第PAGE"pagenumber"pagenumber頁，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁第PAGE"pagenumber"pagenumber頁，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁暑期綜合提高練習（十二）——2025-2026年高中物理新高三年級暑期強化訓練選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．對核聚變及核反應方程的理解·基礎)2023年4月13日,中國“人造太陽”反應堆中科院環(huán)流器裝置(EAST)創(chuàng)下新紀錄,實現(xiàn)403秒穩(wěn)態(tài)長脈沖高約束模等離子體運行,為可控核聚變的最終實現(xiàn)又向前邁出了重要的一步,下列關于核反應的說法正確的是 ()A．相同質量的核燃料,輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多B．氘氚核聚變的核反應方程為12H+13C．核聚變的核反應燃料主要是鈾235D．核聚變反應過程中沒有質量虧損2．某同學收集了關于海王星的資料，它的公轉軌道半徑約為地球公轉軌道半徑的30倍，質量約為地球質量的17倍，半徑約為地球半徑的4倍，地球表面重力加速度為g。下列說法中正確的是（）A．海王星公轉的加速度大小約為地球公轉加速度的倍B．海王星公轉的周期約為165年C．海王星表面的重力加速度約為2gD．海王星的第一宇宙速度約為15.8km/h3．一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為0.5m/s．t1=0時的波動圖像如圖所示，A． B．C． D．4．如圖所示，用兩根長分別為l1、l2的細線拴一小球a，細線另一端分別系在一豎直桿上O1、O2處，當豎直桿以某一范圍的角速度ω(ω1≤ω≤ω2)轉動時，小球a保持在圖示虛線的軌跡上做圓周運動A．3:4 B．3:5 C．5．如圖所示，A、B為兩個對稱的圓錐的頂點，相距2l，圓錐的底面半徑為l，C點為圓錐底面圓周上的一點（圖中未畫出），O點為AB連線的中點，D點為OB連線的中點．現(xiàn)把兩個電荷量都是Q的正點電荷分別置于A、B兩點．該空間為真空，靜電力常量為k．則下列說法正確的是（）A．圓周上各點的電場強度的方向都平行于AB連線B．圓周上C點的電場強度大小為2C．在OB連線上各點的電場強度都一定大于C點的電場強度D．將另一個帶負電的試探電荷q從C點沿CO、OD的折線路徑移動到D點的過程中，其電勢能一定逐漸減小6．如圖所示，在水平勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場中，有一豎直固定的足夠長的絕緣桿MN，小球P套在桿上。已知P的質量為m、電荷量為＋q，電場強度為E，磁感應強度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。小球由靜止開始下滑，在運動過程中小球的最大加速度為a0，最大速度為v0，則下列判斷正確的是A．小球開始下滑時的加速度最大B．小球的速度由12v0增大至v0的過程中，C．當a＝12a0時，小球的速度v與v0之比vvD．當v＝12v0時，小球的加速度a與a0之比aa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示，水平傳送帶長x=6m，以v=2m/s的速率順時針轉動，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，傾角θ=37°的光滑斜面與傳送帶右側平滑連接，斜面長為L=3m，質量為m=1kg的乙靜止在斜面底端，將相同質量的甲從斜面頂端由靜止釋放，甲乙發(fā)生彈性碰撞，下列說法正確的是（）A．物體乙滑上傳送帶的速度為6m/sB．物體乙能夠運動到B端C．整個過程中物體乙在傳送帶上留下的劃痕長度為3.2mD．整個過程中產生的焦耳熱為32J8．一束復色光，照射到底面有反射涂層的平行玻璃磚上表面后，經下表面反射從玻璃磚上表面射出，光線分為a、b兩束，如圖所示。下列說法正確的是（）A．a光的頻率大于b光的頻率B．a光在玻璃中的速度大于b光在玻璃中的速度C．用同一裝置進行雙縫干涉實驗，a光的條紋間距小于b光的條紋間距D．從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角大于b光的臨界角9．利用風力發(fā)電會出現(xiàn)發(fā)電高峰與用電高峰錯時的現(xiàn)象，需要設計節(jié)能儲能輸電網絡。如圖所示，若風力發(fā)電輸出功率恒為500kW，輸電線總電阻R＝100Ω，其余線路電阻忽略不計，用戶兩端電壓恒為U＝48kV，白天用戶的用電功率為480kW，夜晚用戶的用電功率為96kW，所有變壓器均為理想變壓器。下列說法正確的是A．白天輸送給儲能站的功率為10kWB．夜晚輸送給儲能站的功率為40kWC．白天輸電線上損失的功率為10kWD．白天輸電線上損失的功率為0．4kW10．如圖所示，半徑為R的光滑半球固定在水平地面上，有一質量為m的可視為質點的小球靜止在半球的最高點，受到微小擾動后由靜止開始沿球面下滑，一段時間后小球與半球分離。重力加速度大小為g，不計一切阻力，從小球開始下滑到落地前的過程中，下列說法正確的是A．小球機械能不守恒B．小球落地時的速率為2C．小球與半球分離時，小球離地的豎直高度為2D．小球落地前瞬間重力的瞬時功率為mg46三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某物理課外活動小組準備用單擺測量當?shù)氐闹亓铀俣取?1)下列器材和操作最合理的是。A． B． C． D．(2)某次測量小球直徑的結果如圖所示，則這次測量的讀數(shù)為mm。(3)實驗中，測得擺球經過N次全振動的總時間為Δt。在測量單擺的擺長時，先用毫米刻度尺測得擺線長度為l，再用游標卡尺測量擺球的直徑為D。則重力加速度的表達式為g=(用題目中給出的字母表示)。(4)如果測得的g值偏小，可能的原因是。A．測擺長時，擺線拉得過緊B．擺線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計時時，停表過遲按下D．實驗時誤將49次全振動記為50次12．某實驗小組測量的電阻，已知的阻值約為，提供器材如下：A．電流表（量程為，內阻約為）B．電流表（量程為，內阻）C．電壓表V（量程為，內阻約）D．定值電阻E．定值電阻F．滑動變阻器（0~3Ω，允許通過的最大電流為200mA）G．滑動變阻器（0~20Ω，允許通過的最大電流為400mA）H．滑動變阻器（0~50Ω，允許通過的最大電流為400mA）I．蓄電池（電動勢為，內阻很小）J．開關(1)定值電阻應選，滑動變阻器應選。（填器材前面的序號）(2)測量中要求誤差盡可能小，并能測量多組數(shù)據，請在虛線框中畫出測量電阻的實驗電路圖。(3)用表示電流表的示數(shù)，表示電流表的示數(shù)，表示電壓表V的示數(shù)，根據所選器材和設計電路，電阻的表達式為（用題中符號表示）。(4)從系統(tǒng)誤差的角度出發(fā)，該實驗的測量值（填“大于”“等于”或“小于”）真實值。13．如圖甲所示，一高度為H的汽缸直立在水平地面上，汽缸壁和活塞都是絕熱的，活塞橫截面積為S，在缸的正中間和缸口處有固定卡環(huán)，活塞可以在兩個卡環(huán)之間無摩擦運動．活塞下方封閉有一定質量的理想氣體，已知理想氣體內能U與溫度T的關系為（k為正的已知常量），重力加速度為g．初始狀態(tài)封閉氣體溫度為，壓強等于外界大氣壓強，現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱，封閉氣體先后經歷了如圖乙所示的三個狀態(tài)變化過程，求：(1)活塞質量m；(2)從過程中，氣體對外做的功W；(3)從全過程中，氣體內能增加量。14．如圖，足夠長的兩傾斜金屬導軌與水平地面的夾角均為，間距均為L=1m，最低處平滑連接（無能量損失），左上端接有電容的電容器，一質量m=1kg的導體棒與兩側導軌間的動摩擦因數(shù)均為0.5，導體棒和導軌的電阻均不計。兩側導軌均存在著垂直于導軌所在平面的勻強磁場，磁感應強度B=4T，現(xiàn)使導體棒從左側導軌上某處由靜止釋放，經時間t1（未知）第一次到達最低點的速度，然后滑上右側導軌，多次運動后，最終停在導軌的最低點。整個過程中電容器未被擊穿，忽略兩磁場間相互影響，重力加速度g取，0.8，求：（1）導體棒第一次運動到最低點時，電容器所帶電荷量Q；（2）導體棒第一次運動到最低點時所用時間t1，第一次運動到最低點時電容器儲存的能量EC；（3）導體棒運動的總時間t總。15．如圖所示，豎直面內的光滑絕緣圓弧軌道與足夠長的粗糙水平地面平滑連接，點在圓心點正下方，軌道半徑，整個空間存在豎直向上、大小的勻強電場。一個質量，電荷量的帶正電小滑塊，從軌道點靜止釋放，經過點后立即與另一個質量，不帶電的靜止小滑塊發(fā)生彈性碰撞（碰撞過程不發(fā)生電荷轉移，且碰撞時間極短）。已知與地面間的動摩擦因數(shù)，重力加速度取均視為質點。求：(1)到達圓軌道點（與碰前）的速度大??；(2)到達圓軌道點（與碰前）對軌道的壓力大?。?3)碰后的最大距離。

參考答案1．【知識點】核反應的反應方程及能量計算、質量虧損與愛因斯坦質能方程【答案】A【解析】相同質量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多，A正確；核反應方程必須遵循電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒，所以氘氚核聚變的核反應方程為12H＋13H→24He＋01n，B錯誤；核聚變的核反應燃料主要是氘和氚，C錯誤；核聚變反應過程中釋放能量，有質量虧損，D錯誤.2．【知識點】計算某一星球的重力加速度【答案】B【詳解】由題意可知，，由萬有引力提供向心力，可得，海王星公轉的加速度大小約為地球公轉加速度的倍，A錯誤；由萬有引力提供向心力，可得，則，海王星公轉的周期約為164.3年，接近165年，B正確；在天體表面有，可得，可得海王星表面的重力加速度為，C錯誤；由萬有引力提供向心力，可得，則，可得海王星的第一宇宙速度約為，D錯誤。3．【知識點】波的圖像和振動圖像的綜合應用【答案】A【解析】4s內波傳播的距離為x=vt=2m，t=λxT=T24．【知識點】圓錐擺問題【答案】A【解析】設長度為l1、l2的兩細線與豎直方向的夾角分別為θ1、θ2，將細線拉力沿豎直方向和水平方向分解，豎直方向的分力大小等于小球的重力，水平方向的分力提供向心力，若長度為l2的細線中沒有彈力，則有F向1=mgtanθ1=mω?12r，若長度為l5．【知識點】電勢能與靜電力做功、電場的疊加

【答案】D【解析】根據等量同種點電荷電場線的分布特點可知，圓周上各點的電場強度的方向都垂直于AB連線，A錯誤；圓周上C點的電場強度大小為E=2kQr2?cos45°=2kQ(l2+l2)2?cos45°=2kQ2l2，B錯誤；由O到B，電場強度由0逐漸增加，而C點場強不為0，6．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】B【解析】小球剛開始下滑時，對小球受力分析，桿對小球的彈力大小FN＝Eq，滑動摩擦力大小Ff＝μEq，在豎直方向，根據牛頓第二定律有mg－μEq＝ma1，隨著小球速度的增加，小球所受的洛倫茲力由0逐漸增大，則Eq＝Bqv＋FN，可知隨著小球速度的增加，桿對小球的彈力減小，摩擦力減小，當洛倫茲力的大小等于小球所受電場力的大小時，桿對小球的彈力為零，此時小球在豎直方向僅受重力，加速度達到最大，為重力加速度，即a0＝g，隨著小球速度的進一步增大，洛倫茲力將大于電場力，桿上再次出現(xiàn)彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現(xiàn)，豎直方向的合外力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球的重力，小球速度達到最大值，此后小球將做勻速直線運動，因此小球開始下滑時的加速度不是最大，A錯誤；由A項分析可知，小球剛開始運動時，加速度大小為a1＝g－μEqm，在整個過程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開始時加速度是由0開始增加的，則根據運動的對稱性可知，當加速度最大時，小球速度恰好達到12v0，但實際上加速度并不是由0開始增加的，因此可知，當加速度最大時，小球的速度還未達到12v0（關鍵點：將物體的運動與加速度由0開始增加進行對比，根據對稱性得出結論），而加速度達到最大之后由于摩擦力的再次出現(xiàn)，小球開始做加速度減小的加速運動，由此可知，小球的速度由12v0增大至v0的過程中，小球的加速度一直減小，B正確；當a＝12a0時，小球可能正在做加速度增大的加速運動，也可能正在做加速度減小的加速運動，若小球正在做加速度增大的加速運動，則v與v0之比vv0小于12，但若小球正在做加速度減小的加速運動，則v與v0之比vv0大于12，C錯誤；當小球的加速度大小為a0＝g，即加速度達到最大時，小球的速度還未達到12v0，因此當v＝12v0時，小球的加速度a一定小于a0，此時由牛頓第二定律有mg－μ（Bqv－Eq）＝ma，即ma0－μ12Bqv0－Eq＝ma，而當小球速度最大時，由牛頓第二定律有ma0＝μ（Bqv0－Eq），聯(lián)立可得7．【知識點】傳送帶模型中的能量守恒問題【答案】AD【詳解】甲沿斜面下滑，根據牛頓第二定律可得，，解得，甲乙發(fā)生彈性碰撞，有，，解得，，由此可知物體乙滑上傳送帶的速度為6m/s，A正確；乙在傳送帶上先向左做勻減速直線運動，其位移為，，解得，由此可知，乙不能夠運動到B端，B錯誤；乙做勻減速直線運動的過程中相對位移大小為，之后乙反向加速到達到共速相對位移大小為，所以整個過程中物體乙在傳送帶上留下的劃痕長度為，C錯誤；整個過程中產生的焦耳熱為，D正確。8．【知識點】全反射與折射的綜合應用【答案】AC【詳解】作出光路圖如圖所示，a光的偏折程度較大，則a光的折射率較大，頻率較大，波長較短，A正確；根據折射定律有，折射率越大，速度越小，所以a光在玻璃中的速度小于b光在玻璃中的速度，B錯誤；根據雙縫干涉條紋間距公式，則a光的條紋間距小于b光的條紋間距，C正確；由光的臨界角公式有，折射率越大，臨界角越小，所以從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時，a光的臨界角小于b光的臨界角，D錯誤。9．【知識點】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關系及其應用【答案】AC【解析】由題意可知，白天用戶的用電功率P1＝480kW，由公式可知I2＝P1U＝10A，在輸電線上損失的功率ΔP＝I22R＝10kW，則白天輸送給儲能站的功率P儲＝P－P1－ΔP＝10kW，A、C正確，D錯誤；夜晚用戶的用電功率P2＝96kW，由公式可知I'2＝P2U＝2A，在輸電線上損失的功率ΔP'＝I'22R＝400W，則夜晚輸送給儲能站的功率為P'儲＝P－P210．【知識點】單一物體機械能守恒定律的應用、豎直面內圓周運動問題、連接體問題（整體和隔離法）、臨界問題【答案】BCD【解析】小球運動過程中沒有與外界發(fā)生機械能交換，機械能守恒，A錯誤；小球到達地面前，由機械能守恒得mgR＝12mv2，則v＝2gR，B正確；設小球在P點與半球分離，P點和球心的連線與水平方向夾角為α，在P點，小球與半球間擠壓的作用力為零（關鍵點：分離的臨界條件為壓力為零），mgsinα＝mvP2R，又由機械能守恒定律得mgR（1－sinα）＝12mvP2，則小球與半球分離時，小球離地的豎直高度為h＝Rsinα＝23R，C正確；從P點飛出時小球在豎直方向的分速度vPy＝vPcosα＝1－2232·23gR＝309gR，小球在豎直方向上做勻加速直線運動，落地時豎直分速度滿足vy2＝v11．【知識點】實驗：用單擺測量重力加速度【答案】(1)D；(2)10.020；(3)2π【詳解】(1)根據單擺模型可知，為減小空氣阻力的影響，擺球應采用密度較大、體積較小的鐵球，為使單擺擺動時擺長不變，擺球應用不易變形的細絲線，懸點應用鐵夾來固定，故選D。(2)這次測量的讀數(shù)為10mm+2.0×0.01mm=10.020mm。(3)根據單擺周期公式T=2πLg，其中L=l+D2，T=ΔtN，解得(4)因為重力加速度的表達式為g=4π2LT2，測擺長時擺線拉得過緊，所測得的擺長偏大，則所測得的重力加速度偏大，故A錯誤；擺線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，即實際中的擺線長度增加了，測得的擺長偏小，故所測得的重力加速度偏小，故B正確；開始計時時，停表過遲按下，所測得的周期偏小，則所測得的重力加速度偏大，故C錯誤；實驗中誤將49次全振動記為50次，所測得的周期偏小，則所測得的重力加速度偏大12．【知識點】實驗：電阻的測量【答案】(1)D，G，(2)，(3)，(4)等于【詳解】（1）由題意，可知所提供電壓表的量程過大，不利于讀數(shù)，需要將內阻已知的A2改裝成電壓表來測電壓，定值電阻選時量程為，定值電阻選，即選D。測量中要求誤差盡可能小，并能測量多組數(shù)據，可知滑動變阻器采用分壓式接法，選經估算通過干路的電流約為，不可取，選約為，滑動變阻器選擇，即選G。（2）結合前面分析，由于電壓表內阻準確已知，電流表選擇外接法，電路設計如圖所示（3）根據電路設計，可得待測電阻兩端電壓為，流過的電流為，。（4）由上述分析可知，該實驗無系統(tǒng)誤差，實驗的測量值等于真實值。13．【知識點】利用理想狀態(tài)方程解決問題、氣體的p-T（p-t）圖像【答案】(1)；(2)；(3)【詳解】（1）過程，氣體在等壓膨脹，由受力平衡有：解得：（2）過程，圖像斜率不變，體積不變，只有在過程中氣體對外做功，從過程，氣體對外做的功：（3）在全過程中，由理想氣體狀態(tài)方程，有解得氣體在d狀態(tài)的溫