的關(guān)系圖像如圖甲、乙所示，則無人機（）A.在時間內(nèi)，運動軌跡為曲線 B.在時間內(nèi)，運動軌跡為直線C.在時間內(nèi)，速度均勻變化 D.在時間內(nèi)，無人機做勻變速運動【答案】CD【解析】A．在時間內(nèi)，由圖甲、乙可知，無人機水平方向、豎直方向均做初速度為0的勻加速直線運動，則無人機的合運動為初速度為0的勻加速直線運動，故A錯誤；BC．在時間內(nèi)，由圖甲、乙可知，無人機水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動，則無人機的合運動為勻變速曲線運動，加速度保持不變，所以速度均勻變化，故B錯誤，C正確；D．在時間內(nèi)，由圖甲、乙可知，無人機水平方向的加速度恒定不變，豎直方向的加速度恒定不變，則無人機的合加速度恒定不變，所以無人機做勻變速運動，故D正確。故選CD。12.下列有關(guān)生活中的圓周運動的實例分析，正確的是（）A.圖甲中自行車正常行駛時大齒輪上A點線速度小于后輪上C點的線速度B.圖乙為演員表演豎直“水流星”節(jié)目，當小桶恰好通過最高點時可以不受繩子拉力C.圖丙中火車在傾斜路面上轉(zhuǎn)彎時車輪輪緣與內(nèi)軌間一定會有側(cè)向擠壓D.圖丁為洗衣機脫水桶，其脫水原理是水滴受到的離心力大于向心力，從而被甩出【答案】AB【解析】A．圖甲中自行車正常行駛時大齒輪上A點和后輪上B點的線速度大小相同，后輪上B點的角速度與C點的角速度相同，由可知，B點線速度小于C點線速度，則A點線速度小于C點線速度，故A正確；B．圖乙演員表演豎直“水流星”節(jié)目，當小桶恰好通過最高點時，重力提供向心力，繩子拉力為零，故B正確；C．圖丙中火車在傾斜路面上轉(zhuǎn)彎時，車輪輪緣與內(nèi)軌間只有當火車的重力和支持力的合力大于提供所需向心力時才會有側(cè)向擠壓，故C錯誤；D．圖丁為洗衣機脫水桶，其脫水原理是水滴所受的實際力小于需要的向心力，從而被甩出，故D錯誤。故選AB。13.如圖所示，一質(zhì)量為的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置質(zhì)量為的小滑塊。木板受到水平拉力作用時，用傳感器測出長木板的加速度與水平拉力的關(guān)系如圖所示，重力加速度，下列說法正確的是（）A.小滑塊的質(zhì)量B.小滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為0.2C.當水平拉力增大時，小滑塊的加速度一定增大D.當水平拉力時，長木板的加速度大小為【答案】ABD【解析】AB．由圖乙可得，當拉力等于6N時，小滑塊和長木板剛好要發(fā)生相對滑動，以、為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得以為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得其中，聯(lián)立解得，當拉力大于6N時，長木板的加速度為可知圖像的斜率為聯(lián)立解得，故AB正確；C．當水平拉力大于6N時。長木板與小滑塊已經(jīng)發(fā)生相對滑動，此后F增大，小滑塊的加速度也不再增大，而是保持不變。故C錯誤；D．當水平拉力時，長木板的加速度大小為故D正確；故選ABD。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.在“探究平拋運動的特點”實驗中：（1）圖甲是橫擋條卡住平拋小球，用鉛筆標注小球最高點，確定平拋運動軌跡的方法，坐標原點應(yīng)選小球在斜槽末端點時的______。A.球心 B.球的上端 C.球的下端（2）圖乙是利用圖甲裝置拍攝小球做平拋運動的頻閃照片，由照片可判斷實驗操作中的錯誤是______。A.釋放小球時初速度不0B.釋放小球的初始位置不同C.斜槽末端切線不水平（3）在本實驗中要求小球多次從斜槽上同一位置由靜止釋放的理由是____________?！敬鸢浮浚?）B（2）C（3）確保多次運動小球拋出的初速度相同，運動軌跡相同【解析】【小問1解析】圖甲是橫擋條卡住平拋小球，用鉛筆標注小球最高點作為小球軌跡的記錄點，所坐標原點應(yīng)選小球在斜槽末端點時的球的上端。故選B【小問2解析】由圖可知，小球做斜拋運動。所以斜槽末端切線不水平。故選C?！拘?解析】在本實驗中要求小球多次從斜槽上同一位置由靜止釋放的理由是：確保多次運動小球拋出的初速度相同，運動軌跡相同。15.在“探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗中，選用的向心力演示器如圖所示。轉(zhuǎn)動手柄，使槽內(nèi)的小球隨之做圓周運動。小球向外擠壓橫臂擋板，使橫臂壓縮塔輪中心的彈簧測力套筒，彈簧被壓縮的格數(shù)可從標尺讀出，格數(shù)比即為兩小球向心力大小之比。小球放在A、B、C處做圓周運動的軌跡半徑之比為。（1）演示器塔輪皮帶可上下?lián)軇?，目的是為了改變兩小球做圓周運動的________；A.角速度B.質(zhì)量C.半徑（2）演示器左、右變速塔輪最上層的半徑相等，為探究向心力大小與半徑的關(guān)系，現(xiàn)將塔輪皮帶都撥到最上層，下列操作正確的是________；A.選用兩個相同的鋼球分別放在擋板A和擋板B處B.選用兩個相同的鋼球分別放在擋板B和擋板C處C.選用兩個相同大小的鋼球和鋁球分別放在擋板B和擋板C處D.選用兩個相同大小的鋼球和鋁球分別放在擋板A和擋板C處（3）如果（2）中操作正確，當勻速轉(zhuǎn)動手柄時，發(fā)現(xiàn)左邊和右邊標尺上露出的紅白相間的等分格數(shù)之比為________；（4）用此裝置做實驗有較大的誤差，誤差產(chǎn)生的主要原因是________。A.勻速轉(zhuǎn)動時的速度過大B.無法做到兩小球的角速度相同C.實驗過程中難以保證小球做勻速圓周運動D.讀數(shù)時標尺露出的紅白相間的等分格數(shù)不穩(wěn)定【答案】（1）A（2）B（3）（4）CD##DC【解析】（1）塔輪通過皮帶傳動，套皮帶的兩輪邊緣線速度相等，皮帶上下?lián)軇?，目的是通過改變轉(zhuǎn)動半徑改變兩小球做圓周運動的角速度。故選A。（2）為探究向心力大小與半徑的關(guān)系，應(yīng)使兩球的質(zhì)量、角速度相等，將塔輪皮帶都撥到最上層，兩小球的角速度相等，故選用兩個相同的鋼球分別放在擋板B和擋板C處。故選B。（3）根據(jù)可知發(fā)現(xiàn)左邊和右邊標尺上露出的紅白相間的等分格數(shù)之比為（4）A．勻速轉(zhuǎn)動時的速度過大，不會引起較大的誤差，故A錯誤；B．可通過調(diào)節(jié)塔輪做到兩小球的角速度相同，故B錯誤；C．實驗過程中難以保證小球做勻速圓周運動，使得角速度發(fā)生變化引起誤差，故C正確；D．讀數(shù)時標尺露出的紅白相間的等分格數(shù)不穩(wěn)定，從而產(chǎn)生誤差，故D正確。故選CD。16.有一只小船正在過河，河寬，小船在靜水中的速度，水的流速。小船以下列條件過河時，求過河的時間。（1）以最短的時間過河；（2）以最短的位移過河?！敬鸢浮浚?）60s（2）75s【解析】【小問1解析】當小船船頭方向垂直于河岸時，即小船在靜水中的速度的方向垂直于河岸時，過河時間最短，則最短時間【小問2解析】因為，所以當小船的合速度方向垂直于河岸時，過河位移最短。此時合速度方向如圖所示則過河時間17.如圖為游樂場飛椅項目，某飛椅由4條繩索懸掛，可抽象為如圖乙所示模型，已知繩長，水平橫梁，飛椅和小孩總質(zhì)量，整個裝置可繞豎直軸勻速轉(zhuǎn)動，繩與豎直方向夾角，小孩可視為質(zhì)點，g取，取，，求：（1）飛椅（和小孩）所需向心力大小；（2）飛椅轉(zhuǎn)動的角速度；（3）每條繩子的拉力大小?！敬鸢浮浚?）300N（2）（3）125N【解析】【小問1解析】飛椅（和小孩）所需向心力大小為代入數(shù)據(jù)解得【小問2解析】飛椅和小孩做圓周運動的半徑根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得【小問3解析】由于豎直方向受力平衡，有代入數(shù)據(jù)得所以每條繩子拉力為