高級中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年第二學(xué)期六校聯(lián)合體期中調(diào)研高一物理一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每小題4分，共44分．每題只有一個選項(xiàng)最符合題意．1.如圖所示，蚊香點(diǎn)燃后緩慢燃燒，該蚊香燃燒點(diǎn)的運(yùn)動速率保持不變，則該燃燒點(diǎn)（）A.線速度不變 B.繞一圈（360°）所用時間保持不變C.向心加速度變大 D.角速度變小【答案】C【解析】A．該蚊香燃燒點(diǎn)的運(yùn)動速率保持不變，速度大小不變，方向時刻改變，故A錯誤；B．隨著蚊香燃燒，半徑越來越小，則圓的周長越來越小，線速度大小不變，則繞一圈（360°）所用時間變少，故B錯誤；C．根據(jù)結(jié)合B選項(xiàng)分析可知該燃燒點(diǎn)向心加速度變大，故C正確;D．根據(jù)結(jié)合B選項(xiàng)分析可知角速度變大，故D錯誤。故選C。2.真空中有兩個完全相同、相互吸引的導(dǎo)體小球A和B（可視為點(diǎn)電荷），小球A所帶的電荷量是小球B的3倍。將兩小球固定在空間某兩點(diǎn)時，它們之間庫侖力的大小為F。將兩小球互相接觸后再放回原處，它們之間庫侖力的大小為（）A. B. C.F D.無法判斷【答案】A【解析】兩小球相互吸引，則兩球帶異種電荷，設(shè)為3q和-q，則根據(jù)庫侖定律將兩小球互相接觸后再放回原處，兩球帶電量分別為q、q，則庫侖力為故選A。3.如圖所示，某同學(xué)坐在摩天輪的座椅上隨座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，座椅始終保持水平。圖中M、N與圓心O等高，P位于最低點(diǎn)，Q位于最高點(diǎn)。下列說法中正確的是（）A.M處座椅對人的支持力大于人的重力B.N處座椅對人的作用力大于人的重力C.P處座椅對人的支持力小于人的重力D.Q處座椅對人的摩擦力方向水平向右【答案】B【解析】AB．M處和N處與圓心等高位置時，豎直方向，座椅對他的支持力等于其所受重力；水平方向，座椅對他的作用力提供指向圓心的向心力，則座椅對人的合力大于其所受重力，故A錯誤，B正確；C．P處在最低點(diǎn)，向心力指向上方，所以則支持力所以支持力大于重力，故C錯誤；D．Q處座椅對人的作用力在豎直方向上，座椅對人沒有摩擦力，故D錯誤。故選B。4.地球和哈雷彗星繞太陽運(yùn)行的軌跡如圖所示，彗星從a運(yùn)行到b、從c運(yùn)行到d的過程中，與太陽連線掃過的面積分別為S1和S2，且。彗星在近日點(diǎn)與太陽中心的距離約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的0.6倍，則彗星（）A.在近日點(diǎn)的速度大于地球的速度B.從a運(yùn)行到b的時間等于從c運(yùn)行到d的時間C.在近日點(diǎn)加速度約為地球加速度的0.36倍D.從b運(yùn)行到c的過程中動能先增大后減小【答案】A【解析】A．地球繞太陽做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力可得哈雷彗星在近日點(diǎn)曲率半徑小于地球半徑，近日點(diǎn)所在圓軌道的速度大于地球速度，又哈雷彗星在近日點(diǎn)速度大于近日點(diǎn)所在圓軌道的速度，因此哈雷彗星在近日點(diǎn)的速度大于地球繞太陽的公轉(zhuǎn)速度，A正確；B．根據(jù)開普勒第二定律可知哈雷彗星繞太陽經(jīng)過相同的時間掃過的面積相同，根據(jù)可知從a運(yùn)行到b的時間大于從c運(yùn)行到d的時間，B錯誤；C．由萬有引力提供向心力可得則哈雷彗星的加速度與地球的加速度比值為C錯誤。D．從b運(yùn)行到c的過程中萬有引力與速度方向夾角一直為鈍角，哈雷彗星速度一直減小，因此動能一直減小，D錯誤。故選A。5.引體向上是中學(xué)生體育測試項(xiàng)目之一，若某高一學(xué)生每分鐘完成20次引體向上，該學(xué)生此過程中克服重力做功的平均功率最接近于（）A.1W B.10W C.100W D.1000W【答案】C【解析】學(xué)生的質(zhì)量估計(jì)為，每次重心向上的位移約為，則每次克服重力做功每次用時間為則該學(xué)生此過程中克服重力做功的平均功率最接近于最接近100W。故選C。6.如圖所示，d處固定有負(fù)點(diǎn)電荷Q，一個帶電質(zhì)點(diǎn)只在電場力作用下運(yùn)動，射入此區(qū)域時的軌跡為圖中曲線，a、b、c、d恰好是一正方形的四個頂點(diǎn)，則有（）A.a、b、c三點(diǎn)處電勢高低關(guān)系是B.質(zhì)點(diǎn)由a到c，電勢能先增加后減小，在b點(diǎn)動能最小C.質(zhì)點(diǎn)在a、b、c三點(diǎn)處的加速度大小之比為D.若將d處的點(diǎn)電荷改為，該帶電質(zhì)點(diǎn)的軌跡仍可能為曲線【答案】B【解析】A．根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷的電場線分布特點(diǎn)可知，距離負(fù)點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)的位置，電勢越高，則a、b、c三點(diǎn)處電勢高低關(guān)系為故A錯誤；B．帶電粒子只在電場力作用下做曲線運(yùn)動時，電場力應(yīng)指向軌跡的凹側(cè)，故帶電質(zhì)點(diǎn)帶正電，由a到b電勢升高，電勢能增加，動能減小，由b到c電勢降低，電勢能減小，動能增加，故在b點(diǎn)動能最小，故B正確；C．設(shè)正方形的邊長為l，根據(jù)庫侖定律則質(zhì)點(diǎn)在a、b、c三點(diǎn)處所受電場力之比為根據(jù)牛頓第二定律，加速度之比為故C錯誤；D．若將d處的點(diǎn)電荷改為+Q，帶電質(zhì)點(diǎn)將受到斥力作用，軌跡應(yīng)該向力的方向彎曲，不可能為曲線abc，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，三角形位于勻強(qiáng)電場中，沿電場線方向，垂直于，，，a、b間電勢差為。下列說法正確的是（）A.間電勢差B.間電勢差C.場強(qiáng)大小為D.場強(qiáng)在、方向的分量大小之比為【答案】C【解析】C．設(shè)ab與ac夾角為，則由場強(qiáng)與電勢差的關(guān)系可知得V/m故C正確；A．bc間電勢差為故A錯誤；B．a(chǎn)c間電勢差為故B錯誤；D．場強(qiáng)在、方向的分量大小之比為故D錯誤。故選C。8.兩個電荷量相等的正點(diǎn)電荷，分別固定在圖中P、Q兩點(diǎn)，MN為PQ連線的中垂線，交PQ連線于O點(diǎn)，A為MN上的一點(diǎn)。一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點(diǎn)由靜止釋放，只在靜電力作用下運(yùn)動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則（）A.O點(diǎn)是P、Q的連線上電勢最高的點(diǎn)B.q運(yùn)動到O點(diǎn)時電勢能為零C.q由A點(diǎn)向O點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動D.q由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動的過程中電勢能逐漸減小【答案】D【解析】A．根據(jù)等量同種正電荷電場強(qiáng)度分布可知點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，直線上，電場強(qiáng)度方向指向，，根據(jù)沿著電場線電勢降低可知O點(diǎn)是P、Q的連線上電勢最低的點(diǎn)，故A錯誤；B．在直線上，根據(jù)沿著電場線電勢降低可知O點(diǎn)是的連線上電勢高的點(diǎn)，無窮遠(yuǎn)處電勢為零，可知O點(diǎn)時電勢大于零，根據(jù)可知q運(yùn)動到O點(diǎn)時電勢能小于零，故B錯誤；C．根據(jù)兩等量正電荷周圍電場線分布可知，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向，故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運(yùn)動做非勻加速直線運(yùn)動，故C錯誤；D．從A到O過程，電場力做正功，動能增大，電勢能減小，故D正確。故選D。9.利用圖示裝置通過靜電計(jì)指針偏角的變化情況可以探究有關(guān)平行板電容器問題，開始時，兩金屬板A、B豎直平行且正對，開關(guān)S閉合。下列說法正確的是（）A.若僅將A板緩慢豎直向上平移，則靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度增大B.若S斷開后，僅將A板緩慢水平向左平移，則靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角度減小C.若S斷開后，僅在A、B板間插入玻璃板，則靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度增大D.若S斷開后，僅將A板緩慢豎直向上平移，則靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度增大【答案】D【解析】A.開關(guān)S閉合，兩板間的電壓不變，所以將A板豎直向上平移，靜電計(jì)指針張角不變，故A錯誤；B.若S斷開后，僅將A板緩慢水平向左平移，板間距離d增大，根據(jù)可知得知電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U增大，則靜電計(jì)指針張角增大，故B錯誤；C.若S斷開后，僅在A、B板間插入玻璃板，相對介電常數(shù)增大，，根據(jù)可知得知電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U減小，則靜電計(jì)指針張角減小，故C錯誤；D.斷開電鍵，電容器帶電量不變，僅將A板緩慢豎直向.上平移，AB正對面積變小，根據(jù)可知得知電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U增大，則靜電計(jì)指針張角增大，故D正確。故選D。10.從地面上以初速度豎直向上拋出一質(zhì)量的小球，若運(yùn)動過程中小球受到的空氣阻力f大小與其速率v成正比，其關(guān)系為（k為常量）。小球運(yùn)動的速率隨時間變化規(guī)律如圖所示，t1時刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地時速率且落地前已經(jīng)做勻速運(yùn)動（?。?，則以下說法正確的是（）A.k的值為0.2N·s/mB.小球拋出瞬間的加速度大小為30m/s2C.小球在上升階段克服阻力做功為6JD.小球拋出到落地過程中機(jī)械能損失量為12J【答案】D【解析】A．小球落地前以v1勻速運(yùn)動，則有即故A錯誤；B．小球拋出瞬間的加速度大小為故B錯誤；D．小球拋出到落地過程中機(jī)械能損失量代入數(shù)據(jù)可得故D正確；C．由功能關(guān)系可知小球拋出到落地過程中克服空氣阻力做的功等于機(jī)械能減少量，即小球拋出到落地過程中克服空氣阻力做的功等于上升階段與下降階段的位移大小相等，由題意易知小球在上升階段克服空氣阻力的平均大小大于下降階段克服空氣阻力的平均大小，故小球在上升階段克服空氣阻力做功大于下降階段克服空氣阻力做功，則小球在上升階段克服空氣阻力做功大于故C錯誤。故選D。11.一帶正電的粒子在電場中由靜止釋放，僅在靜電力作用下沿直線由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，如圖甲所示。這個過程中粒子的電勢能Ep與位移x的關(guān)系如圖乙所示。用表示A、B間各點(diǎn)的電勢，a表示粒子的加速度大小，v表示粒子的速度大小，Ek表示粒子的動能。下列圖像中合理的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】A．由于可知，圖像斜率的絕對值表示電場力大小，根據(jù)圖乙可知，沿直線由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，電場力逐漸減小，則加速度逐漸減小，故A錯誤；B．由于可知，帶正電的粒子的電勢能與電勢成正比，即圖像與圖像相同，故B錯誤；C．結(jié)合上述，圖像斜率的絕對值表示電場力大小，根據(jù)圖乙可知，沿直線由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，電場力逐漸減小，則加速度逐漸減小，則在相鄰相等位移之內(nèi)的速度變化量的減小，可知，圖像不是一條直線，而是一條曲線，且圖像斜率逐漸減小，故C錯誤；D．根據(jù)動能定理有根據(jù)功能關(guān)系有解得可知，粒子的動能與粒子的電勢能成線性關(guān)系，則圖像的斜率與圖像的斜率絕對值相等，圖像的斜率為負(fù)值，圖像的斜率為正值，結(jié)合上述可知，圖像的斜率逐漸減小，故D正確。二、非選擇題：共5題，共56分，其中第13~16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．12.某小組同學(xué)利用如圖1所示的裝置完成“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。（1）在實(shí)驗(yàn)過程中，下列實(shí)驗(yàn)操作和數(shù)據(jù)處理正確的是（）A.為了完成該實(shí)驗(yàn)，必須測出重錘的質(zhì)量mB.釋放重錘前，手捏住紙帶上端并使重錘盡量遠(yuǎn)離打點(diǎn)計(jì)時器C.為測量計(jì)時器打下某點(diǎn)時重錘的速度v，需要先測量該點(diǎn)到起始點(diǎn)O的距離h，再根據(jù)公式計(jì)算重錘的速度vD.為計(jì)算重錘重力勢能的減少量，可以用刻度尺測量某點(diǎn)到起始點(diǎn)O的距離h，利用公式計(jì)算重力勢能的減少量（2）選出一條清晰的紙帶如圖2所示，其中O點(diǎn)為打點(diǎn)計(jì)時器打下的第一個點(diǎn)（初速度視為0），A、B、C為三個清晰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，打點(diǎn)計(jì)時器的工作頻率為，A和B、B和C之間各有四個計(jì)時點(diǎn)未畫出。用刻度尺測得OA=4.60cm，AB=14.40cm，BC=23.60cm。重錘的質(zhì)量為1.00kg，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2。則：打點(diǎn)計(jì)時器打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B時，重錘的速度大小為____；從打下O點(diǎn)到打下B點(diǎn)過程中重錘動能增加量Ek=___J，重力勢能減少量Ep=____J。(計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)（3）利用該實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出重錘下落速度的平方與下落高度h之間的圖像，下列圖像中可能正確的是A. B. C. D.【答案】（1）D（2）1.901.811.86（3）B【解析】小問1解析】A．該實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證兩邊都有m，則不需要測出重錘的質(zhì)量m，故A錯誤；B．釋放重錘前，手捏住紙帶上端并使重錘盡量靠近打點(diǎn)計(jì)時器，故B錯誤；C．若用公式計(jì)算重錘的速度v，就等于間接用了機(jī)械能守恒定律，這樣就失去了驗(yàn)證的意義，故C項(xiàng)錯誤；D．為計(jì)算重錘重力勢能的減少量，可以用刻度尺測量某點(diǎn)到起始點(diǎn)O的距離h，利用公式計(jì)算重力勢能的減少量，故D正確。故選D?！拘?解析】相鄰計(jì)時點(diǎn)之間還各有四個計(jì)時點(diǎn)未畫出，則打點(diǎn)計(jì)時器打下計(jì)數(shù)點(diǎn)B時，重錘的速度大小為從打下O點(diǎn)到打下B點(diǎn)過程中重錘動能增加量重力勢能減少量【小問3解析】根據(jù)機(jī)械能守恒可知解得即與h成正比，故選B。13.我國發(fā)射的“天問一號”火星探測器著陸火星表面。假設(shè)“天問一號”著陸前曾繞火星做勻速圓周運(yùn)動，其周期為T，軌道半徑為r。已知火星的半徑為R，引力常量為G，不考慮火星自轉(zhuǎn)的影響。求：（1）火星的質(zhì)量M；（2）火星的第一宇宙速度大小v．【答案】（1）（2）【解析】【小問1解析】由萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得解得【小問2解析】探測器在火星表面飛行時萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得14.如圖所示，帶電荷量的帶電小球A固定在絕緣的水平面上，另一個帶電荷量、質(zhì)量m=0.36kg的小球B恰好靜止在A正上方的D點(diǎn)?，F(xiàn)將小球B先固定，讓一個與A完全相同的不帶電的小球C與小球A接觸一下，移走小球C，再由D點(diǎn)靜止釋放小球B，已知靜電力常量，g=10m/s2。在小球B下落過程中，求：（小球A、B均可視為點(diǎn)電荷）（1）D點(diǎn)距地面的高度h；（2）小球B從釋放到速度達(dá)到最大的過程中經(jīng)過的距離?！敬鸢浮浚?）1m（2）0.293m【解析】【小問1解析】對小球B受力分析，由平衡條件得由庫侖定律得解得【小問2解析】讓一個與A完全相同的不帶電的小球C與小球A接觸一下，移走小球C，則小球A所帶的電荷量為當(dāng)小球B所受合力為0時速度最大，設(shè)此時A、B距離為h1，由平衡條件有解得則小球B從釋放到速度達(dá)到最大的過程中經(jīng)過的距離為15.如圖所示，可繞固定轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動的剛性輕質(zhì)支架兩端固定質(zhì)量分別為m、2m的小球A、B，支架兩條邊的長度均為L，用手將B球托起至與轉(zhuǎn)軸O等高，此時連接A球的細(xì)桿與豎直方向的夾角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小為g?，F(xiàn)突然松手，兩小球在擺動的過程中，求：（1）當(dāng)A球與轉(zhuǎn)軸O等高時B球的動能；（2）A球從釋放到轉(zhuǎn)至與轉(zhuǎn)軸O等高的過程中，輕桿對B球做的功；（3）要使A球能轉(zhuǎn)到O點(diǎn)正上方，則在圖示位置釋放時，A球初動能的最小值?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1解析】A、B兩球共軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，線速度大小也相等。設(shè)A球與轉(zhuǎn)軸O等高時的速度大小為v，由機(jī)械能守恒定律有，又聯(lián)立解得【小問2解析】對B球分析，由動能定理可得解得【小問3解析】取O點(diǎn)所在水平面為參考平面，當(dāng)A球轉(zhuǎn)到O點(diǎn)正上方速度為零時，釋放時A球初動能最小值為EkA，則有，且解得16.如圖所示，一質(zhì)量m=1.0kg的小物塊置于一光滑傾斜直軌道上。傾斜直軌道足夠長且與光滑的平臺平滑連接。在平臺的右端有一長的傳送帶AB，物塊與傳送帶間